预测卷03-2021年挑战满分中考物理预测卷冲刺卷（江苏南京卷）

2021年南京市中考物理预测卷03（试卷满分100分，考试时间90分钟）一、单选题（本题共12小题，每小题2分，共24分。每小题给出的四个选项中只有一个符合题意）1．下列估测最接近实际的是（）A．人洗澡时的水温约为70℃ B．教室内一盏日光灯工作时的电流约为1AC．人正常步行的速度约为1.4km/h D．中学生脉搏跳动1次的时间约为0.8s【答案】D【解析】A．人的体温在37℃左右，洗澡水的温度应该略高于体温，约为40℃不可能达到70℃。故A不符合题意；B．室中的一盏日光灯工作时的电流约为0.18A。故B不符合题意；C．人正常步行的速度约为1.2m/s。故C不符合题意；D．正常成年人脉搏一分钟在60100次左右，中学生脉搏跳动1次的时间约为0.8s，故D符合题意。故选D。2．下列关于声现象的说法中，正确的是（）A．“引吭高歌”中的“高”是指歌曲的音调高B．因为超声波传播速度比次声波快，所以医学上用超声波检查身体C．声音在真空中的速度大约340m/sD．中考期间，学校附近通行的车辆禁止鸣笛，这是在声源处控制噪声【答案】D【解析】A．“引吭高歌”中的“高”是指声音的响度大，故A错误；B．在同种介质中超声波与次声波的传播速度相同，故B错误；C．真空不能传声，则声音在真空中的速度为零；故C错误；D．中考期间，学校附近通行的车辆禁止鸣笛，这是在声源处减弱噪声，防止噪声的产生，故D正确。故选D。3．“赏中华诗词、寻文化基因、品生活之美”的《中国诗词大会》，深受观众的青味，下列对古诗文中涉及的热现象解释正确的是（）A．“雾淞沆砀，天与云与山与水，上下一白”——雾淞的形成是升华现象B．“月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠“一一霜的形成是凝固现象C．“青青园中，朝露待日晞”一一露的形成是汽化现象D．“腾蛇乘雾，终为土灰”——雾的形成是液化现象【答案】D【解析】A．“雾凇”是空气中的水蒸气遇冷直接变为固态，属于凝华现象，故A错误；B．霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面，是凝华现象，故B错误；C．“露”是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，是液化现象，故C错误；D．雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故D正确。故选D。4．下列光现象中成因相同的一组是（）A．①③ B．①④ C．②③ D．②④【答案】A【解析】①钢笔错位是光的折射，②山的倒影是光的反射，③折筷是光的折射，④墙上的手影光的直线传播，故①③相同，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。5．关于物体的内能、热量和温度关系，下列说法中正确的是（）A．物体的内能跟温度有关，物体的内能越大，温度越高B．物体的内能跟温度有关，物体的温度升高内能增大C．温度相同时一滴水的内能和一大杯水的内能相等D．热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体【答案】B【分析】内能是分子动能（大量分子做无规则热运动的剧烈程度）和分子势能（分子间作用力）的总和；物体的内能与物体的质量、状态以及温度有关。【解析】AB．温度是影响内能大小的一个因素，但不是唯一因素，所以温度高的物体内能不一定大；但物体的温度升高，内能一定增大，故A错误、B正确；C．一滴水和一大杯水的温度相同，当质量不同时，其内能是不同的，故C错误；D．发生热传递的条件是：有温度差，所以热量可自动地从高温物体转移到低温物体，但不一定是从内能大的物体传递给内能小的物体，故D错误。故选B。6．