浙江诗阳中学2024-2025学年高一物理上学期期中试题含解析

PAGE18-浙江省东阳中学2024-2025学年高一物理上学期期中试题（含解析）一、单项选择题1.诗句“满眼波光多闪灼，看山恰似走来迎，细致看山山不动，是船行”中，“看山恰似走来迎”和“是船行”所选的参考系分别是A.船和山 B.山和船 C.地面和山 D.河岸和流水【答案】A【解析】【详解】参考系是为了探讨问题的便利而假定不动的物体，在本题中作者和山之间的距离渐渐减小，而作者认为自己静止不动，从而“看山恰似走来迎”，故此现象选择的参考系是自己或者船与船上静止不动的物体，但事实上船是运动的，所谓是“船行”选择的参考系是河岸、山或者地球上相对地球静止不动的其它物体，故A正确。2.关于惯性，下列说法正确的是（）A.只有在不受外力作用时物体才有惯性B.只有运动的物体才具有惯性C.惯性是指物体具有的保持原来静止或匀速直线运动状态的性质D两个物体只要速度相同，惯性就肯定相同【答案】C【解析】【详解】牛顿第肯定律，物体总保持静止或匀速直线运动状态，直到有外力迫使它变更这种状态，牛顿第肯定律又叫惯性定律。表征物体保持原来运动状态本事就是质量，所以惯性只与质量有关，与其他状态无关，C正确，ABD错误。3.下列各组物理量中，都属于矢量的是（）A.位移和路程B.时间和时刻C.力和加速度D.平均速度和速率【答案】C【解析】【详解】位移、力、加速度和平均速度都是既有大小又有方向的物理量，是矢量；而路程、时间、时刻和速率只有大小无方向，是标量；故选C.4.关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是A.加速度减小时速度肯定减小 B.加速度为零时，速度也为零C.加速度很小时，速度可以很大 D.速度变更越大，加速度就越大【答案】C【解析】【详解】当加速度方向与速度方向相同，加速度减小，则速度增大，故A错误。加速度为零，速度不肯定为零，比如做匀速直线运动。故B错误。加速度很小，速度可能很大，比如以较大速度做匀速直线运动，速度很大，加速度为零。故C正确。依据a=知，速度变更越大，加速度不肯定大，还与时间有关。故D错误。故选C。【点睛】解决本题的关键知道加速度的物理意义，驾驭推断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系．5.一辆汽车由静止起先运动，其v-t图象如图所示，则汽车在0～1s内和1s～3s内相比（）A.速度变更相同B.平均速度相等C.位移相等D.加速度相同【答案】B【解析】【详解】0～1s内速度的变更量为5m/s，1s～3s内速度的变更量为-5m/s。故A错误。依据匀变速直线运动的推论知，0～1s内的平均速度，1s～3s内的平均速度．故B正确。汽车在0～1s内和1s～3s内图线围成的面积不等，则位移不等，故C错误。两段时间内图线的斜率不同，则加速度不同。故D错误。故选B。【点睛】解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率和图线与时间轴围成的面积表示的含义．6.甲、乙两车某时刻由同一地点，沿同一方向起先做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的位移—时间图象如图所示，图象中的OC段与AB平行，CB段与OA平行，则下列说法中正确的是()A.t1到t2时刻两车的距离越来越远B.0～t3时间内甲车的平均速度大于乙车的平均速度C.