2025届湖北省重点高中智学联盟新高三8月联考生物试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1湖北省重点高中智学联盟2025届新高三8月联考考试一、单选题（每题2分，共计36分）1.生物学的实验设计要遵循很多原理，以下关于高中生物学实验设计的说法中，正确的是（）A.鲁宾和卡门用同位素18O同时标记H2O和CO2确定了光合作用中氧气来源于水B.艾弗里的肺炎链球菌转化实验，用不同酶处理S型菌细胞提取物运用了“减法原理”C.探究DNA是半保留复制实验和分泌蛋白的合成和运输实验中都用了放射性同位素标记法，但标记的元素不同D.探究酵母菌呼吸作用方式的实验，有氧组用NaOH吸收CO2运用了“减法原理”〖答案〗B〖祥解〗在对照实验中，控制自变量可以采用“加法原理”或“减法原理”。与常态比较，人为增加某种影响因素的称为“加法原理”。例如，在“比较过氧化氢在不同条件下的分解”的实验中，与对照组相比，实验组分别作加温、滴加FeCl3溶液、滴加肝脏研磨液的处理，就利用了“加法原理”。与常态比较，人为去除某种影响因素的称为“减法原理”。例如，在艾弗里的肺炎链球菌转化实验中，每个实验组特异性地去除了一种物质，从而鉴定出DNA是遗传物质，就利用了“减法原理”。【详析】A、鲁宾和卡门用同位素18O分别标记H2O和CO2，第一组向植物提供H218O和CO2，释放的是18O2；第二组提供H2O和C18O2，释放的是O2，证明光合作用产生的O2来自H2O，而不是CO2，A错误；B、艾弗里的肺炎链球菌转化实验，用不同酶处理S型菌细胞提取物，目的是除去相应的成分，采用的是“减法原理”，B正确；C、在探究DNA复制方式时，使用了同位素标记技术来确定DNA复制是半保留复制还是全保留复制，用15N标记脱氧核苷酸，而15N不具有放射性；在分泌蛋白的合成和运输实验中，利用了放射性同位素标记法，用3H标记氨基酸，3H具有放射性，C错误；D、减法原理是排除自变量对研究对象的干扰，探究酵母菌呼吸作用方式的实验，其自变量为是否有氧气，而有氧组用NaOH吸收CO2，目的是排除空气中的CO2对实验产生的干扰，故有氧组用NaOH吸收CO2没有体现“减法原理”，D错误。故选B。2.细胞会经历生长、增殖、分化、衰老和死亡等生命进程。下列叙述正确的是（）A.细胞在生长过程中物质交换的效率越来越来高B.细胞凋亡是一种严格受基因调控的死亡，如被病原体侵害的细胞的清除过程C.衰老细胞的细胞核体积缩小，对新陈代谢的控制效果减弱D.已经有科学家用胚胎干细胞成功诱导得到大脑，利用的原理是细胞的全能性〖答案〗B〖祥解〗一、细胞分化是指在个体发育中，由一个或一种细胞增殖产生的后代，在形态，结构和生理功能上发生稳定性差异的过程。细胞分化的实质：基因的选择性表达。二、衰老细胞的特征：（1）细胞内水分减少，细胞萎缩，体积变小，但细胞核体积增大，染色质固缩，染色加深；（2）细胞膜通透性功能改变，物质运输功能降低；（3）细胞色素随着细胞衰老逐渐累积；（4）有些酶的活性降低；（5）呼吸速度减慢，新陈代谢减慢。【详析】A、细胞在生长过程中细胞体积增大，相对表面积减小，物质交换的效率变低，A错误；B、细胞凋亡是基因决定的细胞死亡过程，属于编程性死亡，是正常的生理性变化，如被病原体侵害的细胞的清除过程，B正确；C、衰老细胞的细胞核体积变大，C错误；D、已经有科学家用胚胎干细胞成功诱导得到大脑，大脑是器官，不是个体，也没有分化为各种细胞，所以该过程不能体现细胞的全能性，只是利用了细胞增殖和分化的原理，D错误。故选B。3.动植物细胞均可能有液泡。植物液泡中含有糖类、色素和多种水解酶等。动物液泡是细胞内氧化还原的中心，是蛋白质等物质浓缩的主要场所之一。下列叙述正确的是（）A.植物液泡中的糖类可在水解酶的作用下氧化分解供能B.植物液泡中贮存的水解酶最早由附着在内质网上的核糖体合成C.植物粉色花瓣、红色果实是液泡中不同色素的呈现D.动物液泡合成了大量与氧化还原反应相关的酶〖答案〗C〖祥解〗液泡主要存在于植物细胞中，内有细胞液，含糖类、无机盐、色素和蛋白质等物质，可以调节植物细胞内的环境，充盈的液泡还可以使植物细胞保持坚挺。【详析】A、植物液泡中的大分子糖类可在水解酶的作用下水解成小分子糖类，且糖类氧化分解供能的场所是细胞质基质和线粒体，A错误；B、植物液泡中贮存的水解酶最早由游离的核糖体合成，B错误；C、植物粉色花瓣、红色果实是由液泡中含有的色素决定的，C正确；D、酶绝大多数是蛋白质，少量为RNA，合成场所不是动物液泡内，D错误。故选C。4.原发性闭角型青光眼的主要原因是眼睛内房水生成速度大于流出速度，造成眼内压力增高，损伤视神经，造成视野或视力等视功能下降。房水约有0.15～0.3mL，含有多种营养物质，可维持眼内压力。下列有关叙述错误的是（）A.房水是视神经生存的内环境，属于组织液B.房水中葡萄糖可进入视神经细胞的线粒体氧化分解供能C.原发性闭角型青光眼可能与房水排出障碍有关D.正常人的房水含量保持动态平衡，维持眼内正常压力〖答案〗B〖祥解〗由细胞外液构成的液体环境叫作内环境，包括组织液、血浆、淋巴等。内环境的组成成分和理化性质保持动态平衡。【详析】A、房水含有多种营养物质，是视神经生存的内环境，属于组织液，A正确；B、葡萄糖不能进入线粒体，而是在细胞质基质中被分解，B错误；C、原发性闭角型青光眼的主要原因是眼睛内房水生成速度大于流出速度，造成眼内压力增高，损伤视神经，造成视野或视力等视功能下降，因此原发性闭角型青光眼可能与房水排出障碍有关，C正确；D、内环境的成分和理化性质保持相对稳定，所以正常人的房水含量保持动态平衡，从而维持眼内正常压力，D正确。故选B。5.人在睡梦中偶尔会出现心跳明显加快、呼吸急促，甚至惊叫。如果此时检测这些人的血液，会发现肾上腺素含量明显升高。下列叙述错误的是（）A.肾上腺素升高可以提高警觉性，有助于从梦境中醒来B.睡梦中心跳加快与交感神经活动增强、副交感神经活动减弱有关C.在这种情况下，肾上腺素的升高主要是由大脑皮层直接调控的D.交感神经兴奋促进肾上腺素释放进而引起心跳加快，属于神经一体液调节〖答案〗C〖祥解〗一、支配内脏、血管和腺体的传出神经，它们的活动不受意识支配，称为自主神经系统。自主神经系统由交感神经和副交感神经两部分组成，它们的作用通常是相反的。当人体处于兴奋状态时，交感神经活动占据优势，心跳加快，支气管扩张，但胃肠的蠕动和消化腺的分泌活动减弱；而当人处于安静状态时，副交感神经活动则占据优势，此时，心跳减慢，但胃肠的蠕动和消化液的分泌会加强，有利于食物的消化和营养物质的吸收。二、神经—体液调节是指通过神经影响激素的分泌，再由激素对机体功能实施调节的方式。【详析】A、肾上腺素可以提高机体的应激能力，睡梦中肾上腺素升高可提高警觉性，有助于从梦境中醒来，A正确；B、交感神经兴奋，心跳会加快，副交感神经兴奋，心跳会减慢，所以睡梦中心跳加快与交感神经活动增强、副交感神经活动减弱有关，B正确；C、在睡梦中，交感神经兴奋时，肾上腺髓质分泌肾上腺素增加，故肾上腺素的升高主要是由交感神经兴奋直接调控的，C错误；D、交感神经兴奋时，肾上腺髓质分泌的肾上腺素增加，可以提高机体的代谢水平，属于神经－体液调节，D正确。故选C。6.如图表示人动脉血压维持相对稳定的一种反射过程。动脉血压正常时，过高过紧的衣领会直接刺激颈动脉窦压力感受器，引起后续的反射过程，使人头晕甚至晕厥，即“衣领综合征”。下列叙述错误的是（）A.颈动脉窦压力感受器只能感受血压的升高而不能感受血压的降低B.当颈动脉窦压力感受器被激活时，会导致心脏活动减弱和血管扩张，从而降低血压C.在“衣领综合征”中，反射启动后引起的血压下降是导致头晕的主要原因D.