在探究平面镜成像特点的实验中，将一块透明玻璃板放置在白纸上，如图所示，器材还有大小相同的黑、白棋子各1枚、手电筒1只、刻度尺1把，以下说法正确的是（）A．实验中应该用黑色棋子作为物体B．手电筒应该对着物体照射增加物体所成像的亮度C．刻度尺是用来比较像与物的大小关系D．实验中发现棋子的像低于镜后棋子，其原因是玻璃向镜前棋子方向倾斜【答案】B【解析】A．实验中应该用白色棋子作为物体，这样才能让所成的像更亮，故错误。B．手电筒应该对着物体照射增加物体所成像的亮度，故正确。C．刻度尺是用来比较像与物到平面镜距离关系的，故错误。D．实验中发现棋子的像低于镜后棋子，其原因是玻璃向镜后棋子像的方向倾斜了，故错误。故选B。7．2020年6月23日，最后一颗北斗卫星在西昌顺利发射升空，标志着我国自主研发、组建的北斗卫星定位系统成功组网下列说法中错误的是（）A．地球“同步”卫星相对于地球是静止的B．沿椭圆轨道绕地球运行的卫星在远地点时，重力能最大，动能最小C．若忽略地球附近微弱的空气阻力，则卫星运行时机械能保持不变D．卫星的太阳能电池板工作时相当于用电器【答案】D【解析】A．地球同步卫星与地球以相同速度，相同方向转动，与地球的位置没有变化，是相对静止的，故A正确，A不符合题意；B．在远地点，速度最小，距地球高度最大，重力势能最大，动能最小；故B正确，B不符合题意；C．忽略空气阻力，没有能量的损失，所以卫星运动时机械能保持不变，故C正确，C不符合题意；D．太阳能电池板工作时，将太阳能转化成电能，相当于电源，故D错误，D不符合题意。故选D。8．在“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，小明用弹簧测力计沿水平方向拉木块（如图所示），小明仔细观察到如下现象：刚开始时，木块静止不动，弹簧测力计的示数在逐渐增大，接下来木块起动后做加速直线运动，适当减小拉力后，木块做匀速直线运动，弹簧测力计示数基本稳定。下列分析正确的是（）A．静止时，木块不受摩擦力作用B．加速运动时，木块受到的摩擦力增大C．匀速运动时，木块对木板的压力与木板对木块的支持力是一对平衡力D．加速运动时和匀速运动时，木块受到的摩擦力大小相等【答案】D【解析】A．木块静止，处于平衡状志，对木块进行受力分析，木块受向右的拉力，所以必定有一个向左的作用力，为摩擦力，故A不正确；BD．木块运动时受到的是滑动摩擦力，不管加速运动还是匀速运动，过程中影响滑动摩擦力的因素(压力和接触面的粗糙程度)没有发生变化，所以木块受到的摩擦力不变，故B不正确，D正确；C．木块对木板的压力与木板对木块的支持力两力不是作用在同一物体，不是一对平衡力，故C不正确。故选D。9．无线充电原理是电流流过送电线圈产生磁场，受电线圈靠近该磁场时就会产生电流，给智能充电，如图所示。受电线圈处用到了下面的哪个实验的原理（）A． B．C． D．【答案】B【解析】无线充电原理是电流流过送电线圈产生磁场，受电线圈靠近该磁场时就会产生电流，是电磁感应现象；A．图中演示的是通电导体周围存在磁场，是电流的磁效应，故A不符合题意；B．图中演示的是电磁感应现象，故B符合题意；C．图中演示的是通电导体在磁场中受到力的作用，故C不符合题意；D．图中演示的是电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系，故D不符合题意。故选B。10．如图是用相同的加热装置对a、b、c（已知b、c的质量相等）三种物质加热至沸腾时它们的温度随时间变化的图象，下列对图象的分析不正确的是（）A．b的比热容小于c的比热容B．t1～t2时间内物质a的温度不变，内能不变C．温度从T1升高到T2时，a物质吸收的热量比b少D．如果a、b是同种物质，b的质量大于a的质量【答案】B【解析】A．用相同的加热装置对b、c两种物质加热时，0t2时间内这两种物质吸收的热量相同，b物质升高的温度较大，由公式可知，b的比热容小于c的比热容，故A正确，不符合题意；B．