2024年中考物理一轮复习：电与磁 检测卷（含解析）

专题20电与磁检测卷

（时间40分钟，共100分）

一、选择题（每小题3分，共48分）

1.小红梳理反思了“磁场和磁感线”相关学问，她归纳整理如下，其中正确的有（）。

①磁场看不见摸不着，但是可以借助小磁针感知它的存在；

②磁感线是磁体四周空间实际存在的曲线；

③磁感线是铁屑组成的；

④地磁场的磁感线是从地球南极旁边发出回到北极旁边。

A.①④；B.②③;C.①②；D.②④

【答案】A。

【解析】（1）我们知道，磁场是看不见摸不着的，但可以借助小磁针感知它的存在，这是典型的转换

法；（2）磁感线是不存在的，是为了探讨便利假象的一些有方向的曲线；（3）磁感线是不存在的；（4）

地球是一个巨大的磁体，地磁场的南极在地理北极旁边，地磁场的北极在地理南极旁边。

①磁场看不见摸不着，但可以借助小磁针感知它的存在，这是典型的转换法，故①正确。

②磁感线是不存在的，是为了探讨便利而假象的一些有方向的曲线，故②错误。

③磁感线是不存在的，磁感线是铁屑组成的说法错误，故③错误。

④地球是一个巨大的磁体，地磁场的南极在地理北极旁边，地磁场的北极在地理南极旁边，故地磁场

的磁感线是从地球南极旁边发出回到北极旁边，故④正确。故正确的是①和④。

故正确答案是A。

2.如图是我国早期的指南针-司南，它是把自然磁石磨成勺子的形态，放在水平光滑的“地盘”上制成

的。东汉学者王充在《论衡》中记载：“司南之杓，投之于地，其柢指南”；“柢”指的是司南长柄，下

列说法中正确的是（）。

①司南指南北是由于它受到地磁场的作用；②司南长柄指的是地磁场的北极；③地磁场的南极在地球

地理的南极旁边；④司南长柄一端是磁石的北极。

A.只有①②正确；B.只有①④正确；C.只有②③正确；D.只有③④正确

【答案】Ao

【解析】（1）地球本身是一个巨大的磁体，地球四周的磁场叫做地磁场；（2）指南针是依据地磁场

的作用工作的，地磁的南极在地理的北极旁边，而地磁的北极在地理的南极旁边，再依据磁极间的作用规

律，可推断指南针的指向；（3）司南事实上就是一个磁铁；磁体静止时，指南的叫南极用字母S表示；指

北的叫北极，用字母N表示。

地球本身是一个大磁体，司南是用自然磁石磨制成的勺子，即其实质就是一块磁铁，在地球的磁场中

受到磁力的作用，其静止时其勺柄指向南方，即指南的南极用S表示；地理上的南极是地磁的北极，故①

②正确，③④错误。故选A。

3.一通电螺线管中的电流方向和其四周磁感线的分布如图所示，其中正确的是（）。

AD

【答案】Bo

【解析】（1）安培定则的内容：用右手握住螺线管，四指弯向螺线管中电流的方向，大拇指所指的就

是螺线管的N极；（2）在磁体的外部，磁感线从磁体的N极动身，回到S极。

A：据安培定则推断,该螺线管的右端是N极,左端是S极,故磁感线的方向错误，故错误。

B：据安培定则推断,该螺线管的左端是N极,右端是S极,且磁感线的方向正确，故正确。

C：据安培定则推断,该螺线管的右端是N极,左端是S极,故磁感线的方向错误，故错误。

D：据安培定则推断,该螺线管的左端是N极,右端是S极,故磁感线的方向错误，故错误。正确答案

是Bo

4.关于电与磁，下列说法正确的是（）。

A.同名磁极相互吸引，异名磁极相互排斥；B.电动机工作时，是将机械能转化为电能;

