2022-2023学年江苏省南京玄武区九年级上学期物理期中考试题及答案

2022-2023学年江苏省南京玄武区九年级上学期物理期中考

试题及答案

一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分.每小题给出的四个选项中只有一个选

项符合题意）

1.下列工具在使用时，属于费力杠杆的是（）

【答案】A

【解析】

【详解】独轮车、瓶盖起子和羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，为省力杠杆；钓

鱼竿在使用时，动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，故A符合题意，BCD不符合题意。

故选Ao

2.下列数据符合实际的是（）

A.一位初中生以正常速度从一楼登上三楼，登楼的功率约为150W

B.教室内一盏日光灯正常发光时的电流约为2A

C.定滑轮的机械效率一定是100%

D.从地上拿起一个鸡蛋并把它缓慢举过头顶过程中对鸡蛋做的功约为0.1J

【答案】A

【解析】

【详解】A.一位初中生体重约500N,以正常速度从一楼登上三楼用时约20s,高度约

6m,登楼的功率约为

WFsGh500Nx6m

Pn=——=—=----=--------------=150W

ttt20s

故A符合题意；

B.教室内一盏日光灯功率约为40W,正常发光时的电流约为

40W

1=—«0.2A

U220V

故B不合题意；

C.使用定滑轮时要克服摩擦做功，克服摩擦做的功就是额外功，所以机械效率一定小于

100%,故C不合题意；

D.一个鸡蛋重约0.5N,从地上拿起一个鸡蛋并把它缓慢举过头顶距离约为2m,过程中对

鸡蛋做的功约为

少=G〃=0.5Nx2m=1J

故D不合题意。

故选Ao

3.小明将铁丝快速弯折十余次，铁丝弯折处的温度会升高，以下四个事例中能量转化与之

相同的是（）

D.乙、丁

【答案】A

【解析】

【详解】反复弯折铁丝，铁丝弯折处温度升高，机械能转化为内能，使铁丝的内能增

加.甲图中，用力将活塞压下，活塞对空气做功，筒内空气的内能增大、温度升高，达到

了棉花的着火点，棉花就会燃烧，此过程中机械能转化为内能，正确；乙图中，按动电火

花发生器按钮，盒盖飞出，此过程内能转化为机械能，错误；丙图中，汽油机压缩冲程过

程中机械能转化为内能，正确；丁图中，汽油机做功冲程中，高温高压的燃气对外做功，

此过程中内能转化为机械能，错误.故选A.

4.夏天，将饮料放入冰箱冷藏室，饮料温度降低，下列说法正确的是（）

A.饮料将温度传递给冰箱中的空气

B.饮料放出热量后自身所含热量减少

C.饮料温度降低的过程伴随着内能的转移

D.饮料放热是因为饮料的内能比冰箱中空气的内能多

【答案】C

【解析】

【详解】A.饮料和冰箱冷藏室里的空气温度不同，两者会发生热传递，温度高的饮料会放

出热量，将热量传给冰箱中的空气，故A错误；

B.饮料放出热量后温度降低，内能减少，热量是过程量，不能用含有、具有来描述，故B

错误；

C.发生热传递时，饮料放出热量，内能减少，温度降低，冰箱冷藏室里的气体吸收热

量，内能增加，温度升高，所以饮料温度降低的过程伴随着内能的转移，给C正确；

D.饮料放热是因为饮料温度比冰箱中空气的温度高，温度高不一定内能多，内能还与物体

的质量等因素有关，故D错误。

故选Co

5.甲、乙两人在相同的水平路面上，用水平推力分别以lm/s和0.5m/s的速度将两个完全

相同的木箱沿直线匀速推动了10m。在此过程中，下列说法正确的是()

