2024-2025学年第一学期高二开学摸底测试卷 数学19含答案（湖北专用）

2024新高二开学摸底考试卷（湖北专用）数学（考试时间：120分钟试卷满分：150分）注意事项:1.答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2.选择题的作答:每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3.非选择题的作答:用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试卷草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4.考试结束后,请将本试卷和答题卡一并上交。一、单选题（本题共8小题，每小题5分，共40分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．若（是虚数单位），则复数的模为A． B． C． D．2．已知向量，若，则（

）A． B．C． D．3．若，，，则关于事件A与B的关系正确的是（

）A．事件A与B互斥不对立 B．事件A与B对立C．事件A与B相互独立 D．事件A与B不相互独立4．为了研究某种病毒与血型之间的关系，决定从被感染的人群中抽取样本进行调查，这些感染人群中O型血、A型血、B型血、AB型血的人数比为4:3:3:2，现用比例分配的分层随机抽样方法抽取一个样本量为的样本，已知样本中O型血的人数比AB型血的人数多20，则（

）A．100 B．120 C．200 D．2405．已知样本数据，，，，，的平均数为16，方差为9，则另一组数据，，，，，，12的方差为（

）．A． B． C． D．76．我国南北朝名著《张邱建算经》中记载：“今有方亭，下方三丈，上方一丈，高二丈五尺，预接筑为方锥，问：接筑高几何？”大致意思是：有一个正四棱台的上､下底面边长分别为一丈､三丈，高为二丈五尺，现从上面补上一段，使之成为正四棱锥，则所补的小四棱锥的高是多少？那么，此高和原四棱台的体积分别是(注：1丈等于10尺)（

）A．12.5尺､10833立方尺 B．12.5尺､32500立方尺C．3.125尺､10833立方尺 D．3.125尺､32500立方尺7．已知函数在上单调递增，且当时，恒成立，则的取值范围为（

）A． B． C． D．8．数学必修二101页介绍了海伦-秦九韶公式：我国南宋时期著名的数学家秦九韶在其著作《数书九章》中，提出了已知三角形三边长求三角形的面积的公式，与著名的海伦公式完全等价，由此可以看出我国古代已具有很高的数学水平，其求法是：“以小斜幂并大斜幂减中斜幂，余半之，自乘于上.以小斜幂乘大斜幂减上，余四约之，为实.一为从隔，开平方得积.”若把以上这段文字写成公式，即，其中、、分别为内角、、的对边.若，，则面积的最大值为（

）A． B． C．2 D．二、多选题（本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求。全部选对得6分，部分选对得部分分，有选错得0分）9．在中，，，则角的可能取值为（

）A． B． C． D．10．已知正六边形的中心为，则下列说法正确的是（

）A． B．C．存在实数，使得 D．11．半正多面体亦称“阿基米德体”“阿基米德多面体”，是由边数不全相同的正多边形为面的多面体.某半正多面体由4个正三角形和4个正六边形构成，其可由正四面体切割而成.在如图所示的半正多面体中，若其棱长为1，则下列结论正确的是（

）

A．该半正多面体的表面积为B．与平面所成角的正弦值为C．该半正多面体外接球的表面积为D．若点，分别在线段，上，则的最小值为三、填空题（本题共3小题，每小题5分，共15分）12．如图，在中，，过点的直线分别交直线，于不同的两点，.设，，则的最小值为.