动脉血压维持相对稳定的过程体现了负反馈调节作用〖答案〗A〖祥解〗反射弧是反射活动的结构基础，包括5部分：①感受器：感受刺激，将外界刺激的信息转变为神经的兴奋；②传入神经：将兴奋传入神经中枢；③神经中枢：对兴奋进行分析综合；④传出神经：将兴奋由神经中枢传至效应器；⑤效应器：对外界刺激作出反应。【详析】A、感受器的功能是感受刺激，将外界刺激的信息转变为神经的兴奋，颈动脉窦压力感受器既能感受血压的升高也能感受血压的降低，A错误；B、由图可知，当颈动脉窦压力感受器被激活时，产生的兴奋经过窦神经传递给心血管中枢，进而导致心脏活动减弱和血管扩张，从而降低动脉血压，B正确；C、在“衣领综合征”中，过高过紧的衣领使血压升高，血压升高启动反射，使动脉血压下降，进而导致头晕，C正确；D、负反馈是指受控部分发出的反馈信息调整控制部分的活动，最终使受控部分的活动朝着与它原先活动相反的方向改变，由图可知，动脉血压维持相对稳定的过程体现了负反馈调节作用，D正确。故选A。7.某些病原微生物的感染会引起机体产生急性炎症反应（造成机体组织损伤）。为研究化合物Y的抗炎效果，研究人员以细菌脂多糖（LPS）诱导的急性炎症小鼠为空白对照，以中药复方制剂H为阳性对照，用相关淋巴细胞的增殖率表示炎症反应程度，进行相关实验，结果如图。下列说法正确的是（）A.化合物Y的效果优于中药复方制剂H，因为它能更有效地抑制淋巴细胞的增殖B.实验结果表明，空白对照组小鼠未表现出任何炎症反应C.化合物Y可以增强急性炎症小鼠的特异性免疫反应D.LPS作为诱导剂是因为它能够模拟细菌感染，从而诱发急性炎症反应〖答案〗D〖祥解〗据图所示，实验自变量为是否使用药剂和使用药剂种类不同，因变量为淋巴细胞增殖率，使用中药复方制剂H和化合物Y均能降低淋巴细胞的增殖率，且中药复方制剂H抗炎效果更好。【详析】A、由空白对照与阳性对照组实验结果可知，淋巴细胞的增殖率越高说明炎症反应程度越大，化合物Y对淋巴细胞增殖率的抑制作用低于中药复方制剂H，因此说明中药复方制剂H比化合物Y具有更好的抗炎效果，A错误；B、空白对照组是研究人员以细菌脂多糖诱导的急性炎症小鼠，实验结果表明，空白对照组小鼠淋巴细胞增殖率较高，应表现出炎症反应，B错误；C、使用化合物Y后，淋巴细胞的增殖率降低，特异性免疫反应需要淋巴细胞的参与，因此化合物Y会减弱急性炎症小鼠的特异性免疫反应，C错误；D、脂多糖是细菌的组成成分，它能模拟细菌感染，被机体的天然免疫系统识别进而诱发机体产生炎症反应，D正确。故选D。8.赤霉素（GA3）可以影响苹果试管苗α-淀粉酶活性。如图为某实验小组研究GA3处理柱型苹果试管苗和普通型苹果试管苗所得的结果（处理时间均为15天）。下列分析错误的是（）A.不同GA3浓度下柱型苹果试管苗的α-淀粉酶活性可能相等B.GA3对两种苹果试管苗α-淀粉酶活性的影响与其浓度无关C.柱型苹果试管苗对GA3的响应比普通型苹果试管苗更为敏感D.GA3对两种苹果试管苗α-淀粉酶活性的影响可能与处理时间有关〖答案〗B〖祥解〗分析题图，赤霉素（GA3）处理普通型苹果，在较低浓度条件下，即0.5mg/L-1.0mg/L范围内，随着浓度的增加，a-淀粉酶活性增加；在1.0mg/L-2.5mg/L范围内，随着浓度的增加，a-淀粉酶活性有所下降，在2.5mg/L-3.0mg/L范围内，随着浓度的增加，a-淀粉酶活性几乎不变；赤霉素（GA3）处理柱型苹果，在1.5mg/L-2.0mg/L范围内，随着浓度的增加，a淀粉酶活性增加；在2.0mg/L-3.0mg/L范围内，随着浓度的增加，a-淀粉酶活性有所下降；2.0mg/L时，a-淀粉酶活性最高。【详析】A、由图可知，在最适浓度的两侧，不同的GA3浓度下柱型苹果试管苗的α-淀粉酶活性相同，则不同GA3浓度下柱型苹果试管苗的α-淀粉酶活性可能相等，A正确；B、据题图分析可知，两种苹果试管苗α-淀粉酶活性与GA3的浓度有关，B错误；C、柱型苹果试管苗对GA3的响应变化较为明显，普通型苹果试管苗的曲线相对平缓，因此柱型苹果试管苗对GA3的响应比普通型苹果试管苗更为敏感，C正确；D、实验中处理时间均为15天，即处理时间为无关变量，实验中自变量为GA3浓度和苹果种类，但随着苹果的成熟度不同，可能会导致苹果中α-淀粉酶活性变化，故GA3对两种苹果试管苗α-淀粉酶活性的影响可能与处理时间有关，D正确。故选B。9.光敏色素是植物中参与光调控生长发育的重要因子，对种子萌发、开花周期等生理过程具有重要作用。科学家研究发现，给予种子红光照射，光敏色素发生活化，并经一系列生理反应，最终导致赤霉素含量增加，种子萌发；而给予种子远红光照射，光敏色素发生钝化，最终赤霉素合成受抑制，种子无法萌发。下列有关叙述正确的是（）A.光敏色素是一类蛋白质，只分布在植物分生组织的细胞中B.在受到相应光照射时，光敏色素的结构会发生变化，但不影响基因的表达C.光敏色素的状态变化直接影响种子的萌发D.远红光照射下，光敏色素的状态改变导致赤霉素合成减少〖答案〗D〖祥解〗光敏色素引起的生理变化为：光信号→细胞感受光信号→光敏色素被激活，结构发生变化→信号转导→细胞核接受信号→调控特定基因表达→产生特定物质→产生生物学效应。【详析】A、光敏色素是一类蛋白质，分布在植物的各个部位，其中在分生组织的细胞内比较丰富，A错误；B、在受到相应光照射时，光敏色素的结构会发生变化，这一变化的信息会经过信息传递系统传导到细胞核内，影响特定基因的表达，B错误；C、根据题意可知，光敏色素活化，导致赤霉素含量增加，进而影响种子萌发，C错误；D、根据题干“给予种子远红光照射，光敏色素发生钝化，最终赤霉素合成受抑制，种子无法萌发”可知，远红光照射下，光敏色素的状态改变导致赤霉素合成减少，D正确。故选D。10.大肠杆菌在含有3H-脱氧核苷培养液中培养，3H-脱氧核苷掺入到新合成的DNA链中，经特殊方法显色，可观察到双链都掺入3H-脱氧核苷的DNA区段显深色，仅单链掺入的显浅色，未掺入的不显色。掺入培养中，大肠杆菌拟核DNA第2次复制时，局部示意图如图。DNA双链区段①、②、③对应的显色情况可能是（）A.深色、浅色、浅色 B.浅色、深色、深色C.深色、浅色、深色 D.浅色、深色、浅色〖答案〗D〖祥解〗DNA的复制方式为半保留复制，子代DNA分子其中的一条链来自亲代DNA，另一条链是新合成的，这种方式称半保留复制。半保留复制的意义：遗传稳定性的分子机制。【详析】大肠杆菌在含有³H-脱氧核苷培养液中培养，DNA的复制方式为半保留复制，大肠杆菌拟核DNA第1次复制后产生的子代DNA的两条链一条被³H标记，另一条未被标记，大肠杆菌拟核DNA第2次复制时，以两条链中一条被³H标记，另一条未被标记的DNA分子为模板，结合题干显色情况，DNA双链区段①为浅色，②中两条链均含有³H显深色，③中一条链含有³H一条链不含³H显浅色，ABC错误，D正确。故选D。11.噬菌体ΦX174的遗传物质为单链环状DNA分子，部分序列如图。下列有关叙述正确的是（）A.D基因包含456个碱基，编码152个氨基酸B.DNA复制合成的子链和转录合成的RNA延伸方向均为由3'端向5'端C.噬菌体ΦX174的DNA复制需要DNA聚合酶和4种核糖核苷酸D.E基因和D基因的编码区序列存在部分重叠，且重叠序列编码的氨基酸序列不相同〖答案〗D〖祥解〗图示重叠基因的起始和终止位点不同，对应的氨基酸序列不同；DNA分子的基本单位是脱氧核苷酸，RNA的基本单位是核糖核苷酸。【详析】A、根据图示信息，D基因编码152个氨基酸，但D基因上包含终止密码子对应序列，故应包含152×3+3=459个碱基，A错误；B、DNA复制合成的子链和转录合成的RNA延伸方向均为由5'端向3'端，B错误；C、DNA的基本单位是脱氧核糖核酸，噬菌体ΦX174的DNA复制需要DNA聚合酶和4种脱氧核糖核苷酸，C错误；D、由图分析可知，E基因和D基因的编码区序列存在部分重叠，但重叠序列编码的氨基酸序列不相同，D正确。故选D。