A.甲的推力大于乙的推力

B.甲、乙做功相等

C.甲、乙做功的功率相等

D.推动过程中木箱的动能相同

【答案】B

【解析】

【详解】A.根据题意知道，两次运动过程中接触面的粗糙程度相同、压力大小相同，所以

木箱在两种情况下受到的摩擦力相同，因为均做匀速直线运动，木箱处于平衡状态，推力

等于摩擦力，所以两次对木箱的推力相等，即

F甲=F乙

故A错误；

B.又知木箱运动的距离相等，由W=Fs知道，甲、乙两人对木箱做功相等，即

W甲=W乙

故B正确；

C.甲的速度大于乙的速度，由于

WFs

Pn=—=——=Fv

tt

甲的功率大于乙的功率，即

P甲才乙

故C错误；

D.甲的速度大于乙的速度，物体的质量不变，所以推动过程中木箱的动能不相同，故D错

误。

故选B。

6.2022年第24届冬季奥林匹克运动会在我国举行，某运动员在高山滑雪项目比赛过程中

的运动轨迹如图所示(a-b-c-d-e-f),c点和e点高度相等。下列说法正确的是

()

B.运动员从b点到d点，动能全部转化为重力势能

C.运动员在d点时的动能为零

D.运动员在c点的动能大于e点的动能

【答案】D

【解析】

【详解】A.由于运动员在运动过程中，克服摩擦力做功，使得机械能逐渐减小，所以运动

员a点和d点机械能不相等，故A错误；

B.运动员从b点到d点，克服摩擦做功，一部分动能转化为内能，动能没有全部转化为重

力势能，故B错误；

C.运动员在d点时有一定的水平速度，所以动能不为零，故C错误；

D.运动员在c点和e点高度相同，重力势能相同，由于要克服摩擦力做功，所以运动员在

c点的速度大于e点的速度，故在c点的动能大于e点的动能，故D正确。

故选Do

7.根据表格中的数据，下列说法中正确的是（）

物质铝铁铜水煤油

密度/(kg•m-3)2.7X1037.9X1038.9X1031.0X1030.8X103

比热容0.88X100.46X100.39X10

4.2X1032.1X103

/[J/(kg・℃)]333

A.质量和温度都相等的铝块和铁块降低相同的温度，铁块放出的热量多

B.同样的酒精灯给质量相等、初温相同的水和煤油加热相同的时间后，水中温度计示数较

高

C.煤油和水体积之比为2:1,吸收热量之比为4：1,则升高温度之比为4：1

D.加热质量相同的铜和铝，吸收热量与升高温度的关系如图所示，其中图线a表示的是铝

【答案】D

【解析】

【详解】A.由表中数据可知，铁的比热容小于铝的比热容，降低的温度相同，由Q放

=cmAt可知，等质量的铜和铝，铝放出的热量多，故A错误；

B.由表中实验数据可知，水的比热容大于煤油的比热容，用同样的酒精灯给质量相等、初

温相同的水和煤油加热相同的时间后，它们吸收的热量相等，由可知，水升高

的温度少，水中温度计示数低，故B错误；

C.由表中数据可知，煤油和水密度之比

P煤油：p水=(0.8X103kg/m3):(IX103kg/m3)—4：5

比热容之比

c煤油:c水=[2.lX103j/(kg•℃)]：[4.2X103J/(kg•℃)]=1：2

煤油和水体积之比

v煤油：v7K=2：1

煤油和水质量之比

机煤--油--一--夕--煤--油--“---油--一--夕---煤--油--v--”X-油---_--4--v--2x_---8---

机水夕水限夕水曝515

已知吸收热量之比为

Q煤油-Q水=4:1

升高温度之比

。煤油

△‘煤油_C煤油机煤油_Q煤油*C水”机水4乂2*5_5

△t水。水QK0煤油%煤油1181

c水机水

故C错误；

D.通过表格数据可知，铝的比热容大于铜的比热容，由0=施41可知，给等质量的铜块和

铝块加热，升高相同的温度时，铝块吸收的热量多，因此图象a表示的是铝块，故D正

确。

故选Do

8.如图甲所示，停车场的入口处常用横杆来控制车辆的出入。将横杆看作一个质量分布均

匀的杠杆，如图乙所示，0为杠杆的支点，杠杆的重力G=50N,AB=3m,A0=0.3m。下列

说法正确的是()