13．已知的内角A，B，C所对的边分别为a，b，c，且，若为钝角三角形，，则外接圆的半径R的取值范围是．14．蹴鞠（如图所示），又名蹴球，蹴圆，筑球，踢圆等，蹴有用脚蹴、踢、蹋的含义，鞠最早系外包皮革、内实米糠的球因而蹴鞠就是指古人以脚蹴、蹋、踢皮球的活动，类似于今日的足球.2006年5月20日，蹴鞠作为非物质文化遗产经国务院批准已列入第一批国家非物质文化遗产名录.已知某鞠（球）的表面上有四个点A，B，C，P，且球心О在PC上，，，，则该鞠（球）的表面积为.四、解答题（本题共5小题，共77分，其中15题13分，16题15分，17题15分，18题17分，19题17分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤）15．某市为了了解人们对“中国梦”的伟大构想的认知程度，针对本市不同年龄和不同职业的人举办了一次“一带一路”知识竞赛，满分100分（95分及以上为认知程度高），结果认知程度高的有人，按年龄分成5组，其中第一组：，第二组：，第三组：，第四组：，第五组：，得到如图所示的频率分布直方图.（1）根据频率分布直方图，估计这人的平均年龄和第80百分位数；（2）现从以上各组中采用分层随机抽样的方法抽取20人，担任本市的宣传使者.若第四组宣传使者的年龄的平均数与方差分别为37和，第五组宣传使者的年龄的平均数与方差分别为43和1，求这人中35~45岁所有人的年龄的方差.16．已知函数.(1)求的最小正周期和对称中心；(2)在锐角中，角，，的对边分别为，，，若，求的取值范围.17．A，B，C，D四人参加双淘汰赛制比赛．在第一轮的两场比赛中，A对B，C对D，这两场比赛的胜者进入优胜组，负者进入奋斗组．第二轮的两场比赛分别为优胜组和奋斗组的组内比赛，奋斗组中的胜者与优胜组中的负者均进入超越组，奋斗组中的负者直接被淘汰，优胜组中的胜者进入卓越组，第三轮比赛为超越组组内比赛，胜者进入卓越组，负者为季军．第四轮比赛为卓越组组内比赛，胜者为冠军，负者为亚军，每轮比赛都相互独立．(1)设A，B，C，D四人每轮比赛的获胜率均为．①求A和B都进入卓越组的概率；②求D参加了四轮比赛并获得冠军的概率．(2)若B每轮比赛的获胜率为，A，C，D三人水平相当，求A，C进入卓越组且A，C之前赛过一场的概率．18．如图，在直三棱柱中，M为棱的中点，，，.(1)求证：平面；(2)求证：平面；(3)在棱上是否存在点N，使得平面平面？如果存在，求此时的值；如果不存在，请说明理由.19．已知平面四边形，，，，现将沿边折起，使得平面平面，此时，点为线段的中点．(1)求证：平面；(2)若为的中点①求与平面所成角的正弦值；②求二面角的平面角的余弦值．新高二开学摸底考试卷（湖北专用）数学·答案及评分标准一、单选题（本题共8小题，每小题5分，共40分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）12345678DDCBCABA二、多选题（本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求。全部选对得6分，部分选对得部分分，有选错得0分）91011ABACDBCD三、填空题（本题共3小题，每小题5分，共15分）12．13．14．四、解答题（本题共5小题，共77分，其中15题13分，16题15分，17题15分，18题17分，19题17分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤）15．（13分）【答案】（1）平均年龄岁，第80百分位数为；（2）10.【详解】解：（1）设这人的平均年龄为，则.（3分）设第80百分位数为，由，解得.（5分）（2）由频率分布直方图得各组人数之比为，故各组中采用分层随机抽样的方法抽取20人，第四组和第五组分别抽取人和人，（7分）设第四组、第五组的宣传使者的年龄的平均数分别为，，方差分别为，，则，，，，（9分）设第四组和第五组所有宣传使者的年龄平均数为，方差为.则，（11分），因此，第四组和第五组所有宣传使者的年龄方差为10，据此，可估计这人中年龄在35~45岁的所有人的年龄方差约为10.（13分）16．