12.某昆虫的翅型有正常翅和裂翅，体色有灰体和黄体，控制翅型和体色的两对等位基因独立遗传，且均不位于Y染色体上。研究人员选取一只裂翅黄体雌虫与一只裂翅灰体雄虫杂交，F1表型及比例为裂翅灰体雌虫：裂翅黄体雄虫：正常翅灰体雌虫：正常翅黄体雄虫=2：2∶1∶1。让全部F1相同翅型的个体自由交配，F2中裂翅黄体雄虫占F2总数的（）A.1/12 B.1/18 C.1/16 D.1/10〖答案〗D〖祥解〗若知道某一性状在子代雌雄个体种出现的比例或数量，则依据该性状在雌雄个体中的比例是否一致可以确定是常染色体遗传还是伴性遗传：若子代性状的表现与性别相关联，则可确定为伴性遗传。【详析】分析题意，翅型有正常翅和裂翅，假设控制翅型的基因为A、a，体色有灰体和黄体，假设控制体色的基因为B、b，由于控制翅型和体色的两对等位基因独立遗传，可知两对基因的遗传遵循自由组合定律。研究人员选取一只裂翅黄体雌虫与一只裂翅灰体雄虫杂交，F1表型及比例为裂翅灰体雌虫：裂翅黄体雄虫：正常翅灰体雌虫：正常翅黄体雄虫=2：2：1：1，分析F1表现型可以发现，雌虫全为灰体，雄虫全为黄体，又因为控制翅型和体色的两对等位基因均不位于Y染色体上，因此可推测控制体色的基因位于X染色体上，且黄体为隐性性状。裂翅黄体雌虫与裂翅灰体雄虫杂交，F1出现了正常翅的性状，可以推测裂翅为显性性状，正常翅为隐性性状。由以上分析可以推出亲本裂翅黄体雌虫的基因型为AaXbXb，裂翅灰体雄虫的基因型为为AaXBY。AaXbXb和AaXBY杂交，正常情况下，F1中裂翅：正常翅=3：1，实际得到F1中裂翅：正常翅=2：1，推测应该是AA存在致死情况。AaXbXb和AaXBY杂交，F1表型及比例为裂翅灰体雌虫（AaXBXb）：裂翅黄体雄虫（AaXbY）：正常翅灰体雌虫（aaXBXb）：正常翅黄体雄虫（aaXbY）=2：2：1：1，AaXbXb和AaXBY杂交，将两对基因分开计算，先分析Aa和Aa，子代Aa：aa=2：1，让全部F1相同翅型的个体自由交配，即2/3Aa×Aa（由于因AA致死，子代为1/3Aa、1/6aa），1/3aa×aa（子代为1/3aa），因此子代中Aa：aa=2：3，即Aa占2/5，aa占3/5，再分析XBXb和XbY，后代产生XbY的概率是1/4，故F2中裂翅黄体雄虫（AaXbY）占F2总数2/5×1/4=1/10，D符合题意。故选D。13.某同学绘制了如图所示的能量流动图解（其中W1为生产者固定的太阳能），下列叙述中正确的是（）A.生产者固定的总能量可表示为W1或（D1+A2+B2+C2+D2）B.第二营养级的能量可表示为（A2+B2+C2+D2）C.由第一营养级到第二营养级的能量传递效率可表示为D2/D1D.能量流动具有单向流动、逐级递减的特点，能量在两个营养级之间的传递效率一定是10%-20%〖答案〗B〖祥解〗生态系统中的能量流动从生产者固定太阳能开始。能量流动特点为单向流动、逐级递减。生态系统中，能量流动只能从第一营养级流向第二营养级，再依次流向后面的各个营养级，因此是单向不可逆转的。【详析】A、生产者固定的总能量可表示为W1或（A1+B1+C1+D1），A1表示呼吸作用散失的能量，B1表示未被利用的能量，C1表示流向分解者的能量，而D1=A2+B2+C2+D2是流入下一营养级（初级消费者）的能量，故生产者固定的总能量可表示为（A1+B1+C1+A2+B2+C2+D2），A错误；B、流向第二营养级的能量为D1或（A2+B2+C2+D2），B正确；C、由第一营养级到第二营养级的能量传递效率为D1/W1×100%，C错误；D、能量在两个营养级之间的传递效率一般为10%～20%，D错误。故选B。14.我国西北某市积极构建多处自然保护区、国家级湿地公园，对被过度开垦、过度放牧而严重破坏的草地进行保护和恢复。科研人员对保护区内不同功能区的植物丰富度进行了调查，结果如下图所示。下列说法不正确的是（）A.该自然保护区中禾本科、豆科、菊科等植物星罗密布，这体现了群落的垂直结构B.恢复重建区建立后，减少了人类活动，发现物种的丰富度在不断变化，该区域发生的群落演替类型属于次生演替C.整个保护区中，抵抗力稳定性最差的功能区是管理服务区D.人类活动会改变群落演替的速度和方向〖答案〗A〖祥解〗演替类型：（1）初生演替：发生于以前没有植被覆盖过的原生裸地上的群落演替叫做初生演替，如光裸岩石上进行的演替；（2）次生演替：在次生裸地（原群落被破坏、有植物繁殖体）上发生的演替，如火灾过后的草原发生的演替；【详析】A、该自然保护区中禾本科、豆科、菊科等植物星罗密布，体现了群落的水平配置状况或水平格局，是群落的水平结构，A错误；B、恢复重建区建立后，杜绝了人类在其中的活动，发现生物的丰富度在不断变化，由于该区域保留了土壤和一定的植被条件，故发生的群落演替属于次生演替，B正确；C、一般而言，生态系统中的生物种类越多，营养结构越复杂，生态系统的自我调节能力就越强，抵抗力稳定性就越高，据图分析，整个保护区中，管理服务区中的植物丰富度最低，营养结构最简单，因此其抵抗力稳定性最差，C正确；D、人类活动会影响群落的演替，往往使群落演替按照不同于自然演替的方向和速度进行，D正确。故选A。15.“海洋牧场”是将人工放养的鱼、虾、贝、藻等聚集起来，进行有计划的海上放养和系统管理，达到生态效益和经济效益双赢。下图为某贝—鱼—藻复合生态系统中物质循环的部分过程。下列说法不正确的是（）A.图示珠母贝属于生态系统组成成分中的消费者和分解者，珠母贝与浮游动物的种间关系为捕食。B.上述贝—鱼—藻复合生态系统中，鱼类的粪便和残饵可为藻类和珠母贝提供营养，遵循了生态工程中的循环原理，该养殖方式达到生态效益和经济效益双赢则是遵循了整体原理。C.传统网箱单独养鱼易受自然灾害及病害影响，稳定性低于上述生态系统，这是由于传统网箱单独养鱼的生态系统中组分较少，营养结构简单，自我调节能力弱，抵抗力稳定性低D.贝—鱼—藻复合生态养殖需要不断进行物质投入，原因是人工生态系统不断有产品输出，根据物质循环原理，需要不断投入物质来维持。〖答案〗A〖祥解〗生态系统的稳定性是指生态系统所具有的保持或恢复自身结构和功能相对稳定的能力。分为抵抗力稳定性和恢复力稳定性。【详析】A、由题图信息分析可知，珠母贝可取食有机碎屑，是分解者，也可能捕食浮游动植物，是消费者，故珠母贝可能属于生态系统的消费者、分解者，珠母贝以浮游动物和浮游植物为食，而浮游动物以浮游植物为食，所以珠母贝与浮游动物的种间关系为竞争和捕食，A错误；B、在该生态系统中，鱼类的粪便和残饵中的有机物被微生物分解后，可为藻类和珠母贝提供营养物质，体现了生态工程的循环原理，而该养殖方式达到生态效益和经济效益双赢则是遵循了整体原理，B正确；C、传统网箱养鱼中生态系统组分较少，营养结构简单，自我调节能力弱，抵抗力稳定性低，而改生态系统营养结构复杂，抵抗力稳定性较强，C正确；D、该生态系统中产品不断输出，所以为了维持改生态系统的稳定，需要不断投入物质，D正确。故选A。16.食品保存的常用方法有巴氏消毒法、冷藏法、腌制法、干制法等多种方法。下列叙述正确的是（）A.果脯在腌制中慢慢变甜，是细胞主动吸收糖分的结果B.干制降低食品的含水量，使微生物不易生长和繁殖，食品保存时间延长C.低温保存可抑制微生物的生命活动，温度越低对食品保存越有利D.巴氏消毒法是采用较温和的方法，杀死一切对人体有害的致病菌〖答案〗B〖祥解〗食物腐败变质是由于微生物的生长和大量繁殖而引起的，根据食物腐败变质的原因，食品保存就要尽量的杀死或抑制微生物的生长和大量繁殖。【详析】A、果脯在腌制过程中，细胞死亡，细胞膜等膜结构失去了选择透过性，糖分能直接进入细胞中，使果脯慢慢变甜，A错误；B、干制能降低食品中的含水量，使微生物不易生长和繁殖，进而延长食品保存时间，B正确；C、低温能降低酶活性，低温保存可以抑制微生物的生命活动，但不是温度越低越好，一般果蔬的保存温度为零上低温，C错误；D、巴氏消毒法是采用较温和的物理因素，杀死部分对人体有害的致病菌，D错误。