AOB

A.升起横杆时，施加在A端的力Fi为动力，此时横杆是省力杠杆

B.升起横杆时，沿Fi方向比沿F2方向更省力

C.相同条件下，在左端施加的动力越靠近。点，升起横杆所需的动力越小

D.要使横杆AB保持水平平衡，则在A端施加的最小力为200N

【答案】D

【解析】

【详解】A.在升起横杆时，施加在A端的力为动力，此时的动力臂要小于阻力臂，为费力

杠杆，故A错误；

B.升起横杆时，沿Fi方向的动力臂比沿F2方向的动力臂要小，根据杠杆的平衡条件可

知，此时会更费力，故B错误；

C.相同条件下，在A端施加的动力越靠近。点，动力臂变小了，阻力和阻力臂不变，根据

杠杆平衡条件可知，升起横杆所需的动力越大，故C错误；

D.要使横杆AB保持水平平衡，根据杠杆的平衡条件可知，当动力臂最大为0A的长度时，

动力最小，即有

FxOA=Gx(---0A)

则有

Fx0.3m=100Nx(-^-0.3m)

解得，F=200N,即在A端施加的最小的力为200N,故D正确。

故选Do

9.如图所示，物体重200N,动滑轮重20N。工人用125N的拉力将物体匀速提升3m,用了

10s,在此过程中下列说法正确的是()

P而

A.有用功是750J

B.拉力的功率是37.5W

C.滑轮的机械效率是80%

D.克服动滑轮重所做的额外功占总功的20%

【答案】C

【解析】

【详解】A.滑轮组克服物体重力做的有用功

Ww=Gh=200NX3m=600J

故A错误；

B.动滑轮承担重物绳子的段数n=2,绳端拉力做的总功

W总=Fs=Fnh=125NX2X3m=750J

所以拉力的功率

故B错误；

C.滑轮的机械效率

〃=工x100%=x100%=80%

W&750J

故C正确；

D.滑轮的机械效率为80%,说明额外功占总功的20%,即克服动滑轮重和摩擦做的功占总

功的20%,故D错误。

故选Co

10.人脸识别测温一体机，可以实现健康码查验、口罩检测、体温检测自动报警功能。当

出示的健康码为黄码或红码时，开关S1闭合,红灯亮起；未配戴口罩时，开关S2闭合，红

灯亮起；体温超过正常体温时，开关S3闭合,红灯亮起。下列电路设计符合要求的是

()

