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文档简介
课后限时集训(二十八)
(时间:40分钟)
[4组基础巩固练]
1.(2020•北京高考)如图所示,理想变压器的原线圈接在«=220^2sin
100MV)的交流电源上,副线圈接有R=55Q的负载电阻,原、副线圈匝数之比
为4:1,电流表、电压表均为理想电表。下列说法正确的是()
A.原线圈的输入功率为220>/2W
B.电流表的读数为1A
C.电压表的读数为55V
D.通过电阻R的交变电流的频率是100Hz
C[理想变压器原线图所接电源电压有效值为Ui=220V,由变压器的变压
原理有伏=£,又〃I:〃2=4:1,解得S=55V,则电压表的示数为55V,C
正确;由欧姆定律得,副线圈的电流为/2=今=黄A=1A,则副线图的输出功
率为P2=S/2=55X1W=55W,又变压器的输入功率等于输出功率,故原线圈
Pi55
的输入功率等于55W,A错误;由Pi=Ui/i得人=万==A=0.25A,则电流
表的示数为0.25A,B错误;由交流电压的表达式可知,该交流电的频率为50Hz,
而变压器不能改变交流电的频率,故流过定值电阻K的交变电流的频率为50Hz,
D错误。]
2.一理想变压器原、副线圈的匝数比为100:1,原线圈输入电压的变化规
律如图甲所示,副线圈所接电路如图乙所示,P
为滑动变阻器的触头。则下列说法正确的是()
A.副线圈输出电压的频率为50Hz
B,副线圈输出电压的有效值为3.1V
C.P向左移动时,原、副线圈的电流比减小
D.P向左移动时,变压器的输出功率增加
A[周期7=2义1()一2频率/=50Hz,A正确;原线圈输入电压的有效值
为瑞V=220V,所以,副线圈输出电压的有效值为/IV=2.2V,B错误;根
据Uih=lhh,所以"售=%不变,c错误;变压器的输出功率尸2=号,P向
12(71IIIK
左移动时,电阻变大,变压器的输出功率减小,D错。]
3•一台交流发电机的输出电压表达式为in=100(卜"・sin1007rr(V),通过匝数
比为4:1的理想降压变压器给若干盏“220V60W”的灯泡供电,如图所示。
输电线总电阻r=10。,其他电阻不计,为了保证灯泡正常发光,接入电路的灯
泡数量为()
A.44B.176
C.195D.783
B[设接入灯泡的数量为/I,每盏灯的额定电流为/=[=黑A=♦A,
U11
流过原、副线圈的电流分别为•〃和〃/,灯泡的额定电压为U,原线圈两端的电
压为U原=4U=880V,发电机输出的电压有效值U1=1000
第2页,共11页
V,输电线损耗电压原=(1000-880)V=120V,由(7技=
=120V,解得〃=176,选项B正确,A、C、D错误。]
4.(2020•浙江7月卷・T“)如图所示,某小型水电站发电机的输出功率P=100
kW,发电机的电压Ui=250V,经变压器升压后向远处输电,输电线总电阻K线
=8在用户端用降压变压器把电压降为口=220V。已知输电线上损失的功
率〃线=5kW,假设两个变压器均是理想变压器,下列说法正确的是()
A,发电机输出的电流1i=40A
B.输电线上的电流/线=625A
C.降压变压器的匝数比〃3:〃4=190:11
D.用户得到的电流/4=455A
C[发电机输出的电流/=?=吗片°3A=400A,选项A错误;输电线
1/1
上的电流%=俄=)誓
A=25A,选项B错误;升压变压器的副线图
输出电压」°甯"V=4X1伊V,输电线损耗电压AU=/性K=25X8V
=200V,降压变压器的原线明电压S=U2-AU=3800V,故降压变压器的匝
数比竽=今=粤黑=书,选项C正确;降压变压器的副线图的输出功率尸4=
H41/4/NU1.1
尸3=尸一尸畿=95kW,故用户得到的电流/4=#=",:°3A安431.8A,选项D
U4//U
错误。]
5.(多选)在如图甲所示的含有理想变压器的电路中,变压器原、副线圈匝
数比为20:1,图中电表均为理想交流电表,R
第3页,共11页
为光敏电阻(其阻值随光强增大而减小),Li和L2是两个完全相同的灯泡。
A.交流电的频率为50Hz
B.电压表的示数为22V
C.当照射R的光强增大时,电流表的示数变大
D.若Li的灯丝烧断后,电压表的示数会变大
AC[由图乙知,交流电的周期为7=2X10-2s,频率片/=50Hz,选项
A正确;由父=乎得,〃2=软71=』X220V=11V,选项B错误;照射区的光
U2〃2r11/U