故选B。17.植物体细胞杂交育种的一个重要应用是将栽培品种与相关的野生资源作为亲本，经过原生质体融合、选择与再生，使栽培品种获得野生型的抗性特征。下列说法错误的是（）A.诱导原生质体融合常采用电融合法、离心法、聚乙二醇（PEG）融合法、高Ca-高PH融合法等B.植物体细胞融合完成的标志是杂种细胞再生出新的细胞壁C.诱导杂种细胞形成愈伤组织时需要给予适当强度的光照D.植物体细胞杂交的原理是植物细胞具有全能性和细胞膜具有流动性〖答案〗C〖祥解〗植物体细胞杂交，实质是植物原生质体的融合，在融合前需要使用酶解法（纤维素酶和果胶酶）去除植物的细胞壁，再用化学法（聚乙二醇）或物理法（振动、离心、电刺激）诱导原生质体融合，细胞融合完成的标志是融合细胞再生出新的细胞壁；获得融合细胞后需利用植物的组织培养技术将杂种细胞培育成杂种植株。【详析】A、诱导植物细胞融合即原生质体融合常采用电融合法、离心法、聚乙二醇（PEG）融合法、高Ca-高PH融合法等，A正确；B、原生质体融合完成的标志是融合细胞再生出新的细胞壁，B正确；C、诱导杂种细胞形成愈伤组织时无需光照，而在诱导形成芽和根进而形成完整植株的过程中需要给予适当的光照，C错误；D、植物体细胞杂交中细胞融合的过程利用的是细胞膜具有流动性，而融合细胞发育成完整植株利用的是植物细胞的全能性，D正确。故选C。18.生物技术的发展为人类带来了福祉，同时也引起了对其安全性、伦理道德的讨论。下列叙述合理的是（）A.生物武器包括致病菌类、病毒类、毒品类和生化毒剂类等B.生殖性克隆人能丰富人类基因的多样性C.只要有证据表明某转基因产品有害，就应该禁止转基因技术的应用D.转入叶绿体中的基因不会随花粉传递给子代，可避免造成基因污染〖答案〗D〖祥解〗转基因生物的安全性问题：食物安全（滞后效应、过敏源、营养成分改变）、生物安全（对生物多样性的影响）、环境安全（对生态系统稳定性的影响）。对待转基因技术的利弊，正确的做法应该是趋利避害，不能因噎废食。【详析】A、生物武器种类包括致病菌类、病毒类、生化毒剂类，毒品不属于生物武器，A错误；B、生殖性克隆人属于无性繁殖，不能丰富人类基因的多样性，B错误；C、转基因作为一项技术本身是中性的，有证据表明产品有害，就应该禁止该产品的应用，而不是禁止转基因技术的应用，C错误;D、子代受精卵中的细胞质几乎全部来自母方，因此转入叶绿体中的基因不会随花粉传递给子代，从而避免造成基因污染，D正确。故选D。二、非选择题19.原产热带的观赏植物一品红，花小，顶部有像花瓣一样的红色叶片，下部叶片绿色。回答下列问题：（1）科学研究一般经历观察现象、提出问题、查找信息、作出假设、验证假设等过程。①某同学观察一品红的叶片颜色，提出了问题：红叶是否具有光合作用能力。②该同学检索文献获得相关资料：植物能通过光合作用合成淀粉。检测叶片中淀粉的方法，先将叶片浸入沸水处理；再转入热甲醇处理；然后将叶片置于含有少量水的培养皿内并展开，滴加碘-碘化钾溶液（或碘液），观察颜色变化。③结合上述资料，作出可通过实验验证的假设：若______，则红色叶片内可检测到淀粉。④为验证假设进行实验。请完善分组处理，并将支持假设的预期结果填入表格。分组处理预期结果绿叶+光照变蓝绿叶+黑暗不变蓝i______ii______ⅲ______iv______⑤分析：检测叶片淀粉的方法中，叶片浸入沸水和热甲醇处理的目的是______。（2）对一品红研究发现，红叶和绿叶的叶绿素含量分别为0.02g（Chl）·m-2和0.20g（Chl）·m-2，红叶含有较多的水溶性花青素。在不同光强下测得的qNP值和电子传递速率（ETR）值分别如图甲、乙所示。qNP值反映叶绿体通过热耗散的方式去除过剩光能的能力；ETR值反映光合膜上电子传递的速率，与光反应速率呈正相关。花青素与叶绿素的吸收光谱如图丙所示。分析图甲可知，在光强500～2000μmol·m-2·s-1范围内，相对于绿叶，红叶的_______能力较弱。分析图乙可知，在光强800～2000μmol·m-2·s-1，范围内，红叶并未出现类似绿叶的光合作用被______现象。结合图丙可知，强光下，贮藏于红叶细胞______内的花青素可通过______方式达到保护叶绿体的作用。〖答案〗（1）①.一品红的红色叶片具有光合作用的能力②.红叶+光照③.变蓝④.红叶+黑暗⑤.不变蓝⑥.充分去除色素（2）①.叶绿体通过热耗散的方式去除过剩光能②.抑制③.液泡④.吸收过剩光能〖祥解〗一、花青素功能：①光保护作用：花青素具有2个吸收高峰，分别位于270～290nm紫外光区域和500～550nm可见光区域，这也就决定了植物中所含的花青素在一定程度上会影响光合作用，因此，推测其具有吸收过滤可见光和紫外光的保护作用。②渗透调节作用：花青素作为一种水溶性色素，具有渗透调节的作用。在低温胁迫下，植物花青素合成的相关酶活性增加，促使营养器官中积累的碳水化合物转化为花青素，表皮细胞液泡中的花青素使得叶片渗透势降低，降低冰点以减少冻害，从而抵御逆境胁迫。二、根据题意及表格内容可知，该实验为对照实验，需要设置绿叶+光照、绿叶+黑暗、红叶+光照、红叶+黑暗四个小组。三、图甲：自变量为光照强度和叶片颜色，因变量为qNP值；图乙：自变量为光照强度和叶片颜色，因变量为ETR值。【小问1详析】③根据实验的问题，提出假设：如果红叶具有光合作用能力，则红色叶片内可检测到淀粉。④为探究红叶是否像绿叶一样具有光合作用的能力，需分别设置绿叶+光照、绿叶+黑暗、（i）红叶+光照、（iii）红叶+黑暗四个小组。若假设红叶具有光合作用能力成立，则红叶+光照组中，溶液变蓝（ii）；红叶+黑暗组中，溶液不变蓝（iv）。整个实验步骤中，先用沸水处理叶片，将细胞杀死，溶解细胞中的花青素；再将叶片转移到甲醇溶液中，溶解细胞中的叶绿素，所以叶片浸入沸水和热甲醇处理的目的是充分去除色素，以免影响后续实验结果的观察。【小问2详析】分析图甲可知，自变量为光照强度和叶片颜色，因变量为qNP值，当光照强度为500～2000μmol•m-2•s-1范围内时，红叶的qNP值较小，即红叶中叶绿体通过热耗散的方式去除过剩光能的能力较弱。分析图乙可知，随着光照强度的增加，绿叶的ETR值显增大，当光照强度超过800μmol•m-2•s-1时，ETR值减小，即随着光照强度增加，绿叶光合速率先增大后减小，推出光照强度超过一定范围时，绿叶的光合作用反而被抑制。而根据图示可知，在光照强度为500～2000μmol•m-2•s-1范围内时，红叶并未出现光合作用被抑制的情况。红叶中叶绿体通过热耗散的方式去除过剩光能的能力较低。结合图丙可知，储藏在细胞的液泡中花青素，可通过吸收吸收多余光能（蓝光、绿光）的方式，从而保护叶绿体不受强光损伤。20.某自花传粉植物花的颜色有紫色和白色两种，现有纯合紫花品系和多种纯合白花品系，通过杂交发现；纯合紫花品系植株间杂交以后各世代都是紫花；不同的纯合白花品系间杂交，有的F1都开紫花，有的F1都开白花；紫花品系和不同白花品系杂交，F2的紫花和白花性状分离比有3：1、9：7、81：175等，其中所有杂交组合中F2紫花的最小概率为729/4096。回答下列问题：（1）由F2紫花的最小概率为729/4096可推知花色的性状至少由______对等位基因控制，则亲本的紫花和白花的基因型分别是：紫花_____、白花_____（用A、B、C……及a，b，c……表示），且F2紫花中能稳定遗传的个体所占比例为______。（2）白花品系间杂交，若F1为白花，则F4的表现型为______；若F1为紫花，则F1植株至少存在______对等位基因。（3）控制该植株花色的基因是否遵循基因的自由组合定律？______，判断的依据是______。