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文档简介
2025届安徽省高三摸底大联考数学考生注意:1.本试卷分选择题和非选择题两部分,满分150分,考试时间120分钟。2.考生作答时,请将答案答在答题卡上,选择题每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑;非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效,在试题卷、草稿纸上作答无效。3.本卷命题范围:高考范围。一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1.在复平面内、复数对应的点位于()
A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限2.已知集合.则图中阴影部分表示的集合为()
A. B. C. D.3.有一组数据,按从小到大排列为:,这组数据的分位数等于他们的平均数,则为()
A.9 B.10 C.11 D.12
4.已知圆柱的底面直径为2,它的两个底面的圆周都在同一个体积为的球面上,该圆柱的侧面积为()
A. B. C. D.
5.已知,则值为()
A. B. C. D.1
6.已知双曲线,点在上,过点作两条渐近线的垂线,垂足分别为,若,则双曲线的离心率为()
A. B. C. D.
7.已知函数的定义域为是偶函数,是奇函数,则的值为()
A. B.3 C. D.
8.数列的前项和为,满足,则可能的不同取值的个数为()
A.45 B.46 C.90 D.91二、多项选择题:本大题共3小题,每小题6分,共18分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得6分,部分选对的得部分分,有选错的得0分.
9.已知随机变量满足:,则()
A. B.C. D.
10.设函数,定义域为,若关于的不等式的解集为或,下列说法正确的是()
A.的极大值为0
B.点是曲线的对称中心
C.直线与函数的图象相切
D.若函数在区间上存在最小值,则的取值范围为
11.已知曲线,点为曲线上任意一点,则()
A.曲线的图象由两个圆构成
B.的最大值为
C.的取值范围为
D.直线与曲线有且仅有3个交点三、填空题:本大题共3小题,每小题5分,共15分.把答案填在题中的横线上.12.已知向量,且,则向是在向量上的投影向量坐标是_______.13.已知函数与的图象上任意3个相邻的交点构成直角三角形,则_______.14.用个不同的元素组成个非空集合(,每个元素只能使用一次),不同的组成方案数记作,且当时,.现有7名同学参加趣味答题活动,参加一次答题,即可随机获得四种不同卡片中一张,获得每种卡片的概率相同,若每人仅可参加一次,这7名同学获得卡片后,可集齐全4种卡片的概率为________.四、解答题:本大题共5小题,共77分.解答应写出必要的文字说明、证明过程及演算步骤.15.(13分)在中,内角所对的边分别为.
(1)求;
(2)若的面积为边上的高为1,求的周长.
16.(15分)已知椭圆的左、右焦点为,离心率为,点为椭圆上任意一点,且的周长为.
(1)求椭圆的方程;
(2)直线与直线分别交椭圆于和两点,求四边形的面积.
17.(15分)如图,在四棱锥中,,平面平面.
(1)证明:;
(2)若,点为棱的中点,求二面角的余弦值.
18.(17分)已知函数.
(1)若为函数的极值点,求的值;
(2)若不等式恒成立,求的取值范围.19.(17分)已知数列,对于任意的,都有,则称数列为“凹数列”.
(1)判断数列是否为“凹数列”,请说明理由;
(2)已知等差数列,首项为4,公差为,且为“凹数列”,求的取值范围;
(3)证明:数列为“凹数列”的充要条件是“对于任意的,当时,有”.2025届安徽省高三摸底大联考-数学
参考答案、解析及评分细则1.B,所以复数在复平面内对应的点在第二象限.故选B.2.D,所以,所以图中阴影部分表示的集合为.故选D.3.B因为该组数据共6个,且,所以这组数据的分位数为第三位数,即6,则,解得.故选B.4.A球的体积为,可得其半径,圆柱的底面直径为2,半径为,在轴截面中,可知圆柱的高为,所以圆柱的侧面积为。故选A.5.C因为,所以,可得,即,所以,解得。故选C.
6.B设点,则,即,又两条渐近线方程为,即,故有,所以.故选B.
7.D因为函数为偶函数,则,即①,又因为函数为奇函数,则,即②,联立①②可得,所以.故选D.
8.B由题设可得,其中,故,且奇偶交错出现。(1)若为奇数,由可得对可取遍中的每一个奇数;(2)若为偶数,由可得对可取遍中的每一个偶数,又,当时,;考虑时,调整为3,则对应的可增加,依次对诸至少一个)调整为3后,即,从上述的调整过程可得取遍了中的奇数或偶数(取奇数还是偶数取决于的奇偶性),当时,取遍了中的奇数,合计46个,故选B.
9.BCD因为,所以,解得,故A错误;,故B正确;,故C正确;,故D正确.故选BCD.
10.ABC对于A,由,解得或,所以,则,当时,;当或时,;可知在上单调递增,在上单调递减,所以函数的极大值,故A正确;对于B,因为,故B正确;对于C,设切点为,则解得所以直线与函数的图象相切于,故C正确;对于D,由A选项知在上单调递增,在上单调递减,又,令,解得或3,函数在区间上存在最小值,所以的取值范围为,故D错误.故选ABC.
11.AC由,得,即,即,所以或,即或,所以曲线表示以为圆心,为半径的两个圆,故A正确;表示点到原点距离的平方,最大值为,故B错误;如图所示,设过点且与圆相切的直线方程为,则点到该直线的距离,解得,即图中直线的斜率为1,直线的方程为,点到直线的距离,则直线与圆相切,设过点且与圆相切的直线方程为,则点到该直线的距离,解得表示的是点到点的斜率,故的取值范围为,故C正确;由C项可知直线与圆均相切,所以直线与曲线有且仅有2个交点,故D错误.故选AC.
12.由题意知,因为,可得,解得,所以在上的投影向量为.
13.如图所示,设函数与的交点分别为,由得,所以,则,所以为等腰直角三角形,所以点到直线的距离为,即,解得.
14.根据题干可列出对应取值表格如下:12341121131314176151152510613190657163301350即个人集齐全4种卡片等价于7个不同元素组成4个非空集合,再将4个非空集合对应4种卡片,所以.
15.解:(1)由,得,①由,得,②
由①②联立,得,
由,得,所以,
又由,得.
(2)因为的面积为,所以,得.由,即,所以.
由余弦定理,得,即,
所以,可得,
所以的周长为.
16.解:(1)由题意知,且,解得,
则椭圆的方程为.
(2)易知四边形为平行四边形,设,联立直线与椭圆消去并整理得,
由韦达定理得
,
因为与平行,所以这两条直线的距离,
则平行四边形的面积.
17.(1)证明:因为,所以,所以,所以,因为,所以,即.
又因为平面平面,平面平面,所以平面,
因为平面,所以。
(2)解:取的中点,连接,由(1)知,因为,易知,
因为为的中点,为的中点,所以,所以平面,所以两两垂直,以为坐标原点,所在直线分别为轴,建立空间直角坐标系,
则,
平面的法向量为,
设平面的法向量为,
则
令,则,故,
故
设二面角的大小为,由图形可知,为锐角,
故二面角的余弦值为.
18.解:(1),由题意知,解得,
经验证此时为函数的极值点,故.
(2)设,定义域为,
,
设,所以,所以在上单调递减,又,所以存在使,
所以当时,,即,函数单调递增,
当时,,即,函数单调递减,
所以函数的最大值
,
因为恒成立,
即恒成立,设,则,所以单调递增,所以,即恒成立,
因为在上单调递减,且,
所以只需恒成立,即,
解得.
故的取值范围是
19.(1)解:(1)因为,则,又,故,即,数列是
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