t1t2时间内物质a的温度不变（处于沸腾过程中），但质量减少，所以其内能减少，故B错误，符合题意；C．用相同的加热装置，温度从T1升高到T2时，a物质的加热时间比b物质短，所以a物质吸收的热量比b少，故C正确，不符合题意；D．如果a、b是同种物质，比热容相同，升高相同的温度时，b的加热时间长，说明b吸收的热量多，根据Q=cmΔt知，b的质量大于a的质量，故D正确，不符合题意。故选B。11．为了提高行车的安全性，有的汽车装有自感应日间行车灯，如图所示。当汽车启动时，如果白天光线较暗，光控开关S1自动闭合，日间行车灯L1，立即亮起，如果光线更暗，光控开关S2再用合，车前大灯L2也亮起，如图所示的电路图中符合这一情况的是（）A． B．C． D．【答案】B【解析】如果白天光线较暗，光控开关S1自动闭合，日间行车灯L1，立即亮起，如果光线更暗，光控开关S2再用合，车前大灯L2也亮起，说明灯L1与灯L2独立工作，互不干扰，故两灯为并联，且开关S2控制灯L2，故B选项符合题意。故选B。12．实验小组设计了如图所示的电路，已知电源电压不变，灯泡L标有“2.5V，0.3A”字样其阻值会随温度变化，将滑动变阻器R2的滑片置于最右端，只闭合开关S1时，电压表的示数为3V，R1的功率为P1；只闭合开关S1，移动滑片至最左端时，电流表的示数为0.3A，R1的功率为P2；闭合开关S1和S2，移动滑片至某一位置时，电压表和电流表的示数分别为3V和0.2A，已知P1:P2=1:4．实验小组的小明求出了下列数据：①R1的阻值为5②电源电压为6V③滑动变阻器R2的最大值为20④在有电流通过灯泡L的情况下，灯泡的最小功率与最大功率之比为1：20则：该实验小组小明的数据正确的有（）A．①② B．①④ C．①③④ D．①②③④【答案】C【解析】①②只闭合开关S1，移动滑片至最左端时，电流表的示数为0.3A，此时灯泡L正常发光，此时灯泡L两端的电压为2.5V，则U=2.5V+0.3R1闭合开关S1和S2，移动滑片至某一位置时，电压表和电流表的示数分别为3V和0.2A，可得U=3V+0.2R1解得电源电压U=4V，R1=5故①正确，②错误；已知P1:P2=1:4即I12R1:I22R1=1:4得I1:I2=1:2即滑动变阻器R2的最大值为故③正确；④在只闭合S1时，灯泡才有电流通过。滑动变阻器R2的滑片置于最右端时，电路滑动变阻器电阻最大，电路电流最小，灯泡的功率最小，此时滑动变阻器两端的电压为U2=3V，R1两端电压为所以灯泡两端电压为灯泡的最小功率为滑动变阻器R2的滑片置于最左端时，滑动变阻器接入电路阻值为零，电路电流最大，最大电流是0.3A，灯泡正常发光，灯泡的功率最大，此时灯泡的功率为额定功率所以，灯泡的最小功率与最大功率之比为故④正确。综上可知，①③④正确，②不正确，C符合题意，故选C。二、填空题（本题共7小题，每空1分，共26分）13．如图所示，公路边限速标志为限速60_____（填单位）；汽车沿水平路面高速行驶，遇到紧急事件而刹车，车内的人会向______倒；汽车急驶而过带起路边树叶飘向___（选填“A”、“B、”或“C”），解释这一现象用到的物理知识是_______．【答案】km/h前A流体的流速越大，压强越小【解析】[1]公路边限速标志为限速60km/h．[2]汽车沿水平路面高速行驶，遇到紧急事件而刹车，由于惯性，车内的人将保持原来的运动状态继续运动，所以车内的人会向前倒；[3][4]汽车急驶而过带起路边树叶飘向A，解释这一现象用到的物理知识是流体的流速越大，压强越小．14．小明家5月底电能表示数为1432.7度，6月底电能表的示数如图所示．则（1）小明家6月份消耗的电能是____kW•h；（2）若电能表转盘在10min内转过250转，则用电器的总功率为____kW；（3）某电热水器额定功率为2000W，内装20kg的水，通电后正常加热25min，水的温度从20℃升高到50℃，则水吸收的热量为____J，电热水器的热效率为____．