（15分）【答案】(1)，(2)【详解】（1）由条件可知：，（3分）的最小正周期为，令，，解得，，的对称中心为；（5分）（2）由正弦定理得，（6分）由（1），而，得，，，解得，，又，可得，（8分），，（9分）代入上式化简得：，（11分）又在锐角中，有，，（13分），则有，.（15分）17．（15分）【答案】(1)①；②；(2).【详解】（1）①若A和B都进入卓越组，则胜者需要赢得优胜组组内比赛的胜利，负者需要赢得奋斗组组内比赛和超越组组内比赛的胜利，则A和B都进入卓越组的概率为．（3分）②D参加了四轮比赛并获得冠军的情况有两种：第一种情况：D在C，D组内比赛获胜，D进入优胜组后进入超越组并获胜，再进入卓越组并获胜，其概率为；（5分）第二种情况：D在C，D组内比赛后进入奋斗组并获胜，再进入超越组并获胜，最后进入卓越组并获胜，其概率为，（7分）所以D参加了四轮比赛并获得冠军的概率为．（8分）（2）A，C进入卓越组且A，C之前赛过一场的情况有两种：第一种情况：A，C在第一轮比赛中均获胜并进入优胜组，负者进入超越组与D比赛并获胜，其概率为；（11分）第二种情况：A，C在第一轮比赛中均获胜并进入优胜组，负者进入超越组与B比赛并获胜，其概率为，（13分）所以A，C进入卓越组且A，C之前赛过一场的概率为．（15分）18．（17分）【答案】(1)证明见解析；(2)证明见解析；(3)存在，.【详解】（1）连接与，两线交于点，连接，在中，分别为，的中点，所以，（2分）又平面，平面，所以平面.（4分）（2）因为底面，平面，所以.（5分）又为棱的中点，，所以.（6分）因为，，平面，所以平面，平面，所以.（7分）因为，所以.又，在和中，，所以，即，所以，（9分）又，，平面，所以平面.（10分）（3）当点为的中点，即时，平面平面.（12分）证明如下：设的中点为，连接，，因为，分别为，的中点，所以且，（13分）又为的中点，所以且，（14分）所以四边形为平行四边形，故，（15分）由（2）知：平面，所以平面，又平面，所以平面平面.（17分）19．（17分）【答案】(1)证明见解析(2)①；②．【详解】（1）因为，，所以为等边三角形，因为为的中点，所以．（1分）取的中点，连接，，则，（2分）因为平面平面，平面平面，平面，所以平面，又平面，所以．（3分）因为，，，平面，所以平面，因为平面，所以，（4分）又因为,，，平面，所以平面．（5分）（2）①过点作，垂足为．如图所示，由（1）知，平面．因为平面，所以．，所以平面，所以就是与平面所成角的平面角．（6分）由（1）知，平面，平面，所以．在中，，，，因为为的中点，所以．在中，，在中，，（8分）在中，，所以由同角三角函数的基本关系得．所以与平面所成角的正弦值为．（10分）②取的中点为，连接，因为为线段的中点，所以，（11分）由（1）知，平面，所以平面，平面．所以．过点作，垂足为，连接，，，平面，所以平面．平面，所以，所以为二面角的平面角．（12分）在中，，由（1）知，为等边三角形，为线段的中点，所以（13分）由（1）知，平面，平面．所以，在中，，由（2）知，，即，解得．（15分）因为平面，平面，所以．在中，．，所以二面角的平面角的余弦值为．（17分）新高二开学摸底考试卷（湖北专用）数学（考试时间：120分钟试卷满分：150分）注意事项:1.答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2.选择题的作答:每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3.非选择题的作答:用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试卷草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4.考试结束后,请将本试卷和答题卡一并上交。一、单选题（本题共8小题，每小题5分，共40分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．若（是虚数单位），则复数的模为A． B． C． D．【答案】D【分析】利用复数的乘法、除法法则将复数表示为一般形式，然后利用复数的求模公式计算出复数的模.【详解】因为，所以，所以，故选D.【点睛】本题考查复数的乘法、除法法则以及复数模的计算，对于复数相关问题，常利用复数的四则运算法则将复数表示为一般形式进行求解，考查计算能力，属于基础题.2．已知向量，若，则（

