2025届高三化学一轮复习：常见有机物及其应用

2025届高三化学一轮复习一常见有机物及其应用

一'单选题

1.下列关于乙烯的说法正确的是()

A.与澳单质或酸性高镒酸钾反应都与碳碳双键有关，但是两者原理不相同

B.CH3cH2Br不可能是乙烯的加成产物，只能是CH3cH3的一卤取代产物

C.乙烯和聚乙烯二者都能使滨水褪色，性质相似

D.乙烯与氢气发生加成反应生成乙烷，所以除去乙烷中混有少量乙烯，可以在一定条件下通入过量

氢气

2.©5日2有三种不同结构，甲：CH3(CH2)3CH3,乙：CH3cH(CH3)CH2cH3,丙：C(CH3)4,下列相

关叙述正确的是

A.C5H2表示一种纯净物

B.甲、乙、丙属于同分异构体，具有相同的物理、化学性质

C.甲、乙、丙中，乙的一氯代物数目最多

D.丙有三种不同沸点的二氯取代物

3.下列有机物的分类错误的是

选项ABCD

a0

有机物HHN^^

CU°A2OH

分类苯的同系物醇环烷煌氨基酸

A.AB.BC.CD.D

4.中药莪术有行气破血，消积止痛之功效，莪术二醇是莪术挥发油主要成分之一，其结构简式如图。下

列说法错误的是

OH

A.莪术二醇的分子式为Cl5H26。2

B.莪术二醇可以使酸性K2Cr2O7溶液变色

C.莪术二醇含有两个醇羟基可以催化氧化得到二元醛

D.一定条件下莪术二醇可发生加聚反应得到高聚物

5.化学与生活、生产密切相关。下列叙述不正确的是

A.裂化汽油、煤焦油、生物柴油的主要成分都是烷烧类

B.节日烟花呈现的是钠、钾、银等金属元素的焰色试验，与电子跃迁有关

C.K^FeO,在水处理过程中涉及：氧化还原反应、蛋白质变性、盐类水解、胶体聚沉

D.中国茶文化源远流长：治壶、投茶、出浴、淋壶、烫杯、醐茶、品茶……，泡茶过程涉及的操作

有萃取、过滤

6.由化合物X、Y为起始原料可合成药物Z。下列说法正确的是（）

A.X分子中所有碳原子可处于同一平面

B.X、Z分子中均含有2个手性碳原子

C.ImolZ最多只能与2moiBn发生反应

D.X、Y、Z均可与NaOH稀溶液发生反应

7.（CH3cH2）2CHCH3的正确命名是（）

A.2-乙基丁烷B.2-甲基戊烷C.3-乙基丁烷D.3-甲基戊烷

8.逆合成分析法是在设计有机合成路线时常用的方法.某聚合物的一种逆合成分析思路可表示为:

