浙江省2024年高考物理模拟试卷及答案12

浙江省2024年高考物理模拟试卷及答案阅卷人一、单选题得分1．下列属于国际单位制基本单位的是（）A．m B．N C．J D．Ω2．酒店内的智能机器人可以把1楼大厅的外卖送至指定楼层的客房。如图为机器人送餐至9楼的场景。下列说法正确的是（）A．在避开障碍物的过程中，可以把机器人看成质点B．记录机器人从1楼至9楼的时间，可以把机器人看成质点C．送餐的全过程，机器人的位移大小可能等于路程D．若送餐用时625s，行程50m，机器人的平均速度大小为0.08m/s3．先后让一束电子和一束氢核通过同一对平行板形成的偏转电场，进入时速度方向与电场方向垂直。下列情况下，射出极板时电子和氢核偏转角正切值相同的是（）A．初速度相同 B．初速度的平方相同C．初动能相同 D．初动量相同4．钍基熔盐核反应堆不仅发电效率高，而且核废料污染小，具有广阔的应用前景。90232Tℎ本身不能直接使用，需经过一系列核反应后先生成91233Pa，91233Pa再衰变生成92233U，利用中子轰击A．92233UB．3689Ke的结合能大于C．大量的91233D．91233Pa发生的是5．图甲是传统民居建筑材料瓦片，相同的质量为m的瓦片紧靠在一起静止竖直叠放在水平地面上如图乙所示。下方瓦片的受力点均在其顶端，则瓦片（）A．4右端对地面的压力比左端的大 B．5右端受到的支持力是2右端受到支持力的2倍C．4顶端受到的压力大小为mg D．5左端对地面的压力为56．如图甲为电容器上极板电量q随时间t在一个周期内的变化图线，如图乙为LC振荡电路的某一状态下磁感线的情况。则（）A．图乙状态一定发生在0~t1时间内 B．图乙状态一定发生在t3~t4时间内C．t1~t2时间内电路中磁场能增强 D．t2~t3时间内自感电动势减小7．北京时间2024年1月5日19时20分，我国在酒泉卫星发射中心用快舟一号甲运载火箭，成功将天目一号气象星座15-18星发射升空，卫星顺利进入距地面高度约500km的预定轨道，至此天目一号气象星座阶段组网完毕。取地球同步卫星距地面高度3.6×104km，则气象星座15-18星（）A．与地球同步卫星具有相同的动能 B．比地球同步卫星具有更大的绕行角速度C．与地球同步卫星绕地球转动的周期之比为(172)38．如图甲，小球在光滑球面上的A、B之间来回运动。t=0时刻将小球从A点由静止释放，球面对小球的支持力大小F随时间t变化的曲线如图乙，若弧长AB远小于半径，则（）A．小球运动的周期为0.2πs B．光滑球面的半径为0.1mC．小球的质量为0.05kg D．小球的最大速度约为0.10m/s9．某同学根据光的干涉原理设计了探究不同材料热膨胀程度的实验装置，如图所示。材料甲置于玻璃平板之间，材料乙的上表面3与上层玻璃下表面2间形成空气劈尖。单色光垂直照射到玻璃平板上，就可以观察到干涉条纹。下列说法正确的是（）A．表面3可以与表面2平行B．该条纹是由上层玻璃上表面1与下层玻璃上表面4的反射光发生干涉形成的C．仅温度升高，若干涉条纹向左移动，则材料甲膨胀程度大D．仅换用频率更小的单色光，干涉条纹将向左移动10．如图所示，轻弹簧一端悬挂在横杆上，另一端连接质量为m的重物，弹簧和重物组成的系统处于静止状态。某时刻在重物上施加一方向竖直向上，大小为F=12mg的恒力，重物上升的最大高度为hA．上升过程中系统机械能守恒 B．开始时弹簧的弹性势能为1C．上升过程中重物的最大动能为14mgℎ 11．用各种频率的光照射两种金属材料得到遏止电压Uc随光的频率ν变化的两条图线1、2，图线上有P和Q两点。下列说法正确的是（）A．图线1、2一定平行B．图线1对应金属材料的逸出功大C．照射同一金属材料，用Q对应的光比P对应的光产生的饱和电流大D．照射同一金属材料，用P对应的光比Q对应的光溢出的电子初动能大12．单镜头反光相机简称单反相机，它用一块放置在镜头与感光部件之间的透明平面镜把来自镜头的图像投射到对焦屏上。对焦屏上的图像通过五棱镜的反射进入人眼中。图为单反照相机取景器的示意图，ABCDE为五棱镜的一个截面，AB⊥BC。光线垂直AB射入，分别在CD和EA上发生反射，且两次反射的入射角相等，最后光线垂直BC射出。（）A．光线垂直AB射入五棱镜后，光速增大B．无论射向AB的入射角多大，光线一定会在CD和EA上发生全反射C．若两次反射都为全反射，则该五棱镜折射率的最小值为2D．若两次反射都为全反射，则该五棱镜折射率的最小值为113．如图为某品牌电动牙刷，用充电器对牙刷电池充电，10h即可从零电量至充满。