河南省2025届高三物理2月份模拟考试试题（含解析）

河南省2025届高三物理2月份模拟考试试题（含解析）

一、单选题

1.一质量为m的物体用一根足够长细绳悬吊于天花板上的0点,现用一光滑的金属钩子勾住细

绳,水平向右缓慢拉动绳子（钩子与细绳的接触点A始终在一条水平线上），下列说法正确的是

（）

0\

«

»

■

A-

A.钩子对细绳的作用力始终水平向右

B.0A段绳子的力渐渐增大

C.钩子对细绳的作用力先减小后增大

D.钩子对细绳的作用力不行能等于在mg

【答案】D

【解析】

A.0A段绳子的力始终等于物体的重力，大小不变。对钩子的作用力等于两段绳子拉力的合力,

因为两段绳子之间的夹角渐渐减小，绳子对钩子的作用力渐渐增大，方向渐渐变更，钩子对

细绳的作用力渐渐变更，故ABC错误；

D.因为钩子与细绳的接触点A始终在一条水平线上，两段绳子之间的夹角不行能达到90。，

细绳对钩子的作用力不行能等于在mg,钩子对细绳的作用力也不行能等于在mg,故正确。

故选：Do

2.用一束红光和一束紫光分别照耀金属甲和乙，它们逸出的光电子的最大初动能相等。则金

属甲和金属乙比较（）

A.甲的逸出功较大

B.乙的逸出功较大

C.相同时间内甲逸出的光电子数较多

D.相同时间内乙逸出的光电子数较多

【答案】B

【解析】

紫光的频率比红光大，由EE-W知，用紫光照耀的乙金属的逸出功大，A错误，B正确；因

紫光和红光的强度关系未知，无法比较两种色光在相同时间内逸出的光电子数的多少，选项

CD错误；故选B.

3.如图所示，表面粗糙的〃形金属线框水平固定，其上横放一根阻值为〃的金属棒金属

棒与线框接触良好，一通电螺线管竖直放置在线框与金属棒组成的回路中，下列说法正确的

是（）

A.当变阻器滑片尸向上滑动时,螺线管内部的磁通量增大

B.当变阻器滑片户向下滑动时,金属棒所受摩擦力方向向右

C.当变阻器滑片尸向上滑动时,流过金属棒的电流方向由a到b

D.当变阻器滑片尸向下滑动时,流过金属棒的电流方向由a到b

【答案】C

【解析】

试题分析：先依据右手螺旋定则以及螺线管磁场的特点推断穿过闭合回路的磁通量方向，然

后依据滑动变阻器的变更推断回路中的磁通量变更，运用楞次定律推断感应电流方向，依据

左手定则推断

依据右手螺旋定则可知螺线管下端为N极，而穿过回路的磁通量分为两部分，一部分为螺线

管内部磁场，方向竖直向下，一部分为螺线管外部磁场，方向竖直向上，而总的磁通量方向

为竖直向下，当变阻器滑片P向上滑动时，滑动变阻器连入电路的电阻增大，螺线管中电流

减小，产生的磁场变弱，即穿过回路的磁通量向下减小，依据楞次定律可得流过金属棒的电

流方向由a到b,A错误C正确；当变阻器滑片P向下滑动时，滑动变阻器连入电路的电阻减

小，螺线管中电流变大，产生的磁场变强，即穿过回路的磁通量向下增大，依据楞次定律可

得流过金属棒的电流方向由b到a,而导体棒所处磁场方向为竖直向上的，金属棒所受安培力

方向向右，故摩擦力方向向左，BD错误.

4.环境监测卫星是特地用于环境和灾难监测的对地观测卫星，利用三颗轨道相同的监测卫星

可组成一个监测系统，它们的轨道与地球赤道在同一平面内，当卫星高度合适时，该系统的

监测范围可恰好覆盖地球的全部赤道表面且无重叠区域。已知地球半径为R,地球表面重力加

速度为g，关于该系统下列说法正确的是()

A.卫星的运行速度大于7.9km/s

B.卫星的加速度为与

bn

C.卫星的周期为4兀一

19

D.这三颗卫星的质量必需相等

【答案】C

【解析】

依据题意可知三颗轨道相同的监测卫星关测范围可恰好覆盖地球的全部赤道表面且无重叠区

Mm

域，由几何学问可知轨道半径为2R。在地球表面有：G—=mg,在地面依据万有引力供应向

R2

MTTI/__MTTIv2

心力有：G--=m—,解得：v=y/gR=79km/s,对地观测卫星有：G----=解得：

R2R(2R)227?