［已知c水=4.2×103J/(kg•℃)］【答案】1050.62.52×10684％【解析】（1）)5月初电能表示数1432.7kW⋅h，由图可知6月初的示数1537.7kW⋅h，故小明家5月初至6月初消耗的电能为：W=1537.7kW⋅h−1432.7kW⋅h=105kW⋅h；（2）电能表上标有“2500r/kW⋅h”，表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转2500转，电能表的转盘转250转时，电路消耗的电能：W=kW⋅h=0.1kW⋅h，用电器的总功率：P===0.6kW；（3）水吸收的热量：Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×20kg×(50℃−20℃)=2.52×106J；消耗的电能：W=Pt=2000W×25×60s=3×106J，电热水器的热效率：η===84%．15．如图是一种可以进行航拍的质量为1.2千克的“无人机”，下方悬挂着一个质量为0.1千克的摄像机．人们可以通过遥控器上的天线发射的________遥控“无人机”飞行．在10s内无人机匀速竖直上升了20米，在这10秒内无人机做的功为_______________J，无人机对摄像机做功的功率为_____W．匀速竖直上升过程中无人机的机械能___（选填“变大”、“变小”或“不变”）【答案】电磁波2602变大【解析】【解析】人们可以通过遥控器上的天线发射的电磁波来控制无人机的飞行高度和速度；在这10秒内无人机做的功W=Gh=mgh=(0.1kg+1.2kg)×10N/kg×20m=260J，摄像机的重力G摄=m摄g=0.1kg×10N/kg=1N无人机对摄像机的做的功W摄=G摄h=1N×20m=20J，无人机对摄像机做功的功率P==2W，匀速竖直上升过程中无人机的速度不变，高度变大，动能不变，重力势能变大，机械能包括动能和势能，机械能变大。16．小汽车已经进入千家万户，车上的北斗导航系统是通过电磁波与卫星联系定位。这种波在真空中传播的速度为______m/s。现在的小汽车普遍燃烧汽油，完全燃烧4.2g汽油所释放的热量是______J，这些热量，可以使质量4.6kg的水，温度升高______℃；若汽油机的效率为50%，燃烧4.2g汽油转化的机械能是______J。（c水＝4.2×103J/（kg•℃）；q汽油=4.6×107J/kg）【答案】3×1081.932×105109.66×104【解析】[1]电磁波在真空中的速度为3×108m/s。[2]完全燃烧4.2g汽油所释放的热量为[3]这些热量，可以使质量4.6kg的水，温度升高的温度为[4]若汽油机的效率为50%，燃烧4.2g汽油转化的机械能是17．如图所示、装满水的溢水杯中放着一个倒置的矿泉水瓶，去掉瓶底、盖紧瓶口，其内部罐有水，矿泉水瓶和内部水的总质量为0.3kg。则矿泉水瓶静时受到的浮力为_____N；向矿泉水瓶中缓慢注入100g水，瓶盖受到水的压强将变_____此过程中溢水口溢出水的质量_____100g（选填“>”、“<”或“=”）；若将矿泉水瓶内的水抽出一部分并轻倒入溢水杯中，则溢水口_____（选填“会”、“不会”）溢出水。（g取10N/kg）【答案】3大=不会【解析】[1]由图可知，该矿泉水瓶漂浮在水中，在所受的浮力为[2]向矿泉水瓶注水时，水的密度不变，但瓶盖所处的深度变大，根据公式得瓶盖所受的压强变大。[3]因为漂浮，所以浮力等于重力，根据阿基米德原理，浮力也等于排开液体的重力，所以物体重力等于排开液体的重力，增大的重力等于排出的液体的重力，所以这个过程中排出水的质量等于100g。[4]将矿泉水瓶内的水抽出一部分并轻倒入溢水杯中时，液面不会上升，所以溢水口不会有水溢出。18．在测滑轮组的机械效率实验中，某同学用如图所示安装好滑轮组，物重为G（每个轮都相同，摩擦和绳重不计），试比较甲、乙两图中，机械效率较高的是______；拉力较小的是______；在甲图中，如果增大物重G，机械效率将______（填“增大”、“减小”、“不变”）。