【答案】B

【解析】

【详解】根据题意可知，当出示的健康码为黄色或者红色时，开关S1闭合，红灯亮起；未

配戴口罩时，开关S2闭合，红灯亮起；体温超过正常体温时，开关S3闭合，红灯亮起，综

上可知，三开关可以独立工作、互不影响即为并联，且红灯位于干路，故ACD错误、B正

确。

故选B。

11.如图所示电路，下列分析不正确的是（）

A.仅闭合Si、$2时，J、L2并联，Ai测得是J的电流，A2无示数

B.仅闭合Si、S3时，J、L2并联，A1、A2均有示数

C.仅闭合S2、S3时，电源短路

D.仅闭合S3时，L、L2串联，Ai、A2的示数相等

【答案】B

【解析】

【详解】A.由电路图知道，仅闭合Si、S2时，两灯并联，电流表Ai测量通过J的电流；

电流表A2断路，没有示数，故A正确，不符合题意；

B.仅闭合Si、S3时，L2和电流表A2短路，电路为J的简单电路，电流表Ai测量通过J

的电流，电流表Ai有示数，A2没有示数，故B错误，符合题意；

C.仅闭合S2、S3时，由于电流表内阻很小，相当于导线，所以此时电源短路，故C正

确，不符合题意；

D.仅闭合S3时，两灯串联，电流表A1、A2均测电路中的电流。由于串联电路中各处的电

流相等，所以电流表Ai、A2的示数相等，故D正确，不符合题意。

故选Bo

12.如图所示电路，电源为两节新干电池，先闭合开关Si，再闭合开关S2的过程中，下列

说法正确的是（）

A.电流表Ai的示数不变B.电流表A2的示数变大

C.电流表A2的示数不变D.电流表Ai、A?示数始终相等

【答案】C

【解析】

【详解】根据实物连接图，画出电路图如下：

由图可知，两灯并联，S1在干路上，S2在L2支路上，电流表A1在干路上，测量干路电流；

电流表A2在J支路上，测量通过J的电流。先闭合开关Si，电路为J的简单电路，两电

流表均测Li的电流；当S2从断开到闭合的过程中，因并联电路中各支路互不影响，则通过

J的电流不变，即A2的示数不变；电流表Ai由测量通过J的电流，变为测量干路电流，

则Ai示数变大。故ABD错误，C正确。

故选Co

二、填空题（本题共8小题，每空1分，共26分）

13.2022年6月5日10时44分，“长征2F”火箭载着带有3名航天员的“神舟十四号”

