重庆市2024年高考物理模拟试卷及答案3

重庆市2024年高考物理模拟试卷及答案阅卷人一、单选题得分1．网课期间，有同学在家里用投影仪上课。投影仪可以吊装在墙上，如图所示。投影仪质量为m，重力加速度为g，则吊杆对投影仪的作用力（）A．方向左斜向上 B．方向右斜向上C．大小大于mg D．大小等于mg2．某种小夜灯标有“2W，0.5A”字样，插进插座即可正常发光。拆开外壳发现小夜灯内部自带变压器，这相当于交流电源u=2202A．流过灯泡电流的周期为0.01s B．变压器匝数比为n1：n2=55：1C．图中电流表读数为27.5A D．交流电源输出功率为23．如图所示为介质内的一段光路，光从介质I进入介质II，并在P点发生全反射。I、II、III三种介质的折射率分别为n1、n2、n3，则下列情况可能的是（）A．n2>n1=n3 B．n3>n2>n1 C．n3>n1>n2 D．n1=n3>n24．北斗卫星绕地球做匀速圆周运动，轨道离地高度约为3R（R为地球半径），周期为T。北斗卫星质量为m，万有引力常量为G，则有（）A．北斗卫星线速度大小为6πRT B．北斗卫星所受万有引力大小为C．地球质量为144π2R3GT25．光滑水平面上做简谐运动的弹簧振子，弹簧原长时弹性势能为0，则运动过程中，弹簧弹性势能Ep随振子动能Ek变化的函数关系图可能为（）A． B．C． D．6．某同学在研究电容的充放电过程中，产生了一个新奇的想法：不管什么电路，总可以定义一个“等效电阻”，该“等效电阻”等于电路两端电压与流过该段电路总电流的比值。如图所示电路，定值电阻R1和R2的阻值均为6Ω，初始电容C不带电，在刚闭合开关S的瞬间，按照该同学的定义，外电路“等效电阻”为（）A．0Ω B．3Ω C．6Ω D．12Ω7．如图所示，光滑水平桌面上有一轻质光滑绝缘管道，空间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小为B，绝缘管道在水平外力F（图中未画出）的作用下以速度u向右匀速运动。管道内有一带正电小球，初始位于管道M端且相对管道速度为0，一段时间后，小球运动到管道N端，小球质量为m，电量为q，管道长度为l，小球直径略小于管道内径，则小球从M端运动到N端过程有（）A．时间为mlquB C．外力F的平均功率为quBquBlm阅卷人二、多选题得分8．如图所示的甲、乙、丙、丁四幅图均来自物理课本，下列说法正确的是（）A．图甲为双缝干涉示意图，若换成频率更高的单色光照射双缝，则实验得到的条纹间距应该更大B．图乙为光照到圆盘上得到的衍射图样C．图丙为劈尖干涉的示意图，两玻璃片间垫有一些纸片，若从两玻璃片之间抽出部分纸片，则从上往下看可以观察到条纹间距变大D．图丁所示为相机拍摄车前挡玻璃的照片，右图中能明显减弱汽车玻璃表面反射光是利用了薄膜干涉原理9．如图所示，真空中的带负电的两个点电荷位于x轴上的A、B两点，它们相距4L，O点为AB的连线中点。一电子在AB连线间靠近A点的某点从静止释放后，在AB间做往复运动，且经过C点时动能最大，已知两点电荷电量之比Q1A．电子经过O点时的加速度为0 B．AC点间距离为8C．电子从A向B运动过程中电势能一直减小 D．C点电势比O点电势高10．某一沿x轴负方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图如图所示，此时刻质点A到平衡位置距离为1cm，质点B恰运动到波峰处，若质点B从此时刻开始计时的振动方程为y=2sin(A．该波的传播速度为2m/sB．该波的传播速度为4m/sC．从t=0时刻开始，质点A在Δt=5D．从t=0时刻开始，质点A在Δt=7阅卷人三、实验题得分11．南开中学物理兴趣小组的同学们得到了一段截面为正方形的柱状新材料导体，他们想要知道该新材料的电阻率，于是进行了如下的一些测量。（1）他们用游标卡尺测得该柱体的长度为cm。（2）他们用螺旋测微器测得该柱体的截面边长为mm。（3）他们用多用电表欧姆挡“×10Ω”挡正确测量了此柱体的电阻，指针指示如图所示，其读数为Ω。（4）经过计算，该材料的电阻率约为（）A．7.2×10-1Ω·m B．5.2×10-3Ω·mC．3.2×10-5Ω·m D．1.2×10-7Ω·m12．同学们利用如图所示的装置来验证力的平行四边形定则。他们首先在竖直放置的木板上铺上白纸，并用图钉固定。然后在木板上等高的A、C两处固定两个光滑的小滑轮。将三根轻绳在O点打结，并挂上适当数量的等重钩码，使系统达到平衡。（1）实验中，以下操作必要的是（）A．记录结点O的位置以及OA，OB，OC绳的方向B．测量OA，OB，OC绳的长度C．测出钩码的质量（2）同学们用各绳上钩码的个数来衡量该绳中拉力的大小，完成了本实验，并作图验证力的平行四边形定则，下图中的虚线y为铅垂线方向，则（填“甲”或“乙”）是合理的。（3）小南同学进行的某次实验中，系统平衡时，a、c、b三处分别挂了2、3、4个钩码，可知此时绳OA与OC之间的夹角约为（）A．30° B．60° C．75°（4）小开同学进行的某次实验中，系统平衡时，a处有3个钩码，c处有5个钩码，则b处的钩码个数可能是（）A．3个 B．5个 C．8个阅卷人四、解答题得分13．在水平面内固定一表面光滑的电阻不计的金属U形导轨，导轨间距为L=0.5m，空间有竖直向下方向的磁感应强度大小为2T的匀强磁场，有一质量为m=1kg、电阻为R=0.5Ω的金属杆MN以v0=4m/s初速度向右运动，求：（1）金属杆MN运动到最大位移的过程中产生的焦耳热；（2）金属杆MN运动的最大位移的大小。14．如图所示，内壁光滑的导热气缸水平放置，可自由移动的活塞最初位于气缸的正中，将其内的某理想气体分为A、B两个部分，压强为P。现在通过右侧阀门K向气缸内充入同种理想气体，最终使得B侧气体体积为A侧的三倍，整个过程缓慢进行，且环境温度始终保持不变。则（1）此时B侧气体的压强为多少？（2）充入B中的气体的质量是B中原来气体质量的多少倍？15．某个物理实验可简化为如图所示的情景：光滑水平地面上，一些大小相同的小物块静止排列在一条直线上，相邻物块间距均为d，从左向右物块序号分别为1、2、3、……。其中1号物块有多种质量规格可供选择，设其质量为pm（p为大于1的正整数），其余每个物块质量均为m。水平向右的恒力F=mg从某时刻开始作用于1号物块，此后物块运动起来，并依次与后面的物块发生碰撞，所有碰撞均为完全非弹性碰撞，忽略碰撞时间，重力加速度为g，小物块视为质点，数量足够多。（1）若p=1，求1、2两物块碰撞过程损失的机械能；（2）若p=2，且已知第i次碰撞前1号物块的动能为Eki，则第i+1（3）若p=3，求运动过程中1号物块的最大速度以及从开始运动到1号物块达到最大速度所需时间。