【答案】甲乙增大【解析】[1]设每一个动滑轮的重为，甲的机械效率为乙的机械效率为所以[2]甲图中物体由两段绳子承担，甲的拉力为乙图中物体由四段绳子承担，乙的拉力为比较可知更小。[3]根据公式可知，同一滑轮组，提起的物体越重，滑轮组的机械效率越大。19．如图，电源电压不变，灯泡L标有“3V1.5W”字样．将滑动变阻器R的滑片置于最右端，闭合开关，电压表和电流表示数分别为3V和0.3A；移动滑片至某一位置，电压表和电流表示数分别为1.5V和0.5A．则灯泡L正常发光时的电阻为______Ω；滑动变阻器R的滑片在最右端时，闭合开关，灯泡L的实际功率为______W；为使灯泡安全工作，整个电路消耗的最大电功率为_______W．【答案】60.452.25【解析】本题考查电阻和电功率的知识．根据公式R=U2/P，将小灯额定电压3V和额定电功率1.5W带入，求出小灯正常发光电阻为6Ω；由公式I=P/U算出小灯额定电流为0.5A，故推算出当滑动变阻器划片移至某一位置时，电流为0.5A，小灯恰好是正常发光，两端电压为3V，而此时电压表示数为1.5V，故电源电压就等于4.5V；再回到滑动变阻器移至最右端，电压表示数为3V，则此时小灯两端电压就是电源电压4.5V减去3V，得出小灯实际电压是1.5V，根据公式P实=U实I实=1.5V×0.3A=0.45W，算出此时小灯的实际电功率为0.45W；电源电压保持不变，所以根据公式P=UI推断出当电流达到最大时，整个电路的电功率也达到最大，为了使小灯安全工作，所以此电路的最大电流就是小灯的额定电流，故改电路的最大电功率P=UI=4.5V×0.5A=2.25W．三、作图题（本题共3小题，每小题2分，共6分）20．如图所示，在水平力F的作用下木块正向右运动，请画出木块所受弹力的示意图。【答案】【解析】木块受到弹簧的拉力，还收到支持力，这两个力都属于弹力，作用在重心。21．画出如图所示中相应的折射光线。【答案】【分析】先确定所给的入射光线的特点，然后根据凹透镜的三条特殊光线作图。【解析】过凹透镜光心的光线传播方向不变，延长线过凹透镜另一侧焦点的入射光线经凹透镜折射后平行于主光轴。如图所示：【点晴】凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。22．请在图中用笔画线代替导线将电灯、开关和插座正确接入家庭电路．【答案】【解析】首先辨别图中三根线地线、火线、零线．灯泡接法：火线进入开关，经灯泡连到零线，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故．既能控制灯泡，又能更安全．三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线．如图所示：四、实验题（本题共7小题，第23小题4分，第24，25每小题5分，第26，27小题每小题4分，第28小题8分，共30分）23．小明进行探究“固体熔化时温度的变化规律”和“水沸腾时温度变化的特点”的实验。（1）组装实验器材时，图甲和图乙两套实验装置器材的组装顺序都是由下至上，这样做的目的是使酒精灯用______；（2）小明用图甲实验装置探究“海波熔化时温度的变化规律”的实验，采取“水浴法”对试管中的海波加热，这种加热方法的好处是使试管中的海波______；（3）如图乙，小明探究“水沸腾时温度变化的特点”的实验装置中，中心有孔的纸板，除了有固定温度计的作用，还有______的作用，从而缩短加热时间使水尽快沸腾；（4）如图丙，小明完成实验后，根据所记录的实验数据，绘制了水在加热过程中温度与时间的图象，图中______（选填“AB”、“BC”或“CD”）段图象是错误的。【答案】外焰加热受热均匀减小热量的损失CD【解析】（1）[1]酒精灯外焰温度最高，要用外焰加热。