,[aRMmn

V=匕＜7.9km/s,故A错误；依据牛顿其次定律可得：G--=ma9联立以上可得：

[2(2R)4

故B错误；依据万有引力供应向心力有：G丝=m~R,联立以上可得：T=4兀氏,故C

(2R)2T249

正确；由上可知与卫星的质量无关，故D错误。所以C正确，ABD错误。

5.如图所示，切为一个圆台，。点是其对称轴上某点，其中C、4、。以及小B、。分别在

一条直线上，现将正点电荷放在。点，砥为某个摸索电荷经受电场力做功的移动路途，不计

重力，则下列说法正确的是()

O

I'

由

/\

A.A.6两点的电场相同

B.圆台底部平面切为等势面

C.负电荷沿物。从6到4动能变大

D.正电荷沿着颇7从夕到C电场力做功等于该电荷沿随意路径从4到，电场力做功

【答案】D

【解析】

【分析】

Q

依据石=卜段分析电场强度大小；依据点电荷的等势面是以点电荷为圆心的同心圆，即距离点

电荷相等的地方电势相等，且沿着电场线方向电势渐渐降低分析比较电势；依据"=qU比较

电场力做功。

【详解】48两点到。点距离相同，故两点电场强度大小相等，但方向不同，故46两点的

电场强度不相同，故/错误；。到“点距离比切两点到。点距离短，故电势比切两点电势高,

故底面切不为等势面，故8错误；负电荷沿纵;从6到G电场力做负功，电势能增加，故

动能减小，故C错误；力8两点到。点距离相等，两点电势相等；切两点到。点距离相等，

切两点电势相等；但切两点比49两点距离远，则0C=WD<04=PB，故UBC=〃4D，贝U正电

荷沿着BNC仄8到。电场力做功等于该电荷沿随意路径从A到D电场力做功，故〃正确；故

选Do

Q

【点睛】本题考查点电荷的电场，依据E=k与分析电场强度大小，关键还要知道点电荷的等

势面是以点电荷为圆心的同心圆，即距离点电荷相等的地方电势相等。

6.如图所示，把一个多匝正方形线框悬挂在弹簧秤下，线框底边处在磁场中，当开关闭合时,

线框中的电流如图所示，贝卜)