如其中的结构简式为

-FCH=CH=>X=>=>CH2=CH2=>CH3?CH2Br,X

A.CH3cH3B.CH2=CH2C.CH三CHD.CH3cH20H

9.下列化合物中既易发生取代反应，也可发生加成反应，还能使酸性KMnC>4溶液褪色的是

A.甲烷B.乙醇C.乙烷D.丙烯

10.化学与生活密切相关，下列说法正确的是（）

A.棉花和保鲜膜的主要成分均属于天然高分子

B.铅蓄电池在充电过程中将电能转化为化学能

C.常温下，可用铝制贮罐贮运浓盐酸或浓硫酸

D.闪电时空气中有。3生成，03与。2互为同位素

11.关于化学与生活、化学与生产，下列说法正确的是（）

A.将煤气化和液化，可得到清洁的燃料和化工原料，上述两个变化均为物理变化

B.袁隆平院士研制种植的海水稻的大米中含有淀粉、蛋白质、脂肪等，上述物质都是高分子化合物

C.“祝融号”火星车成功在火星表面着陆，其太阳能电池的材料是二氧化硅

D.用浸泡过高镒酸钾溶液的硅藻土吸收水果中的乙烯，可实现水果保鲜

12.下列物质提纯选用的除杂试剂或操作错误的是（）

选项物质（括号内的为杂质）除杂试剂及操作

ACH4(C2H4)通入澳水中

B苯（苯酚）加入饱和滨水后过滤

Cc2H2(H2s)通入CuSC）4溶液中

D乙酸乙酯（乙酸）加入饱和碳酸钠溶液后分液

A.AB.BC.CD.D

13.石油炼制过程中，既能提高汽油产量又能提高汽油质量的方法是

A.蒸储B.分储C.裂解D.催化裂化

14.莽草酸可用于合成药物达菲，其结构简式如图。关于莽草酸的说法正确的是（）

B.此有机物按碳骨架分类属于芳香族化合物

C.莽草酸既属于竣酸又属于酚类

D.分子中有两种含氧官能团

15.下列物质的性质与用途具有对应关系的是（）

A.醋酸能溶于水，可用于除水垢

B.乙醇易挥发，可用于萃取中药

C.HCHO具有还原性，其水溶液用于杀菌防腐

D.乙焕燃烧放出大量的热，可用于焊接和切割金属

16.有机化合物种类丰富，数量繁多。乙醇和二甲醛的结构式如下图所示:

HHHH

IIII

乙醇H-C—C-O-H二甲醛H-C-O—C-H

IIII

HHHH

下列关于上述两种物质的说法正确的是（）

A.分子式不同B.碳氧键（C-O）数目相同

C.互为同分异构体D.性质完全相同

17.下列指定反应的化学方程式或离子方程式正确的是（）

A.澳乙烷中滴入AgNCh溶液检验其中的澳元素：Br+Ag+=AgBr；

B.实验室用液澳和苯在催化剂作用下制澳苯：+Bn誉+HBr

C.实验室用乙醇制乙烯：CH3cH20H才H「SO'3CH2=CH2t+H2O

140t

OH

D.少量苯酚与浓澳水的反应：+3Br2—l+3HBr

8r

18.聚乳酸（PLA）是一种生物可降解材料。低相对分子质量PLA可由乳酸直接聚合而成，高相对分子

质量PLA的制备过程如下图所示。

乳酸中间体育相对分子质域F*LA

下列说法正确的是（）

A.高相对分子质量PLA易溶于水

B.乳酸生产中间体时，原子利用率能达到100%

C.由乳酸直接生成低相对分子质量PLA的反应属于缩聚反应

D.ImolPLA完全水解，消耗ImolNaOH

19.某著名血液学杂志刊载了一项振奋人心的科研成果：中国科学家找到了白血病的致病元凶——蛋白

质Shp-2,下列关于蛋白质Shp-2的说法正确的是

A.Shp-2是一种混合物，主要由C、H、N、O等元素组成

B.Shp-2在蛋白酶的作用下能发生水解反应，最终生成氨基酸

C.Shp-2在(NH4)2SO4溶液中变性，在硫酸铜溶液中发生盐析

D.氨基酸和蛋白质Shp-2都只能与碱溶液发生反应

20.有关如图所示化合物的说法不正确的是

CH3

A.既可以与FeC「溶液发生显色反应，又可以与澳水发生取代反应

B.Imol该化合物最多可以与3molNaOH反应

C.既可以催化加氢，又可以使酸性KMnC>4溶液褪色

D.既可以与Br?的Cd,溶液发生加成反应，又可以发生加聚反应

二'综合题

21.如表是A、B、C、D、E五种有机物的有关信息：

①能使澳的四氯化碳溶液褪色

②比例模型弱

A

③能与水在一定条件下反应生成C

①由C、H两种元素组成②球棍模型为笨今

B

①由C、H、0三种元素组成②能与Na反应

C

③与E反应生成相对分子质量为88的酯

D①相对分子质量比C少2②能由C催化氧化得到

E①由C、H、O三种元素组成②其水溶液能使紫色石蕊试液变红

回答下列问题：

(1)A〜E中，属于妙的是(填字母)。

(2)A使澳的四氯化碳溶液褪色后生成产物的结构简式为。

(3)C催化氧化生成D的化学方程式为0

(4)有机物B具有的性质是(填序号)。

①无色无味的液体；②有毒：③不溶于水；④密度比水大；⑤能使酸性KMnCU溶液和滨水褪色。

(5)E的水溶液能使紫色石蕊试液变红，说明E的水溶液显酸性，现设计一个实验来比较E与碳酸

酸性的强弱，则该实验的原理是(用化学方程式说明)