（2）[2]采取“水浴法”对试管中的海波加热，是为了使海波受热均匀，若直接加热，就仅仅对试管底部加热，受热不均匀。（3）[3]有孔的纸板，减小空气流速，从而减慢水的蒸发，因为水的蒸发会带走大量的热量，导致加热时间太长。（4）[4]CD段存在错误，因为水沸腾后，温度不变，而不会出现CD段。24．电子秤使用方便，测量结果直接由数字显示且有清零的功能，例如在某电子秤上放上245g的柱形容器，电子秤显示为245g，按清零键后，显示变为零；随后在容器中倒入50g水，电子秤显示50g，力学兴趣小组，用刻度尺、电子秤，分别改装密度计。（1）改装实验①将柱形容器放在电子秤上清零，往容器内倒入适量水，读出电子秤示数m1；②用刻度尺测出柱形容器内水的深度h1并做好标记；③将柱形容器内水倒去，擦干，放到电子秤上称，往其中缓缓倒入待测液体，直至到标记处；④读出______。则待测液体的密度______（用所测物理量符号和水的密度水表示）。根据这种关系可以将电子秤测量质量的标度标成对应的密度，可以直接读出液体密度。（2）改装实验二：①将柱形容器放在电子秤上清零，往容器内倒入适量水，读出电子秤示数m1；②用刻度尺测出柱形容器内水的深度h1做好标记；③将柱形容器内水倒去，擦干，放到电子秤上清零，往其中缓缓倒入待测液体，直至电子秤示数仍为m1；④测出______。待测液体的密度=______（用所测物理量符号和水的密度水表示）。根据这种关系可以在容器上标记对应密度，直接读出液体密度。【答案】电子秤示数m2待测液体的深度h2【解析】（1）④[1]将柱形容器内水倒去，擦干，放到电子秤上称，往其中缓缓倒入待测液体，直至到标记处，读出电子秤的示数，因为柱形容器的质量已经清零，所以液体的质量为。[2]液体的体积等于水的体积，即液体的体积为则液体的密度（2）④[3]将柱形容器内水倒去，擦干，放到电子秤上清零，往其中缓缓倒入待测液体，直至电子秤示数仍为m1，测出待测液体的深度h2。[4]此时液体的质量等于水的质量，设容器底面积为S，则则液体密度25．在复习“滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验中：（1）如图甲所示，为了测出滑动摩擦力，应该在水平木板上用测力计拉着木块做___________运动。依据___________条件，通过间接测量就可以得出滑动摩擦力的大小。（2）晓彤用了图乙的方法进行探究，用力将木板向右抽出，木块所受的摩擦力方向是___________，图乙测摩擦力的方法相对于图甲在测力计读数方面的优点是：___________。（3）小南将木块沿竖直方向截去一半后（切割中无损耗），测得木块所受的滑动摩擦力变为原来一半。他由此得出：滑动摩擦力的大小和接触面积有关。小南的实验过程及结论___________（选填“正确”或“错误”），请你对小南的实验过程提出建议：___________。【答案】匀速直线二力平衡水平向右示数会更稳定，更易于读数错误将截下的一半叠放在剩余木块的上面，再在同一木板上匀速拉动下面的木块【解析】（1）[1][2]实验时，水平拉动木块在水平木板上做匀速直线运动，这样做是根据二力平衡的知识得出拉力等于摩擦力，从而测出木块所受的摩擦力的大小。（2）[3]晓彤用了图乙的方法进行探究，用力将木板向右抽出，木块相对于木板向左运动，木块所受的摩擦力方向是水平向右。[4]比较甲、乙两次实验的过程和效果可以看出，甲图中较难保持木块做匀速直线运动，因此，弹簧测力计的示数较难准确读出，乙图中木块和弹簧测力计相对静止，下方长木板拉动的速度不会影响摩擦力的大小，因此，弹簧测力计的示数会更稳定，更易于读数。（3）[5][6]研究滑动摩擦力的大小和接触面积的关系，要控制压力和接触面粗糙程度相同，小南将木块沿竖直方向截去一半后，测得木块所受的滑动摩擦力变为原来一半，他的探究过程中存在的问题是未控制压力相同，需要将截下的一半叠放在剩余木块的上面，再在同一木板上匀速拉动下面的木块。26．