甲车的初速度等于乙车在t3时刻的速度D.t3时刻甲车在乙车的前方【答案】C【解析】【分析】由题中“甲、乙两车某时刻由同一地点，沿同一方向起先做直线运动”可知，本题主要考察x-t图，依据图像规律可分析本题。【详解】A．t1到t2时刻，图像中CB段与OA平行,所以甲、乙两车在这段时间内的位移相同，之间的距离不变，故A错误；B．0～t3时间内甲车的位移与乙车的位移相同，时间相同，所以平均速度相同，故B错误；C．在x-t图中，图像斜率表示速度，图象中的OC段与AB平行，所以甲车的初速度等于乙车在t3时刻的速度，故C正确；D．t3时刻甲车位移与乙车的位移相同，故D错误。7.A、B、C三点在同始终线上，一个物体自A点从静止起先作匀加速直线运动，经过B点时的速度为2v，到C点时的速度为6v，则AB与BC两段距离大小之比是A.1:3 B.1:8 C.1:9 D.3:32【答案】B【解析】【详解】由A到B有运动学公式可得：,由B到C由运动学公式可得：由以上两方程可得。故B正确。8.《中国制造2025》是国家实施强国战略第一个十年行动纲领，智能机器制造是一个重要方向，其中智能机械臂已广泛应用于各种领域。如图所示，一机械臂铁夹竖直夹起一个金属小球，小球在空中处于静止状态，铁夹与球接触面保持竖直，则（）A.若增大铁夹对小球压力，小球受到的摩擦力变大B.小球受到的摩擦力与重力大小相等C.机械手臂受到的摩擦力方向竖直向上D.若铁夹水平移动，小球受到的摩擦力变大【答案】B【解析】【分析】由题中“一机械臂铁夹竖直夹起一个金属小球”可知，本题考查静摩擦力和力的平衡，依据静摩擦力和平衡力的特点可以分析本题。【详解】AB.因为小球在空中处于静止状态，铁夹与球接触面保持竖直，所以小球受力平衡，在竖直方向上重力和摩擦力平衡，所以增大铁夹对小球的压力，小球所受摩擦力依旧与重力是平衡力，故A错误B正确；C.小球所受摩擦力竖直向上，机械手臂受到的摩擦力竖直向下，故C错误；D.铁夹水平移动不影响竖直方向受力状况，故D错误。9.如图所示，在水平力F的作用下，木块A、B保持静止．若木块A与B的接触面是水平的，且F≠0．则关于木块B的受力个数可能是（）A.3个或4个 B.3个或5个 C.4个或5个 D.4个或6个【答案】C【解析】试题分析：先对A分析，B对A有向右的静摩擦力；再分析B受力，B可能受到斜面的静摩擦力，也可能不受斜面的静摩擦力，B受力状况有两种可能．解：B至少受到重力、A对B的压力和静摩擦力、斜面的支持力四个力．斜面对物体B可能有静摩擦力，也有可能没有静摩擦力；故选C．【点评】本题关键先对A分析，依据平衡条件得到B对A有向左的静摩擦力，然后依据牛顿第三定律得到A对B有向右的静摩擦力；再依据重力、弹力、摩擦力的依次找力．10.如图所示，一物块置于水平地面上。当用与水平方向成角的力拉物块时，物块做匀速直线运动；当改用与水平方向成角的力推物块时，物块仍做匀速直线运动。若和的大小相等，则物块与地面之间的动摩擦因数为A. B. C. D.1-【答案】B【解析】试题分析：对两种状况下的物体分别受力分析，如图将F1正交分解为F3和F4，F2正交分解为F5和F6，则有：F滑=F3mg=F4+FN；F滑′=F5mg+F6=FN′而F滑=μFN；F滑′=μFN′则有F1cos60°=μ（mg-F1sin60°）①F2cos30°=μ（mg+F2sin30°）②又依据题意F1=F2③联立①②③解得：μ=2-；故选B考点：物体的平衡11.如图所示，有3000个质量均为m的小球，将它们用长度相等的轻绳依次连接，再将其左端用细绳固定在天花板上，右端施加一水平力使全部小球静止．若连接天花板的细绳与水平方向的夹角为37°．