黑龙江省大庆市铁人中学2024-2025学年高二物理上学期第一次月考试题9月试题

A.动能增加 B.机械能增加C.重力势能增加 D.电势能增加二、多项选择题（共5道题，每道题5分，半对得3分，共计25分）9．一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正方向运动，其电势能Ep随位移x的改变关系如图所示，则下列说法正确的是()A．粒子从x1处运动到x2处的过程中电场力做正功B．x1、x2处电场强度方向沿x轴正方向C．x1处的电场强度大小大于x2处的电场强度大小D．x1处的电势比x2处的电势低abcdMN+10．如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，abcdMN+A．b点场强大于d点场强B．b点场强小于d点场强C．a、b两点间的电势差等于b、c两点间的电势差D．摸索电荷+q在a点的电势能小于在c点的电势能11．如图甲所示，在某电场中建立x坐标轴，A、B为x轴上的两点，xA、xB分别为A、B两点在x轴上的坐标值．一电子仅在电场力作用下沿x轴运动，该电子的电势能Ep随其坐标x改变的关系如图乙所示，EpA和EpB分别表示电子在A、B两点时的电势能．则下列说法中正确的是()A．该电场可能是孤立的点电荷形成的电场B．A点的电场强度小于B点的电场强度C．电子由A点运动到B点的过程中电场力对其所做的功W＝EpA－EpBD．电子在A点的动能大于在B点的动能12.如图所示，绝缘轻杆的两端固定带有等量异号电荷的小球（不计重力）。起先时，两小球分别静止在A、B位置。现外加一匀强电场E，在静电力作用下，小球绕轻杆中点O转到水平位置。取O点的电势为0。下列说法正确的有（）A.电场E中A点电势低于B点B.转动中两小球的电势能始终相等C.该过程静电力对两小球均做负功D.该过程两小球的总电势能增加13．质量为m的带正电小球由空中A点无初速度自由下落，在t秒末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过t秒小球又回到A点，不计空气阻力且小球从未落地。则（）A．整个过程中小球电势能改变了B．整个过程中小球动量增量的大小为2mgtC．从加电场起先到小球运动到最低点时小球动能改变了mg2t2D．从A点到最低点小球重力势能改变了第II卷非选择题部分三、填空题（每空3分，共计9分）14．如图所示，匀强电场的方向平行于xOy坐标系平面，其中坐标原点O处的电势为2V，A点的坐标为(0,4cm)，电势为8V，B点的坐标为(3cm,0)，电势为8V，则电场强度的大小为V/m。15．如图所示，在光滑定滑轮C正下方与C相距h的A处固定一电荷量为Q(Q>0)的点电荷，电荷量为q的带正电小球B，用绝缘细线拴着，细线跨过定滑轮，另一端用适当大小的力F拉住，使B处于静止状态，此时B与A点的距离为R，B和C之间的细线与AB垂直．若B所受的重力为G，缓慢拉动细线(始终保持B平衡)直到B接近定滑轮，静电力常量为k，环境可视为真空，则力F（填增大、减小或不变）；B受到的库仑力的大小（填增大、减小或不变）。四、计算题（共三个小题，16题10分，17题12分，18题14分，共计36分）16．如图所示，长l＝1m的轻质细绳上端固定，下端连接一个可视为质点的带电小球，小球静止在水平向右的匀强电场中，绳与竖直方向的夹角θ＝37°。已知小球所带电荷量q＝1.0×10－6C，匀强电场的场强E＝3.0×103N/C，取重力加速度g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。求：（1）小球所受电场力F的大小；（2）小球的质量m；（3）将电场撤去，小球回到最低点时速度v的大小。如图所示，光滑绝缘水平面有三个质量均为m的带电小球，A、B带正电，电荷量均为q。有一水平力F作用在C球上，假如三个小球能够保持边长为r正三角形“队形”一起前进。求：C球的电性及电量拉力F的大小18.如图甲所示，粗糙水平轨道与半径为R的竖直光滑、绝缘的半圆轨道在B点平滑连接，过半圆轨道圆心O的水平界面MN的下方分布有水平向右的匀强电场E，质量为m的带正电小滑块从水平轨道上A点由静止释放，运动中由于摩擦起电滑块电荷量会增加，过B点后电荷量保持不变，小滑块在AB段加速度随位移改变图象如图乙所示．已知A、B间距离为4R，滑块与轨道间动摩擦因数为μ＝0.5，重力加速度为g，不计空气阻力，求：(1)小滑块释放后运动至B点过程中电荷量的改变量；(2)滑块对半圆轨道的最大压力大小；高二年级月考物理答案12345678DDBCBDAB一、单项选择题二、不定项选择题910111213ADBCCDABBD三、填空题14、250V/m渐渐减小，不变计算题16、答案：(1)3.0×10－3N(2)4.0×10－4kg(3)2.0m/s[解析](1)F＝qE＝3.0×10－3N(2)由eq\f(qE,mg)＝tan37°，得m＝4.0×10－4kg(3)由mgl(1－cos37°)＝eq\f(1,2)mv2，得v＝eq\r(2gl1－cos37°)＝2.0m/s17、答案：（1）C球带负电，qC＝2q（2）F＝3eq\r(3)keq\f(q2,r2)解析A球受到B球的库仑力F1和C球的库仑力F2作用后，产生水平向右的加速度，故F2必为引力，C球带负电。如图所示，依据库仑定律F1＝keq\f(q2,r2)及F2＝keq\f(qqC,r2)，F1与F2的合力方向水平向右，求得F2＝2F1，故qC＝2q，对A球：a＝eq\f(\r(3)F1,m)＝eq\r(3)eq\f(kq2,mr2)，对系统整体：F＝3ma，故F＝3eq\r(3)keq\f(q2,r2)18、答案：(1)eq\f(mg,E)(2)(6＋3eq\r(5))mg解析：(1)A点由牛顿其次定律有q0E－μmg＝m·eq\f(1,2)gB点由牛顿其次定律有q1E－μmg＝m·eq\f(3,2)g联立解得Δq＝q1－q0＝eq\f(mg,E).(2)由A到B由动能定理得m·eq\f(\f(1,2)g＋\f(3,2)g,2)·4R＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)－0将电场力与重力等效为“重力G′”，与竖直方向的夹角设为α，在“等效最低点”对轨道压力最大，则有G′＝eq\r(mg2＋q1E2)＝eq\r(5)mgcosα＝eq\f(mg,G′)从B到“等效最低点”由动能定理得G′(R－Rcos