四川省成都市2025届高三物理阶段性调研考试试题含解析

PAGE19-四川省成都市2025届高三物理阶段性调研考试试题（含解析）一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。1.一质点做匀加速直线运动时，速度变更时发生位移，紧接着速度变更同样的时发生位移，则该质点的加速度为（）A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】设质点做匀加速直线运动，由A到B：由A到C由以上两式解得加速度故选D。2.如图，在固定斜面上的一物块受到一外力F的作用，F平行于斜面对上．若要物块在斜面上保持静止，F的取值应有肯定的范围，已知其最大值和最小值分别为F1和F2（F1和F2的方向均沿斜面对上）．由此可求出物块与斜面间的最大静摩擦力为()A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】对滑块受力分析，受重力、拉力、支持力、静摩擦力，四力平衡；当静摩擦力平行斜面对下时，拉力最大；当静摩擦力平行斜面对上时，拉力最小；依据平衡条件列式求解即可．【详解】对滑块受力分析，受重力、拉力、支持力、静摩擦力，设滑块受到的最大静摩擦力为，物体保持静止，受力平衡，合力为零；当静摩擦力平行斜面对下时，拉力最大，有：；当静摩擦力平行斜面对上时，拉力最小，有：；联立解得：，故C正确，ABD错误；故选C．【点睛】本题关键是明确拉力最大和最小的两种临界状况，受力分析后依据平衡条件列式并联立求解．3.太空垃圾是围绕地球轨道的有害人造物体，如图所示是漂移在地球旁边的太空垃圾示意图，对此有如下说法，正确的是（）A.太空垃圾肯定能跟同一轨道上同向飞行的航天器相撞B.离地越低的太空垃圾运行角速度越小C.离地越高的太空垃圾运行加速度越小D.离地越高的太空垃圾运行速率越大【答案】C【解析】【详解】A．在同一轨道上航天器与太空垃圾线速度相同，假如它们绕地球飞行的运转方向相同，它们不会碰撞，故A错误。BCD．太空垃圾在地球的引力作用下绕地球匀速圆周运动，依据可得离地越低的太空垃圾运行角速度越大；离地越高的太空垃圾运行加速度越小；离地越高的太空垃圾运行速率越小，故BD错误，C正确。故选C。4.如图所示，一志向变压器原线圈匝数匝，副线圈匝数匝，原线圈中接一交变电源，交变电电压。副线圈中接一电动机，电阻为，电流表2示数为1A。电表对电路的影响忽视不计，则（）A.此沟通电的频率为100Hz B.电压表示数为C.电流表1示数为0.2A D.此电动机输出功率为30W【答案】C【解析】【详解】A．由沟通电的公式知频率故A错误；

B．原线圈电压有效值为220V，故电压表的示数为220V，故B错误；

C．依据电流与匝数成反比知，电流表A1示数为0.2A，故C正确；

D．依据电压与匝数成正比知副线圈电压为44VP2=U2I2=44×1W=44W电动机内阻消耗的功率为△P=I22R＝12×11W＝11W此电动机输出功率为P出=P2-△P=44-11=33W故D错误；

故选C。5.甲、乙两运动员在做花样滑冰表演，沿同始终线相向运动，速度大小都是2m/s，甲、乙相遇时用力推对方，此后都沿各自原方向的反方向运动，速度大小分别为1m/s和2m/s。求甲、乙两运动员的质量之比（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【详解】甲、乙相遇时用力推对方的过程系统动量守恒，以甲的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得m甲v甲+m乙v乙=m甲v甲′+m乙v乙′代入数据可得m甲×2+m乙×（-2）=m甲×（-1）+m乙×2解得m甲：m乙=4：3故B正确，ACD错误。