）A． B．C． D．【答案】D【分析】根据向量的坐标运算求出，，再根据向量垂直的坐标表示即可求出．【详解】因为，所以，，由可得，，即，整理得：．故选：D．3．若，，，则关于事件A与B的关系正确的是（

）A．事件A与B互斥不对立 B．事件A与B对立C．事件A与B相互独立 D．事件A与B不相互独立【答案】C【分析】根据互斥与独立事件的定义判断即可【详解】因为，所以与能同时发生，不是互斥事件，也不是对立事件，故AB错误；，所以，又，故成立，故事件A与B相互独立，故C正确，D错误.故选：C.4．为了研究某种病毒与血型之间的关系，决定从被感染的人群中抽取样本进行调查，这些感染人群中O型血、A型血、B型血、AB型血的人数比为4:3:3:2，现用比例分配的分层随机抽样方法抽取一个样本量为的样本，已知样本中O型血的人数比AB型血的人数多20，则（

）A．100 B．120 C．200 D．240【答案】B【分析】由题知，再解方程即可得答案.【详解】解：因为感染人群中O型血、A型血、B型血、AB型血的人数比为4:3:3:2，所以，抽取样本量为的样本中，O型血的人数为，AB型血的人数为，所以，，解得故选：B5．已知样本数据，，，，，的平均数为16，方差为9，则另一组数据，，，，，，12的方差为（

）．A． B． C． D．7【答案】C【分析】由均值、方差性质求数据，，，，，的平均数、方差，应用平均数、方差公式求新数据方差.【详解】设数据，，，，，的平均数为，方差为，由，，得，，则，，，，，，12的平均数为，方差为．故选：C6．我国南北朝名著《张邱建算经》中记载：“今有方亭，下方三丈，上方一丈，高二丈五尺，预接筑为方锥，问：接筑高几何？”大致意思是：有一个正四棱台的上､下底面边长分别为一丈､三丈，高为二丈五尺，现从上面补上一段，使之成为正四棱锥，则所补的小四棱锥的高是多少？那么，此高和原四棱台的体积分别是(注：1丈等于10尺)（

）A．12.5尺､10833立方尺 B．12.5尺､32500立方尺C．3.125尺､10833立方尺 D．3.125尺､32500立方尺【答案】A【分析】根据题意画出图形，利用棱锥与棱台的结构特征求出正四棱台的高，再计算它的体积．【详解】解：如图所示，正四棱锥的下底边长为三丈，即尺，高二丈五，即尺；截去一段后，得正四棱台，且上底边长为尺，所以，解得，所以该正四棱台的体积是（立方尺）．故选：A．7．已知函数在上单调递增，且当时，恒成立，则的取值范围为（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】由已知，分别根据函数在区间上单调递增，在时，恒成立，列出不等关系，通过赋值，并结合的本身范围进行求解.【详解】由已知，函数在上单调递增，所以，解得：，由于，所以，解得：①又因为函数在上恒成立，所以，解得：，由于，所以，解得：②又因为，当时，由①②可知：，解得；当时，由①②可知：，解得.所以的取值范围为.故选：B.【点睛】在处理正弦型、余弦型三角函数性质综合问题时，通常使用整体代换的方法，将整体范围满足组对应的单调性或者对应的条件关系，罗列出等式或不等式关系，帮助我们进行求解.8．数学必修二101页介绍了海伦-秦九韶公式：我国南宋时期著名的数学家秦九韶在其著作《数书九章》中，提出了已知三角形三边长求三角形的面积的公式，与著名的海伦公式完全等价，由此可以看出我国古代已具有很高的数学水平，其求法是：“以小斜幂并大斜幂减中斜幂，余半之，自乘于上.以小斜幂乘大斜幂减上，余四约之，为实.一为从隔，开平方得积.”若把以上这段文字写成公式，即，其中、、分别为内角、、的对边.若，，则面积的最大值为（

）A． B． C．2 D．【答案】A【分析】将已知等式结合进行化简，得到，并利用正弦定理可得，代入“三斜求积”公式并将看成整体并利用二次函数性质得解.【详解】，，又，所以，所以，所以，所以，由正弦定理得

的面积，，将看成整体并利用二次函数性质得，当即a=2时，的面积S有最大值为.故选：A.二、多选题（本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求。全部选对得6分，部分选对得部分分，有选错得0分）9．在中，，，则角的可能取值为（

）A． B． C． D．【答案】AB【分析】由正弦定理，可得，又，所以，又，可得，可判断各个选项.【详解】由正弦定理，可得，又，所以，又，所以，即角为锐角，所以角的取值范围为，故A，B正确.故选：AB.10．已知正六边形的中心为，则下列说法正确的是（