A.开关闭合后，只有线框下边框受到安培力

B.开关闭合后，向右移动滑动变阻器，弹簧称读数变大

C.开关闭合后，增加线框的匝数，调整滑片保证线图电流不变，则弹簧秤读数变大

D.调换电源正负极，开关闭合后，弹簧秤示数肯定增加

【答案】C

【解析】

【分析】

依据左手定则分析安培力的方向，由电流变更确定安培力的大小和方向的变更；再依据平衡

条件明确弹簧秤示数的变更。

【详解】虽然只有线框底边处在磁铁的磁场中，但四周仍旧有较弱的磁场存在，所以则在开

关闭合后，不仅仅是只有线框下边框受到安培力，其余的边也受到安培力，只是很小。故A

错误；由图，外侧的电流向上，则底边的电流方向向外，依据左手定则可知，开关闭合时后

线框底边受到的安培力方向向下，向右移动滑动变阻器滑动触头，接入电路中的电阻增大，

则电流减小，安培力减小，所以弹簧秤的示数减小，故6错误；开关闭合后，增加线框的匝

数，调整滑片保证线图电流不变，线框受到的安培力整体增大，所以弹簧秤读数变大，故C

正确；调换电源正负极，开关闭合后，安培力向上，则弹簧秤示数肯定减小，故D错误。故

选Co

【点睛】本题考查左手定则以及平衡条件的应用，要留意明确线圈只有下边受安培力作用，

依据左手定则以及F=B〃进行分析即可求解。

二、多选题

7.如图所示，质量为0的物块下方有一竖直的轻弹簧，弹簧的下端距离水平地面为久将物块

和弹簧由静止自由释放，物块下降了〃时，速度再次为零，重力加速度为g。下列说法正确的

是（）

.w

h

A.物块从起先下落到速度再次为零，物块克弹簧弹力做功为领

B.物块的速度再次为零时，弹簧的弹性势能为磔力

C.弹簧下端刚接触地面时，物块的速度为点证

D.物块的速度最大时，弹簧的弹性势能和物块的重力势能之和最小

【答案】AD

【解析】

【分析】

对物块，依据动能定理求物块克弹簧弹力做功。对于物块组成的系统，由于只有重力和弹力

做功，所以系统的机械能守恒，依据系统的机械能守恒求弹簧的弹性势能。结合系统的机械

能分析弹簧的弹性势能和物块的重力势能之和何时最小。

【详解】设物块的速度再次为零时，弹簧的弹性势能为“弹•；对物块依据动能定理得：

mgH-W弹=0,贝1J：卬弹=agH,故/正确。对于物块和弹簧组成的系统，由于只有重力和

弹力做功，所以系统的机械能守恒，依据系统的机械能守恒知：物块的速度再次为零时，物

体的重力势能减小侬忆物体的动能不变，则知弹簧的弹性势能为侬"故6错误。弹簧下端

刚接触地面时，物块下落的高度为上速度为师，故c错误。物块与弹簧组成的系统机械能

守恒，即弹簧的弹性势能、物块的重力势能和动能之和保持不变，可知当物体的速度最大时,

物块的动能最大，弹簧的弹性势能和物块的重力势能之和最小。故，正确。故选/a

【点睛】本题的关键要明确能量是如何转化的，要知道物块与弹簧组成的系统机械能守恒，

但物块的机械能并不守恒。

8.如图所示，弹性轻绳固定在天花板上的悬点。上，弹性轻绳自由伸长时另外一端位于尸点,

在户点固定一个光滑的小圆柱，弹性轻绳的下端连接一个重物，重物位于粗糙的水平桌面上

的4点且对桌面有压力，/点位于尸点正下方。现把重物拉到水平桌面上的8点静止释放，水

平桌面各处租糙程度相同，弹性轻绳的形变始终在弹性限度内，且符合胡克定律。重物由6

点向4点运动的过程中，下列说法正确的是

A.桌面对重物的支持力渐渐增大

B.桌面对重物的摩擦力保持不变

C.重物的加速度将始终减小

D.重物与弹性轻绳的机械能之和渐渐减小

【答案】BD

【解析】

【分析】

重物由6点向2点运动的过程中，竖直方向受力平衡，由平衡条件和胡克定律分析重物所受

的支持力的变更状况，从而来分析滑动摩擦力变更状况，由牛顿其次定律分析加速度的变更

状况。依据功能关系分析系统机械能的变更状况。

【详解】重物由8点向4点运动的过程中，设重物运动到间某点C时，轻绳与水平方向的

夹角为。，轻绳的伸长量为x,则轻绳的张力F=依，地面对重物的支持力为

N=mg-FsinO=mg-kxsinO=mg-kPA9保持不变，由/'=4N可知，桌面对重物的滑动摩擦

力保持不变，故/错误，6正确。

依据牛顿其次定律得：kxcosd-f=ma,x减小，。增大，cos。减小，fcrcos。先大于£后等于

f,再小于£则知加速度a先减小后反向增大，故C错误；在重物从6运动到"的过程中，

物块要克服地面的摩擦力做功，物块和弹性轻绳组成的系统机械能渐渐减小，故，正确。故

选初。

【点睛】解答此题的关键是先对小物块在。点时受力分析，由竖直方向上合力为零，分析桌

面对重物的支持力的变更状况。

9.下列说法正确的是

A.空中的小雨滴呈球形是水的表面张力作用的结果

B.悬浮在水中的花粉的布朗运动反映了花粉分子的热运动

C.高原地区水的沸点较低，这是高原地区温度较低的原因

D.彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点

E.干湿泡湿度计的湿泡显示的温度低于干泡显示的温度，这是湿泡外纱布中的水蒸发吸热的

结果

【答案】ADE

【解析】

空中的小雨滴呈球形是表面张力形成的缘由，液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表

面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作

用表现为引力，即是表面张力，A正确；浮在水中的花粉的布朗运动反映了液体分子的热运动,

它无法反映花粉分子的运动，B错误；高原地区水的沸点较低，这是高原地区压强较低的原因，

与温度无关，C错误；彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点，D正确；

干湿泡湿度计的湿泡显示的温度低于干泡显示的温度，这是湿泡外纱布中的水蒸发吸热的结

果，故E正确.