飞船，从大漠深处的酒泉卫星发射中心拔地而起，飞赴苍穹，与中国空间站会合。加速上

升过程中，火箭燃料的化学能转化为燃气的能，飞船的动能（选填“增

大”、“减小”或“不变”），飞船外面的整流罩因与大气产生强烈摩擦温度升高，这是以

的方式改变了整流罩的内能。

【答案】①.内②.增大③.做功

【解析】

【详解】［1］热机工作过程中把燃料的化学能转化为内能，火箭燃料的化学能转化为燃气的

内能。

[2]动能的大小与质量和速度有关，飞船的质量不变，速度变大，动能增大。

[3]飞船外面的整流罩因与大气产生强烈摩擦温度升高，这是以做功的方式改变了整流罩的

内能。

14.图甲中旗杆顶端的滑轮是一种简单机械，升旗时使用这种滑轮的目的是改变力的

。图乙是园艺工人修剪树枝时使用的剪刀，使用这种剪刀的好处是可以省

（选填“力”或“距离”），如果树枝太硬不容易剪断，可以使树枝到支点0的距离变

——止匕

________________-O

甲乙

【答案】①.方向②.力③.近

【解析】

【详解】[1]旗杆顶端的滑轮是一种简单机械，升旗时不随红旗一起升降为定滑轮，使用这

种滑轮的目的是改变力的方向。

[2][3]园艺工人修剪树枝时使用的剪刀，由图可知使用这种剪刀时，动力臂长，阻力臂

短，可以省力，如果树枝太硬不容易剪断，可以使树枝到支点。的距离变近一些，减小阻

力臂。

15.在综合实践活动中，科技小组自制如图甲所示的开门报警器，电路板固定于大门，绝

缘条带左端插在两电池之间，右端固定于门框。如图乙所示，大门一旦被打开，灯亮、电

铃响，绝缘条带在电路中起到了电路元件的作用，干电池供电时，把能转化

为电能。某次测试发现，把大门打开时，电灯亮而铃不响，故障可能是电铃处发生

大门门框大门门框

甲乙

【答案】①.开关②.化学③.断路

【解析】

【详解】［1］绝缘条带具有优异的绝缘性，在电路中起到了电路元件开关的作用，图中大门

打开，相当于闭合开关，灯与电铃并联在电路中，灯亮、电铃响。

［2］干电池给灯泡供电时，将内部化学物质储存的能量通过某种方式转化为电能。

［3］灯与电铃并联在电路中，两电器互不影响，把大门打开，电灯亮而铃不响，故障可能是

电铃处发生断路。

16.如图所示为冬天人们常用的热水袋，灌满热水后能够放热较长时间，是利用了水

—较大的特性；用热水袋焙手，是利用的方式使手的内能增大。若该热水袋

内装有1.2kg水初温为90℃的热水，使用一段时间后水的温度降低了50℃,则此过程中水

3

放出的热量为Jo［C7K=4.2X10J/(kg.℃)］

【答案】①.比热容②.热传递③.2.52X105

【解析】

【详解】［1］因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出

的热量多，所以电热暖手袋用水为介质。

［2］用热水袋暖手，手从热水袋吸收热量、温度升高、内能增大，是利用热传递的方式使手

的内能增大。

［3］根据公式可得

。放=cmM==4.2xlO3J/(kg-℃)xl.2kgx50℃=2.52xl05J

17.如图所示，用力F沿斜面将重为1000N的小车匀速拉动，沿斜面拉动的距离s为10m,

上升的高度h为2m,若斜面是光滑的，则拉力为N；如果斜面不光滑，且斜面的机

械效率为80%,则拉力做功为J,小车受到的摩擦力为No

【答案】①.200②.2500③.50

【解析】

【详解】［1］若斜面是光滑的，拉力做的功等于提升小车做的功，即

Fs=Gh

则拉力大小

F=GA=1000Nx2m=2()()N

s10m

［2］如果斜面不光滑，拉力做的有用功

W有用=Gh=1000NX2m=2000J

由〃=江知道，拉力做的功(总功)

一叫r用.

2000J=2500J

〃80%

［3］拉力做的额外功

W额=亚总-W有用=2500J-2000J=500J

由W额=£$知道，小车受到的摩擦力

f%500J

s10m

18.如图所示为汽油机的四个冲程，其中机械能转化为内能的冲程是图_____oImin内汽

油机完成2400个工作循环，飞轮的转速为r/s,在做功冲程中，每次做功240J,

则该汽油机的功率是W。汽油机完成一个工作循环时，需要吸入2L的燃料，其质量

为kg,这些燃料完全燃烧放出的热量为J.(P燃料=1.4g/cm3,q燃料

=4.6X107J/kg)