C.利用电磁感应现象制成发电机；D.地磁场的北极就在地理北极旁边

【答案】Co

【解析】（1）磁极间的相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；（2）电动机是依据通电

线圈在磁场中受力转动的原理制成的，工作时将电能转化成机械能；（3）闭合电路的一部分导体在磁场中

做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这就是电磁感应现象，发电机就是利用电磁感应的原理制

成的；（4）地球四周存在磁场，地磁的北极在地理南极旁边。

A：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，故A错误。

B：电动机工作时将电能转化成机械能，故B错误。

C：发电机是利用电磁感应的原理制成的，故C正确。

D：地磁场的北极在地理的南极旁边，故D错误。故选C。

5.如图所示为电磁铁的线路图。开关S闭合后，滑动变阻器的滑片P向右滑动过程中（）。

A.电磁铁的右端为S极，磁性增加；B.电磁铁的右端为S极，磁性减弱；

C.电磁铁的右端为N极，磁性增加；D.电磁铁的右端为N极，磁性减弱

【答案】D。

【解析】（1）依据安培定则推断电磁铁右端的N、S极，即伸出右手，用右手握住螺旋管，四指指向

电流的方向，大拇指所指的方向是N极；（2）依据滑片的移动可知接入电路中电阻的变更，依据欧姆定律

可知电路中电流的变更；线圈匝数肯定时，电流越大，电磁铁的磁性越强，反之越小。

由图可知，电流从螺旋管的左端流入、右端流出，用右手握住螺旋管，四指指向电流的方向，则大拇

指指向右端，所以右端是N极，故A、B错误。

滑动变阻器的滑片P向右滑动过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由/=g可知，

电路中的电流变小，通过电磁铁的电流变小，则在螺旋管的匝数肯定时，电磁铁的磁性减弱，故C错误、D

正确。故选D。

6.如图是奥斯特试验的示意图，有关分析正确的是（）。

A.通电导线四周磁场方向由小磁针的指向确定；B.发生偏转的小磁针对通电导线有力的作用;

C.移去小磁针后的通电导线四周不存在磁场；D.通电导线四周的磁场方向与电流方向无关

【答案】Bo

【解析】AD、通电导线四周磁场方向由电流的方向确定的，故AD错误；

B、当将通电导体放在小磁针上方时，小磁针会发生偏转，说明白小磁针受到了力的作用，变更了运动

状态，故B正确；

C、该磁场与小磁针的有无无关，故移走小磁针后，该结论仍成立，故C错误。故选B。

7.如图所示的电路，电磁铁的左端有一个小磁针，则下列说法中正确的是（）。

A.只闭合Si,小磁针N极向左顺时针偏转；B.只闭合S”小磁针仍将保持静止状态；

C.先闭合再闭合％,电磁铁磁性增加；D.先闭合再闭合Sz,电磁铁磁性减弱

【答案】Co

【解析】AB、电流从左端流入，右端流出，故据安培定则可知，此时电磁铁的右端是N极，左端是S

极，依据磁极间的相互作用可知，闭合开关S1,小磁针N极向右逆时针偏转，故AB错误；

BC、闭合开关S1再闭合S2,两电阻并联，电路中的总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大,

故电磁铁的磁性增加，故C正确，D错误。故选C。

8.如图所示，下列有关电与磁试验的装置中，属于电动机原理的是（）。

【答案】Bo

【解析】A、这是奥斯特试验装置，说明通电导线四周存在磁场，不属于电动机的原理，故A错误；

B、此试验探究的是通电导体在磁场中受力运动的现象，属于电动机的原理，故B正确；

C、试验中若开关闭合，导体ab做切割磁感线运动时，电路中能够产生感应电流，是电磁感应试验，

不属于电动机的原理，故C错误；

D、试验中若线圈abed转动，会做切割磁感线而产生感应电流，是发电机原理图，不属于电动机原理,

故D错误。故选B。

9.关于电和磁，下列说法中正确的是（）。

A.电流四周存在着磁场；B.变更在磁场中运动就肯定会产生感应电流；

C.导体在磁场中运动就肯定会产生感应电流；D.电动机是利用电磁感应原理制成的

【答案】Ao

【解析】试验证明电流四周存在着磁场，故A正确；影响通电螺线管磁性强弱的因素是电流的大小和

线圈的匝数，电流越大，匝数越多，磁性越强。变更螺线管中电流的方向会变更磁极，B错误；只有闭合电

路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时才会产生感应电流，故C错误；电动机是利用通电导体（线