）A． B．C．存在实数，使得 D．【答案】ACD【分析】对于ABC：根据正六边形的几何性质结合向量的线性运算分析判断；对于D：根据题意结合向量的数量积运算分析判断.【详解】如图，不妨设正六边形的边长为1，对于选项A：因为，故A正确；对于选项B：因为，故B错误；对于选项C：因为，且，可知，故C正确；对于选项D：因为，则，，所以，故D正确；故选：ACD.11．半正多面体亦称“阿基米德体”“阿基米德多面体”，是由边数不全相同的正多边形为面的多面体.某半正多面体由4个正三角形和4个正六边形构成，其可由正四面体切割而成.在如图所示的半正多面体中，若其棱长为1，则下列结论正确的是（

）

A．该半正多面体的表面积为B．与平面所成角的正弦值为C．该半正多面体外接球的表面积为D．若点，分别在线段，上，则的最小值为【答案】BCD【分析】根据给定的多面体，利用正四面体的性质、线面角的定义、球的截面圆的性质，以及多面体的侧面展开图，结合棱锥的表面积公式、球的表面积公式逐项判断，即可得解.【详解】解：该半正多面体的表面积为，选项A错误；选项B中，该半正多面体的所在的正四面体边长为，可求得高为，

，设点在平面的射影为，如上图，由比例关系可得，设与平面所成角为，则，选项B正确；

选项C中，该半正多面体外接球的球心即其所在正四面体的外接球的球心，如上图，记球心为，半径为，的中心为，连接、、、，由等边的边长为，可得，在正四面体中，可得，所以，，设，因为，可得,即，解得，即，所以，故该半正多面体外接球的表面积为，选项C正确；

选项D中，该半正多面体的展开图如上图所示，，，，，选项D正确.故选：BCD.三、填空题（本题共3小题，每小题5分，共15分）12．如图，在中，，过点的直线分别交直线，于不同的两点，.设，，则的最小值为.

【答案】【分析】根据三点共线求得的等量关系式，结合基本不等式求得的最小值.【详解】因为，所以，所以，又，，所以，因为，，三点共线，所以，由图可知，，所以，当且仅当，即、时取等号，所以的最小值为.