22.按要求回答下列问题：

A

(1)[yCHqH的分子式为__________,所含官能团的名称为___________________o

(2)CH3—C三c—CH=CHCH3分子中有个碳原子共平面，最多有个原子共平面。

(3)一定条件下，某些不饱和烧分子可以进行自身加成反应，例如：

II

CH=CH+CH=CH-----►CH=C——CH=CH,

If

CH,CH3

有机物甲的结构简式为CHz=C—CH°—f—CN,它是由不饱和煌乙的两个分子在一定条件下自身加成

CH,

而得到的。在此反应中除生成甲外，同时还得到另一种产量更多的有机物丙，其最长碳链仍为5个碳原

子，丙是甲的同分异构体。则乙的结构简式是,丙的结构简式是o

23.化学工作者创造出了无数自然界中没有的物质。部分过度油炸的食品中会产生丙烯酰胺(CH2=

o

CHC0NH2或CH2=CH_±_NH「，研究表明丙烯酰胺对人体存在致癌的风险。有机物H是丙烯酰胺

的相邻同系物，存在下列转化过程：其中A为气态烧，标准状况下密度为2.5g-LT,其分子中有1个甲

基，不存在顺反异构；E的分子式是C4H8。3,F为六元环状化合物。

回答下列问题：

(1)关于丙烯酰胺的说法，错误的层—o

A.丙烯酰胺所有碳、氮原子可能在一个平面内

B.人们应改善膳食习惯，少食油炸食品

C.丙烯酰胺可发生加成和水解反应

D.酰胺类物质其实就是蛋白质

(2)丙烯酰胺中含有官能团的结构简式分别是'c=C,和

(3)指出上述过程中下列反应类型

反应①,反应⑤O

(4)反应②的试剂名称和条件是o

(5)写出下列物质的结构简式

G的结构简式；

K的结构简式。

(6)写出下列化学方程式：

JD_________________________________________________

E_F________

(7)写出1种符合下列要求的G的同分异构体的结构简式

(不考虑立体异构)：

i,可发生银镜反应；

ii.可发生水解反应；

iii.不含环状结构

24.我国提出争取在2030年前实现碳达峰、2060年前实现碳中和，这对于改善环境、实现绿色发展至关

重要。其中二氧化碳技术是当前研究热点，下图就是利用催化剂Ni/Al2O3实现其转化的途径之一、

(1)催化剂Ni/Al2O3容易产生积碳而失活，实验显示，如果在一定温度下，向催化剂Ni/Al2O3

通入CH,，催化剂则会失活；失活后通入氢气，催化剂又会复活。请用化学方程式表示原

因、O

(2)H2S的存在会使催化剂Ni/Al2O3中毒，主要原因是H2S与金属结合，阻止了

与金属的结合，使主反应停止。

(3)上图总反应方程式为；转化时，还伴随着副反应，

请依据上图判断副反应的有机产物之一是。为了实现总反应，HO-

与载体结合，由此推断总反应温度(填“较高”或“常温，

25.某含C、H、O三种元素的未知物A,现对A进行分析探究。

(1)经燃烧分析实验测定，该未知物中碳的质量分数为41.38%,氢的质量分数为3.45%,则A的实

验式为o

(2)利用质谱法测定A的相对分子质量，其质谱图如下，则A的分子式为。

(3)A的红外光谱图如下，分析该图得出A中含2种官能团，官能团的名称

是、O

(4)A的核磁共振氢谱图如下，综合分析A的结构简式为

6040200

答案解析部分

L【答案】A

【解析】【解答】A、乙烯与澳发生加成反应，与酸性高镒酸钾发生氧化还原反应，故A正确；

B、乙烯和HBr发生加成反应生成CH3cH2Br,故B错误；

C、聚乙烯不含碳碳双键，不能使滨水褪色，故C错误；

D、通入过量氢气会引入新杂质，故D错误；

故答案为：A。

【分析】乙烯中含有碳碳双键，所有原子共平面，能发生加成反应、氧化反应。

2.【答案】C