〖答案〗（1）①.6②.AABBCCDDEEFF③.aabbccddeeff④.1/729（2）①.白花②.2（3）①.是②.不同杂交组合的F2中紫花个体占全部个体的比例分别为3/4=（3/4）1、9/16=（3/4）2……729/4096=（3/4）6等，与n对等位基因自由组合且完全显性时，F2中显性个体的比例为（3/4）n一致〖祥解〗自由组合定律的实质：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。【小问1详析】由F2紫花的最小概率为729/4096=（3/4）6，可以推出，花色的性状至少由6对等位基因控制花色，控制花色的6对等位基因位于6对同源染色体上，并且6对基因独立遗传，遵循基因的自由组合定律，F1的基因型为AaBbCcDdEeFf，紫花亲本的基因型为AABBCCDDEEFF，白花亲本的基因型为aabbccddeeff。F2紫花中能稳定遗传的个体（AABBCCDDEEFF）所占比例为1÷36=1/729。【小问2详析】白花品系间杂交，若F1为白花，则不同白花亲本品系间必然有相同的成对隐性基因，无论自交多少代，后代均为白花。若F1为紫花，则白花亲本品系间有不同对的隐性基因，至少各有一对不同，F1植株至少存在2对等位基因。【小问3详析】不同杂交组合的F2中紫花个体占全部个体的比例分别为3/4=（3/4）1、9/16=（3/4）2、81/256=（3/4）4、243/1024=（3/4）5、729/4096=（3/4）6等，与n对等位基因自由组合且完全显性时，F2中显性个体的比例为（3/4）n一致，遵循分离定律和自由组合定律。21.图1为生态系统的结构示意图，甲、乙、丙、丁为生态系统的组成成分，a、b、c、d是丙中的4种生物。图2为某种群的（K值-种群数量）/K值随种群数量变化的曲线（设K值为200），某种群数量增长的形式呈现“S”形曲线，K值为环境容纳量。（1）生态系统的结构包括______，图1中______构成生物群落。（2）物质循环是指构成生物体的_______在_______与_______之间循环往复的过程。物质循环的特点是______。（3）该生态系统的营养结构为乙→a→b→c→d，碳在各营养级生物之间以____形式传递。（4）丙在生态系统中不可或缺，其作用主要体现在______。（5）图2中种群的年龄结构在S2点时是______，为获得最大的持续捕捞量，应在______点对应的时刻捕捞。〖答案〗（1）①.生态系统的营养结构和组成成分②.乙丙丁（缺一不可）（2）①.元素②.生物群落③.无机环境④.全球性、往复循环、反复利用（3）有机物（4）加快生态系统的物质循环、有利于植物的传粉和种子的传播（5）①.增长型②.S3〖祥解〗一、据图1分析，甲乙之间为双向箭头，且丙丁均有剪头指向甲，则甲为非生物环境，乙为生产者。此外，乙和丙均有剪头指向丁，且乙有剪头指向丙，则丙为消费者，丁为分解者。二、J型增长曲线：在食物（养料）和空间条件充裕、气候适宜、没有敌害等理想条件下，种群的增长率不变，数量会连续增长。三、S型增长曲线：在自然界中，环境条件是有限的，因此，种群不可能按照J型曲线无限增长。当种群在一个有限的环境中增长时，随着种群密度的上升，个体间由于有限的空间、食物和其他生活条件而引起的种内斗争必将加剧，以该种群生物为食的捕食者的数量也会增加，这就会使这个种群的出生率降低，死亡率增高，从而使种群数量的增长率下降；当种群数量达到环境条件所允许的最大值时，种群数量将停止增长，有时会在K值保持相对稳定。【小问1详析】生态系统的结构包括生态系统的营养结构（食物链和食物网）和组成成分（生产者、消费者和分解者）；图1分析，甲乙之间为双向箭头，且丙丁均有剪头指向甲，则甲为非生物环境，乙为生产者。此外，乙和丙均有剪头指向丁，且乙有剪头指向丙，则丙为消费者，丁为分解者。群落是指生活在一定的自然区域内，相互之间具有直接或间接的各种生物种群的总和，故图1中的乙丙丁构成生物群落。【小问2详析】物质循环是指构成生物体的元素在生物群落与无机环境之间循环往复运动的过程，物质循环具有全球性、往复循环、反复利用的特点。【小问3详析】该生态系统的营养结构为乙→a→b→c→d，碳在各营养级生物之间以含碳的有机物的形式传递。【小问4详析】丙为消费者，在生态系统中不可或缺，其作用主要体现在加快生态系统的物质循环、有利于植物的传粉和种子的传播。【小问5详析】种群的年龄组成在S2点为增长型，因为此时的种群数量还未达到K值。S3点对应的种群数量为K/2，此时的增长速率最大，为获得最大的持续捕捞量，应在种群数量高于S3点时进行捕捞，捕捞后的数量保持在K/2，这样可以使种群数量快速增长。22.人的血清蛋白（HSA）具有重要的医用价值，研究人员欲用转基因牛来大量生产HSA。下图所示为HSA基因片段和人工构建的大肠杆菌质粒pBR322，图中Ampr表示氨苄青霉素抗性基因，Neor表示新霉素抗性基因，箭头表示切割形成末端完全不同的4种限制酶的切割位点。请据图回答问题：（1）若选用牛作为受体动物，可用_______作为受体细胞，通过______方法将目的基因导入其中后，使其发育成转基因牛。（2）若要使HSA基因在牛的乳腺细胞中特异性表达，应该把HSA基因与_______等调控原件重组在一起。（3）据图分析，在构建基因表达载体时，要提高目的基因和载体的正确连接效率，切割质粒和目的基因的限制酶应为_______。（4）为检测HSA表达情况，可通过PCR技术检测_______，通过_______技术检测是否翻译出HSA蛋白。（5）为实时监控HSA蛋白的表达和转运过程，科学家将红色荧光蛋白RFP基因与HSA基因拼接在一起（如下图），为了使拼接后的重组基因能够表达成一条多肽，需要除去HSA基因中编码______（填“起始密码子”或“终止密码子”）的序列。〖答案〗（1）①.受精卵②.显微注射（2）乳腺中特异性表达的基因的启动子（3）EcoRI和PstI（4）①.是否转录出HAS的mRNA②.抗原—抗体杂交（5）终止密码子〖祥解〗基因工程技术的基本步骤：（1）目的基因的获取。（2）基因表达载体的构建：是基因工程的核心步骤，基因表达载体包括目的基因、启动子、终止子和标记基因等。（3）将目的基因导入受体细胞：根据受体细胞不同，导入的方法也不一样．将目的基因导入植物细胞的方法有农杆菌转化法、基因枪法和花粉管通道法；将目的基因导入动物细胞最有效的方法是显微注射法；将目的基因导入微生物细胞的方法是感受态细胞法。（4）目的基因的检测与鉴定。【小问1详析】受精卵具有全能性，因此若选用牛作为受体动物，可用受精卵作为受体细胞。根据受体细胞不同，导入的方法也不一样，将目的基因导入动物细胞最有效的方法是显微注射法。【小问2详析】若要使HSA基因在牛的乳腺细胞中特异性表达，应该把HSA基因与乳腺中特异性表达的基因的启动子等调控原件重组在一起。【小问3详析】据图可知，BamHⅠ会切割目的基因，TthⅢ1会切割质粒中的复制原点，而EcoRⅠ和PstⅠ这两种酶能切割质粒和目的基因，不破坏抗性基因和复制原点等，且能能得到不同的黏性末端，避免质粒和目的基因自连及反接，因此在构建基因表达载体时，选择EcoRⅠ和PstⅠ作为切割质粒和目的基因的限制酶可提高目的基因和载体的正确连接效率。【小问4详析】为检测HSA表达情况，可通过PCR技术检测是否转录产生相应的mRNA，用相应的抗体进行抗原—抗体杂交检测是否翻译出HSA蛋白。【小问5详析】根据题图分析，为了使拼接后的重组基因能够表达成一条多肽，形成融合蛋白，所以需要除去HSA基因中编码终止密码子的序列。湖北省重点高中智学联盟2025届新高三8月联考考试一、单选题（每题2分，共计36分）1.生物学的实验设计要遵循很多原理，以下关于高中生物学实验设计的说法中，正确的是（）A.