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文档简介
2024-2025学年人教版八年级数学上册《第12章全等三角形》
优生辅导训练题(附答案)
一、单选题
1.如图,用直尺和圆规作一个角NFCE,使得NFCE=〃OB,则此作图的依据是()
2.点P在乙4。8的平分线上,点P到。2边的距离等于7,点Q是。B边上的任意一点,下列选
项正确的是()
A.PQ<7B.PQ>7C.PQ>7D.PQ<7
3.已知△力BC中,AB=15,AC=11,则中线AD的取值范围是().
A.4<<26B.4<T4D<13
C.2<AD<26D.2<AD<13
4.如图,点2,D,C,F在同一条直线上,已知BCIIEF,AD=CF,添加下列条件中的一
个,能使AABC三△DEF的是()
5.如图,AaBC中,ZX=60°,CD平分N4CB,BF平分乙ABC,若BD=4cm,CF=7cm,
则8C的长为()
6.如图,在△4BC中,ABAC=90°,AC=AB,BE1AD于点E,CD1AD于点D,BE=11,
CD=5,贝UDE的长是()
A.5B.6C.7D.8
7.如图,在平面直角坐标系中,△ABC为等腰直角三角形,乙4cB=90。,AC=BC.点B(0,-l),
点则点A坐标为()
A.(一1,3)B.(3,-1)C.(2,-1)D.(—1,2)
8.如图,△ABC与AADE均为等腰三角形,AB=AC,AD=AE,ABAC=ADAE,连接
BD、CE交于点F,BD与AC交于点G,CE与力。交于点H,并连接2F.下列结论:①ATIBD=
AACE;(2)AG=AH;③NBFC=N£ME;④4F平分NBFE;(5)BC||AD,正确的个数有
()
A.1B.2C.3D.4
二、填空题
9.已知△ABC三△DEF,ZX=60°,ZD-zF=10°,贝此B=.
10.如图,AB=AC,CD1AB,BE1AC,垂足分别为D,E,则图中全等三角形有对.
A
11.如图,在△ABC中,AD=DE,AB=BE,44=70。,贝UNDEC=
12.如图,AE1AB,S.AE=AB,BC1CD,且BC=CD,EF=6,BG=3,DH=4,
计算图中实线所围成的图形的面积S是.
13.如图,已知4BIICF,E为DF的中点,若AB=8,CF=5,贝=
14.如图,在等腰△力BC中,AB=AC=12cm,BC=20cm,点尸从点2出发,以4cm的
速度沿BC向点C运动,点。从点C出发,以ucm/s的速度沿C2向点A运动,当u=时,
△ABP与APQC全等.
15.如图,四边形4BCD中,NB+NC=180。,点E是BC上一点,且ZE,DE分别平分
ZBAD,AADC.若2E=5,DE=3,贝。四边形ABCD的面积是
A
16.如图,AB||CD,"BM的角平分线BP交N”CD的角平分线的反向延长线于点P,直线PB
交CD于点、N,若乙HCD一2乙BNC=24°,贝UNP+N”='
D
三、解答题
17.如图:在AaBC中,BE、CF分另lj是4C、AB两边上的高,在BE上截取8。=4C,在CF的
延长线上截取CG=4B,连接力。、AG.试猜想线段4D与4G的关系,并证明你的猜想.
18.如图,已知4D是AaBC的角平分线(乙ACB>乙B),EF14D于点P,交BC的延长线于
点M.
(1)如图1,若乙4cB=90。,求证:4M=4BAD;
(2)如图2,求证:ZM=|(Z71CB-ZB).
19.如图,已知4B=AD,/.BAD=/.CAE,乙B=,2。与8c交于点P,点C在DE上.
A
(1)求证:AC=AE,
(2)若NB=36°,ZXPC=72°.
①求NE的度数;②求证:CP=CE.
20.如图,直线4B,CD交于点。,点E是NBOC平分线的一点,点M,N分别是射线04
。。上的点,且ME=NE.
(1)求证:乙MEN=/-AOC-,
⑵点尸在线段N。上,点G在线段N。延长线上,连接EF,EG,若EF=EG,依题意补全图
形,用等式表示线段NF,0G,OM之间的数量关系,并证明.
21.如图,在△ABC和AADE中,AB=AC,AD=AE,^BAC=ADAE,CE的延长线交BD于
点工
(1)求证:CE=BD.
