2020届山东省日照市高考物理一模试卷(含答案详解)

2020届山东省日照市高考物理一模试卷一、单选题（本大题共8小题，共24.0分）1. 下列说法正确的是(    )A.α、β和γ三种射线中，γ射线的穿透能力最强B.β衰变中产生的β射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的C.英国物理学家汤姆生发现电子，并通过油滴实验精确测定了元电荷e的电荷量D.紫外线照射到金属锌板表面时能产生光电效应，则当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子的最大初动能也随之增大2. 如图，将钩码悬挂在橡皮筋的中点C，橡皮筋的两端连接A、B两小环，A、B并拢靠在一起穿于水平杆上．将A、B逐渐分开，在分开过程中橡皮筋的长度将(    )A.保持不变 B.逐渐变长C.逐渐变短 D.先逐渐变短，后逐渐变长3. 光在真空中的传播速度大于光在其他任何介质中的传播速度。关于任何介质(非真空)的折射率，下列说法正确的是(    )A.一定大于1 B.一定小于1C.可能等于1 D.可能大于1，也可能小于14. 如图所示，L1、L2、L3、L4，是四盏相同的白炽灯，白炽灯的额定电压为U、额定电流为I，理想变压器原、副线圈的匝数分别为n1和n2，原线圈所接的正弦交流电的电压U0A.n1n2C.开关S断开后，灯L1的功率不变 D.开关S断开后，灯L5. 如图，一机械臂铁夹夹起质量为m的小球，机械臂与小球沿水平方向做加速度为a的匀加速直线运动，则铁夹对球的作用力(    )A.大小为mg，方向竖直向上B.大小为ma，方向水平向右C.大小与小球的加速度大小无关D.方向与小球的加速度大小有关6. 在地球赤道上空，沿东西方向水平放置一根直导线，通以自东向西方向的电流，则此导线受到地磁场的安培力作用方向为(    )A.竖直向下 B.竖直向上 C.由南向北 D.由东向西7. 质量为m=2kg的物块静止放置在粗糙水平地面O处，物块与水平面间的动摩擦因数μ=0.5，在水平拉力F作用下物块由静止开始沿水平地面向右运动，经过一段时间后，物块回到出发点O处，取水平向右为速度的正方向，如图a所示，物块运动过程中其速度v随时间t变化规律如图b所示，重力加速度g取10m/s2，则不正确的是(    )A.物块经过4

s时间离出发点最远B.第3s内物体的位移为2.5mC.在3.5

s

至4.5

s的过程，物块受到的水平拉力不变D.4.5

s时刻水平力F的大小为16

N8. 如图所示，小车沿水平面做直线运动，小车内粗糙底面上有一物块被一拉伸弹簧拉着，小车向右做加速运动，若小车向右的加速度增大，物块始终相对小车静止，则物块所受摩擦力F1和车右壁受弹簧的拉力F2的大小变化可能是(    )A.F1不变，F2一直变大 B.F1C.F1先变大后变小，F2不变 D.F1二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）9. 下列说法中正确的有(    )A.分子力减小时，分子势能可能增大B.布朗运动是由固体颗粒中分子间碰撞的不平衡引起的C.空气流动的越快，分子热运动的平均动能越大D.液体分子间的相互作用力比固体分子间的作用力要小10. 如图所示，甲、乙两列简谐横波分别沿x轴正方向和负方向传播，两波源分别位于x=-0.2m和x=1.2m处，两列波的速度均为v=1m/s，两列波的振幅均为2cm，图示为t=0时刻两列波的图象，此刻P、Q两质点刚开始振动。质点M的平衡位置处于x=0.5m处，下列说法正确的是(    )A.两列波相遇后不会产生稳定的干涉图样B.质点M的起振方向沿y轴正方向C.甲波源的振动频率为1.25HzD.1s内乙波源处的质点通过的路程为0.2mE.在t=2s时刻，质点Q的纵坐标为2cm11. 人造卫星绕地球做匀速圆周运动，设地球的半径为R，地面处的重力加速度为g，则人造卫星(    )A.绕行的最大线速度为RgB.绕行的最小周期为2πC.在距地面高为R处的绕行速度为RgD.在距地面高为R处的周期为2π12. 如图，电路中闭合开关后，灯泡和均正常发光。由于某种原因的灯丝突然烧断，其余用电器均未损坏。电路再次稳定后，下列说法正确的是(    )A.电流表示数变大B.电容器所带电荷量不变C.电源的输出功率一定变大D.电源的工作效率一定变大三、实验题（本大题共2小题，共14.0分）13. 在“验证机械能守恒定律”的实验中：(1)下列器材中不必要的是______(单选)A.重物