④.2.8⑤.1.288X108

【解析】

【详解】[1]机械能转化为内能的冲程是压缩冲程，活塞向上运动，进气门、排气门均关

闭，故图甲符合题意。

[2]一个工作循环飞轮转动两转，所以飞轮的转速为

2400x2r=2400x2r=8()r/s

Imin60s

[3]由题意可知，Imin内汽油机完成2400个工作循环，则1s做功40次。在做功冲程中,

每次做功240J,则该汽油机的功率

尸q=必=处理=9600W

ttIs

[4]由体积单位换算规则可知

2L=2dm3=2xl0-3m3

由夕=淳可知，燃料的质量

3333-33：

机=Q燃料忆=1dg/cm'x2xl0m=1.4x10kg/mx2xl0m=2.8kg

[5]由。放=q加可知，燃料完全燃烧放出的热量

。放=4燃料加=4.6xl07j/kgx2.8kg=1.288xl()8j

19.如图甲所示电路，当开关S闭合后，两个电流表的指针偏转如乙图所示，灯泡Li、L2

的连接方式是联，通过灯J的电流为A,通过灯L2的电流为Ao

【答案】①.并②.0.3③.0.9

【解析】

【详解】[1][2][3]从图中信息可知，这个电路有两条支路，故灯泡Li、L2的连接方式是

并联；&测Li的电流，A?测干路的电流，A2用的是大量程，示数为L2A,故Ai用的是小

量程，示数为0.3A；通过灯L2的电流为

12=1&-^=1.2A-0.3A=0.9A

20.如图所示，小明用力Fi拉动绳子使重为10N的物体A以速度vi匀速上升，此时滑轮组

的机械效率为ni，拉力Fi做功的功率为Pi；若他将一个与A完全相同的物体系在A下

端，并用力F2拉动绳子使它们一起以V2的速度匀速上升，此时滑轮组的机械效率为“2，

拉力F2做功的功率为P2。已知n1：n2=3:4,V1：V2=l：2,不计绳重及摩擦，则动滑

轮重6动=N,P1：P2=,F1：F2=o

〃/〃〃/

F

A

【答案】®.101：3③.2：3

【解析】

【详解】［1］根据题意知道，GA=10N,滑轮组承担重物绳子的段数n=3,滑轮组的机械效

率

=W^_=%_Gh=G

“=豆=%吗—G〃+G动〃=G+G动

两次提起物体的机械效率比

GA10N

——GA+G动10N+G动_3

72GA20N4

-2GA+G动20N+G动

解得动滑轮重

G动=10N

［2］不计绳重和摩擦，则拉力

尸=:（G物+G动）

两次拉力比

大」（GA+G动）

10N+10N_2

20N+10N-3

B；3A+G动）

P/Fs

⑶由T=Pn知道，两次拉力的功率比

Pl：P2=F1V1：F2V2=(2X1):(3X2)=1：3

三、解答题(本题共10小题，共50分.解答27、28题时应有公式和解题过程)

21.如图，某同学手推墙壁处于静止状态，。为支点，A为重心，设F为动力，人的重力G

为阻力，画出动力臂L和阻力臂12。

【详解】已知动力和阻力，根据力臂的画法，先确定支点0,再过支点作动力作用线和阻

力作用线的垂线段，即可画出动力臂和阻力臂。反向延长F的作用线，延长G的作用线，

从支点0作动力F作用线的垂线段1卜作重力G作用线的垂线段12,11、12即为所求作的

力臂。如图所示

22.如图，小明站在地面上用图中滑轮组提起重物，画出最省力的绕绳方法。

【详解】要使滑轮组最省力，需要承担物重的绳子段数最多，所以要从动滑轮绕起，依次

绕过上面的定滑轮、下面的动滑轮，再绕过上面的另一个定滑轮，如下图

23.如图，请根据（a）所示电路，用笔画线代替导线将图（b）中的实物图连接完整。

【答案】

【解析】

【详解】根据电路图知道，该电路为并联电路，电流表在干路中，开关在干路中，根据电

路图连接实物图，如下图

24.用如图所示装置做“探究杠杆的平衡条件”的实验。

(1)实验开始时，杠杆静止于图甲所示位置，此时杠杆处于(选填“平衡”或

“不平衡”)状态。为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向移动；

(2)图乙中，在A点挂4个质量均为50g的钩码，在B点用调整好的弹簧测力计竖直向下

拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为N；

(3)图丙中，保持A点所挂钩码的数量和位置不变，将弹簧测力计绕B点从a位置缓慢转

到b位置，杠杆始终保持水平平衡，在此过程中拉力F的变化情况是,F与其力臂

的乘积变化情况是；

(4)图丁中，小华发现杠杆不能在水平位置平衡，若左侧钩码数量及位置不变，请在右侧

适当的位置画出合适数量的钩码使杠杆在水平位置平衡o

【答案】①.平衡②.右③.L5④.先变小后变大⑤.不变⑥.

【解析】

【详解】(1)[1][2]杠杆静止在如图甲所示位置，杠杆处于静止状态，所以此时杠杆处于

平衡状态；杠杆的右端上翘，平衡螺母向上翘的右端移动。

(2)[3]一个钩码的重力为

G=O.O5kgxlON/kg=O.5N

由图根据杠杆平衡条件可知

代入数据可得

4x0.5Nx31=FBx4/

解得用=L5N。

(3)[4]如图丙所示，用弹簧测力计拉杠杆的B点，当弹簧测力计由位置a转至位置b的

过程中，动力臂先变大后变小，因为阻力、阻力臂不变，故测力计的拉力先变小后变大。

[5]由于杠杆始终保持水平平衡，所以根据杠杆的平衡条件可知，拉力F与其力臂的乘积也

是不变的。

(4)[6]假设一个钩码的重是G,杠杆一个小格代表L,左侧钩码数量及位置不变，根据杠

杆平衡条件耳得

4Gx2l=Gx3l+nGxl

解得n=5,所以在杠杆右边第1个小格上挂5个钩码，如图所示

(

i3

8

sm

25.小华用图示装置探究滑轮组的机械效率，实验数据记录如下:

次数物重G/N物体上升高度h/m拉力F/N机械效率n

120.101.066.7%

230.101.471.4%

360.102.5

\\\\\\\\

占

(1)实验中应竖直向上____拉动弹簧测力计，绳端移动距离为m.