圈）在磁场中受力运动（转动）的原理制成的，故D错误。正确答案是A。

10.下列能说明电动机工作原理的试验是（）。

【答案】B。

【解析】A：奥斯特试验，说明通电导体存在磁场。

B：电动机原理是通电导体在磁场中受到力的作用。

C：发电机原理是利用电磁感应原理。

D：是发电机的模型，利用电磁感应现象。

电动机、发电机原理图最大的区分，电动机有电源，发电机没有电源。故选B。

11.如图所示，GMR是一个巨磁电阻，其特性是电阻在磁场中会急剧减小，且磁场越强电阻越小，闭合

开关S2后，下列四种状况相比较，指示灯最亮的是（）。

A.Si断开，滑片P在图示位置；B.Si闭合，滑片P在图示位置；

C.闭合，滑片P在滑动变阻器最右端；D.S1闭合，滑片P在滑动变阻器最左端

【答案】D.

【解析】闭合&时，指示灯与GMR串联，电压表测GMR两端的电压，闭合&时，电磁铁有磁性，依据

GMR与磁性之间的关系推断其阻值的变更，依据欧姆定律可知电路中电流的变更，利用P=『R可知指示灯功

率的变更，进一步推断亮暗的变更。

A：Si断开时，电磁铁无磁性，由题意可知GMR的电阻最大，由/=可知，右侧电路中电流最小，由

P=I2R可知，指示灯的实际功率最小，指示灯最暗，故A错误。

B、C、D：闭合Si时，GMR所处的位置由无磁场变为有磁场，GMR的阻值减小。

当滑片P在滑动变阻器最左端时，左侧电路的电阻最小，由/=2可知，左侧电路中的电流最大，电磁

R

铁磁性最强，则GMR的电阻最小，右侧电路中电流最大，由P=FR可知，指示灯的实际功率最大，指示灯最

亮，故B、C错误，D正确。故选D。

12.下列四幅图中，说明不合理的是（）。

N

A.甲图，说明电流的四周存在磁场；

B.乙图，闭合开关后，小磁针N极将顺时针偏转；

C.丙图，发电机应用了磁场对电流的作用；

D.丁图，说明电流相同时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强

【答案】Co

【解析】A：该试验是奥斯特试验：当导线中通过电流时，小磁针发生偏转，试验现象表明电流四周存

在磁场，即电生磁，这个现象叫做电流的磁效应，选项A正确。

B：闭合开关，通电螺线管中的电流方向由右侧流入，依据安培定则可知，螺线管的右端是N极，左端

为S极，则小磁针N极将顺时针偏转，选项B正确。

C：线圈在磁场中转动切割磁感线，从而产生感应电流，学问发电机的原理，选项C错误。

D：由图可知，两个电磁铁是串联的，则通过两个电磁铁的电流相同.在电流相同的状况下，匝数多的

电磁铁吸引的大头针数目多，表明线圈匝数越多，磁性越强，选项D正确。故选C。

13.下列有关电和磁的说法正确的是（）。

A.奥斯特发觉了电流的磁效应；

B.磁体四周的磁场既看不见电摸不着，所以是不存在的；