在探究凸透镜成像的规律分组实验中，给各个实验小组提供相同的光具座，凸透镜的焦距都是10cm。（1）小明实验小组，在光具座上摆放的蜡烛、凸透镜、光屏的实际情况（如图所示）。为了使像能成在光屏的中央，接下来的操作是___________。（2）他们调整好器材位置后，保持凸透镜的位置不变，适当移动蜡烛静止后，再移动光屏，当光屏移至82cm刻度处时，光屏上呈现了烛焰清晰的倒立、________的实像，此时的像距是________cm。小明把自己的近视眼镜放在凸透镜和蜡烛之间，发现光屏上的像变得模糊不清，应该向_______透镜方向移动光屏（选填“靠近”或“远离”），可再次得到清晰的像。（3）小聪实验小组在实验时，凸透镜的位置与上图相同，且蜡烛所在的位置与（2）中的蜡烛移动静止后的位置也相同，移动光屏且在光屏上成像，但是他们所测得的像距比小明他们少了2cm，其原因是：_______。【答案】向上调蜡烛，使烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度放大32.0远离小聪他们测的不是清晰像的像距【解析】（1）[1]蜡烛偏下，光屏偏上，若点燃蜡烛，发现光屏的像偏上，为了使像能成在光屏的中央，接下来的操作是：向上调蜡烛，使烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度。（2）[2][3][4]将点燃的蜡烛移到标尺35.0cm处，此时的物距为满足成倒立、放大的实像，此时像距近视镜是凹透镜，对光线有发散作用，将近视眼镜放在凸透镜与蜡烛之间，此时像会远离凸透镜，所以应向远离透镜方向移动光屏，可再次得到清晰的像。（3）[5]小聪实验小组所测得的像距比小明他们少了2cm，其原因是：小聪他们测的不是清晰像的像距。27．小红同学制作了一个如图1所示的探头，进行液体压强和浮力的综合探究。探头下端的橡皮膜受到压强会向内发生凹陷：(1)比较图2甲图和_____图，可以初步得出结论：在同种液体中，液体内部压强随深度的增加而增大；(2)比较图2甲图和丙图，可以初步得出结论：液体内部压强与液体_____有关；(3)小红同学用弹簧测力计挂着此探头继续探究：①向溢水杯中注满水，将悬挂在弹簧测力计下的探头缓慢浸入水中直至刚好浸没，溢出的水全部流入量筒中，如图可知，排开水的体积为_____mL，此时探头所受的浮力为_____N；②探头从丁图位置不断缓慢往下移（细线足够长：直至线成松弛状态，弹簧测力计的示数会_____（选填字母）。A．一直变大B．先不变后变小C．先变大后变小D．先变小后变大【答案】乙密度200.2C【解析】(1)[1]要探究液体压强大小与深度的关系，应控制液体的密度相同、探头的方向相同，而深度不同，故选甲、乙两图即可。(2)[2]比较甲图和丙图可知，探头所处的深度相同，液体的种类不同，橡皮膜的形变程度不同，说明液体产生的压强不同，可初步得出液体内部压强与液体密度有关。(3)①[3]由图知，溢出的水全部流入小量筒中，排开水的体积为20mL＝20cm3。[4]此时探头所受的浮力F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×20×10﹣6m3=0.2N②[5]由甲、乙两图可知，探头浸入水中的深度增加时，其体积会减小，排开水的体积减小，根据F浮=ρ水gV排知，其所受浮力变小；探头在刚与溢水杯底部接触但对溢水杯底部没有压力之前，探头的重力不变，所受浮力变小，根据F浮＝G﹣F示知，弹簧测力计示数会变大；当探头在与溢水杯底部接触且对溢水杯底部有压力之后，探头还受到杯底向上的支持力，根据力的合成可知，弹簧测力计示数会变小；所以，整个过程中弹簧测力计的示数会先变大后变小，故选C。28．有一个额定电压是2.5V的小灯泡，正常工作时的电阻约为10Ω，小明想测量它的额定电功率。实验室有如下器材：电源（电压恒为6V）、电流表、电压表、开关各一个、规格分别为“10Ω0.5A”和“50Ω0.5A”的滑动变阻器两个、导线若干。