3.【答案】A

【解析】【解答】A.含有苯环，但侧链不是烷煌基，不是苯的同系物，故A符合题意；

B.的羟基没有直接连在苯环上，而是连在侧链的碳上，属于醇类，故B不符合题意；

c.含有环但不是苯环，侧侧链是烷煌基，是环烷烧，故C不符合题意；

D.iixtII含有氨基和竣基，是氨基酸，故D不符合题意；

H2N-><OH

故答案为：A

【分析】

A.苯的同系物主要是侧链是烷基，但是此侧链是烯煌基团；

B.羟基不与苯环直接相连属于醇；

C.含有环，属于环烷煌；

D.氨基酸含有氨基和竣基。

4.【答案】C

5.【答案】A

6.【答案】B

7.【答案】D

【解析】【解答】（CH3cH2”CHCH3属于烷煌，最长碳链含有5个碳原子，支链为1个甲基，名称为3-甲

基戊烷，

故答案为：D。

【分析】本题考查烷煌的命名方法，烷妙命名时，碳原子的编号从离支链最近的碳原子开始；相同的取

代基要合并；取代基的位次和最小；乙基不能出现在2号碳原子上。

8.【答案】C

【解析】【解答】根据题意，题目是对澳乙烷合成聚乙快的逆合成分析，故X为聚乙快的单体，X为乙

焕；

故答案为：C

CH2—CH2

【分析】根据逆推出x为乙焕结合选项判断。

BrBr

9.【答案】D

【解析】【解答】A.甲烷中不含不饱和键，不能发生加成反应，不能使KMnCU酸性溶液褪色，故A不

选；

B.乙醇属于饱和一元醇不能发生加成反应，故B不选；

C.乙烷中不含不饱和键，不能发生加成反应，不能使KMnCh酸性溶液褪色，故C不选；

D.丙烯中含碳碳双键，既易发生取代反应，也可发生加成反应，也能使KMnCU酸性溶液发生氧化反应

而褪色，故D选；

故答案为：D。

【分析】A.甲烷不能发生加成反应，也不能使酸性高镒酸钾褪色；

B.乙醇不能发生加成反应；

C.乙烷不能发生加成反应，也不能使酸性高镒酸钾褪色。

10.【答案】B

【解析】【解答】A.棉花主要成分是纤维素，属于天然高分子；保鲜膜主要成分是聚乙烯，属于加聚产

物，不属于天然高分子，故A不符合题意；

B.铅蓄电池在放电过程中将化学能转化为电能，充电过程中将电能转化为化学能，故B符合题意；

C.常温下，可用铝制贮罐贮运浓硫酸，不能贮罐贮运浓盐酸，浓盐酸会与铝反应生成氢气和氯化铝，故

C不符合题意；

D.闪电时空气中有03生成，03与02互为同素异形体，故D不符合题意。

故答案为：Bo

【分析】A.保鲜膜是合成高分子材料；

B.充电时电能转化为化学能；

C.浓盐酸会与铝反应，不能用铝制贮罐贮运；

D.同位素是质子数相同中子数不同的原子，。3与02互为同素异形体。

11.【答案】D

【解析】【解答】A.煤的气化是将煤和水蒸气反应得到气体燃料C0和H2,煤的液化有直接液化和间接

液化，直接液化是将煤和氢气反应得到液体燃料，间接液化是先将煤气化，然后再利用得到的CO和H2

合成甲醇等有机物，上述两个变化均为化学变化，故A不符合题意；

B.淀粉、蛋白质是高分子，脂肪不是高分子，故B不符合题意；

C.太阳能电池的材料是硅，故C不符合题意；

D.乙烯是植物生长调节剂，高镒酸钾溶液能吸收乙烯，用浸泡过高镒酸钾溶液的硅藻土吸收水果中的乙

烯，可实现水果保鲜，故D符合题意；

故答案为：D。

【分析】A.煤的气化和液化均是化学变化

B.淀粉和蛋白质均是高分子，脂肪主要是高级脂肪酸甘油酯是小分子化合物

C.二氧化硅是光导纤维的额主要材料

D.高镒酸钾具有氧化性可将乙烯氧化

12.【答案】B

【解析】【解答】A.甲烷中有乙烯可以通到澳水中，乙烯会与澳水中的澳单质发生加成反应，而乙烷不反

应，A选项是正确的；

B.苯酚在与澳水发生反应得到的三澳苯酚会溶于苯，不能观察到沉淀生成的现象，B选项是错误的；