10.原点。处有一简谐横波波源，t=0时波源起先振动，形成沿x轴正向传播的机械波，当

t=0.6s时的波形图如图所示，此时质点尸刚好起先振动，a力两点相距久必=3加，下面说法中

正确的是（）

A.工=4m处的质点起振方向向上

1

B.经过五s,a处质点的瞬时速度最大

15

C.这列波的传播速度为10m/s

2

D.经过元s,6处质点的位移为yz>=-10cm

E.在某时刻，a力两质点振动方向可能相同

【答案】ACD

【解析】

【分析】

简谐横波沿x轴正向传播时，介质中各质点的起振方向与波源的起振方向相同。依据波的传

播方向推断图示时刻久=4m处质点的振动方向，即为波源的起振方向。由图读出波长，求出周

期。依据振动方程确定位移。

【详解】简谐横波沿x轴正向传播时，尸处的质点的振动方向向上，则波源起先振动的方向肯

定是向上。则久=4m处的质点起振方向向上，故/正确。由图读出波长为4=4加，机械波的波

%6A

速"=-=不7加/5=10m/s,周期为T=-=0.4s；将质点振动规律与图象结合起来，己处质点的

t0.6v

71T1

振动方程为ya=10sE(3&+d),因此到波峰的时间等于、=%=正5,即到达最大位移处，瞬

时速度为零，故6错误、。正确；6处的质点的振动方程为九=105/(5出+书，因此经过

T2

1=§=五S,y=-10cm,故，正确；之间的距离超过了半波长，因此不行能振动方向一

样，故£错误。故选”。

【点睛】本题主要是考查了波的图象；解答本题关键是要驾驭振动的一般方程y=4sin3t,知

道方程中各字母表示的物理意义，能够依据图象干脆读出振幅、波长和各个位置处的质点振

动方向，知道波速、波长和频率之间的关系"=/'九

三、试验题探究题

11.为了探究在橡皮条弹力作用下小车的运动，某同学设计了如图甲所示的试验，由静止释放

小车，小车在处于伸长状态的橡皮条弹力的作用下向左运动。打点计时器打下的纸带如图乙

所示，计数点0为打下的第一个点，该同学在测出计数点2、3、4到计数点0的距离加、xz、

X3后，将纸带由图示位置剪断，将每段纸带的下端对齐，依次并排粘贴在直角坐标系中，连接

各段纸带上端的中点画出平滑曲线如图所示，对该试验结果的探讨可知:

(1)在有橡皮条弹力作用时，小车做加速度的直线运动.

A.不断减小B.不断增大

C.先增大后减小D.先减小后增大

(2)设打点周期为T,则由纸带测量数据可估算小车的最大速度以=,该估算值—

(选填“等于"、“大于”或“小于”)小车最大速度的实际值。

【答案】(1).D(2).三一(3).小于

T

【解析】

(1)依据牛顿其次定律可知：k^-nmg=ma,当弹力大于摩擦力时，随着橡皮筋形变量的

减小，加速度在减小，当弹力小于摩擦力时，随着橡皮筋形变量的减小，加速度在反向增大,

所以小车做加速度先减小后增大的直线运动。

(2)由图可知最大速度出现在23段内，依据运动学公式可得最大速度为：=因为

速度在加速度为零时的那一刻最大，所以该估算值小于小车最大速度的实际值。

12.小丁同学对试验室中的线圈(如图甲所示)产生了深厚爱好，确定利用伏安法测量线圈电阻,

试验电路如图丙所示，回答下列问题：

(1)试验前，图丙中滑动变阻器滑片应置于(填“a”或“6")端:

(2)已知试验中电压表所接量为0-3%某次试验中电压表示数如图乙所示，则电压为

匕

(3)变更滑动变阻器滑片，待电路稳定得到多组电流、电压值如下表所示，请在图丁中作出

相应的U-/图象O

电压0.000.300.500.801.101.401.602.00

电流

0.011.817.427.836.657.055.870.2

/(砌

(4)由图象可得该线圈电阻大小为Q。

【答案】(1).(Da；(2).(2)1.70；

(4).(4)28.5

【解析】

【分析】

(1)滑动变阻器分压接法时，试验前滑动变阻器并联部分电阻最小，以便爱护电流表和电压表;