B.纸带

C.天平D刻度尺(2)在实验中，以下步骤仅是实验中的一部分，在这些步骤中多余的或错误的是______(单选)A.把打点计时器固定到铁架台上，并用导线把它和交流电源连接起来B.把纸带的一端固定到重锤上，另一端穿过打点计时器的限位孔，把重锤提升到一定高度C.接通电源，释放纸带D.用秒表测出重锤下落的时间(3)由于打点计时器两位孔不在同一竖直线上，使纸带通过时受到较大阻力，这样会导致的实验结果是减少的重力势能______增加的动能(选填“大于”或“小于”)14. 某同学利用图甲电路测量电源的电动势E及内阻r。提供的实验器材还有：量程0～3V的电压表V，量程0～0.6A的电流表A，滑动变阻器R(1)按图甲电路，用笔画线表示导线将图乙中的实物图连接好(图中已连接一条导线)。(2)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P滑到______(填“最左端”“中央”或“最右端”)。(3)闭合开关后，调节滑动变阻器的滑片，当电流表读数为0.20A时，电压表读数为2.50V；当电流表读数为0.40A时，电压表读数为2.20V，则电动势E=______V，内阻r=______Ω。四、计算题（本大题共4小题，共46.0分）15. 如图所示，开口竖直向上的细玻璃管内有一段长为L2=15cm的水银柱，封闭了一段长度为L1=20cm的气体，此时封闭气体温度为300K，水银柱的上端距离管口的距离为L3=5cm，已知大气压强为①玻璃管旋转90°时，封闭气体的长度为多少？②水银柱刚好没流出管口时，此时玻璃管中封闭气体的温度为多少K？16. 如图所示，质量为m的长木板C静止在光滑水平面上，C的右端有一块固定的档板。质量均为m的小滑块A和B，分别以v0、2v0的速度从木板的左端和中间某一位置同时水平向右滑上木板C.滑块A、B与木板间的动摩擦因数均相同。之后的运动过程中B曾以43v0(1)滑块A和B的最小速度。(2)系统损失的机械能。17. 如图甲所示为某校2015学年秋季运动会开幕式时采用无人机拍摄的照片，图乙为正在高空进行拍摄的无人机，已知无人机质量m=1kg，动力系统能提供的最大升力F=16N，无人机上升过程中最大速度v=6m/s，若无人机从地面以最大升力竖直起飞，达到最大速度所用时间为3s，假设无人机竖直飞行时所受阻力大小不变，求：(1)无人机以最大升力起飞的加速度；(2)无人机在竖直上升过程中所受阻力Ff(3)无人机从地面起飞竖直上升至高地高度h=30m的高空所需的最短时间．18. 如图所示，竖直放置的电容器两极板间距d=0.2m，两板间电势差U=1500V，质量为0.1g、电荷量为10-7C的带正电的小球用L=0.1m长的细线悬于到两板距离相等的O点，将小球拉于水平位置A后放开，当小球运动到细线最大拉力处时，细线突然断开，求小球运动过程中离左极板的最小距离。