C.乙烘中有硫化氢气体，硫化氢溶于硫酸铜溶液以后会与铜离子反应得到硫化铜黑色沉淀，而乙焕不反

应，达到除杂的目的，C选项是正确的；

D.饱和碳酸钠溶液可以与乙酸反应，并且可以降低乙酸乙酯的溶解度，可以达到除杂的目的，D选项是

正确的。

故答案为：B„

【分析】A.滨水可以检验不饱和碳碳键；

B.苯酚与滨水发生取代反应本来可以得到白色沉淀三澳苯酚，但苯酚在与滨水发生反应得到的三澳苯酚

会溶于苯；

C.硫化氢溶于硫酸铜溶液以后会与铜离子反应得到硫化铜黑色沉淀；

D.饱和碳酸钠溶液可以与乙酸反应，并且可以降低乙酸乙酯的溶解度，可以达到除杂的目的。

13.【答案】D

14.【答案】D

【解析】【解答】A.分子中有羟基、碳碳双键和竣基，A不符合题意；

B.此六元环不是苯环、不属于芳香族化合物，B不符合题意；

C.分子中羟基是醇羟基、和竣基，既属于较酸又属于醇类，C不符合题意；

D.分子中有竣基和羟基两种含氧官能团，D符合题意；

故答案为：D

【分析】A.羟基、碳碳双键和竣基的判断；

B.有苯环属于芳香族化合物；

C.醇羟基、和竣基的判断；

D.竣基和羟基是两种含氧官能团。

15.【答案】D

【解析】【解答】A.醋酸能与碳酸钙反应，可用于除水垢，选项所给无对应关系，故A不符合题意；

B.中药中的有效成分易溶于乙醇，可用于萃取中药，选项所给无对应关系，故B不符合题意；

C.HCHO能使蛋白质变性失活，其水溶液用于杀菌防腐，选项所给无对应关系，故C不符合题意；

D.乙焕燃烧放出大量的热，能形成高温氧烘焰，可用于焊接和切割金属，故D符合题意，

故答案为：D；

【分析】A.除水垢主要利用的醋酸的酸性

B.乙醇是有机溶剂可以溶解中药的有效成分

C.次氯酸具有很强的氧化性因此可以杀毒

D.燃烧属于放热反应导致温度升高，可以进行金属切割和焊接

16.【答案】C

【解析】【解答】A.乙醇和乙醛的分子式都为C2H60,二者分子式相同，故A不符合题意；

B.如图所示，乙醇分子中含有一个碳氧键（C-O）,二甲醛分子中含有两个碳氧键（C-O）,二者碳氧键

数目不相同，故B不符合题意；

C.分子式相同而结构不同的有机物互为同分异构体，乙醇和二甲醛分子式相同，但结构不同，二者互为

同分异构体，故C符合题意；

D.乙醇和二甲醛结构不同，是不同的物质，,二者性质不同，故D不符合题意；

故答案为：Co

【分析】分子式相同，结构式不同说明互为同分异构体。

17.【答案】B

【解析】【解答】A.澳乙烷中滴入AgNCh溶液，不能发生反应，无法检验其中的澳元素，A不符合题

思卡.；

B.实验室制澳苯，用液澳和苯在催化剂作用下发生取代反应，生成澳苯和澳化氢，反应方程式为。

+Br2誉|QfBr+HBr,B符合题意；

C.实验室用乙醇制乙烯，需要加入浓硫酸并加热到170C,C不符合题意；

OH

D.少量苯酚与浓滨水的反应，应生成“和HBr,D不符合题意；

故答案为：Bo

【分析】A.检验澳离子，需要进行水解

B.考查的是澳苯的制备

C.140C制取的是乙醛

D.取代的位置是邻位和对位

18.【答案】C

【解析】【解答】A.高相对分子质量PLA属于竣基和羟基的缩聚产物，为酯类物质，难溶于水，A项不

符合题意；

B.2分子乳酸酯化生成1分子中间体的同时生成2moi水，原子利用率不能达到100%,B项不符合题

思卡.；

C.不管生成低相对分子质量还是高相对分子质量PLA,其过程均为缩聚反应，C项符合题意；

D.PLA属于高分子化合物，含有多个酯基，则ImolPLA完全水解消耗nmolNaOH,D项不符合题意；

故答案为：Co

【分析】A.PLA中不含亲水基，只含憎水基；

B.乳酸生产中间体时，除了生成中间体外还生成水；

C.乳酸中含有竣基和醇羟基，能发生缩聚反应生成高分子化合物;