故答案为：【点睛】方法点睛：利用基本不等式求式子的最值，要注意一正、二定、三相等，正表示用基本不等式的，定表示用基本不等式后得到的需是定值，这个定值才是最值，三相等是指等号成立的条件是要存在.13．已知的内角A，B，C所对的边分别为a，b，c，且，若为钝角三角形，，则外接圆的半径R的取值范围是．【答案】【分析】化简等式，结合钝角三角形即可求出.由正弦定理可知由此即可求出外接圆的半径R的取值范围.【详解】因为，所以，又因为：，所以，由正弦定理有：,而,又因为为钝角三角形，不妨设,则，则,所以,所以外接圆的半径.故答案为：.14．蹴鞠（如图所示），又名蹴球，蹴圆，筑球，踢圆等，蹴有用脚蹴、踢、蹋的含义，鞠最早系外包皮革、内实米糠的球因而蹴鞠就是指古人以脚蹴、蹋、踢皮球的活动，类似于今日的足球.2006年5月20日，蹴鞠作为非物质文化遗产经国务院批准已列入第一批国家非物质文化遗产名录.已知某鞠（球）的表面上有四个点A，B，C，P，且球心О在PC上，，，，则该鞠（球）的表面积为.【答案】【分析】画出图形，做出辅助线，利用勾股定理求出球的半径，求出球的表面积.【详解】如图，取AB的中点M，连接MP，由得：连接CM并延长，交球O于点H，连接PH，因为PC球O的直径，设球的半径为R，则球的表面积为故答案为：.四、解答题（本题共5小题，共77分，其中15题13分，16题15分，17题15分，18题17分，19题17分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤）15．某市为了了解人们对“中国梦”的伟大构想的认知程度，针对本市不同年龄和不同职业的人举办了一次“一带一路”知识竞赛，满分100分（95分及以上为认知程度高），结果认知程度高的有人，按年龄分成5组，其中第一组：，第二组：，第三组：，第四组：，第五组：，得到如图所示的频率分布直方图.（1）根据频率分布直方图，估计这人的平均年龄和第80百分位数；（2）现从以上各组中采用分层随机抽样的方法抽取20人，担任本市的宣传使者.若第四组宣传使者的年龄的平均数与方差分别为37和，第五组宣传使者的年龄的平均数与方差分别为43和1，求这人中35~45岁所有人的年龄的方差.【答案】（1）平均年龄岁，第80百分位数为；（2）10.【分析】（1）直接根据频率分布直方图计算平均数和百分位数；（2）由分层抽样得第四组和第五组分别抽取人和人，进而设第四组、第五组的宣传使者的年龄的平均数分别为，，方差分别为，，第四组和第五组所有宣传使者的年龄平均数为，方差为，进而根据方差公式有，代入计算即可得答案.【详解】解：（1）设这人的平均年龄为，则.设第80百分位数为，由，解得.（2）由频率分布直方图得各组人数之比为，故各组中采用分层随机抽样的方法抽取20人，第四组和第五组分别抽取人和人，设第四组、第五组的宣传使者的年龄的平均数分别为，，方差分别为，，则，，，，设第四组和第五组所有宣传使者的年龄平均数为，方差为.则，，因此，第四组和第五组所有宣传使者的年龄方差为10，据此，可估计这人中年龄在35~45岁的所有人的年龄方差约为10.16．已知函数.(1)求的最小正周期和对称中心；(2)在锐角中，角，，的对边分别为，，，若，求的取值范围.【答案】(1)，(2)【分析】（1）化简的解析式，由此求得的最小正周期，利用整体代入法求得的对称中心.（2）根据求得，利用正弦定理、三角恒等变换的知识化简，根据三角函数值域的知识求得的取值范围.【详解】（1）由条件可知：，的最小正周期为，令，，解得，，的对称中心为；（2）由正弦定理得，由（1），而，得，，，解得，，又，可得，，，代入上式化简得：，又在锐角中，有，，，则有，.17．A，B，C，D四人参加双淘汰赛制比赛．在第一轮的两场比赛中，A对B，C对D，这两场比赛的胜者进入优胜组，负者进入奋斗组．第二轮的两场比赛分别为优胜组和奋斗组的组内比赛，奋斗组中的胜者与优胜组中的负者均进入超越组，奋斗组中的负者直接被淘汰，优胜组中的胜者进入卓越组，第三轮比赛为超越组组内比赛，胜者进入卓越组，负者为季军．第四轮比赛为卓越组组内比赛，胜者为冠军，负者为亚军，每轮比赛都相互独立．(1)设A，B，C，D四人每轮比赛的获胜率均为．①求A和B都进入卓越组的概率；②求D参加了四轮比赛并获得冠军的概率．(2)若B每轮比赛的获胜率为，A，C，D三人水平相当，求A，C进入卓越组且A，C之前赛过一场的概率．【答案】(1)①；②；(2).【分析】（1）①分析A和B在第二轮、三轮的比赛结果，再利用相互独立事件的概率公式计算作答；②按照D在第一轮的胜负分类，利用互斥事件、相互独立事件的概率公式计算作答.（2）由题意可得A，C在第一轮比赛中均获胜进入第二轮，按负者与B、D比赛并获胜分类求解作答.【详解】（1）①若A和B都进入卓越组，则胜者需要赢得优胜组组内比赛的胜利，负者需要赢得奋斗组组内比赛和超越组组内比赛的胜利，则A和B都进入卓越组的概率为．②D参加了四轮比赛并获得冠军的情况有两种：第一种情况：D在C，D组内比赛获胜，D进入优胜组后进入超越组并获胜，再进入卓越组并获胜，其概率为；第二种情况：D在C，D组内比赛后进入奋斗组并获胜，再进入超越组并获胜，最后进入卓越组并获胜，其概率为，所以D参加了四轮比赛并获得冠军的概率为．（2）A，C进入卓越组且A，C之前赛过一场的情况有两种：第一种情况：A，C在第一轮比赛中均获胜并进入优胜组，负者进入超越组与D比赛并获胜，其概率为；第二种情况：A，C在第一轮比赛中均获胜并进入优胜组，负者进入超越组与B比赛并获胜，其概率为，所以A，C进入卓越组且A，C之前赛过一场的概率为．18