(2)过点4作AP1DE于点P,求证:4AEP=4ADP.
(3)若NACE=30°,4BAE=15°,乙DAE=AAED-6°,求NBDE的度数.
⑷过点4作AH,BD于点H,试写出EF,FH,DH之间的数量关系,并证明.
22.在△ABC和△DEC中,AC=BC,DC=EC,AACB=^DCE=90°.
B
B
图1图2图3
(1)如图1,当点A,C,。在同一条直线上时,求证:AE=BD,AE1BD-.
(2)如图2,当点A、C、。不在同一条直线上时,(1)中结论是否仍然成立,为什么;
⑶如图3,在(2)的条件下,连接CF并延长CF交AD于点G,"FG的大小固定吗?若是,
求出乙4FG的度数;若不是,请说明理由.
23.(1)如图1,在四边形2BCD中,AB=AD,^BAD=120°,NB=^ADC=90°,E、F分
别是BC、CD上的点且NE4F=60。,直接写出图中线段BE、EF、FD之间的数量关系,不必
证明.
(2)如图2,若在四边形4BC。中,AB=AD,乙8+4。=180。,E、尸分别是BC、CD上的
点,且上述结论是否仍然成立,并说明理由;
(3)如图3,在某次军事演习中,舰艇甲在指挥中心(O处)北偏西30。的4处,舰艇乙在
指挥中心南偏东70。的8处,并且两舰艇到指挥中心的距离相等,接到行动指令后,舰艇甲
向正东方向以45海里/小时的速度前进,同时舰艇乙沿北偏东50。的方向以65海里/小时的
速度前进,2小时后,指挥中心观测到甲、乙两舰艇分别到达E、尸处,且NEOF=70。,试
求此时两舰艇之间的距离.
参考答案:
题号12345678
答案cCDBCBDC
1.解:由尺规作图-作相等角可知,
在△。〃。和4CFE中,
0M=CF
OD=CE,
.DM=EF
OMD三ACFE(SSS),
故选:C.
2.解:回点P在乙4OB的平分线上,
回点P到P到和。B的距离相等,
回点P到。4边的距离等于7,
0点P到。B边的距离也等于7,
即点P与。B边上任意一点连接的线段中,最小值为7,
国当Q为。B上任意一点时,PQ>7,
故选:C.
3.解:延长4。到£,使2。=。氏则4E=2AD,则连接BE,
■•4。是△ABC的中线,
BD=CD,
在△ZDC与汨中,
BD=CD
^ADC=乙BDE,
、AD=DE
/.△ADC三△EDB(SAS),
.・.EB=AC=11,
根据三角形的三边关系得:AB-BE<AE<AB
4<AE<26,
■:AE=2AD,
■■■4<2AD<26,
IB.-.2<AD<13
故选:D.
4.解:EIBC||EF,AD=CF,
SZ.ACB=Z.DFE,AD+CD=CF+CD,
即AC=DF,
A、添力口AB=DE,不能判定△ABC三△DEF,不合题意;
B、添加根据AAS可以判定A4BCmADEF,符合题意;
C、添加4。=。尸,不能判定△ABC三△£)£•?,不合题意;
D、添加N4=NF,不能判定4ABC三△DEF,不合题意;
故选:B.
5.解:设CD,BF交于点0,作0E平分NB0C,
D'O
回乙4=60°,
0ZXBC+AACB=120°,
MD平分乙4CB,BF平分乙4BC,
回/OBa=乙OBC=-^ABC,^OCA=乙OCB=-^ACB
22
则+(OBC=^ABC+^ACB)=60°,
^BOC=180°-(乙OCB+乙OBC)=120°,
^BOD=Z.COF=60°,
团。E平分NBOC,
^BOE=乙COE=60°,
团NBOE=乙BOD=60°,
又回。8=OB,
BOE=△BOD(ASA),同理△COECOF(ASA),
^\BE=BD=4cm,CE=CF=7cm,
团BC=BE+CE=11cm,
故选:C.