则第1218个小球与1219个小球之间的轻绳与水平方向的夹角α的正切值等于（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）A. B.C. D.【答案】D【解析】【详解】以3000给小球组成的整体为探讨对象，分析受力状况，如下图所示，依据平衡条件可得再以2024个球到3000个球组成的整体为探讨对象，如下图所示，由平衡条件可得：，由以上两方程可得：。12.如图所示，质量分别为m1、m2的A、B两小球分别连在弹簧两端，B小球用细绳固定在倾角为30°的光滑斜面上，若不计弹簧质量且细绳和弹簧与斜面平行，在细绳被剪断的瞬间，A、B两小球的加速度分别为A.都等于B.0和C.和0D.0和【答案】B【解析】【详解】在剪断绳子之前，A处于平衡状态，所以弹簧的拉力等于A的重力沿斜面的分力相等。在剪断上端的绳子的瞬间，绳子上的拉力马上减为零，而弹簧的伸长量没有来得及发生变更，故弹力不变仍为A的重力沿斜面上的分力。故A球的加速度为零；在剪断绳子之前，对B球进行受力分析，B受到重力、弹簧对它斜向下的拉力、支持力及绳子的拉力，在剪断上端的绳子的瞬间，绳子上的拉力马上减为零，对B球进行受力分析，则B受到到重力、弹簧的向下拉力、支持力。所以依据牛顿其次定律得：；故B正确，ACD错误。故选B。【点睛】该题考查瞬时加速度问题，要留意明确在剪断绳子的瞬间，绳子上的力马上减为0，而弹簧的弹力不发生变更，再结合牛顿其次定律进行分析求解即可。二、多项选择题13.小球从空中自由下落，与水平地面相碰后弹到空中某一高度，其速度随时间变更的关系如图所示.取g=10m/s2.则（）A.小球下落的最大速度为5m/s B.小球第一次反弹初速度的大小为5m/sC.小球能弹起的最大高度为0.45m D.小球能弹起的最大高度为1.25m【答案】AC【解析】【详解】由图可知，小球下落到0.5s时的速度最大，最大速度为5m/s；故A正确；由图象可知，小球第一次反弹后初速度的大小为3m/s，故B错误；由图象可知：前0.5s内物体自由下落，后0.3s物体反弹，依据v-t图象中速度图象与时间轴围成的面积表示位移可得小球弹起的高度为：h=×3×0.3=0.45m，故C正确，D错误.14.如图所示，为倾斜的皮带传送装置．关于传送带上的物体所受的摩擦力，下列说法正确的是()A.若传送带静止，物体也静止，则物体受到沿传送带向上的静摩擦力B.若传送带静止，物体也静止，则物体受到沿传送带向下的静摩擦力C.若传送带顺时针匀速转动，物体随传送带一起向上做匀速运动，则物体受到沿传送带向上的静摩擦力D.若传送带顺时针匀速转动，物体随传送带一起向上做匀速运动，则物体受到沿传送带向上的滑动摩擦力【答案】AC【解析】【分析】由题中“关于传送带上的物体所受的摩擦力”可知，本题考查摩擦力的性质，依据受力状况可以分析本题。【详解】AB.若传送带静止，物体也静止，物体受静摩擦力，依据受力分析可知，摩擦力方向沿斜面对上，故A正确B错误；CD.由于物体随传送带一起向上做匀速运动，故物体受力平衡，因此受到静摩擦力，方向沿斜面对上，故C正确D错误。15.如图所示，用竖直挡板将小球夹在挡板和光滑斜面之间，若逆时针缓慢转动挡板，使其由竖直转至水平的过程中，以下说法正确的是()A.挡板对小球的压力先增大后减小B.挡板对小球的压力先减小后增大C.斜面对小球的支持力先减小后增大D.斜面对小球的支持力始终渐渐减小【答案】BD【解析】【分析】由题中“用竖直挡板将小球夹在挡板和光滑斜面之间”可知，本题考查物体受力分析和受力平衡，依据平衡和物体受力分析可解答本题。