D.lmolPLA完全水解时生成(n-1)mol竣基，-COOH和NaOH以1：1反应。.

19.【答案】B

20.【答案】A

21.【答案】(1)AB

(2)CH2BrCH2Br

(3)2CH3CH2OH+O2->2cH3CHO+2H2O

Cu

(4)②③

(5)CH3coOH+NaHCCh—CH3coONa+fhO+CO2T

【解析】【解答】(1)通过以上分析知，属于煌的是乙烯、苯，故答案为：AB；(2)乙烯和澳发生的化学反

应为：CH2=CH2+Br2^CH2BrCH2Br,故答案为：CHzBrCJhBr；(3)在加热、铜作催化剂条件下，乙醇被

氧气氧化生成乙醛和水，反应方程式为：2cH3cH2OH+O2f2cH3cHO+2H?O,故答案为：

Cu

2cH3cH2OH+O2-2cH3cHO+2H2O；(4)根据B的组成元素及其球棍模型知，B是苯，苯是不溶于水有

Cu

香味的无色有毒液体，密度小于水，不能使酸性KMnCU溶液褪色，可以萃取漠水而使滨水褪色，故答案

为：②③；(5)分析可知E为乙酸，设计一个实验来比较乙酸与碳酸酸性的强弱，则可以利用强酸制弱

酸的原理，用乙酸与碳酸氢盐反应，若反应有二氧化碳产生则证明乙酸的酸性强于碳酸，原理可为：

CH3COOH+NaHCO3^CH3COONa+H2O+CO2T，故答案为：

CH3coOH+NaHCCh—CH3coONa+HzO+CChf。

【分析】A能使滨水褪色说明含有碳碳双键或三键，结合比例模型知，该物质是乙烯；A能和水反应生

成C,则C是乙醇；根据B的组成元素及其球棍模型知，B是苯；D的相对分子质量比C少2,且能由

C催化氧化得到，所以D是乙醛；E由C、H、。三种元素组成，且其水溶液能使紫色石蕊试液变红，说

明含有竣基，E和C反应生成相对分子质量为88的酯，所以E是乙酸，据此解答。

22.【答案】(1)CioHuO；碳碳双键、羟基

(2)6；10

CH

3

—

CH,C=

(3)II-；CH,—

HQ—C—CH,

【解析】【解答】(1)根据该有机物结构简式分析，分子有10个C原子，2个碳碳双键，有1个氧原

子，分子式为CIOHI8。，官能团为碳碳双键和羟基；

(2)饱和碳原子是四面体结构，双键碳为平面结构，三键碳为直线结构，所有碳原子均共平面，共6

个，甲基H最多有1个与三键碳共平面，甲基H最多有1个与双键碳共平面，以及碳碳双键上一个H,

最多有10个原子共平面；

(3)已知甲由不饱和煌乙的两个分子在一定条件下自身加成而得到的，乙含有4个C原子，有一个支

CH,

链，乙的结构简式为II一，不饱和碳上的H更容易发生加成，丙的结构简式为

H.C—C—CH,

CH3CH,

cHcH

c-3

—

CH

【分析】(1)分子式CioHi8。，官能团碳碳双键和羟基的判断；

(2)饱和碳原子是四面体结构，双键碳为平面结构，三键碳为直线结构，甲基H最多有1个与三键碳共

平面，甲基H最多有1个与双键碳共平面；

(3)已知甲由不饱和煌乙的两个分子在一定条件下自身加成而得到的，乙含有4个C原子，有一个支

链，不饱和碳上的H更容易发生加成。

23.【答案】(1)D

(2)-CONH2

(3)加成反应；消去反应

(4)氢氧化钠水溶液、加热注：试剂名称

HH

十ee

In

(5)CH3cH=CHCOOH；

CH3CONH2

Cu

(6)2CH3CH2CHOHCH2OH+O2^>2cH3cH2cHOHCHO+2H.O；

