辽宁省凌源市联合校2025届高三物理上学期期中试题含解析VIP

PAGE13-辽宁省凌源市联合校2025届高三物理上学期期中试题（含解析）一、选择题1.在物理学的重大发觉中，科学家们总结出了很多物理学方法，以下关于物理学探讨方法的叙述正确的是（）A.在不须要考虑物体本身的大小和形态时，用质点来代替物体的方法运用了假设法B.依据速度的定义式，当△t趋近于零时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了微元法C.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，然后将各小段位移相加，运用了微积分的方法．D.在对自由落体运动的探讨中，伽利略猜想运动速度与下落时间成正比，并干脆用试验进行了验证【答案】C【解析】【详解】A、质点采纳的科学方法为建立志向化的物理模型的方法,故A错误;

B、为探讨某一时刻或某一位置时的速度,我们采纳了取时间特别小,即让时间趋向无穷小时的平均速度作为瞬时速度,即采纳了极限思维法,故B错误；C、在探究匀变速运动的位移公式时,采纳了微元法将变速运动无限微分后变成了一段段的匀速运动,即采纳了微积分的方法，故C正确；

D、伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，并未干脆进行验证，而是在斜面试验的基础上的志向化推理并干脆用试验进行了验证，故D错误；综上所述本题答案是：C2.在同一条平直马路上同向运动的甲、乙两车的v-t图像如图所示,已知甲、乙两车在t1时刻并排行驶．下列说法正确的是（）A.在0时刻甲车在前，乙车在后B.两车在t2时刻再次并排行驶C.在t1到t2时间内，两车的平均速度相等D.两车的加速度大小均先增大后减小【答案】A【解析】【详解】A、依据速度图象与坐标轴围成面积大小表示位移，由图像可得在时间内，乙车的位移大于甲车的位移，时甲乙并排，则0时刻甲车在前，乙车在后，故A正确；B、由图像可得，在时间内，甲车的位移大于乙车的位移，时甲乙并排，则时刻甲车在前，乙车在后，故B错误；C、由于在t1到t2时间内，甲车的位移大于乙车的位移，依据平均速度公式可知，甲车的平均速度大于乙车的平均速度，故C错误；D、图像斜率为加速度，由图像可得甲、乙两图象斜率均先减小后增大，即加速度大小均先减小后增大，故D错误；故选A．【点睛】关键是要明确斜率含义，知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义．3.如图所示，甲图是某人站在力传感器上做下蹲-起跳动作的示意图，甲图中的“●”表示人的重心，乙图是依据力传感器画出的压力F随时间t改变的图线．乙图中a、d、f、g各点数据分别与甲图中人的a、d、f、g状态相对应，其余点对应状态没有在甲图中画出．乙图中a、c、e、i点对应的纵坐标均为610N．请依据这两个图所给出的信息，推断下列说法中正确的是A乙图中b点时刻，人处于超重状态B.乙图中d点时刻，人处于失重状态C.乙图中g点时刻，人处于失重状态D.乙图中i点时刻，人的速度为零【答案】C【解析】【详解】人下蹲过程中先加速下降，到达一个最大速度后再减速下降，直至速度减为零，则乙图中b点时刻，人处于失重状态，A错误；人站起来的阶段向上做加速运动，处于超重状态，则乙图中d点时刻，人处于超重状态，B错误；当人离开水平面时处于完全失重状态，则乙图中g点时刻，人处于失重状态，C正确；当人落回到水平面时，向下先加速后减速运动，则乙图中i点时刻，人的速度最大，不为零，D错误；故选C。4.如图所示，一轻质弹簧一端系在墙上的O点，弹簧处于原长状态时另一端位于B点，今用一小物体m把弹簧压缩到A点，然后释放，小物体能运动到C点静止，物体与水平地面间的动摩擦因数恒定，试推断下列说法中正确的是（）A.物体从A到B速度越来越大，从B到C速度越来越小B.物体从A到B先加速后减速，从B到C始终减速运动C.物体从A到B加速度越来越小，从B到C加速度不变D.物体在B点所受合力为零【答案】B【解析】【详解】物体竖直方向受到重力与地面的支持力平衡，水平方向受到弹簧的弹力和滑动摩擦力．从A到B过程中，弹簧的弹力水平向右，摩擦力水平向左，弹簧的弹力先大于摩擦力，后小于摩擦力，故物体先加速后减速，从B到C过程，摩擦力和弹簧的弹力方向均向左，物体始终做减速运动．故AC错误，B正确．物体在B点时，弹簧的弹力为零，而摩擦力不为零，则物体所受的合外力不为零．故D错误．故选B．【点睛】本题考查依据物体的受力状况分析其运动状况的实力，关键要抓住弹簧的弹力的可变性，进行动态分析．5.A、B两颗卫星都在圆轨道上绕地球运行，如图所示．则以下推断正确的是（）A.卫星A所受地球的万有引力大于卫星B受到地球的万有引力B.卫星A的线速度大小肯定大于卫星B的线速度的大小C.卫星A的机械能肯定小于卫星B的机械能D.在相等的时间内卫星A和地心的连线扫过的面积与卫星B和地心的连线扫过的面积相等【答案】B【解析】【详解】A．依据万有引力公式：在不知道两个卫星质量的状况下难以推断谁受到的引力大，故A错误.B．依据公式：可得卫星的环绕速度为：卫星A的轨道半径小于卫星B，故卫星A的运行速度大于卫星B，故B正确．C．由于两者质量未知，因此无法比较两者的机械能，故C错误．D．设时间t内，卫星转动角度为，卫星与地心连线扫过的面积为S，则有：依据角速度的定义有：依据公式：联立以上格式可得：因相等时间扫过的面积与卫星的轨道半径有关，故两卫星相等时间内和地心连线扫过的面积不相等，故D错误.6.某电场的电场线分布如图所示实线，以下说法正确的是A.c点场强大于b点场强B.b和c处在同一等势面上C.若将一摸索电荷由a点移动到d点，电荷的电势能将增大D.若某一点电荷只在电场力的作用下沿虚线由