6.解:^BAC=90°,BELAD,CDVAD,
^BEA=ACDA=90°,/.CAD+乙BAE=90°,4ACD+^CAD=90°,
团乙4C。=/-BAE,
在^C。/和△AEB中,
^CDA=乙AEB=90°
Z-ACD=Z-BAE,
AC=BC
[?]△CDA=△AEB(AAS),
团CD=AE,AD=BE,
团ED=AD-AE,
回£7)=BE—CD,
团BE=11,CD=5,
团ED=11-5=6.
故选:B.
7.解:过C作直线"ly轴,过B作BE1Z于E,过A作4)1/于。,
^ADC=乙ACB=乙BEC=90°,
团皿IC+Z.ACD=^ACD+乙BCE=90°,
^\Z-CAD=乙BCE,
在△AC。与△CBE中,
/.CAD=乙BCE
乙ADC=乙CEB,
.AC=BC
^ACD=△CBE(AAS),
^\AD—CE,CD=BE,
团点B(O,—1),点C(l,l),
回BE=CD=1,AD=CE=1+1=2,
04(-1,2).
故选:D.
8.解:过点A作AM1BD于点M,AN1CE于点N,
^Z-BAC=Z-DAE,
^BAD=Z.CAE,
在△840和△CAE中,
AB=AC
Z.BAD=Z.CAE
.AD=AE
0ABADSACAE(SAS),故①正确,
^Z-ADB=Z-AEC,
^DHF=^LAHE,
^\Z-DFE=Z-HAE,
^BFC=乙DFE,
^BFC=^LDAE,故③正确,
[?]△BAD=△CAE,
回BD=CE,S>BAD=S^CAE,
展BDxAM=-CExAN,
22
团4M=AN,
前2平分Z_BFE,故④正确,
在AE力”和A/MG中,AE=AD,AAEH=LADG,
由于无法判断NEAH=^DAG,
故无法判断△AE”三AADG,故AH与4G不一定相等.故②错误.
故选:C.
9.解:[?]△ABC=^DEF,
团ZJ1=Z-D,Z-C=Z-F,Z-B=乙E,
国乙A=60°,乙D—乙F=10°,
回NO=60°,乙F=50°,
在^DEF中,ZE=180°一乙D—乙F=70°,
团NB=ZE=70°,
故答案为:70°.
10.解:如图,
团CDLAB,BELAC,
团=AADC=(BDO=(CEO=90°,
^\Z-BAE=Z.CAD,AB=AC,
.-.AAEB=AXDC(AAS);
・•・AD=AE,
・•.BD=CE,
•••Z-BDO=(CEO,(BOD=Z-COE,
.*.△BOD三△COE(AAS);
•・•乙CDB=BEC=90°,BD=CE,BC=CB,
・•・Rt△BDC三Rt△CEB(HL);
由上可得,图中全等三角形共有3对,
故答案为:3.
11.解:在和中,
AB=EB
AD=DE,
、BD=BD
0AABD=AEBD(SSS),
国匕DEB==70°,
^DEC=180°-乙DEB=110°.
故答案为:110。.
12.解:^EFA=乙AGB=90°,乙EAB=90°,
^FEA+Z.EAF=90°,乙GAB+^EAF=90°,
^FEA=乙GAB,
在△FEA和△GAB中,
Z.EFA=乙AGB=90°
回Z.FAE-Z.GAB,EF-6,BG—3,
、EA=AB
FEA三△GAB(AAS),
团凡4=GB=3fEF=AG=6.
同理可证,CH=GB=3,GC=DH=4,
E
国FH=E4+AG+GC+C”=3+6+3+4=16,
回实线所围成的图形的面积S是巳(4+6)xl6-|x3x6x2-|x3x4x2=50.
13.解:SABWCF,
团=乙FCE,Z.ADE=zF,
团E为。F的中点,
团OE=FE,
在△4。£'与4CFE中,
Z.A=£.FCE
Z-ADE=Z.F,
、DE=FE
团△ADEw2kCFE(AAS),
如W=CF=5,
回=AB-AD=8-5=3,
故答案为:3.
14.解:设运动时间为/秒,
•・•点尸从点8出发,以4cm的速度沿BC向点。运动,点。从点。出发,以ucm/s的速度沿&4
向点A运动,
:・BP=4t(cm),CQ="(cm),
.*.PC=20-4t(cm),
':AB=AC,
Z-B=Z.C,
当BP=CQ,AB=PC时,工ABP三XPCQ,
:.AB=PC=12cm,
..BP=8cm=CQ,
A4t=8,
解得:t=2,
v=-=4;
2
②当BA=CQ,PB=PC时,2ABPNAQPC,
•:PB=PC,
:.PB=PC=-BC=10cm,
2
:.4t=10,
解得:t=2.5,
.5=工=4.8,
2.5
综上所述:当u=4或4.8时AABP与△PQC全等,
故答案为:4或4.8.