鲁宾和卡门用同位素18O同时标记H2O和CO2确定了光合作用中氧气来源于水B.艾弗里的肺炎链球菌转化实验，用不同酶处理S型菌细胞提取物运用了“减法原理”C.探究DNA是半保留复制实验和分泌蛋白的合成和运输实验中都用了放射性同位素标记法，但标记的元素不同D.探究酵母菌呼吸作用方式的实验，有氧组用NaOH吸收CO2运用了“减法原理”〖答案〗B〖祥解〗在对照实验中，控制自变量可以采用“加法原理”或“减法原理”。与常态比较，人为增加某种影响因素的称为“加法原理”。例如，在“比较过氧化氢在不同条件下的分解”的实验中，与对照组相比，实验组分别作加温、滴加FeCl3溶液、滴加肝脏研磨液的处理，就利用了“加法原理”。与常态比较，人为去除某种影响因素的称为“减法原理”。例如，在艾弗里的肺炎链球菌转化实验中，每个实验组特异性地去除了一种物质，从而鉴定出DNA是遗传物质，就利用了“减法原理”。【详析】A、鲁宾和卡门用同位素18O分别标记H2O和CO2，第一组向植物提供H218O和CO2，释放的是18O2；第二组提供H2O和C18O2，释放的是O2，证明光合作用产生的O2来自H2O，而不是CO2，A错误；B、艾弗里的肺炎链球菌转化实验，用不同酶处理S型菌细胞提取物，目的是除去相应的成分，采用的是“减法原理”，B正确；C、在探究DNA复制方式时，使用了同位素标记技术来确定DNA复制是半保留复制还是全保留复制，用15N标记脱氧核苷酸，而15N不具有放射性；在分泌蛋白的合成和运输实验中，利用了放射性同位素标记法，用3H标记氨基酸，3H具有放射性，C错误；D、减法原理是排除自变量对研究对象的干扰，探究酵母菌呼吸作用方式的实验，其自变量为是否有氧气，而有氧组用NaOH吸收CO2，目的是排除空气中的CO2对实验产生的干扰，故有氧组用NaOH吸收CO2没有体现“减法原理”，D错误。故选B。2.细胞会经历生长、增殖、分化、衰老和死亡等生命进程。下列叙述正确的是（）A.细胞在生长过程中物质交换的效率越来越来高B.细胞凋亡是一种严格受基因调控的死亡，如被病原体侵害的细胞的清除过程C.衰老细胞的细胞核体积缩小，对新陈代谢的控制效果减弱D.已经有科学家用胚胎干细胞成功诱导得到大脑，利用的原理是细胞的全能性〖答案〗B〖祥解〗一、细胞分化是指在个体发育中，由一个或一种细胞增殖产生的后代，在形态，结构和生理功能上发生稳定性差异的过程。细胞分化的实质：基因的选择性表达。二、衰老细胞的特征：（1）细胞内水分减少，细胞萎缩，体积变小，但细胞核体积增大，染色质固缩，染色加深；（2）细胞膜通透性功能改变，物质运输功能降低；（3）细胞色素随着细胞衰老逐渐累积；（4）有些酶的活性降低；（5）呼吸速度减慢，新陈代谢减慢。【详析】A、细胞在生长过程中细胞体积增大，相对表面积减小，物质交换的效率变低，A错误；B、细胞凋亡是基因决定的细胞死亡过程，属于编程性死亡，是正常的生理性变化，如被病原体侵害的细胞的清除过程，B正确；C、衰老细胞的细胞核体积变大，C错误；D、已经有科学家用胚胎干细胞成功诱导得到大脑，大脑是器官，不是个体，也没有分化为各种细胞，所以该过程不能体现细胞的全能性，只是利用了细胞增殖和分化的原理，D错误。故选B。3.动植物细胞均可能有液泡。植物液泡中含有糖类、色素和多种水解酶等。动物液泡是细胞内氧化还原的中心，是蛋白质等物质浓缩的主要场所之一。下列叙述正确的是（）A.植物液泡中的糖类可在水解酶的作用下氧化分解供能B.植物液泡中贮存的水解酶最早由附着在内质网上的核糖体合成C.植物粉色花瓣、红色果实是液泡中不同色素的呈现D.动物液泡合成了大量与氧化还原反应相关的酶〖答案〗C〖祥解〗液泡主要存在于植物细胞中，内有细胞液，含糖类、无机盐、色素和蛋白质等物质，可以调节植物细胞内的环境，充盈的液泡还可以使植物细胞保持坚挺。【详析】A、植物液泡中的大分子糖类可在水解酶的作用下水解成小分子糖类，且糖类氧化分解供能的场所是细胞质基质和线粒体，A错误；B、植物液泡中贮存的水解酶最早由游离的核糖体合成，B错误；C、植物粉色花瓣、红色果实是由液泡中含有的色素决定的，C正确；D、酶绝大多数是蛋白质，少量为RNA，合成场所不是动物液泡内，D错误。故选C。4.原发性闭角型青光眼的主要原因是眼睛内房水生成速度大于流出速度，造成眼内压力增高，损伤视神经，造成视野或视力等视功能下降。房水约有0.15～0.3mL，含有多种营养物质，可维持眼内压力。下列有关叙述错误的是（）A.房水是视神经生存的内环境，属于组织液B.房水中葡萄糖可进入视神经细胞的线粒体氧化分解供能C.原发性闭角型青光眼可能与房水排出障碍有关D.正常人的房水含量保持动态平衡，维持眼内正常压力〖答案〗B〖祥解〗由细胞外液构成的液体环境叫作内环境，包括组织液、血浆、淋巴等。内环境的组成成分和理化性质保持动态平衡。【详析】A、房水含有多种营养物质，是视神经生存的内环境，属于组织液，A正确；B、葡萄糖不能进入线粒体，而是在细胞质基质中被分解，B错误；C、原发性闭角型青光眼的主要原因是眼睛内房水生成速度大于流出速度，造成眼内压力增高，损伤视神经，造成视野或视力等视功能下降，因此原发性闭角型青光眼可能与房水排出障碍有关，C正确；D、内环境的成分和理化性质保持相对稳定，所以正常人的房水含量保持动态平衡，从而维持眼内正常压力，D正确。故选B。5.人在睡梦中偶尔会出现心跳明显加快、呼吸急促，甚至惊叫。如果此时检测这些人的血液，会发现肾上腺素含量明显升高。下列叙述错误的是（）A.肾上腺素升高可以提高警觉性，有助于从梦境中醒来B.睡梦中心跳加快与交感神经活动增强、副交感神经活动减弱有关C.在这种情况下，肾上腺素的升高主要是由大脑皮层直接调控的D.交感神经兴奋促进肾上腺素释放进而引起心跳加快，属于神经一体液调节〖答案〗C〖祥解〗一、支配内脏、血管和腺体的传出神经，它们的活动不受意识支配，称为自主神经系统。自主神经系统由交感神经和副交感神经两部分组成，它们的作用通常是相反的。当人体处于兴奋状态时，交感神经活动占据优势，心跳加快，支气管扩张，但胃肠的蠕动和消化腺的分泌活动减弱；而当人处于安静状态时，副交感神经活动则占据优势，此时，心跳减慢，但胃肠的蠕动和消化液的分泌会加强，有利于食物的消化和营养物质的吸收。二、神经—体液调节是指通过神经影响激素的分泌，再由激素对机体功能实施调节的方式。【详析】A、肾上腺素可以提高机体的应激能力，睡梦中肾上腺素升高可提高警觉性，有助于从梦境中醒来，A正确；B、交感神经兴奋，心跳会加快，副交感神经兴奋，心跳会减慢，所以睡梦中心跳加快与交感神经活动增强、副交感神经活动减弱有关，B正确；C、在睡梦中，交感神经兴奋时，肾上腺髓质分泌肾上腺素增加，故肾上腺素的升高主要是由交感神经兴奋直接调控的，C错误；D、交感神经兴奋时，肾上腺髓质分泌的肾上腺素增加，可以提高机体的代谢水平，属于神经－体液调节，D正确。故选C。6.如图表示人动脉血压维持相对稳定的一种反射过程。动脉血压正常时，过高过紧的衣领会直接刺激颈动脉窦压力感受器，引起后续的反射过程，使人头晕甚至晕厥，即“衣领综合征”。下列叙述错误的是（）A.颈动脉窦压力感受器只能感受血压的升高而不能感受血压的降低B.当颈动脉窦压力感受器被激活时，会导致心脏活动减弱和血管扩张，从而降低血压C.在“衣领综合征”中，反射启动后引起的血压下降是导致头晕的主要原因D.动脉血压维持相对稳定的过程体现了负反馈调节作用〖答案〗A〖祥解〗反射弧是反射活动的结构基础，包括5部分：①感受器：感受刺激，将外界刺激的信息转变为神经的兴奋；②传入神经：将兴奋传入神经中枢；③神经中枢：对兴奋进行分析综合；④传出神经：将兴奋由神经中枢传至效应器；⑤效应器：对外界刺激作出反应。