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】对处于平衡状态的投影仪受力分析，受自身重力和吊杆的作用力，由二力平衡可知：F=mg，吊杆对投影仪的作用力大小等于重力，方向竖直向上，ABC错误，D正确；

故答案为：D

【分析】由平衡状态，正确受力分析可得。2．【答案】B【解析】【解答】A、由u=2202sin100πt可得：ω=100πrads，周期：T=2πω=2π100π=0.02s，A错误；

B、小夜灯电压：U2=PI2=20.53．【答案】A【解析】【解答】由光路图可知，从介质I进入II中，入射角大于折射角，所以n2>n1；

再由II进入III发生全反射可知，n24．【答案】B【解析】【解答】A、北斗卫星线速度：v=lt=2πrT=8πRT，A错误；

B、北斗卫星所受万有引力：F=mr4π2T25．【答案】C【解析】【解答】光滑水平面上做简谐运动的弹簧振子，弹簧原长时弹性势能为零，在简谐运动中系统机械能守恒，Ek+Ep=K得：Ep=K−Ek6．【答案】C【解析】【解答】闭合开关s的瞬间，由于电容器不带电，两极板电压为零，电阻R2两端电压为零，回路中电压为R1两端电压，R1电流为干路电流，按此等效原理，外电路等效电阻为R1的阻值6Ω，ABD错误，C正确；

故答案为：C

【分析】根据开关闭合瞬间电容器上电压为零，电阻R17．【答案】D【解析】【解答】A、小球随管道做水平向右匀速运动，小球受到因随管道水平向右速度u对应的大小方向不变的洛伦兹力，根据牛顿第二定律f=Buq=ma，由位移公式：x=12at2解得：t=2mlquB，A错误；