【详解】有题可得下图取小球为探讨对象，小球受到重力G、挡板对小球的弹力FN1和FN2，FN1和FN2的合力与重力大小相等，方向相反，FN2总是垂直斜面，方向不变，由图可知FN1方向变更时，其大小只能沿PQ线变动，明显在挡板移动过程中，FN1先变小后变大，FN2始终减小，故BD正确。16.某人驾驶一辆汽车甲正在平直的马路上以某一速度匀速运动，突然发觉前方50m处停着一辆乙车，马上刹车，刹车后做匀减速直线运动。已知刹车后第1个2s内的位移是24m，第4个2s内的位移是1m。则下列说法中正确的是A.汽车甲刹车后做匀减速直线运动的加速度大小为m/s2B.汽车甲刹车后做匀减速直线运动的加速度大小为2m/s2C.汽车甲刹车后停止前，可能撞上乙车D.汽车甲刹车前的速度为14m/s【答案】BD【解析】【详解】ABD．假设汽车在第4个2s内没有停止，依据代入数据解得，依据解得：速度减为零的时间为：可知汽车在8s前速度减小为零设汽车初速度为，加速度为，令t=2s。则在第1个2s内：在第4个2s内联立两式，可得，(，舍去)所以AD正确；B错误；C．汽车刹车距离，所以不能撞上乙车，故C错误。17.如图所示，滑块B放在斜面体A上，B在水平向右的外力F1，以及沿斜面对下的外力F2共同作用下沿斜面对下运动，此时A受到地面的摩擦力水平向左。若A始终静止在水平地面上，则下列说法中正确的是A.同时撤去F1和F2，B的加速度肯定沿斜面对下B.只撤去F1，在B仍向下运动的过程中，A所受地面摩擦力的方向可能向右C.只撤去F2，在B仍向下运动的过程中，A所受地面摩擦力的方向可能向右D.只撤去F2，在B仍向下运动的过程中，A所受地面的摩擦力不变【答案】AD【解析】试题分析：本题可以假设从以下两个方面进行探讨．（1）斜劈A表面光滑（设斜面的倾角为θ，A的质量为mA，B的质量为mB）A、同时撤去F1和F2，物体在其重力沿斜面对下的分力mBgsinθ的作用下也肯定沿斜面对下做匀加速直线运动，故A正确；B、假如撤去F1，使A相对地面发生相对运动趋势的外力大小是FN2sinθ=mBgcosθsinθ，方向向右．如图a所示．由于mBgcosθsinθ＜（mBgcosθ+F1sinθ）sinθ，所以A所受地面的摩擦力仍旧是静摩擦力，其方向仍旧是向左，而不行能向右．故B错误；C、撤去F2，在物体B仍向下运动的过程中，A所受地面摩擦力的变更状况要从A受地面摩擦力作用的缘由角度去思索，即找寻出访A相对地面发生相对运动趋势的外力的变更状况．通过分析，使A相对地面有向右滑动趋势的外力是（mBgcosθ+F1sinθ）sinθ．如图b、c所示．与F2是否存在无关．所以撤去F2，在物体B仍向下运动的过程中，A所受地面的摩擦力应当保持不变．故C错误D正确；因此，在斜劈表面光滑的条件下，该题的答案应当是AD．（2）斜劈A表面粗糙（设A表面的动摩擦因数为μ）在斜劈A表面粗糙的状况下，B在F1、F2共同作用下沿斜面对下的运动就不肯定是匀加速直线运动，也可能是匀速直线运动．由题意知，在B沿斜劈下滑时，受到A对它弹力FN和滑动摩擦力f．依据牛顿第三定律，这两个力反作用于A．斜劈A事实上就是在这两个力的水平分力作用下有相对地面对右运动的趋势的．FNsinθ＞fcosθ，又因为f=μFN，所以FNsinθ＞μFNcosθ，即μ＜tanθ．A、同时撤出F1和F2，由以上分析可知mBgsinθ＞μmBgcosθ．所以物体B所受的合力沿斜劈向下，加速度方向也肯定沿斜劈向下，故A正确；B、假如撤去F1，在物体B仍向下运动的过程中，N=mgcosθ，f=μN，图中假设A受的摩擦力fA方向向左，Nsinθ=fcosθ+fA，则有：fA=Nsinθ-μNosθ=N（sinθ-μcosθ）＞0所以斜劈A都有相对地面对右运动的趋势，摩擦力方向是向左．