15.解:过点E作EF14B于F,过点E作于“,过点E作EG1DC的延长线于G,
A
VAE,DE分另|J平分NBA。、^ADCf
EF=EH=EG
•・•乙B+乙BCD=180°
/.ABWCD
•••乙FBE=乙ECG
•・•EFLAB,EF1DG
・•・乙BFE=乙CGE=90°
•・•Z-FBE=乙ECG,乙BFE=乙CGE=90°,EF=EG
・•.△BEF=△CEG(AAS)
•••BE=CE,S^BEF=S^CEG
•'S四边形4BC0=S4BEF+S五边形4FEC。=^^CEG+S五边形人尸比。=$四边形人”。
•・•EF=EH,AE=AE
・•・Rt△AFE=^△AHE(HL)
•••SRtMFE=SRJAHE
•・•EG=EH,DE=DE
Rt△EHD=Rt△EGO(HL)
SRQEH。=SRQEG。
S四边形ZBCO=S四边形ZFGD=SRSAFE+SRSAHE+SRSEHQ+SRSEG。=2(SRtM“E+
SRSEHQ)=2s4aoEvAB\\CD
・•・乙BAD+Z.BCD=180°
vAE.DE分另U平分NBA。、/ADC,
・•.LEAD+乙ADE=90°
AAED=90°
vAE=5,DE=3
1115
SA4ED=,DE=_x5x3=
回四边形ABC。面积为15
故答案为:15.
16.解:如图所示:PQ交HM于点、E,
由题意可知:
BP平分N2BM,CQ平分NHCD,
・•.匕ABP=乙MBP=:乙ABM,乙HCQ=乙DCQ=乙HCD,
•・•乙HCD一2乙BNC=24°,
•••2ADCQ-2乙BNC=24°,
即“CQ-/BNC=12°,
•・•Z-DCQ=乙BNC+乙P,
・•・乙P=12°,
•・•AB||CD
・••乙BNC=Z.ABP=Z.MBP
•・•乙MBP是工BPE的一个外角,
••・乙BEP=乙MBP一乙P=乙BNC-12°
・•・乙HEC=乙BEP=乙BNC-12°
•・•乙HCQ是A的一个外角,・•・乙H=乙HCQ-乙HEC=乙DCQ一(乙BNC-12°)=CDCQ-
乙BNC+12°=12°+12°=24°
・•.乙P+=12°+24°=36°,
故答案为:36
17.解:猜想:AD=AGfADLAG,证明如下:
证明:©vBELAC,CFLAB,
^HFB=(HEC=90°,
又回=乙CHE,
^ABD=2LACG,
在△ABO和△GG4中,
AB=CG
Z.ABD=Z-ACG,
BD=CA
0AXBD=△GCZ(SAS),
SAD=GA(全等三角形的对应边相等);
@vAABDSAGCA,
SAADB=/-GAC,
又团NZDB=Z-AED+Z-DAE,Z-GAC=乙GAD+Z-DAE,
^\Z-AED=乙GAD=90°,
团4。1GA.
综上所述:AD=AG,ADLAG.
18.(1)证明:•・•乙ACB=90°,
・•.AADC+ADAC=90°,
•・•£产14。于点「,
・•・/,APE=Z-MPD=90°,
/.AEP+/-BAD=90°,
•・•40是△ABC的角平分线,
・•・/-BAD=Z.DAC,
•••Z.ADC=Z.AEP,
•••乙ADC+ZM=90°,
・•・Z-M=Z-DAC=4BAD;
(2)证明:・・・EF1AD于点尸,
・•.Z.APF=乙MPD=90°,
••・Z-AFP+Z.DAC=90°,
・•・乙M=90°-乙ADC=90°一(乙B+乙84。)=90°-^BAD-乙B,
2。是ANBC的角平分线,
・•・/-BAD=Z-DAC,
.・.乙M=90°-^DAC-乙B=/-AFP-乙B,
•・•Z.ACD=ZM+4MFC=ZM+Z-AFP,
Z-M=Z.ACD一乙M一乙B,
•••2zM=Z.ACD-乙B,
即=
•e•Z-M——QZ-ACB-Z.B).