B、小球所受洛伦兹力始终与速度垂直，不做功，B错误；

C、小球洛伦兹力不做功，洛伦兹力沿管道方向和垂直于管道水平向左的分力大小相等，故WF=Wx=Wy=Bqul，

外力的平均功率：P=WF8．【答案】B,C【解析】【解答】A、根据∆x=ldλ，λ=Cf频率大的波长短，条纹间距小，A错误；

B、乙图是光的衍射图样，也称为波松亮斑，B正确；

C、薄膜干涉，抽去纸片后空气层薄膜间距d变小，由干涉条纹间距公式可知条纹间距变大，C正确；

9．【答案】B,D【解析】【解答】A、电子在AB间做往复运动，且经过C点时动能最大，由运动学规律可知，电子向右做加速度减小的加速后做加速度增大的减速，当加速度为零时，速度达到最大值，对应动能达到最大值，即C点加速度为零，A错误；

B、C点加速度为零，合力为零，设AC间距为x，对C点电子受力分析：KQ1ex2=KQ2e4L−x2，又因为：Q1：Q2=4：1，

10．【答案】A,C【解析】【解答】AB、由质点B的振动方程可知：T＝2πω＝2ππ＝2ｓ，由波的图像可知：λ=4m，

根据波速公式：v=λT=42=2ms，A正确，B错误；

C、波沿x轴负方向传播，t=0时刻A点在y=1cm位置向下振动，故质点A的振动方程为：y=2cosπt+π3cm，

在经过∆t=53s11．【答案】（1）13.24（2）3.375（3）60（4）B【解析】【解答】（1）游标卡尺读数为：132mm+4×0.1mm=132.4mm=13，24cm；

(2)螺旋测微器读数为：3mm+37.5×0.01=3.375mm；

(3)多用电表欧姆×10档读数为：6×10=60Ω；

（4）根据电阻定律：R=ρLs，可得：ρ=Rd2L=60×3.375×10−312．【答案】（1）A；C（2）乙（3）C（4）A；B【解析】【解答】（1）实验验证用力的图示法平行四边形法则，需要记录各个力的大小和方向，OA、OB、OC绳长不需要测量，钩码重力表示拉力的大小，需要测量，故AC正确，B错误；

故答案为：AC

（2）FB为重力方向竖直向下，乙图合理；

（3）由题意可知三个力之比为：2：3：4，根据力的合成，三个力的矢量三角形三边之比为：2：3：4，

FB对应的角由余弦定理可得：cosθ＝22+32−422×2×3=−14解得θ≅105°故绳OA与OC之间的夹角α=180°−105°=75°，AB错误，C正确；

13．【答案】（1）解：金属杆MN运动到最大位移的过程中动能都转化为了焦耳热，因此根据动能定理可得产生的焦耳热为Q=（2）解：设金属杆MN运动的最大位移为x，则平均电流为I根据动量定理−B联立解得x=2m【解析】【分析】（1）金属杆克服安培力做功，根据动能定理求解；

（2）由于做加速度减小的减速运动，根据法拉第电磁感应定律求解平均电流，以平均安培力应用动量定律求解位移。14．【答案】（1）解：设气缸的总体积为V，对A中气体，由玻意耳定律可知P解得PA、B两侧压强相等，即P（2）解：设把B中原来的气体等温压缩到压强为PB2时的体积为VB解得V因此在压强为PB2条件下，充入的气体体积为充入B中的气体的质量与B中原来气体质量之比为m即充入B中的气体的质量是B中原来气体质量的2倍。【解析】【分析】（1）对A侧气体应用波意耳定律求解压缩后的压强，亦为B气体末状态压强；

（2）以B气体末状态压强，根据波意耳定律计算原有B气体压缩后的体积，以此求得充入的压强和B气体末状态气压相等的气体体积，二者体积之比为质量之比求解。15．【答案】（1）解：若p=1，则1号物块与2碰撞前，根据动能定理有Fd=1、2发生碰撞，有m碰撞过程中损失的能量为ΔE=联立求得ΔE=（2）解：若p=2，且已知第i次碰撞前1号物块的动能为Eki，则有第i次碰撞后，有(根据功能关系可得第i+1次碰撞前，有Fd=第i+1次碰撞前，1号物块的动能为E联立可得E（3）解：若p=3，由（2）问可知v化简为(类似递推有