C.电动机是依据电磁感应原理制成的；

D.电磁铁磁性的强弱只与线圈中电流的大小有关

【答案】A„

【解析】A.奥斯特发觉了电流的磁效应；此说法正确。物理学家奥斯特是第一个发觉电流四周存在磁

场的，揭示了电流的磁效应。

B.磁体四周的磁场既看不见电摸不着，所以是不存在的；此说法错误。磁场是看不见，摸不着的，但

它是实实在在存在的一种特别物质。

C.电动机是依据电磁感应原理制成的；此说法错误。电动机是依据磁场中的通电导体受到磁场力的作

用制成的，不是依据电磁感应原理制成的。

D.电磁铁磁性的强弱只与线圈中电流的大小有关；此说法错误。电磁铁的磁性强弱不仅与线圈中电流

大小有关，还与线圈匝数和线圈内有无铁芯有关。故，正确答案是A。

14.如图是试验室电流表的内部结构图，下列选项中与电流表的工作原理相同的是（）。

【答案】C。

【解析】首先利用图示的装置分析出其制成原理，然后再逐个分析选择项中的各电学元件的工作原理,

分别与前面分析的结论对应即可得到答案。

通过电流表的内部构造显示电流表的工作原理：通电线圈在磁场中受力而转动，并且电流越大，线圈

受到的力越大，其转动的幅度越大；因此可以利用电流表指针的转动幅度来体现电路中电流的大小。

A：电磁铁是利用电流的磁效应制成的，.与电流表的工作原理无关；故A错误。

B：图是奥斯特试验，说明通电导体的四周存在磁场，与电流表的制成原理无关；故B错误。

C：电动机是利用通电线圈在磁场中受力而转动的理论制成的；故C正确。

D：发电机是利用电磁感应现象制成的，与电流表的制成原理无关；故D错误。故选C。

15.对下列试验描述正确的是（）。

A.甲：验电器的两片金属箔带同种电荷，由于相互排斥而张开;

B.乙：通电导线在磁场中受到力的作用，这是发电机的原理；

C.丙：奥斯特试验说明磁能生电；

D.T：闭合开关，只要金属棒运动，电路中就有感应电流产生

【答案】Ao

【解析】A：甲图是验电器，验电器的两片金属箔带同种电荷，由于相互排斥而张开，故A正确。

B：乙图说明通电导线在磁场中受到力的作用，这是电动机的原理，故B错误。

C：奥斯特试验说明电能产生磁场，故C错误。

D：丁图中，闭合开关，金属棒做切割磁感线运动，电路中就有感应电流产生，故D错误。故选A。

16.如图是机场的安检人员用手持金属探测器检查乘客的情景，当探测线圈靠近金属物体时，在金属物

体中就会产生电流，假如能检测出这种变更，就可以判定探测线圈下面有金属物体了。图中能反映出金属

探测器工作原理的是（）。

【答案】B.

【解析】当线圈靠近金属物体时，在金属物体中产生电流，相当于闭合电路的部分导体在切割磁感线,

故在金属中会产生电流，故探测器应采纳了电磁感应原理。

A选项为探究电流的四周存在磁场的试验；B选项为探究电磁感应现象的试验；C为电流的磁效应试验;