参考答案及解析1.答案：A解析：解：A、α、β和γ三种射线中，γ射线的穿透能力最强，电离能力最弱，故A正确；B、β衰变产生的β射线是中子转化为质子和电子时产生的，故B错误；C、英国物理学家汤姆生发现电子，美国物理学家密立根通过油滴实验精确测定了元电荷e的电荷量，故C错误；D、光电子的最大初动能与入射光的频率有关与光照强度无关，因此增大光照强度，光子的最大初动能不变，故D错误。故选：A。α、β和γ三种射线中，γ射线的穿透能力最强；β衰变产生的β射线是中子转化为质子和电子时产生的；英国物理学家汤姆生发现电子，美国物理学家密立根通过油滴实验精确测定了元电荷e的电荷量；光电子的最大初动能与入射光的频率有关与光照强度无关。本题考查了原子物理的基础知识，大都需要记忆，因此注意平时多加积累；同时要注意相应物理规律间的联系，明确物理学史。2.答案：B解析：解：由题意可知，两根橡皮筋的合力是一定的，根据力的平行四边形定则可知，当两夹角在增大时，导致两分力大小在增大，因此橡皮筋的长度在变长。故选：B。根据力的平行四边形定则，结合三角知识，及弹力与形变量的关系，即可求解．考查合力一定时，夹角在变化，则分力如何变化，同时掌握力的平行四边形定则的应用．3.答案：A解析：解：根据介质的折射率等于光在真空中的传播速度c与在该介质中的传播速度v之比，即n=cv，因为c>v，所以n>1，故A正确，故选：A。根据介质的折射率等于光在真空中的传播速度与在该介质中的传播速度之比，来分析。解决本题的关键要掌握折射率与光速的关系n=cv，也可以根据折射定律4.答案：A解析：解：AB、当开关S闭合后，四盏灯均正常发光，则原线圈输入电流：I1=I，副线圈输出电流：I2=3I，根据变流比可知，n1CD、开关S断开后，副线圈电阻增大，根据欧姆定律可知，输出电流减小，根据变流比可知，输入电流减小，则灯泡L1两端电压减小，消耗功率减小，故CD故选：A。原线圈串联用电器，则交流电压没有直接接在原线圈两端，可以从电流入手，根据变流比确定匝数之比。开关S断开后，副线圈电阻变化，根据欧姆定律确定输出电流变化，进一步判断输入电流变化，确定小灯泡消耗的功率。此题考查了变压器的构造和原理，解题的关键是掌握理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，明确原线圈的电路结构，交流电源没有直接接在原线圈两端。5.答案：D解析：解：AB、对小球受力分析可知，小球受重力、铁夹对球的作用力，当机械臂与小球沿水平方向做加速度为a的匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可知，合力沿水平方向，则铁夹对球的作用力斜向上方，故AB错误；C、根据平行四边形定则，铁夹对球的作用力大小为：F=(mg)2D、合力方向水平，设铁夹对球的作用力与竖直方向成θ，由矢量三角形可得：tanθ=mamg=故选：D。对小球受力分析，根据牛顿第二定律确定球的受力情况。本题考查牛顿第二定律，要注意小球在竖直方向上受到静摩擦力作用，注意静摩擦力的大小与正压力大小无关。6.答案：A解析：解：赤道处的磁场方向从南向北，电流方向自东向西，根据左手定则，安培力的方向竖直向下。故A正确，B、C、D错误。故选：A。通过磁场方向、电流方向，根据左手定则判断安培力的方向．解决本题的关键掌握左手定则判断磁场方向、电流方向、安培力方向的关系，注意磁场的方向是解题的关键．7.答案：C解析：解：A、由图可知，0到4s，物体速度值为正，向正方向运动，4到5s，速度值为负，向反方向运动，所以物块经过4s时间距出发点最远，故A正确；B、前3s内的位移为x=12×3×3m=4.5m，故第3s内的位移为xC、0到4s，物体向正方向运动，摩擦力做负功；4到5s，物体反方向运动，但是摩擦力仍然与运动方向相反，摩擦力还是做负功，故C不正确；D、在3到5s，物体的加速度大小为：a=△v△t=31m/在4-5s内，由牛顿第二定律可得：F-μmg=ma，F=0.5×2×10+2×3，解得：F=16N，故C错误，D正确；因选不正确的，故选：C。物体速度值为正，向正方向运动，速度值为负，向反方向运动，由图象分析可知物块经过4s时间距出发点最远；在v-t图象中斜率代表加速度，根据图象求出加速度结合牛顿第二定律求出拉力；第4s时刻，物体运动方向改变，水平拉力的方向改变。解答本题的关键是知道v-t图象中图象的含义。(1)图象的斜率表示物体的加速度；(2)图象与时间轴所围面积表示物体的位移；(3)速度值为正，表示物体向正方向运动，速度值为负，表示物体向反方向运动。8.答案：B解析：解：小车向右的加速度增大时，物块始终相对小车静止，弹簧的长度不变，压缩量不变，根据胡克定律可知，车右壁受弹簧的压力F2当物块所受摩擦力F1向左时，对物块，由牛顿第二定律得：F2-F1随着加速度的增大，当物块相对小车有向左趋势时，所受的静摩擦力向右，则有F2+F1=ma，a增大，F1变大。所以故选：B。弹簧的拉力与弹簧的形变量有关．由胡克定律分析F2的变化．根据物块可能的摩擦力方向，由牛顿第二定律列式分析F本题要抓住弹簧的弹力与压缩量成正比，由胡克定律分析得出弹力不变，关键是要注意静摩擦力方向的变化．9.答案：AD解析：分子间的分子势能应根据分子力做功进行分析，温度是分子平均动能的标志；布朗运动是指固体小颗粒的无规则运动。对于分子热运动，应掌握好分子运动论的三个基本规律，注意全面掌握。A、分子间表现为引力时，分子力可能随距离的增大而减小，当分子间距离增大时，分子力做负功，故分子势能随分子之间的距离的增大而增大，故A正确；B、布朗运动指的是悬浮在液体中的固体小颗粒的无规则运动，是由于液体分子对颗粒的无规则运动碰撞的不平衡引起的，故B错误；C、温度是分子平均动能的标志，与空气流动的快慢无关，故C错误；D、液体有确定的体积但是没有确定的形状(有流动性)，而固体及有确定的体积又有固定的形状，液体分子间的相互作用力比固体分子间的作用力要小，故D正确。故选：AD。