增强时,R的阻值减小,由闭合电路欧姆定律知,通过副线图的电流变大,由6
=誉知,通过原线圈的电流变大,故电流表的示数变大,选项C正确;由必=詈
S知,Li的灯丝烧断后,S不变,故电压表的示数不变,选项D错误。]
6.(多选)(2019•太原市三模)某50Hz的钳形电流表的工作原理如图所示。当
通有交流电的导线从环形铁芯的中间穿过时,与绕在铁芯上的线圈相连的电表指
针会发生偏转。不考虑铁芯的漏磁及各种能量损耗,已知〃2=1000匝,当用该
表测50Hz交流电时()
A.电流表G中通过的是交变电流
B.若G中通过的电流为50mA,则导线中的被测电流为50A
C.若导线中通过的是10A矩形脉冲交流电,G中通过的电流是10mA
第4页,共11页
D.当用该表测量400Hz的电流时,测量值比真实值偏小
AB[变压器只改变交流电电压,不改变交流电的频率,电流表G中通过的
仍是交变电流,A正确;根据变压器原副线圈电流与匝数成反比:£=扉/1=詈
/2=L^X0.05A=50A,B正确;若导线中通过的是10A矩形脉冲交流电,当
电流方向不发生改变时,电流大小不变,副线图中无感应电流,C错误;根据法
拉第电磁感应定律和变压器互感原理,改变交流电的频率,不影响测量值的准确
性,D错误。]
7.(多选)国家电网公司推进智能电网推广项目建设,拟新建智能变电站1400
座。变电站起变换电压作用的设备是变压器,如图所示,理想变压器原线圈输入
电压〃=22S\/isiii100?n(V),电压表、电流表都为理想电表。则下列判断正确的
是()
A.输入电压有效值为200V,电流频率为50Hz
B.S打到〃处,当变阻器的滑片向下滑动时,两电压表示数都增大
C.S打到〃处,当变阻器的滑片向下滑动时,两电流表的示数都减小
D.若变阻器的滑片不动,S由。打到。处,电压表V2和电流表Ai的示数
都减小
AD[根据瞬时值表达式知,输入电压的最大值是Uim=20(h/iV,输入电
压的有效值Ui=型与回V=200V,角速度8=100兀rad/s,所以Hz
=50Hz,故A正确;S打到〃处,当变阻器滑片向下滑动时,变压器的输入电
压不变,原、副线图的匝数比不变,电压表Vl示数不变,电压表V2示数不变,
故B错误;S打到〃处,滑片向下滑动,变阻器电阻变小,副线圈电流增大,输
出功率增大,输入功率增大,输入电压不变,所以电流表Ai
第5页,共11页
示数增大,故C错误;若变阻器滑片不动,S由。打到b处,副线图电压
变小,输出功率、输入功率都减小,由P1=UM1知,原线图电流减小,即电压
表V2和电流表Ai示数都减小,故D正确。]
8.如图所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为/n:〃2=10:1,%力两点
间的电压为〃=220啦sinlOOm(V),R为可变电阻,尸为用铅锌合金制成的保险
丝,其电阻可忽略不计,熔断电流为2A。为使保险丝不熔断,可变电阻K连入
电路的最小阻值应大于()
A.瞎。
c.11nD.11A/2Q
B[由。、〃两点间的电压为〃=22Msin100刊(V),可知变压器原线图输
入电压Ui=220V,根据变压器变压公式可得变压器输出电压〃2=誉Ui=22V,
保险丝爆断电流为2A,原线圈中电流为11=2A时,由U“i=U2/2可得副线圈
中电流为/2=20A,此时保险丝会熔断。为保证保险丝不熔断,由欧姆定律可得
可变电阻R连入电路的最小限值应大于詈=1.1。,选项B正确。]
9.如图所示,某小型水电站的发电机输出电压为220V,正常情况下输出
的总功率尸。=8.8X104W,为了减少远距离输电过程中的电能损失,往往采用高
压输电。输送电压为腿=ll(MSsin2007r"V),输电导线的总电阻为/*=5。,现
要使额定电压为220V的用电器正常工作,下列说法正确的是()
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A.输电线上的电流为220A
B.降压变压器原、副线圈匝数比詈二;
C.用电器的额定功率尸=5.6X104w
D.用电器上的交流电的频率是50Hz
C[由交流电瞬时值表达式〃=1lOoVlsin200n/(V),可得交流电频率为
100Hz,电压有效值为S=1100V,输电线上的电流/=£=80A,故A错误;
降压变压器的输入电压S=U2—〃=700V,降压变压器原、副线圈匝数比图=
〃4
黑=卷,故B错误;用电器的额定功率尸=Po-R=5.6XlO4W,故C正确;
11.