D为探究通电导体在磁场中受力的试验。故选B。

二、填空题（每空2分，共32分）

17.螺线管通电后，小磁针静止时的指向如题图所示，则通电螺线管右端为极，电源的端

为正极。

【答案】N、右。

【解析】本题考查的是通电螺线管的磁场性质、磁感线方向和小磁针在磁场中的受力方向三者之间关

系；由题图可知，小磁针左端为N极，通电螺线管上部磁感线方向由右向左，故可推断出通电螺线管右侧

为N极；利用安培定则，推断出电源右侧为正极，左侧为负极。

故，答案是：N、右。

18.如题图所示的试验装置中，当导体棒AB竖直向上运动时，灵敏电流计的指针偏转，让导

体棒AB水平向有运动，灵敏电流计的指针偏转（以上两空均选填“会”或“不会”），

（选填“电动机”或“发电机”）是应用电磁感应原理制成的。

【答案】不会、会、发电机。

【解析】当导体棒AB竖直向上运动时，没有切割磁感线运动，所以闭合回路中不能产生感应电流，灵

敏电流计的指针不会偏转；当导体棒AB水平向右运动时，由于切割磁感线运动从而在回路中产生感应电流,

所以灵敏电流计的指针会偏转；电动机是依据通电导体在磁场中受到力的作用制成的，发电机是依据电磁

感应原理制成的。

故，答案是：不会、会、发电机。

19.如图甲所示。一个条形磁铁摔成两段，取右边的一段靠近小磁针，小磁针静止时的指向如图乙所示,

则右边这处裂纹的磁极是极。假如把这段磁铁沿裂纹吻合放在一起（如图甲），这两段会相互（选

填吸引、排斥）。

S-N

IEZ3C3■CCS

甲乙甲

【答案】N、吸引。

【解析】任何磁体都有两个磁极：磁北极（N极）和磁南极（S极）；磁体分成若干份，每一份又是一

个新的磁体。

如图乙，由于异名磁极相互吸引，所以右边裂纹的磁极是N极。

如图甲，假如把这段磁铁沿裂纹吻合放在一起，由于左边裂纹的磁极是S极、右边裂纹的磁极是N极,

所以这两段会相互吸引。

故答案为：N、吸引。

20.如图所示试验，用推断通电螺线管四周各点的磁场方向，为了探究通电螺线管磁极的

极性与电流方向是否有关，应当实行的操作是___________。

【答案】小磁针N极的指向、对调电源的正负极。

【解析】利用通电螺线管四周的小磁针推断方向；通电螺线管四周磁场的方向与电流方向和线圈的绕

向这两个因素有关，若只变更其中的一个，磁场方向发生变更；若两个因素同时变更，磁场方向不变。

（1）依据磁场方向的规定可知，小磁针静止时N极所指的方向为该点的磁场方向；所以可利用小磁针

N极的指向推断通电螺线管四周各点的磁场方向。

（2）为了探究通电螺线管磁极的极性与电流方向是否有关，应变更螺线管中的电流方向，并视察小磁

针N极的指向是否发生变更，所以应当实行的操作是对调电源的正负极。

故答案为：小磁针N极的指向、对调电源的正负极。

21.发电机的工作原理是,它能将能转化为能，田湾核电站是利用核产

生的能量发电的（选填“裂变”或“聚变”）。

【答案】电磁感应现象、机械、电、裂变。

【解析】（1）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，在电路中就会产生电流，该现象就称

为电磁感应现象，发电机就是利用该原理制成的；（2）发电机是将机械能转化为电能；（3）核电站是利

用原子核的裂变产生的能量。

（1）发电机是利用电磁感应现象制成的；（2）在发电机中，机械能转化为电能；（3）核电站是利用

原子核发生裂变时释放能量来发电的。

故答案为：电磁感应现象、机械、电、裂变。

22.如图所示是一种水位自动报警器的原理图。水位没有达到金属块A时，灯亮；水位达到金属

块A时，由于一般的水是，灯亮。

41»

【答案】L、导体、Lz。

【解析】电磁继电器一般由铁芯、线圈、衔铁、触点簧片等组成的；只要在线圈两端加上肯定的电压,

线圈中就会流过肯定的电流，从而产生电磁效应，衔铁就会在电磁力吸引的作用下克服返回弹簧的拉力吸

向铁芯，从而带动衔铁的动触点与静触点（常开触点）吸合；当线圈断电后，电磁的吸力也随之消逝，衔

铁就会在弹簧的反作用力返回原来的位置，使动触点与原来的静触点（常闭触点）吸合；这样吸合、释放,

从而达到了在电路中的导通、切断的目的。

当水位下降没有达到金属块A时，使限制电路断开，电磁铁失去磁性，弹簧拉着衔铁使动触点与上面

的静触点接触，工作电路接通，则L亮。

当水位上涨时，水与金属A接触，由于水是导体，使限制电路接通，电磁铁吸引衔铁，使动触点与下

面的静触点接触，工作电路接通，则L灯发光。

【答案】L］、导体、

三、作图题（12分）

23.（3分）在图题中标出磁感线的方向及小磁针的N极。

【答案】如图。

【解析】依据安培定则可推断出螺线管右端为N极；磁感线从N极出来，在螺线管外回到S极，故磁

感线箭头方向向左；依据磁极间相互作用规律：异名磁极相互吸引，可推断出小磁针的右端为N极；故答

案如图所示。

24.（3分）如图所示，请在图中标出电源的“+”、“-”极，并用箭头标出磁感线的方向。

【答案】如图。

【解析】由安培定则可知，电流从螺线管左侧流入，从右侧流出，故电源左侧为正极，右侧为负极。

故螺线管外部磁场方向，如图所示。

25.（6分）闭合开关，螺线管右侧的小磁针马上转动，最终静止时N极指向螺线管，如图所示，请画

出螺线管上的导线环绕图示。