10.答案：ACD解析：解：A、两列波的波速相等，但波长不相等，由v=λf知两波的频率不相等，则两列波相遇后不会产生稳定的干涉图样，故A正确。B、两列简谐横波分别沿x轴正方向和负方向传播，由同侧法判断知t=0时刻，质点P沿y轴正方向运动，质点Q沿y轴负方向运动，由于不知道两列波的质点在平衡位置的速度大小，所以当波传到M点时，质点M的起振方向不确定，故B错误；C、甲波的波长λ=0.8m，由v=λf得f=vλ=1.25HzD、1s内波传播的距离为x=vt=1m，则知t=1s时刻甲波刚好传到乙波源处，乙波的周期T'=λ'v=0.4s，则1s内乙波源处的质点通过的路程为S=E、2s内波传播的距离为x=vt=2m，根据平移法可知，甲波的波谷传播到Q点，因为t=2s=5T'，所以乙波的平衡位置传到Q点，Q点的位移为-2cm。故E错误。故选：ACD。根据两波的频率关系分析能否产生稳定的干涉图样；根据波形平移法判断质点M的起振方向；读出波长，由波速公式求出频率，根据时间与周期的关系求1s内乙波源处的质点通过的路程；根据平移法以及波的叠加原理分析在t=2s时刻质点Q的纵坐标。知道干涉现象的条件是两波的频率相同，熟记波长与波速、频率的关系，掌握同侧法判断质点的振动方向，能根据平移法分析质点的振动状态。11.答案：AB解析：解：AC、根据万有引力提供向心力GMmr在地球表面的物体受到的重力等于万有引力mg=GMmR故v=当r越小，则线速度v越大，当r最小等于地球半径R时，卫星的绕行速度最大为v=R2g当距地面高为R处时，v=R2gBD、根据万有引力提供向心力GMmr2当r越小，则线速度越小，当r最小等于地球半径R时，卫星的绕行周期最小为T=2πR3R在距地面高为R处的周期为T=2π(R+R)3故选：AB。根据人造卫星的万有引力等于向心力和地球表面重力等于万有引力，列式求解出周期、线速度的表达式进行讨论．本题关键根据人造卫星的万有引力等于向心力，以及地球表面重力等于万有引力列两个方程求解．12.答案：AD解析：A.灯泡L2灯丝突然烧断，外电路总电阻增大，总电流减小，根据欧姆定律得知：电源的内电压减小，路端电压增大，即灯泡L1和电容器两端的电压增大，故知电流表的读数变大，B.电容器两端电压增大，根据可知，电荷量增大，B错误；C.根据电源内阻等于外电阻时，电源的输出功率最大，由于电源的内电阻与外电阻关系未知，电源的输出功率可能变大，不是一定变大，C错误；D.电源的工作效率路端电压U增大，电源电动势E不变，故电源的工作效率增大，D正确。故选AD。13.答案：C