(2)第3次实验的机械效率为%.

(3)分析数据可知，提高同一滑轮组的机械效率，可以采取的措施是；小华所用动

滑轮的重一定小于N.

【答案】①.匀速②.0.3③.80④.增加物重⑤.1

【解析】

【分析】只有匀速竖直向上拉动弹簧测力计，拉力大小不变，弹簧测力计的示数稳定.

重物和动滑轮有三段绳子承担，绳子移动的距离是物体升高距离的3倍.

知道物重、物体升高的距离、弹簧测力计的拉力、弹簧测力计移动的距离，求出机械效

率.

【详解】(1)实验中应该匀速竖直向上拉动弹簧测力计，以保证拉力大小恒定.由图示可

知，滑轮组承重绳子有效股数n=3,物体移动距离是0.1m,所以绳子移动的距离是0.3m；

(2)第3次测量中,弹簧测力计移动的距离s=nh=30cm.

%_Gh6NxO.lm

滑轮组的机械效率：7==80%

2.5NxO.3m

(3)根据第1次和第2次数据可知，提升高度相同时，物重不同，机械效率不同，可见，

机械效率可能与物体的重力有关，且随着物体重力的增加，机械效率增高，所以可以采取

增加重物的方式提高机械效率.

假设忽略绳重和摩擦，以第1组数据为例：则动滑轮重力为G动=3F-G物=3N-2N=1N,而实

际在考虑绳重、摩擦的前提下，推测动滑轮的重力一定小于1N.

【点睛】滑轮组的机械效率跟提起的物重有关，跟物体升高的距离、移动的速度、绳子的

绕法无关.通过增加提起的物重来提高机械效率.