故B错误；CD、又由于F2的存在与否对斜劈受地面摩擦力大小没有影响，故撤去F2后，斜劈A所受摩擦力的大小和方向均保持不变．故C错误D正确；因此，在斜劈A表面粗糙的状况下，本题的正确选项仍旧是AD．故选：AD．考点：牛顿定律应用。三、试验题18.“验证力的平行四边形定则”的试验如图甲所示，其中A为固定橡条的图钉，P为橡皮条与细绳的结点，用两把互成角度的弹簧秤把结点P拉到位置O。弹簧秤的示数为F1、F2，为单独用一根弹簧拉到O点时的读数，F是用平行四边形法则求出F1、F2的合力。（1）为了更精确得到合力与分力的关系，要采纳作力的______(填“图示”或“示意图”)来表示分力与合力；（2）图甲中左侧测力计读数是________N（3）图乙中方向肯定沿AO方向的力是________(填“F”或“F′”)。【答案】(1).力的图示(2).4.2(3).【解析】【分析】由题中“验证力的平行四边形定则”可知，本题考查验证力的平行四边形定则试验操作和数据处理，依据试验要求和原理可分析本题。【详解】（1）[1]由于要精确反应每个力的大小，故要采纳作力的图示来表示分力与合力；（2）[2]依据弹簧测力计读数，图甲左侧测力计读数是4.2N；（3）[3]考虑到实际操作中的摩擦和误差，图乙中方向肯定沿AO方向的力是F′。19.用如图甲所示的试验装置做探究加速度与力、质量关系的试验（1）某同学通过试验得到如图乙所示的a-F图象，造成这一结果的缘由是：在平衡摩擦力时木板与水平桌面间的倾角________（填“偏大”或“偏小”）。（2）该同学在平衡摩擦力后进行试验，实际小车在运动过程中所受的拉力________砝码和盘的总重力（填“大于”、“小于”或“等于”），为了便于探究、减小误差，应使小车质量M与砝码和盘的总质量m满意________的条件。（3）某同学得到如图所示的纸带。已知打点计时器电源频率为50Hz。A、B、C、D、E、F、G是纸带上7个连续的点。Δs＝sDG－sAD＝________cm。由此可算出小车的加速度a＝________m/s2（保留两位有效数字）。【答案】(1).偏大(2).小于(3).M≫m(4).1.80(5).5.0【解析】【详解】（1）[1]当拉力F等于0时，小车已经产生力加速度，故缘由是平衡摩擦力时平衡摩擦力过大，在平衡摩擦力时木板与水平桌面间的倾角偏大．（2）[2]小车运动过程中，砝码和盘向下做加速运动处于失重状态，砝码和盘对细线的拉力小于其重力，小车在运动过程中受到的拉力小于砝码和盘的总重力；[3]对整体分析，依据牛顿其次定律得解得则绳子的拉力当，即砝码和盘的总质量远小于小车和小车上砝码的总质量时，砝码和盘的总重力在数值上近似等于小车运动时受到的拉力，所以为了便于探究、减小误差，应使小车质量M与砝码和盘的总质量m满意的条件（3）[4]刻度尺上读出A、D、E三点的位置，算出[5]计数点间的时间间隔为T，由匀变速直线运动的推论△x=aT2可知，加速度：四、计算题20.一辆汽车从O点由静止起先做匀加速直线运动，已知在2S内经过相距24m的A和B两点，汽车经过A点时的速度为10m/s，如图所示，求：（1）汽车的加速度．（2）A点与动身点O间的距离．【答案】（1）（2）【解析】（1）汽车从A到B，依据位移公式有：

代入数据：

解得：

（2）汽车从O点到A点，依据速度位移公式有：

代入数据：21.如图所示，三根轻质绳子OA、OB与OC将一质量为10kg的重物悬挂空中而处于静止状态，其中OB与天花板夹角为300，OA与天花板夹角为600，要求画出受力分析图，标出对应的力及角度。（g取10m/s2）（1）求