【详析】A、感受器的功能是感受刺激，将外界刺激的信息转变为神经的兴奋，颈动脉窦压力感受器既能感受血压的升高也能感受血压的降低，A错误；B、由图可知，当颈动脉窦压力感受器被激活时，产生的兴奋经过窦神经传递给心血管中枢，进而导致心脏活动减弱和血管扩张，从而降低动脉血压，B正确；C、在“衣领综合征”中，过高过紧的衣领使血压升高，血压升高启动反射，使动脉血压下降，进而导致头晕，C正确；D、负反馈是指受控部分发出的反馈信息调整控制部分的活动，最终使受控部分的活动朝着与它原先活动相反的方向改变，由图可知，动脉血压维持相对稳定的过程体现了负反馈调节作用，D正确。故选A。7.某些病原微生物的感染会引起机体产生急性炎症反应（造成机体组织损伤）。为研究化合物Y的抗炎效果，研究人员以细菌脂多糖（LPS）诱导的急性炎症小鼠为空白对照，以中药复方制剂H为阳性对照，用相关淋巴细胞的增殖率表示炎症反应程度，进行相关实验，结果如图。下列说法正确的是（）A.化合物Y的效果优于中药复方制剂H，因为它能更有效地抑制淋巴细胞的增殖B.实验结果表明，空白对照组小鼠未表现出任何炎症反应C.化合物Y可以增强急性炎症小鼠的特异性免疫反应D.LPS作为诱导剂是因为它能够模拟细菌感染，从而诱发急性炎症反应〖答案〗D〖祥解〗据图所示，实验自变量为是否使用药剂和使用药剂种类不同，因变量为淋巴细胞增殖率，使用中药复方制剂H和化合物Y均能降低淋巴细胞的增殖率，且中药复方制剂H抗炎效果更好。【详析】A、由空白对照与阳性对照组实验结果可知，淋巴细胞的增殖率越高说明炎症反应程度越大，化合物Y对淋巴细胞增殖率的抑制作用低于中药复方制剂H，因此说明中药复方制剂H比化合物Y具有更好的抗炎效果，A错误；B、空白对照组是研究人员以细菌脂多糖诱导的急性炎症小鼠，实验结果表明，空白对照组小鼠淋巴细胞增殖率较高，应表现出炎症反应，B错误；C、使用化合物Y后，淋巴细胞的增殖率降低，特异性免疫反应需要淋巴细胞的参与，因此化合物Y会减弱急性炎症小鼠的特异性免疫反应，C错误；D、脂多糖是细菌的组成成分，它能模拟细菌感染，被机体的天然免疫系统识别进而诱发机体产生炎症反应，D正确。故选D。8.赤霉素（GA3）可以影响苹果试管苗α-淀粉酶活性。如图为某实验小组研究GA3处理柱型苹果试管苗和普通型苹果试管苗所得的结果（处理时间均为15天）。下列分析错误的是（）A.不同GA3浓度下柱型苹果试管苗的α-淀粉酶活性可能相等B.GA3对两种苹果试管苗α-淀粉酶活性的影响与其浓度无关C.柱型苹果试管苗对GA3的响应比普通型苹果试管苗更为敏感D.GA3对两种苹果试管苗α-淀粉酶活性的影响可能与处理时间有关〖答案〗B〖祥解〗分析题图，赤霉素（GA3）处理普通型苹果，在较低浓度条件下，即0.5mg/L-1.0mg/L范围内，随着浓度的增加，a-淀粉酶活性增加；在1.0mg/L-2.5mg/L范围内，随着浓度的增加，a-淀粉酶活性有所下降，在2.5mg/L-3.0mg/L范围内，随着浓度的增加，a-淀粉酶活性几乎不变；赤霉素（GA3）处理柱型苹果，在1.5mg/L-2.0mg/L范围内，随着浓度的增加，a淀粉酶活性增加；在2.0mg/L-3.0mg/L范围内，随着浓度的增加，a-淀粉酶活性有所下降；2.0mg/L时，a-淀粉酶活性最高。【详析】A、由图可知，在最适浓度的两侧，不同的GA3浓度下柱型苹果试管苗的α-淀粉酶活性相同，则不同GA3浓度下柱型苹果试管苗的α-淀粉酶活性可能相等，A正确；B、据题图分析可知，两种苹果试管苗α-淀粉酶活性与GA3的浓度有关，B错误；C、柱型苹果试管苗对GA3的响应变化较为明显，普通型苹果试管苗的曲线相对平缓，因此柱型苹果试管苗对GA3的响应比普通型苹果试管苗更为敏感，C正确；D、实验中处理时间均为15天，即处理时间为无关变量，实验中自变量为GA3浓度和苹果种类，但随着苹果的成熟度不同，可能会导致苹果中α-淀粉酶活性变化，故GA3对两种苹果试管苗α-淀粉酶活性的影响可能与处理时间有关，D正确。故选B。9.光敏色素是植物中参与光调控生长发育的重要因子，对种子萌发、开花周期等生理过程具有重要作用。科学家研究发现，给予种子红光照射，光敏色素发生活化，并经一系列生理反应，最终导致赤霉素含量增加，种子萌发；而给予种子远红光照射，光敏色素发生钝化，最终赤霉素合成受抑制，种子无法萌发。下列有关叙述正确的是（）A.光敏色素是一类蛋白质，只分布在植物分生组织的细胞中B.在受到相应光照射时，光敏色素的结构会发生变化，但不影响基因的表达C.光敏色素的状态变化直接影响种子的萌发D.远红光照射下，光敏色素的状态改变导致赤霉素合成减少〖答案〗D〖祥解〗光敏色素引起的生理变化为：光信号→细胞感受光信号→光敏色素被激活，结构发生变化→信号转导→细胞核接受信号→调控特定基因表达→产生特定物质→产生生物学效应。【详析】A、光敏色素是一类蛋白质，分布在植物的各个部位，其中在分生组织的细胞内比较丰富，A错误；B、在受到相应光照射时，光敏色素的结构会发生变化，这一变化的信息会经过信息传递系统传导到细胞核内，影响特定基因的表达，B错误；C、根据题意可知，光敏色素活化，导致赤霉素含量增加，进而影响种子萌发，C错误；D、根据题干“给予种子远红光照射，光敏色素发生钝化，最终赤霉素合成受抑制，种子无法萌发”可知，远红光照射下，光敏色素的状态改变导致赤霉素合成减少，D正确。故选D。10.大肠杆菌在含有3H-脱氧核苷培养液中培养，3H-脱氧核苷掺入到新合成的DNA链中，经特殊方法显色，可观察到双链都掺入3H-脱氧核苷的DNA区段显深色，仅单链掺入的显浅色，未掺入的不显色。掺入培养中，大肠杆菌拟核DNA第2次复制时，局部示意图如图。DNA双链区段①、②、③对应的显色情况可能是（）A.深色、浅色、浅色 B.浅色、深色、深色C.深色、浅色、深色 D.浅色、深色、浅色〖答案〗D〖祥解〗DNA的复制方式为半保留复制，子代DNA分子其中的一条链来自亲代DNA，另一条链是新合成的，这种方式称半保留复制。半保留复制的意义：遗传稳定性的分子机制。【详析】大肠杆菌在含有³H-脱氧核苷培养液中培养，DNA的复制方式为半保留复制，大肠杆菌拟核DNA第1次复制后产生的子代DNA的两条链一条被³H标记，另一条未被标记，大肠杆菌拟核DNA第2次复制时，以两条链中一条被³H标记，另一条未被标记的DNA分子为模板，结合题干显色情况，DNA双链区段①为浅色，②中两条链均含有³H显深色，③中一条链含有³H一条链不含³H显浅色，ABC错误，D正确。故选D。11.噬菌体ΦX174的遗传物质为单链环状DNA分子，部分序列如图。下列有关叙述正确的是（）A.D基因包含456个碱基，编码152个氨基酸B.DNA复制合成的子链和转录合成的RNA延伸方向均为由3'端向5'端C.噬菌体ΦX174的DNA复制需要DNA聚合酶和4种核糖核苷酸D.E基因和D基因的编码区序列存在部分重叠，且重叠序列编码的氨基酸序列不相同〖答案〗D〖祥解〗图示重叠基因的起始和终止位点不同，对应的氨基酸序列不同；DNA分子的基本单位是脱氧核苷酸，RNA的基本单位是核糖核苷酸。【详析】A、根据图示信息，D基因编码152个氨基酸，但D基因上包含终止密码子对应序列，故应包含152×3+3=459个碱基，A错误；B、DNA复制合成的子链和转录合成的RNA延伸方向均为由5'端向3'端，B错误；C、DNA的基本单位是脱氧核糖核酸，噬菌体ΦX174的DNA复制需要DNA聚合酶和4种脱氧核糖核苷酸，C错误；D、由图分析可知，E基因和D基因的编码区序列存在部分重叠，但重叠序列编码的氨基酸序列不相同，D正确。故选D。12.某昆虫的翅型有正常翅和裂翅，体色有灰体和黄体，控制翅型和体色的两对等位基因独立遗传，且均不位于Y染色体上。研究人员选取一只裂翅黄体雌虫与一只裂翅灰体雄虫杂交，F1表型及比例为裂翅灰体雌虫：裂翅黄体雄虫：正常翅灰体雌虫：正常翅黄体雄虫=2：2∶1∶1。