故选B。6.一束单色光由空气进入水中，则该光在空气和水中传播时A.速度相同，波长相同 B.速度不同，波长相同C.速度相同，频率相同 D.速度不同，频率相同【答案】D【解析】【详解】不同的单色光频率不相同，同一单色光在不同的介质内传播过程中，光的频率不会发生变更；由公式可以推断，水的折射率大于空气的，所以该单色光进入水中后传播速度减小．A．速度相同，波长相同，与结论不相符，选项A错误；B．速度不同，波长相同，与结论不相符，选项B错误；C．速度相同，频率相同，与结论不相符，选项C错误；D．速度不同，频率相同，与结论相符，选项D正确；故选D．【考点定位】光的传播、光速、波长与频率的关系【方法技巧】本题分析时要抓住光在不同介质中传播频率不变这个特征，应用公式公式分析光进入不同介质中的传播速度．7.下列四幅图涉及到不同的物理学问，其中说法正确的是（）A.图甲：卢瑟福通过分析粒子散射试验结果，发觉了质子和中子B.图乙：用中子轰击铀核使其发生聚变，链式反应会释放出巨大的核能C.图丙：玻尔理论指出氢原子能级是分立的，所以原子放射光子的频率也是不连续的D.图丁：汤姆孙通过电子的发觉揭示了原子核内还有困难结构【答案】C【解析】【详解】图甲：卢瑟福通过分析α粒子散射试验结果，得出原子的核式结构模型．故A错误．图乙：用中子轰击铀核使其发生裂变，裂变反应会释放出巨大的核能．故B错误．图丙：玻尔理论指出氢原子能级是分立的，所以原子放射光子的频率也是不连续的，故C正确；图丁：汤姆孙通过电子的发觉揭示了原子有困难结构，自然放射现象的发觉揭示了原子核内还有困难结构．故D错误．故选C．8.如图，等离子体以平行两极板向右的速度v=100m/s进入两极板之间，平行极板间有磁感应强度大小为0.5T、方向垂直纸面对里的匀强磁场，两极板间的距离为10cm，两极板间等离子体的电阻r=1Ω。小波同学在玻璃皿的中心放一个圆柱形电极接电路中B点，沿边缘放一个圆环形电极接电路中A点后完成“旋转的液体”试验。若蹄形磁铁两极间正对部分的磁场视为匀强磁场，上半部分为S极，R0=2.0Ω，闭合开关后，当液体稳定旋转时电压表（视为志向电压表）的示数恒为2.0V，则A.玻璃皿中的电流方向由中心流向边缘B.由上往下看，液体做逆时针旋转C.通过R0的电流为1.5AD.闭合开关后，R0的热功率为2W【答案】BD【解析】【详解】AB．由左手定则可知，正离子向上偏，所以上极板带正电，下极板带负电，所以由于中心放一个圆柱形电极接电源的负极，沿边缘放一个圆环形电极接电源的正极，在电源外部电流由正极流向负极，因此电流由边缘流向中心，器皿所在处的磁场竖直向上，由左手定则可知，导电液体受到的磁场力沿逆时针方向，因此液体沿逆时针方向旋转，故A错误，B正确；C．当电场力与洛伦兹力相等时，两极板间的电压不变，则有得由闭合电路欧姆定律有解得R0的热功率故C错误，D正确。故选BD。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.如图所示，在一端封闭的光滑细玻璃管中注满清水，水中放一红蜡块R（R视为质点）。将玻璃管的开口端用胶塞塞紧后竖直倒置且与轴重合，在R从坐标原点以速度匀速上浮的同时，玻璃管沿轴正向做初速度为零的匀加速直线运动，合速度的方向与轴夹角为。则红蜡块R的（）A.分位移的平方与成正比 B.分位移的平方与成反比C.与时间成正比 D.合速度的大小与时间成正比【答案】AC【解析】详解】AB．由题意可知，y轴方向y=v0t而x轴方向x=at2联立可得故A正确，B错误；C．设合速度的方向与y轴夹角为α，则有故C正确；

D．x轴方向vx=at那么合速度的大小则v的大小与时间t不成正比，故D错误；

故选AC。10.如图，一个质量为m的刚性圆环套在竖直固定细杆上，圆环的直径略大于细杆的直径，圆环的两边与两个相同的轻质弹簧的一端相连，轻质弹簧的另一端相连在和圆环同一高度的墙壁上的P、Q两点处，弹簧的劲度系数为k，起初圆环处于O点，弹簧处于原长状态且原长为L；将圆环拉至A点由静止释放，OA=OB=L，重力加速度为g，对于圆环从A点运动到B点的过程中，弹簧处于弹性范围内，下列说法正确的是（）A.圆环在O点的速度最大B.圆环通过O点的加速度等于gC.圆环在A点的加速度大小为D.圆环在B点速度为【答案】BC【解析】【详解】A．圆环受力平衡时速度最大，应在O点下方，故A错误。B．圆环通过O点时，水平方向合力为零，竖直方向只受重力，故加速度等于g，故B正确。