（1）小明设计了图甲所示电路，他应选规格为______的滑动变阻器才能完成实验；（2）图乙是小华根据电路图连接的实物图，闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡不亮，经检查是由于一根导线连接错误，请你在图乙中连接错误的导线上打“×”并补画出正确的连线______；（3）小华排除故障后，继续实验．实验中，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率是______W；（4）小华同学准备利用（乙）中连接好的实物电路，探究电流跟电阻的关系。实验时，她将小灯泡分别换成多个已知阻值的定值电阻R，保持电压表示数始终为如图丁所示，并记录各次电流表的示数，在不更换其他器材的情况下，为了能够完成实验，更换的定值电阻的阻值范围是：______Ω~______Ω；若实验中某两次接入的定值电阻之比为1：2，则滑动变阻器两端的电压之比是______，功率之比是______。（5）由于电流表损坏，小明同学从实验室取来了阻值为10Ω定值电阻R1、电阻箱R2，单刀双掷开关各一只，并利用原有的其他实验器材来测量小灯泡的额定功率.如下图是他设计的两种不同方案的电路图。.则以下判断正确的是______（填字母）。A．两种方案都可行B．两种方案都不可行C．方案一可行，方案二不可行D．方案一不可行，方案二可行【答案】50Ω0.5A0.754251：12：1A【解析】(1)[1]与滑动变阻器串联，当灯泡正常工作时，电路电流约滑动变阻器电压为滑动变阻器接入的电阻为所以滑动变阻器应选用“50Ω0.5A”。(2)[2]变阻器与灯泡串联，电压表测量灯泡的电压，电流表测量电路电流，从电源正极出发到电源负极连接顺序是电源正极、开关、滑动变阻器、灯泡与电压表并联，电源负极。只需将图乙中电流表与灯泡相接的导线改为灯泡右端与电压表负极相接即可。如下图：(3)[3]看出电流表量程选用0~0.6A，电流表的示数为0.3A，所以小灯额定电流为0.3A，则小灯泡的额定功率是(4)[4][5]器串联，从图丁中可以看出，定值电阻的电压恒为2V，电源电压为6V，所以滑动变阻器的电压恒为4V。因为串连电路电流相等，所以当电路电流最大为0.5A时，滑动变阻器接入的电阻此时接入的定值电阻的阻值最小为当滑动变阻器接入的电阻最大为50Ω，接入的定值电阻的阻值最大为所以更换的定值电阻的阻值范围是：4Ω~25Ω。[6][7]阻的关系，要控制定值电阻的电压不变，由于电源电压不变，滑动变阻器与定值电阻串联，所以滑动变阻器电压不变，所以实验中某两次接入的定值电阻之比为1：2，则滑动变阻器两端的电压之比是1：1。又由于串联电路电流处处相等，所以滑动变阻器接入的电阻与定值电阻的电阻的比值与滑动变阻器的电压与定值电阻的电压的比值相等，所以实验中某两次接入的定值电阻之比为1：2，滑动变阻器接入的电阻之比为1：2，因为电压不变，由得，滑动变阻器的功率之比是2:1。(5)[8]开关接触点1，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量灯泡电压，当开关接触点2，变阻箱与滑动变阻器串联，电压表测量变阻箱电压。要测量灯泡的额定功率可以先将开关连接触点1，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为灯泡的额定电压2.5V。保持滑片位置不变，再将开关连接接触点2，调节变阻箱接入的电阻，使电压表的示数为灯泡的额定电压2.5V。此时变阻箱的示数就是灯泡正常工作的电阻。再由求出灯泡的额定功率。方案二中灯泡L与定值电阻R1以及滑动变阻器串联，先将开关接在触点1上，使电压表测量灯泡的电压，调节滑动变阻器的滑片使电压表的示数为2.5V，保持滑动变阻器滑片的位置不变，将开关改接在触点2上，此时电压表测量灯泡和定值电阻R1的电压，在通过串