(2)依据电压表的读数规则读数；

(3)利用描点作图。

(4)U"图象中斜率表示电阻求解电阻阻值。

【详解】(1)依据图丙可知，滑动变阻器采纳分压接法，试验前，应使滑动变阻器并联电阻最

小，故应在a端；

(2)电压表的最小刻度为0.1匕读数估读到0.01匕故电压表读数为1.70匕

(3)依据表格数据描点作图如图所示：

(4)在U-/图象中斜率表示电阻可得：

△U2.00

R=K=——=----------------Q=28.49。a28.5Q

△170.2x10-3

【点睛】应明确遇到依据图象求解的问题，首先要依据物理规律整理出关于纵轴物理量与横

轴物理量的函数表达式，然后依据斜率和截距的概念即可求解。

四、计算题

13.无人驾驶目前还有较多的技术障碍难以克服，其中汽车车载系统严峻依靠无线通信传输速

度是主要的技术障碍。最近世界通信巨头华为公司提出基于5G通信技术的解决方案，该5G

通信技术的超低时延的优势将提升车联网数据采集的刚好性，保障实时信息互通，消退无人

驾驶平安风险。简化的工作模式是无人驾驶车载电脑发觉问题，通过5G信号将问题传输给云

端中心服务器，服务器将处理方案回传给车载电脑，然后车载电脑实行加速或减速等操作。

在某次试验室测试中汽车以10m/s的速度匀速前进，车载传感器检测到正前方22m处有静止

障碍物，车载电脑通过5G信号通知云端，随后车载系统获得指令马上实行制动措施(5G信号

下，系统信号传输延迟忽视不计)，使之做加速度大小为Im/s?的匀减速直线运动，并向车上

成员发出警告，2s之后系统实行紧急制动，使汽车做匀减速直线运动，最终该汽车恰好没有

与障碍物发生碰撞。，已知江1=6.4求：

(1)驾驶员实行紧急制动之前，汽车行进距离的大小；

(2)假设驾驶员的质量为70kg,求紧急制动时座位对驾驶员的作用力大小；

(3)现有4G信号系统平均延迟时间为0.4s,在4G通信状况下，在22m距离内系统干脆匀减

速的加速度至少要多大才能避开相撞(保留2为有效数字)。

【答案】(1)18m(2)896N(3)2,Qm/s2

【解析】

【详解】(1)依据匀变速运动的速度公式v=v°+at可知

2s时的瞬时速度为Vi=10TX2=8m/s

10+8

汽车通过的位移％=vt=——-——x2m=18m

(2)紧急制动时通过的位移为X2=s-x=4m,

22

依据v-vi=2a2x2

2

解得：a2=-8m/s

紧急制动时，水平方向的作用力F】=ma2=560N

竖直方向的作用力F2=mg=700N

所以紧急制动时座位对驾驶员的作用力F=^l工|"896N

(3)依据题意，在4G信号延迟0.4s内，汽车在延迟0.4s内通过的位移X3=v()t=4m,

干脆匀减速避开相撞，则依据v2-v/=2a3X3

解得：a^2.8m/s2

14.如图所示，坐标系阳”位于光滑绝缘水平面内，其中其次象限内存在一个与坐标平面平行

方向如图的匀强电场。一质量为〃，电量为+q的小球a从4点由静止释放。沿方向运动。

到达。点时速度为%4。长度为L若小球a恰能与静止在。点质量为3m)的不带电小球

6发生弹性碰撞，相碰时电荷量平分，同时瞬间撤去电场并在整个空间加一垂直于坐标平面对

下的匀强磁场。忽视两小球间的静电力及小球运动所产生磁场的影响。求：

⑴匀强电场的电场强度大小£;

(2)a,6两球碰后的速度；

(3)若从a,6两球相遇到两球与。点第一次共线所用时间为t,则匀强磁场的磁感应强度当的

大小为多少？

【答粒⑴”⑵等吆和泮雾丝V

2qLM4-mM4-mqt(M-m)

【解析】

【分析】

(1)小球a在电场中做匀加速运动，依据牛顿其次定律和运动学速度位移公式结合可求得匀强

电场的电场强度大小E-,

(2)a、6两球发生弹性碰撞，遵守动量守恒和机械能守恒，由动量守恒定律和机械能守恒定律

求两球碰后的速度；

(3)a、6两球碰后在磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力供应向心力，依据牛顿其次定律和运

动学公式求得两球运动周期，画出轨迹，分析时间t与两球周期的关系，求解匀强磁场的磁

感应强度与的大小。

【详解】(1)设a球在电场中运动的加速度为a,由牛顿其次定律和运动学公式可得：

qE

a=——

M

v2=2aL

解得：E=

2qL

(2)设a、6两球碰后的速度分别为％和方,取碰撞前a球的速度方向为正方向，由动量守恒定

律和机械能能守恒定律得:

Mv=M%+mv2o

111

-Mv2=5M说+-mv^o

(M-m)v2Mv

解得：%=，=

M+mM+m

(3)由于碰后两球都带正电在磁场中向同一方向偏转做圆周运动，如图。

2712Tl

如图所示a、6两球与。点第一次共线时有：-=2冗

1b1a

d47rMm

B=

解得：~7TK----------7

qt{M-m)

【点睛】本题中带电小球先加速后做圆周运动类型，关键是画出轨迹图，结合几何关系分析

时间与周期的关系。

15.如图所示，两个边长为10cm的正方体密闭导热容器A、B,用一很细的玻璃管连接，玻璃

管的下端