D

大于解析：解：(1)实验中验证重物动能的增加量和重力势能的减小量是否相等，两端都有质量，可以约去，所以不需要天平。故选：C。(2)A、打点计时器使用交流电源，把打点计时器固定到铁架台上，并用导线把它和交流电源连接起来，故A正确。B、把纸带的一端固定到重锤上，另一端穿过打点计时器的限位孔，把重锤提升到一定高度，故B正确。C、实验时应先接通电源，再释放纸带，故C正确。D、该实验不需要测量重锤下落的时间，求解瞬时速度时，时间可以通过打点计时器打出纸带上点迹间的时间间隔得知，故D错误。本题选错误的，故选：D。(3)由于阻力的存在，重力势能的减小量一部分要转化为内能，可知减小的重力势能大于增加的动能。故答案为：(1)C，(2)D，(3)大于。根据实验的原理确定需要测量的物理量，从而确定不需要的器材。根据原理以及操作中的注意事项确定不正确的操作步骤。根据能量守恒，抓住一部分重力势能转化为内能，确定减小的重力势能和增加动能的关系。本题考查验证机械能守恒定律的实验，要注意正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材、所测数据等，会起到事半功倍的效果。14.答案：最右端

2.80

1.50解析：解：(1)根据甲电路图连接实物图如图所示：；(2)闭合开关前，滑动变阻器应处于最右端使电流表示数最小，保护电路；(3)根据闭合电路欧姆定律得：E=UE=UU1=2.50V、I1=0.20A；代入数据解得：E=2.80V，r=1.50Ω故答案为：(1)；(2)最右端；(3)2.80、1.50。(1)根据实验原理图连接实物图；(2)闭合开关前，滑动变阻器应处于使电流表示数最小的一端，保护电路；(3)根据闭合电路欧姆定律列式求解电动势和内阻。本题考查测量电源的电动势和内电阻实验，关键是掌握实验数据处理的基本方法和连接实物图的方法。15.答案：解：①在旋转过程中，气体的温度不变，气体做等温变化，设玻璃管的横截面积为S，初态：p1=末态：p2=根据玻意耳定律：p解得：L②玻璃管水平后，气体做等压变化初态：V2=L末态：V根据盖⋅吕萨克定律可得：V解得：T答：①玻璃管旋转90°时，封闭气体的长度为24cm；②水银柱刚好没流出管口时，此时玻璃管中封闭气体的温度为312.5K。解析：①在旋转过程中，气体的温度不变，做等温变化，找出初末状态的压强和体积，根据玻意耳定律即可求得；②在加热过程中，气体的压强不变，找出初末状态参量，根据盖⋅吕萨克定律即可求得。本题考查气体定律的综合运用，解题关键是要分析好压强P、体积V、温度T三个参量的变化情况，选择合适的规律解决，难度不大。16.答案：解：(1)A、B在木板上做匀减速直线运动，加速度为：a而对于木板C将向右做匀加速直线运动，加速度为：a当滑块A与木板C的速度相等时，滑块A的速度最小，即：v0解得最小速度为：vA小物块B与挡板发生弹性碰撞前，由动量守恒可知：mA代入数据解得：v=5小滑块B与挡板发生弹性碰撞，小滑块B与长木板C交换速度，此时滑块A、B速度相等，之后小滑块A和B做匀加速直线运动，长木板做匀减速直线运动，直到共速，所以滑块A与B不可能发生碰撞，小滑块B的最小速度为vB(2)设长木板、小滑块A和B的共同速度为v2，根据动量守恒定律可知：m解得：v共系统的机械能减少了：△E=1解得：△E=mv答：(1)滑块A的最小速度为23v0，滑块B(2)系统损失的机械能为m