C．圆环在下滑过程中与细杆之间无压力，因此圆环不受摩擦力，在A点对圆环进行受力分析如图，依据几何关系，在A点弹簧伸长量为L-L=（-1）L，依据牛顿其次定律，有

解得故C正确。D．圆环从A到B过程，依据功能关系，知圆环削减的重力势能转化为动能，有解得故D错误。

故选BC。11.如图，在真空中的A、B两点分别放置等量异种点电荷，在电场中通过A、B两点的连线中点对称地选取一个闭合路径abcd。现将一个质子沿abcd移动一周，下列说法正确的是（）A.a点和b点的电场强度相同B.c点电势低于于d点电势C.由b→c，电场力始终做正功D.由c→d，质子电势能始终在增加【答案】BD【解析】【详解】等量同种电荷电场线如图：

A．结合等量异种点电荷的电场线的图象可知，ab两点的电场强度的方向不同，故A错误；

B．d点的电势为正值，c点的电势为负值，c点电势低于d点电势，故B正确；

C．在bc的连线上，两电荷连线上方，场强竖直向重量向下，两电荷连线下方，场强竖直向重量向上。则质子由b到c，电场力先做正功后做负功，故C错误；

D．由c→d，质子受力的方向与运动的方向之间的夹角始终是钝角，电场力做负功，电势能始终在增大，故D正确。故选BD。12.一列简谐横波沿轴正方向传播，在处的质元的振动图线如图1所示，在处的质元的振动图线如图2所示。下列说法正确的是（）A.该波的周期为12sB.处的质元在平衡位置向上振动时，处的质元在波峰C.在内处和处的质元通过的路程均为6cmD.该波的波长不行能为8m【答案】AB【解析】【详解】A．由图可知，该波的周期为12s。故A正确；

B．由图可知，t=3s时刻，x=12m处的质元在平衡位置向上振动时，x=18m处的质元在波峰，故B正确；

C．由图可知，该波的振幅为4cm，圆频率由图1可知，在t=0时刻x=12m处的质点在-4cm处，则其振动方程4s时刻质元的位置所以x=12m处的质元通过的路程s12=4cm+2cm=6cm据图2知t=0s时，在x=18m处的质元的位移为0cm，正通过平衡位置向上运动，其振动方程为在t=4s时刻，在x=18m处的质元的位移所以在0～4s内x=18m处的质元通过的路程x18＝4cm+(4−2)cm≈4.54cm＜6cm故C错误；

D．由两图比较可知，x=12m处比x=18m处的质元可能早振动T，所以两点之间的距离为x＝(n+)λ（n=0、1、2、3…）所以（n=0、1、2、3…）n=0时，波长最大，为故D错误；故选AB。三、非选择题：共6小题，共60分13.为了探究质量肯定时加速度与力关系，一同学设计了如图所示的试验装置。其中M为带滑轮的小车的质量，m为砂和砂桶的质量。（滑轮质量不计）(1)下列试验步骤正确的是________A.用天平测出砂和砂桶的质量B.将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力C.小车靠近打点计时器，先释放小车，再接通电源，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数D.变更砂和砂桶的质量，打出几条纸带E.试验中不须要砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M(2)该同学在试验中得到如图所示的一条纸带（两计数点间还有两个点没有画出），已知打点计时器采纳的是频率为50Hz的沟通电，依据纸带可求出小车的加速度为______。（结果保留两位有效数字）(3)以弹簧测力计的示数F为横坐标，加速度为纵坐标，画出的图象是一条直线，图线与横坐标的夹角为，求得图线的斜率为，则小车的质量为______。A.B.C.D.【答案】(1).BDE(2).1.3(3).C【解析】【详解】(1)[1]．AE．本题拉力可以由弹簧测力计测出，不须要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不须要使小桶（包括砂）的质量远小于车的总质量，故A错误，E正确；

B．该题是弹簧测力计测出拉力，从而表示小车受到的合外力，应拿走砂桶，将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力，故B正确；

C．打点计时器运用时，都是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，该试验探究加速度与力和质量的关系，要记录弹簧测力计的示数，故C错误；