让全部F1相同翅型的个体自由交配，F2中裂翅黄体雄虫占F2总数的（）A.1/12 B.1/18 C.1/16 D.1/10〖答案〗D〖祥解〗若知道某一性状在子代雌雄个体种出现的比例或数量，则依据该性状在雌雄个体中的比例是否一致可以确定是常染色体遗传还是伴性遗传：若子代性状的表现与性别相关联，则可确定为伴性遗传。【详析】分析题意，翅型有正常翅和裂翅，假设控制翅型的基因为A、a，体色有灰体和黄体，假设控制体色的基因为B、b，由于控制翅型和体色的两对等位基因独立遗传，可知两对基因的遗传遵循自由组合定律。研究人员选取一只裂翅黄体雌虫与一只裂翅灰体雄虫杂交，F1表型及比例为裂翅灰体雌虫：裂翅黄体雄虫：正常翅灰体雌虫：正常翅黄体雄虫=2：2：1：1，分析F1表现型可以发现，雌虫全为灰体，雄虫全为黄体，又因为控制翅型和体色的两对等位基因均不位于Y染色体上，因此可推测控制体色的基因位于X染色体上，且黄体为隐性性状。裂翅黄体雌虫与裂翅灰体雄虫杂交，F1出现了正常翅的性状，可以推测裂翅为显性性状，正常翅为隐性性状。由以上分析可以推出亲本裂翅黄体雌虫的基因型为AaXbXb，裂翅灰体雄虫的基因型为为AaXBY。AaXbXb和AaXBY杂交，正常情况下，F1中裂翅：正常翅=3：1，实际得到F1中裂翅：正常翅=2：1，推测应该是AA存在致死情况。AaXbXb和AaXBY杂交，F1表型及比例为裂翅灰体雌虫（AaXBXb）：裂翅黄体雄虫（AaXbY）：正常翅灰体雌虫（aaXBXb）：正常翅黄体雄虫（aaXbY）=2：2：1：1，AaXbXb和AaXBY杂交，将两对基因分开计算，先分析Aa和Aa，子代Aa：aa=2：1，让全部F1相同翅型的个体自由交配，即2/3Aa×Aa（由于因AA致死，子代为1/3Aa、1/6aa），1/3aa×aa（子代为1/3aa），因此子代中Aa：aa=2：3，即Aa占2/5，aa占3/5，再分析XBXb和XbY，后代产生XbY的概率是1/4，故F2中裂翅黄体雄虫（AaXbY）占F2总数2/5×1/4=1/10，D符合题意。故选D。13.某同学绘制了如图所示的能量流动图解（其中W1为生产者固定的太阳能），下列叙述中正确的是（）A.生产者固定的总能量可表示为W1或（D1+A2+B2+C2+D2）B.第二营养级的能量可表示为（A2+B2+C2+D2）C.由第一营养级到第二营养级的能量传递效率可表示为D2/D1D.能量流动具有单向流动、逐级递减的特点，能量在两个营养级之间的传递效率一定是10%-20%〖答案〗B〖祥解〗生态系统中的能量流动从生产者固定太阳能开始。能量流动特点为单向流动、逐级递减。生态系统中，能量流动只能从第一营养级流向第二营养级，再依次流向后面的各个营养级，因此是单向不可逆转的。【详析】A、生产者固定的总能量可表示为W1或（A1+B1+C1+D1），A1表示呼吸作用散失的能量，B1表示未被利用的能量，C1表示流向分解者的能量，而D1=A2+B2+C2+D2是流入下一营养级（初级消费者）的能量，故生产者固定的总能量可表示为（A1+B1+C1+A2+B2+C2+D2），A错误；B、流向第二营养级的能量为D1或（A2+B2+C2+D2），B正确；C、由第一营养级到第二营养级的能量传递效率为D1/W1×100%，C错误；D、能量在两个营养级之间的传递效率一般为10%～20%，D错误。故选B。14.我国西北某市积极构建多处自然保护区、国家级湿地公园，对被过度开垦、过度放牧而严重破坏的草地进行保护和恢复。科研人员对保护区内不同功能区的植物丰富度进行了调查，结果如下图所示。下列说法不正确的是（）A.该自然保护区中禾本科、豆科、菊科等植物星罗密布，这体现了群落的垂直结构B.恢复重建区建立后，减少了人类活动，发现物种的丰富度在不断变化，该区域发生的群落演替类型属于次生演替C.整个保护区中，抵抗力稳定性最差的功能区是管理服务区D.人类活动会改变群落演替的速度和方向〖答案〗A〖祥解〗演替类型：（1）初生演替：发生于以前没有植被覆盖过的原生裸地上的群落演替叫做初生演替，如光裸岩石上进行的演替；（2）次生演替：在次生裸地（原群落被破坏、有植物繁殖体）上发生的演替，如火灾过后的草原发生的演替；【详析】A、该自然保护区中禾本科、豆科、菊科等植物星罗密布，体现了群落的水平配置状况或水平格局，是群落的水平结构，A错误；B、恢复重建区建立后，杜绝了人类在其中的活动，发现生物的丰富度在不断变化，由于该区域保留了土壤和一定的植被条件，故发生的群落演替属于次生演替，B正确；C、一般而言，生态系统中的生物种类越多，营养结构越复杂，生态系统的自我调节能力就越强，抵抗力稳定性就越高，据图分析，整个保护区中，管理服务区中的植物丰富度最低，营养结构最简单，因此其抵抗力稳定性最差，C正确；D、人类活动会影响群落的演替，往往使群落演替按照不同于自然演替的方向和速度进行，D正确。故选A。15.“海洋牧场”是将人工放养的鱼、虾、贝、藻等聚集起来，进行有计划的海上放养和系统管理，达到生态效益和经济效益双赢。下图为某贝—鱼—藻复合生态系统中物质循环的部分过程。下列说法不正确的是（）A.图示珠母贝属于生态系统组成成分中的消费者和分解者，珠母贝与浮游动物的种间关系为捕食。B.上述贝—鱼—藻复合生态系统中，鱼类的粪便和残饵可为藻类和珠母贝提供营养，遵循了生态工程中的循环原理，该养殖方式达到生态效益和经济效益双赢则是遵循了整体原理。C.传统网箱单独养鱼易受自然灾害及病害影响，稳定性低于上述生态系统，这是由于传统网箱单独养鱼的生态系统中组分较少，营养结构简单，自我调节能力弱，抵抗力稳定性低D.贝—鱼—藻复合生态养殖需要不断进行物质投入，原因是人工生态系统不断有产品输出，根据物质循环原理，需要不断投入物质来维持。〖答案〗A〖祥解〗生态系统的稳定性是指生态系统所具有的保持或恢复自身结构和功能相对稳定的能力。分为抵抗力稳定性和恢复力稳定性。【详析】A、由题图信息分析可知，珠母贝可取食有机碎屑，是分解者，也可能捕食浮游动植物，是消费者，故珠母贝可能属于生态系统的消费者、分解者，珠母贝以浮游动物和浮游植物为食，而浮游动物以浮游植物为食，所以珠母贝与浮游动物的种间关系为竞争和捕食，A错误；B、在该生态系统中，鱼类的粪便和残饵中的有机物被微生物分解后，可为藻类和珠母贝提供营养物质，体现了生态工程的循环原理，而该养殖方式达到生态效益和经济效益双赢则是遵循了整体原理，B正确；C、传统网箱养鱼中生态系统组分较少，营养结构简单，自我调节能力弱，抵抗力稳定性低，而改生态系统营养结构复杂，抵抗力稳定性较强，C正确；D、该生态系统中产品不断输出，所以为了维持改生态系统的稳定，需要不断投入物质，D正确。故选A。16.食品保存的常用方法有巴氏消毒法、冷藏法、腌制法、干制法等多种方法。下列叙述正确的是（）A.果脯在腌制中慢慢变甜，是细胞主动吸收糖分的结果B.干制降低食品的含水量，使微生物不易生长和繁殖，食品保存时间延长C.低温保存可抑制微生物的生命活动，温度越低对食品保存越有利D.巴氏消毒法是采用较温和的方法，杀死一切对人体有害的致病菌〖答案〗B〖祥解〗食物腐败变质是由于微生物的生长和大量繁殖而引起的，根据食物腐败变质的原因，食品保存就要尽量的杀死或抑制微生物的生长和大量繁殖。【详析】A、果脯在腌制过程中，细胞死亡，细胞膜等膜结构失去了选择透过性，糖分能直接进入细胞中，使果脯慢慢变甜，A错误；B、干制能降低食品中的含水量，使微生物不易生长和繁殖，进而延长食品保存时间，B正确；C、低温能降低酶活性，低温保存可以抑制微生物的生命活动，但不是温度越低越好，一般果蔬的保存温度为零上低温，C错误；D、巴氏消毒法是采用较温和的物理因素，杀死部分对人体有害的致病菌，D错误。故选B。17.植物体细胞杂交育种的一个重要应用是将栽培品种与相关的野生资源作为亲本，经过原生质体融合、选择与再生，使栽培品种获得野生型的抗性特征。下列说法错误的是（）A.诱导