19.(1)证明:vABAD=Z.CAE,
Z-BAD+Z-DAC=Z-CAE+Z-DAC,
即NBAC=^DAE,
在△RAC和△D/E中,
乙B=乙D
AB=AD,
ZBAC=乙DAE
/.△BAC三△DAE(ASA),
AC=AE;
(2)解:0vZ.B=36°,L.APC=72°,
•••Z-BAP=Z.APC一乙B=72°-36°=36°,
・•.Z.CAE=36°,
•・•△BAC=△DAE,
AC—AE,
../.ACE=ZE=1x(180°-/.CAE}=|1x(180°-36°)=72°;
②证明:•・•△BAC三△D4E,
Z.ACB=Z-E,
•••Z-ACB=/.ACE,
由①可知:4APC=AE=72°,
在AACP和AACE中,
Z.APC=乙E
^ACP=^ACE,
.AC=AC
/.△ACP三△ACE(AAS),
・•.CP=CE.
20.(1)证明:作E”1CD,EKLAB,垂足分别是H,K,如图.
回0E是480c的平分线,
团EH=EK.
团ME=NE,
团Rt△EHN=RtEKM.
国乙ENH=4EMK.
记ME与。C的交点为P,
国匕EPN=4OPM.
^MEN=^AOC.
(2)(2)OM=NF+OG.
证明:在线段0M上截取OGi=OG,连接EG/,如图.
A
回0E是NB0C的平分线,
田乙EON=^EOB.
^\Z-MOF=Z-DOB,
^\Z-EOM=Z.EOD.
团。E=OE,
0AEOG】=△EOG.
团EG】=EG,乙EG、O=Z.EGF.
团EF=EG,
0EF=EG1,Z-EFG=Z-EGF.
^\Z-EFG=乙EG、。.
团NEFN=LEG1M.
回4ENF=乙EMG].
ENF=△EMGr.
^\NF=MGr.
团。M=MG1+OG1,
WM=NF+OG.
21.(1)证明:^BAC=Z.DAE,
团乙B/C+Z-BAE=/-DAE+/-BAE,
^Z-CAE=乙BAD,
又固4B=AC,AD=AE,
[3ACAE=ABX£)(SAS),
ME=BD;
(2)证明:团4P1DE,
团乙APE=/.APD=90°,
又团ZE=AD,AP=AP,
回Rt△AEP=RtAZD尸(HL),
团4AEP=Z-ADP;
(3)解:^Z.AED=x°,则m4E=%o—6。,
团乙ADE=Z.AED=x°,
^Z.AED+乙ADE+ADAE=180°,
团%+%+%—6=180,
解得%=62,
^ADE=乙AED=62°,乙DAE=56°,
^BAD=^DAE+/-BAE=71°,
[?]△CAE=△BAD,
团乙48。=AACE=30°,
B^ADB=180°一乙BAD-乙ABD=79°,
^BDE=(ADB一乙ADE=17°;
(4)解:EF+DH=FH,理由如下:
如图所示,过点A作/M1CF于M,连接AF,
^CAE=^BAD,AM1CF,AH1BD
^AM=AH(全等三角形对应边上的高相等),
又团4F=AF,
回Rt△AFM=RtAZFH(HL),
MM=FH,
又团AM=AH,AE=AD,UME=^AHD=90°,
回Rt△AEM=RtAADU(HL),
团EM=DH,
CA
22.(1)解:证明:如图1,
B
图1
在△ZCE和△BCD中,
AC=BC
•・・Z.ACB=乙ECD=90°,
EC=DC
/.△ACE=△BCD(SAS),
zl=z2,AE=BD,
•••z3=z4,
・•・乙BFE=/.ACE=90°,
AE-LBD;
(2)成立,证明:如图2,
Z-ACB=乙ECD,
・•・乙ACB+Z,ACD=乙ECD+Z.ACD,
•••乙BCD=Z-ACE,
在△ACE和△BCD中,
AC=BC
Z-ACE=Z.BCD,
.EC=DC
・•.△ACE=△BCD,
zl=z2,AE—BD,
•
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