D．变更砂和砂桶的质量，打出几条纸带，获得多组试验数据，故D正确；

故选BDE。

(2)[2]．由于两计数点间还有两个点没有画出，故T=0.06s，由△x=aT2可得(3)[3]．由牛顿其次定律得2F=ma则a-F图象的斜率小车质量为故选C；14.为了测量一电压表V的内阻，某同学设计了如图1所示的电路。其中V0是标准电压表，R0和R分别是滑动变阻器和电阻箱，S和S1分别是单刀双掷开关和单刀开关，E是电源。(1)用笔画线代替导线，依据如图1所示的试验原理图将如图2所示的实物图连接完整______。(2)试验步骤如下：①将S拨向接点1，接通S1，调整R0，使待测表头指针偏转到适当位置，登记此时___________的读数U；②然后将S拨向接点2，保持R0不变，调整___________，使___________，登记此时R的读数；③多次重复上述过程，计算R读数的平均值，即为待测电压表内阻的测量值。(3)试验测得电压表的阻值可能与真实值之间存在误差，除偶然误差因素外，还有哪些可能的缘由，请写出其中一种可能的缘由：___________。【答案】(1).见解析(2).标准电压表(3).R(4).标准电压表仍为U(5).电阻箱阻值不连续，电流通过电阻发热导致电阻阻值发生变更，电源连续运用较长时间，电动势降低，内阻增大等。【解析】【详解】(1)[1]．依据电路图连接的实物图如图所示；

(2)①[2]．将S拨向接点1，接通S1，调整R0，使待测表头指针偏转到适当位置，登记此时标准电压表V0的读数U；

②[3][4]．然后将S拨向接点2，保持R0不变，调整电阻箱R的阻值，使标准电压表V0的示数仍为U，登记此时R的读数；

(3)[5]．试验测得电压表的阻值可能与真实值之间存在误差，除偶然误差因素外，还有哪些可能有：由于电阻箱的阻值不具有连续性，可能导致电阻箱的阻值与待测电压表之间存在着肯定的误差；另外电流通过电阻发热，导致电阻阻值发生变更；电源连续运用较长时间，导致电动势降低内阻增大等都有可能造成误差。15.长为1.5m的长木板B静止放在水平冰面上，小物块A以某一初速度从木板B的左端滑上长木板B，直到A、B的速度达到相同，此时A、B的速度为0.4m/s，然后A、B又一起在水平冰面上滑行了8.0cm后停下．若小物块A可视为质点，它与长木板B的质量相同，A、B间的动摩擦因数μ1=0.25．求：（取g=10m/s2）（1）木块与冰面的动摩擦因数．（2）小物块相对于长木板滑行的距离．【答案】（1）（2）0.96m【解析】【详解】（1）A、B一起运动时，受冰面对它的滑动摩擦力，做匀减速运动，加速度:解得木板与冰面的动摩擦因数：（2）小物块A在长木板上受木板对它的滑动摩擦力，做匀减速运动，加速度为：小物块A在木板上滑动时，木板B受小物块A的滑动摩擦力和冰面的滑动摩擦力，做匀加速运动，有：解得加速为设小物块冲上木板时的初速度为，经时间t后A、B的速度相同为v，由长木板的运动得：解得滑行时间为：．小物块冲上木板的初速度为小物块A在长木板B上滑动的距离为：16.内壁光滑的导热汽缸竖直放置，用质量不计、横截面面积S=2×10－4m2的活塞封闭肯定质量的志向气体．先在活塞上方缓缀倒上沙子，使封闭气体的体积渐渐变为原来的一半．接着一边在活塞上方缓缓倒上沙子，一边对汽缸加热使活塞位置保持不变，直到气体温度达到177℃，已知外界环境温度为27℃，大气压强p=1.0×103Pa，热力学温度T=t+273K，重力加速度g取10m/s2，求：①加热前所倒沙子的质量．②整个过程总共倒在活塞上方的沙子的质量．【答案】(1)2kg；(2)4kg【解析】【详解】（1）初状态时，气体的压强，设气体的体积V1,倒上沙子后，气体的体积气体发生等温变更，依据玻意耳定律有：解得：加热前所倒沙子的质量为m1=2kg；（2）之后对汽缸加热，缸内气体发生等容变更，加热前气体的温度：加热前气体的温度：有：代入数据解得：对活塞和沙子受力分析，有：解得：沙子的质量为m2=4kg．17.如图所示，ABCD为固定在竖直平面内的轨道，其中ABC为光滑半圆形轨道，半径为R，CD为水平粗糙轨道，小滑块与水平面间的动摩擦因数，一质量为m的小滑块（可视为质点）从圆轨道中点B由静止释放，滑至D点恰好静止，CD间距为4R。已知重力加速度为g。(1)小滑块到达C点时，圆轨道对小滑块的支持力大小；(2)现使小滑块在D点获得一初动能，使它向左运动冲上圆轨道，恰好能通过最高点A，求小滑块在D点获得的初动能。【答案】(1)；(2)【解析】【详解】(1)小滑块在光滑半圆轨道上运动只有重力做功，故机械能守恒；设小滑块到达C点时的速度为vC，依据机械能守恒定律得mgR＝mvC2