a点运动到d点，可推断该电荷肯定带负电【答案】A【解析】【分析】解这类题是思路：电场线的疏密表示场强的强弱，沿电场线方向电势渐渐降低，依据带电粒子运动轨迹判定电场力方向，然后依据电性推断电场线方向，依据电场力做功推断电势能的改变．【详解】电场线的疏密表示场强的强弱，由图知c点场强大于b点场强，故A正确；沿电场线方向电势渐渐降低，故b的电势大于c的，故B错误；若将一摸索电荷+q由a点移动到d点，电场力做正功，电荷的电势能将减小，故C错误；由粒子的运动轨迹弯曲方向可知，带电粒子受电场力大致斜向左上方，与电场强度方向相同，故粒子带正电，故D错误；故选A．【点睛】解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是依据轨迹推断出电场力方向，利用电场中有关规律求解．比较电势能的大小有两种方法：一可以从电场力做功角度比较，二从电势能公式角度推断，先比较电势，再比较电势能．7.如图所示，能反映自由落体运动的是()A. B. C. D.【答案】D【解析】【详解】自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动且加速度为g，速度与时间关系为：v＝gt，所以v-t函数是一条倾斜的直线，且速度匀称增大．A．该图与结论不相符，选项A错误；B．该图与结论不相符，选项B错误；C．该图与结论不相符，选项C错误；D．该图与结论相符，选项D正确；故选D。8.如图所示，物块m放在斜面体M上，物块m恰能沿斜面匀速下滑，而斜面体M静止不动．则下列说法正确的是（）A.斜面对物块m的作用力方向竖直向上B.斜面对物块m的作用力方向垂直斜面对上C.斜面体M受地面的摩擦力大小为零D.斜面体M受地面的摩擦力方向水平向左【答案】AC【解析】试题分析：m以及M均处于受力平衡状态，即加速度均为零．m物体受重力，支持力，滑动摩擦力，因此支持力、滑动摩擦力的合力应与重力等大反向，所以A正确B错误．由于整体加速度为零，所以不会受到地面对整体的静摩擦力，所以C对，D错考点：整体法与隔离法点评：此类题型属于比较典型的整体法与隔离法的运用．9.如图，C为中间插有电介质的电容器，b极板与静电计金属球连接，a极板与静电计金属外壳都接地．起先时静电计指针张角为零，在b板带电后，静电计指针张开了肯定角度．以下操作能使静电计指针张角变大的是（）A.将b板也接地B.b板不动、将a板向右平移C.将a板向上移动一小段距离D.取出a、b两极板间的电介质【答案】CD【解析】【分析】静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大；由，分析电容的改变，依据C=Q/U分析电压U的改变．【详解】将b板也接地，电容器带电量不变，两板间电势差不变，则静电计指针张角不变，选项A错误；b板不动、将a板向右平移，依据可知d变小时，C变大，Q不变时，依据C=Q/U，可知U减小，即静电计指针张角变小，选项B错误；将a板向上移动一小段距离，依据可知S变小时，C变小，Q不变时，依据C=Q/U，可知U变大，即静电计指针张角变大，选项C正确；取出a、b两极板间的电介质，依据可知C变小，Q不变时，依据C=Q/U，可知U变大，即静电计指针张角变大，选项D正确；故选CD.【点睛】本题是电容动态改变分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是关于电容的两个公式和C=Q/U．10.如图所示，光滑水平面上有质量均为m的物块A和带有轻质弹簧的物块B，B静止，A以速度水平向右运动，从A与弹簧接触至弹簧被压缩到最短的过程中A.A、B的动量改变量相同B.A、B的动量改变率相同C.A、B含弹簧系统的总机械能保持不变D.A、B含弹簧系统的总动量保持不变【答案】CD【解析】【分析】两个物块组成的系统合外力为0，系统总动量守恒．两物块所受的合外力大小相等、方向相反，应用动量定理、动量守恒定律解答．【详解】AD．两物体相互作用过程中系统的合外力为0，系统总动量守恒，则物体A、物体B动量改变大小相等、方向相反，所以动量改变量不同，A不符合题意，D符合题意；B．由动量定理可知，动量的改变率等于物理所受的合外力，物体A、物体B两物体的合外力大小相等、方向相反，所受合外力不同，则动量改变率不同，不符合题意；C．物体A、B组成的系统，只有弹簧弹力做功，机械能守恒，所以总机械能保持不变．二、试验题11.某同学在“探究平抛运动规律”的试验中，采纳频闪摄影的方法拍摄到如图所示的“小球做平抛运动”的照片．图中每个小方格的边长为9.80cm，则依据图像可求得拍摄时每隔______s曝光一次，该小球的平抛初速度大小为________m/s，小球运动到图中位置3时的竖直分速度大小为_______m/s(g取9.80m/s2)．【答案】(1).0.1(2).1.96(3).2.45【解析】【详解】第一空.在竖直方向上，依据，解得：，其次空.平抛运动的初速度为：，第三空.位置3竖直分速度为：．12.为了“探究做功与速度改变的关系”，现供应如图所示试验装置．以下为该试验中的部分内容：（1）在试验中，得到一条如图所示的纸带，已知相邻计数点间还有四个点未画出，打点计时器的频率为50Hz，且间距x1、x2、x3、x4、x5、x6已量出分别为3.09cm、3.43cm、3.77cm、4.10cm、4.44cm、4.77cm，则小车的加速度大小为_____m/s2，小车在打点计时器打下F点时的速度大小为_____m/s(结果保留两位有效数字)．（2）由于该试验中小车质量和阻力未知，由另一组同学设计了以下试验来测算小车的质量和小车在水平长木板上运动时所受的阻力，试验中保持小车质量肯定，且远大于砝码盘及盘中砝码的总质量，他们在轨道水平及倾斜两种状况下分别做了试验，得到了两条a－F图线．如图所示，图线_____是在轨道倾斜状况下得到的(填“①”或“②”)．由图像可求得小车的质量m=_____kg，小车在水平运动时所受到的阻力f=________N．【答案】(1).(1)0.34，(2).0.46(3).(2)①(4).0.5(5).0.1【解析】【详解】（1）由匀变速运动的规律得：s4-s1=3aT2