o

2CH3CH2CHOHCOOH—

(7)HCOOCH=CHCH3或HCOOCH2cH=CH2或HCOOC(CH3)=CH2

【解析】【解答】(1)A、CH2=CHCONH2中，不存在单键C连接2个以上C或N的情况，所有C、N

可能处于同一个平面，A错误；

B、过度油炸食品中存在丙烯酰胺，会致癌，B错误；

C、CH2=CHCONH2中存在碳碳双键，可以发生加成反应，存在酰胺基可以发生水解，C错误；

D、蛋白质是一种高分子化合物，酰胺类物质不一定是蛋白质，D正确；

故答案为：D；

(2)酰胺基的结构简式为-CONH2,故答案为：-C0NH2；

(3)A的的标准状况下密度为2.5g-LL可以算得其摩尔质量为56gA为气态烧，其通式满足

CxHy,可以算得该分子分子式为C4H8,分子中存在1个甲基且无顺反异构，可知A的结构简式为

CH2=CHCH2cH3,根据C转化为D以及D可以和银氨溶液反应，可知D含有醛基，则C含有羟基，B

含有卤族原子，A转化为B为烯煌的加成反应，E的分子式为C4H8。3,可知分子中含有1个竣基1个羟

基，根据A转化为B的过程，可知E的结构简式为CH3cH2CHOHCOOH,E在浓硫酸的作用下，可以发

生酯化反应，也可以发生消去反应，由于F为六元环，则反应⑥为酯化反应，跟H为丙烯酰胺的相邻同

系物，可知G的结构简式为CH3cH=CHCOOH,则E转化为消去反应，故答案为：加成反应；消去反

应；

(4)B为卤代烧，转化为醇的条件是氢氧化钠水溶液加热，故答案为：氢氧化钠水溶液、加热；

(5)根据(3)分析，可知G的结构简式为CH3cH=CHCOOH,G和NH3反应，产物为

HH

十ee

In

CH3cH=CHCOONH4,贝K的结构简式为,故答案为：CH3cH=CHCOONH4；

CH3CONH2

HH

十ee

In

CH3CONH2

(6)C转化为D为羟基被氧化为醛基，E转化为F为分子间的酯化反应形成六元环，故答案为:

Cu

2CH3CH2CHOHCH2OH+O2-2CH3cH2CHOHCHO+2H2。；

(7)G的结构简式为CH3cH=CHCOOH,不饱和度为2,其同分异构体可以发生银镜反应，即含有醛

基，可以发生水解反应，即含有酯基，又因为O共有2个，则必定含有结构HCOO-,含有1个不饱和

度，不含环状结构，则必定含有碳碳双键，则G的同分异构体可能为HC00CH=CHCH3或

HCOOCH2cH=CH2或HCOOC(CH3)=CH2,故答案为：HCOOCH=CHCH3或HCOOCH2cH=CH?

或HCOOC(CH3)=CH2O

【分析】(1)A、共平面的判断要注意一个原子周围有3个或以上的单键连接时，最多两个单键原子共平

面;

B、人们应改善膳食习惯，少食油炸食品;

C、CH2=CHCONH2中存在碳碳双键，可以发生加成反应，存在酰胺基可以发生水解;

D、蛋白质含有肽键，酰胺类物质含有酰胺基;

（2）酰胺基的结构简式为一C0NH2；

（3）加成反应的特点是双键断开，一侧连接1个原子或基团，消去反应的特点是单键断开形成不饱和

键；

（4）卤代燃发生水解反应，条件是氢氧化钠水溶液加热；

（5）结构简式的判断要结合后续流程和已知条件判断；

（6）发生酯化反应，酸脱羟基醇脱氢，该反应为可逆反应，条件是浓硫酸加热；

（7）同分异构体的判断可以先根据不饱和度确定官能团，再根据碳链异构和位置异构判断同分异构体种

类。

一定温度