变压器不改变交流电的频率,所以用电器上的交流电的频率是100Hz,故D错
误。]
[8组素养提升练]
10,(2020•山东高考・Ts)图甲中的理想变压器原、副线圈匝数比m:〃2=
22:3,输入端。、8所接电压〃随时间,的变化关系如图乙所示。灯泡L的电阻
恒为15。,额定电压为24V。定值电阻2=10。、&=5Q,滑动变阻器A的
最大阻值为10。。为使灯泡正常工作,滑动变阻器接入电路的电阻应调节为
()
A.IQB.5。
第7页,共11页
C・6。D.8。
A[由图乙可知理想变压器榆入电压Ui=220V,应用理想变压器变压公式
77=-=^,可得副线圈输出电压必=30Vo灯泡正常工作时,灯泡两端电压
为UL=24V,电流九=佚=1.6庆。设岛两端电压为U,由U2=UL+U,可得
AL
r=6Vo由*十五号五=九,解得A=I。,选项A正确。]
H.某科技小组在实验室中研究远距离输电。由于输电线太长,他们将导线
每50m卷成一卷,共卷成8卷来代替输电线路。第一次直接将输电线与实验电
源及用电器相连,测得输电线上的输电电流和损失的功率为人、尸I;第二次采用
如图所示的电路输电,其中理想变压器。与电源相连,其原、副线圈的匝数比
为小:〃2,理想变压器乃与用电器相连,测得输电线上的输电电流和损失的功
率为“、P2o下列说法正确的是()
A.第二次实验时因为多接了两个变压器,所以尸2>P1
B.通过该实验可以证明,提高输电电流能减小远距离输电的能量损失
C.若输送功率一定,则小:A=m:fi2
D.若输送功率一定,则P2:Pk/:nl
C[第二次实验时因为多接了两个变压器,先提高了输电电压,减小了输
电电流,输电线上损失的电功率(P领=尸夫)减小,所以P2VP1,选项A错误;通
过该实验可以证明,提高输电电压,减小输电电流,能减小远距离输电的能量损
失,选项B错误;若输送功率一定,设输送功率为P,电源电压为U,第一次输
电线中电流人=会第二次输电,设Ti的输出电压为U2fP=U2htU:Ui=m:m
第8页,共11页
,联立解得/2:/1=M:肛,选项C正确;若输送功率一定,由输电线上损
失电功率尸根="R,可知尸2:Pi=B:/?=话:力,选项D错误。]
12.理想变压器原线圈接如图甲所示的正弦交变电压,变压器原线圈匝数
〃i二270匝,尸是副线圈上的滑动触头,当P处于图乙所示位置时,副线圈连入
电路的匝数〃2二135匝,电容器。恰好不被击穿,灯泡L恰能正常发光,A是
滑动变阻器。以下判断正确的是()
A.若向下移动P,电容器所带电荷量增加
B.若保持尸不动,向下移动滑动变阻器的滑片,灯泡变暗
C.若保持滑动变阻器的滑片不动,向下移动P,灯泡变亮
D.电容器的击穿电压为11巾V
D[当尸处于题图乙所示位置时,副线圈两端电压的有效值为11V,电容
器C1恰好不被击穿,若向下移动P,电容器。两端的电压减小,由。=cu可
知,电容器所带电荷量减小,选项A错误;若保持尸不动,向下移动滑动变阻
器的滑片,滑动变阻器接入电路的电阻减小,流过灯泡的电流变大,灯泡变亮,
选项B错误;若保持滑动变阻器的滑片不动,向下移动P,则副线圈两端的电
压变小,灯泡变暗,选项C错误;交变电路中电容器是否被击穿取决于电容器
两端的交变电压的最大值,根据变压器原、副线圈两端电压关系,有”=平,
Umax!H2
得〃ma、2=U也V,由题意知选项D正确。]
13.如图所示为一理想变压器,原、副线圈的匝数比为明原线圈接电压为
〃=Uosin”,的正弦交流电,副线圈接有一个交流电流表和一个电动机,电动机
的线圈电阻为R。当电动机带动一质量为m的重物匀速上升时,电流表的示数
为I,重力加速度为g,求:
第9页,共11页
⑴原线圈中的电流/。;
⑵电动机的电功率P;
(3)重物匀速上升的速度十。
[解析]⑴由与=:,得原线图中的电流1。=%
Uo
得电动机两端电压5=电动机消耗的电功率为P=UiI
⑵脸寸y[2n
_UoI_yf2UoI
y[2n2〃
(3)电动机消耗的热功率为尸鹅=尸&输出的机械功率为P=P-P热,又由
0UMPR_3UL2〃IR)
,=可得重物匀速上升的速度为。=
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