26.在“探究动能大小跟哪些因素有关”实验中，小明用质量不同的两个钢球m和M(M>

m),分别从不同的高度h和H(H>h)由静止开始滚下撞击木块，实验过程如图所示。

m

(1)本实验探究的动能大小跟哪些因素有关，其动能的大小是通过观察

来判断的；

(2)由甲、乙两图可得实验结论：；

(3)小明在实验中，让质量不同的钢球从同一斜面的同一高度由静止滚下，目的是

:若在丙图中，木块被撞后滑出木板，需要重做本次实验，A同学建议换用同样较

长的木板，B同学建议换一个较重的木块，C同学建议降低钢球的高度。你认为应当采用

同学的建议；

(4)小华用图丁所示的方法探究动能的大小与速度的关系，她将相同质量的小球从不同高

度(h2>%)由静止开始释放，通过观察木块在铁板和毛巾上滑行的距离来判断小球动能

的大小，这种方法(选填“正确”或“错误”)，理由是o

【答案】①.钢球②.木块移动的距离③.质量一定时，物体的速度越大，动

能越大④.控制钢球到达水平面的速度相同⑤.A⑥.错误⑦.木块在铁板

和毛巾上滑行时接触面的粗糙程度不同，所受的摩擦阻力不同

【解析】

【详解】(1)[1][2]该实验探究的是钢球撞击木块时的动能大小，通过观察木块被撞击后

移动的距离来判断钢球动能的大小，这是转换法。

(2)[3]分析甲、乙两图可知钢球的质量相同，滚下的高度不同，到达水平面的速度不

同，高度越高，速度越大，木块移动的距离越远，动能越大，得到的结论是质量一定时，

物体的速度越大，动能越大。

(3)[4]让不同质量的钢球从同一斜面的同一高度由静止滚下，是为了使钢球滚到斜面底

端时具有相同的速度。

[5]探究动能与质量的关系，应控制速度相同，所以钢球滚下的高度不能改变，动能的大小

通过木块移动距离的大小表现出来的，故实验中使用的木块大小不能改变，本次实验中，

钢球的动能较大，因此只能改变木板的长度，故应采用A的建议。

(4)[6][7]木块在水平面上运动的过程中，克服摩擦力做功，木块在铁板和毛巾上滑行时

接触面的粗糙程度不同，克服摩擦不同，所以该方案是错误的。

27.用如图所示的装置做“探究不同物质吸热升温的现象”实验。

Iv>I

：—温度计

T

(1)除了图甲中所示器材，还需要的测量仪器有和

(2)实验中使用玻璃棒不断搅拌A、B两种液体的目的是；选用规格相同的酒精

灯分别给A、B两种液体加热，实验中A、B两种液体吸收热量的多少是通过来判

断的；

(3)图乙中若A液体的比热容为2.1xl03j/(kg,℃),则B液体的比热容为

J/(kg。；

(4)小华同学继续利用如图丙、丁装置(燃烧皿内燃料和烧杯内液体未画出)，既可以比

较不同液体的比热容，又可以比较不同燃料的热值，则两个实验都需要控制相同的有

A.液体种类B.燃料种类

C.液体质量D.燃料质量

【答案】①.秒表②.天平③.使液体受热均匀④.加热时间⑤.

4.2X103⑥.C

【解析】

【详解】(1)[1][2]根据转换法，我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热

多少，故除了图甲中所示器材，还需要的测量仪器有天平和秒表。

(2)[3][4]实验中使用玻璃棒不断搅拌A、B两种液体，其目的是使液体受热均匀；根据

转换法可知，实验中用加热时间表示液体吸收热量的多少。

(3)[5]由图中数据知，加热5分钟，A升高的温度为

60℃-20℃=40℃

B升高的温度为

40℃-20℃=20℃

根据c=〃-可知，在质量和吸热相同的情况下，升高的温度与比热容成反比，故B液体

mA/

的比热容为

c=—X2.1X103J/(kg-r)=4.2X103J/(kg-℃)

20℃

(4)[6]比较不同物质的比热容，应使用相同的热源，控制质量相同的不同液体相同时间

内吸热相同，通过温度的变化来判断不同液体的吸热能力；比较不同燃料的热值，根据控

制变量法，要使用质量相同的不同燃料完全燃烧后使相同质量的同种液体吸热，通过比较

液体升高的温度，得出不同燃料放出热量的多少，故两个实验都需要控制相同的液体质

量，ABD不符合题意，C符合题意。

故选Co

28.小明在“探究并联电路的电流特点”的实验中。

(1)图甲是连好的电路，如果他闭合开关，将出现(选填“只有一个灯亮”“两

灯都亮”或“两灯都不亮")的现象。检查电路后发现有一根线连接错误，请在这根线上打

“义”，并在图甲中改正______；

(2)若闭合开关后，电流表出现乙图所示现象，原因是；改正后，当闭合开关试

触时，发现电流表指针的偏转如图丙，为了提高准确度，接下来的操作是断开开关，

;电流表的指针的偏转如图丁所示，则该处电流大小是A；

(3)用电流表分别测出图戊电路中支路电流L、12和干路电流I，改变电源电压，重复实

验，记录数据如表所示，小明根据实验得出结论：并联电路中干路电流为支路电流的2

倍。该实验有不完善之处，请你提出改进的建议：o

实验序号Ii/Ab/AI/A

①0.160.160.32

②0.220.220.44

③0.260.260.52

甲乙丙

【答案】①.两灯都不亮③.电流表正负接

线柱接反④.0〜0.6A⑤.0.42⑥.换用不同规格的灯泡进行多次实验

【解析】

【详解】(1)[1][2]由图示实物电路图可知，闭合开关，没有经过两灯泡直接经过电流表

把电源两极连接起来，电流表内阻很小，相当于导线，电路将短路，两灯都不亮，故将出

现两灯都不亮；两灯泡并联后与电流表串联，然后接入电路，实物电路图如图所示：

(2)[3][4][5]图乙所示，当闭合开关试触时，发现电流表指针反偏说明电流表正负接线

柱接反；当闭合开关试触时，发现电流表指针的偏转如图丙所示，说明电流表量程选择过

大，为使读数更精确，接下来的操作是：断开开关，将电流表的量程改用。〜