s5-s2=3aT2

s6-s3=3aT2

联立得：（s4+s5+s6）-（s1+s2+s3）=9aT2

解得：

小车在打点计时器打下F点时的速度大小为（2）由图象可知，当F=0时，a≠0．也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，该同学试验操作中平衡摩擦力过大，即倾角过大，平衡摩擦力时木板的右端垫得过高．所以图线①是在轨道右侧抬高成为斜面状况下得到的．

依据F=ma得a-F图象的斜率k=，由a-F图象得图象斜率k=2，所以m=0.5kg．图像②是在水平轨道运动得到的图像，由图像可知当F=0.1N时小车才有加速度，可知小车在水平轨道上所受的阻力f=0.1N.【点睛】对于试验我们要明确试验原理、详细试验操作以及数据处理等，同时要清晰每一项操作存在的理由，只有驾驭好了基本学问和基本方法才能顺当解决试验题目，所以要重视基本学问和基本方法的学习和训练．三、计算题13.如图所示，质量m=2kg的物体原静止在水平地面上，它与地面间的动摩擦因数为μ=0.4，一个沿水平方向的恒力F=12N作用在这个物体上，（g取10m/s2）求：（1）物体运动加速度多大？（2）起先运动后3s内物体发生的位移S的大小是多少？（3）起先运动后3s末物体的速度是多大？【答案】（1）（2）9m（3）【解析】试题分析：分析物体受力状况，依据牛顿其次定律求加速度；物体做匀加速运动，由运动学位移公式求位移x；由速度公式求3s末物体的速度v．（1）物体在水平面上运动，竖直方向受力平衡，水平方向受到恒力F和滑动摩擦力f作用，依据牛顿其次定律得：F-f=ma

又f=μmg联立并代入数据解得：a=2m/s2（2）起先运动后3s内物体发生的位移x的大小为：（3）起先运动后3s末物体的速度v=at=2×3=6m/s点睛：本题主要考查了牛顿其次定律和运动学公式，知道加速度是前后联系的桥梁，通过加速度，可以依据力求运动．14.如图所示，一人站在高台上，将质量为m=0.5kg的石块以30°角斜向上抛出，初速度是v0=10m/s，抛出点距地面的高度h=15m，g取10m/s2，求：（1）若不计空气阻力，以地面为参考面，石块刚抛出时的机械能；（2）若不计空气阻力，石块落地时的速度大小；（3）若测得石块落地的速度大小为18m/s，则石块在空中飞行过程中克服空气阻力做功为多少？【答案】（1）100J（2）20m/s（3）19J【解析】【