已知电池的电动势为2.4V，内阻为0.5Ω，容量为800mAh，电池剩余电量为总电量的20%时就无法正常使用而需要充电。充满电后每天使用两次，每次平均2分钟，可以连续正常使用30天。则（）A．充电时通过电池的平均电流为64mAB．正常工作时，电池平均输出功率约为0.72WC．正常工作时，电池每天消耗的电能约为230JD．充满电到无法正常使用过程中，电池内阻消耗的总电能约为460J阅卷人二、多选题得分14．下列说法正确的是（）A．不可能从单一热库吸收热量，使之完全变成功B．弱相互作用是短程力，它是引起原子核β衰变的原因C．蔗糖受潮后粘成的糖块属于非晶体，有确定的熔点，但没有确定的几何形状D．α粒子散射实验既可以确定不同元素原子核的电荷量，也可以估算原子核的半径15．图甲和图乙分别表示甲、乙两列波在不同介质中沿x轴正方向传播，如图所示实线和虚线分别表示两列波在t=0和t=0.5s时的波形图。若两列波的周期均大于0.35s，则（）A．甲波的周期可能是乙波周期的0.5倍B．甲波传播的速度可能比乙波速度大，也可能比乙波速度小C．0—0.5s内某时刻，质点P、Q的运动方向可能相同D．t=1s时，P、Q质点的位移大小可能相等阅卷人三、实验题得分16．某同学用如图甲装置完成“探究加速度与力、质量的关系”实验。（1）以下措施有助于减少该实验误差的是A．使槽码的质量远大于小车的质量B．纸带运动方向应与两限位孔在同一直线上C．需从纸带上打下的第一个点开始取的计数点（2）实验中获得如表的数据，根据这些数据，可以探究的是____0.290.860.340.140.360.400.290.610.470.190.360.540.240.360.660.290.410.700.290.360.820.290.310.930.340.360.95A．只有加速度与力的关系B．只有加速度与质量的关系C．加速度与力以及加速度与质量的关系17．某同学利用图磁吸式装置探究平抛运动的规律。（1）在调节轨道时，发现水平仪的状态如图所示，此时应将轨道的右端调（选填“高”或“低”）。（2）进一步用手机的“慢动作”功能拍摄，并从视频中，每24帧选取一帧进行处理得到如图所示的抛体运动“频闪图片”，坐标板上最小一格实际长度为1cm。由图像可知该手机拍摄时的帧率最有可能是____A．240帧/秒 B．480帧/秒 C．960帧/秒（3）结合②问的信息可求出小球的水平速度为（计算结果保留两位有效数字）。18．某同学为研究某种金属导线的电阻率，用图电路进行实验，金属导线的长度可以通过导线上的滑动头调节，滑动头有一定的电阻，但阻值未知。（1）请以笔代线，将未连接的导线在图中补齐（2）实验室准备了R1（5Ω、3A）和R2（50Ω、1.5A）两种滑动变阻器，用R1、R2分别实验，以电压表的读数U为纵轴，以xL为横轴（x为图甲中AP长度，L为AB长度），得到U−xL图像如图，其中选用R1时对应的图线应为（选填“m（3）在用螺旋测微器测量金属导线的直径如图所示，则该导线的直径为mm；（4）在多次调节滑动头改变金属导线的长度l，并测量出不同长度时的电阻值Rx，作Rx-l图（图戊），根据图像可求出该金属导线的电阻率为Ω·19．有同学完成“用油膜法估测油酸分子的大小”实验。（1）在实验中油酸体积占油酸酒精溶液总体积的比例最为合适的是____A．1：50 B．1：500 C．1：5000（2）由于没有方格纸，该同学首先在一张透明胶片上描出油膜的轮廓，测量胶片的面积S0，并用高精度的电子天平称量出整张胶片的质量M，然后沿轮廓剪下对应的油膜形状的胶片，其质量为m，则油膜的面积为（用所给物理量符号来表示）；（3）下列操作有助于减小实验误差的是____A．撒粉时要尽量厚一些，覆盖整个浅盘B．滴油酸酒精溶液时，针头需远离液面C．滴油酸酒精溶液后需待油膜稳定后再测其面积阅卷人四、填空题得分20．某同学采用如图装置测量某一不规则实心矿石的体积V，导热良好的气缸上部高L1=20cm，横截面积S1=100cm2，下部高L2=20cm，横截面积S2=450cm2，质量为m的活塞初始轻放到气缸的顶部，封闭了空气后继续缓慢下落，待平衡后，活塞下表面正好距气缸顶部h1=10cm。将矿石放入气缸底部，再次封上活塞后，发现最终活塞静止时下表面距气缸顶部h2=8cm。已知大气压强p0=1.0×105Pa，活塞气缸紧密接触且不计两者间的摩擦，封闭的空气可视为理想气体，环境温度恒定。（1）活塞下降过程中，被封闭空气对外做功（选填“正”或“负”），被封闭空气待温度稳定后，其内能将（选填“增加”、“减少”或“不变”）；（2）求活塞的质量m；（3）求矿石的体积V。阅卷人五、解答题得分21．如图所示，一质量M=1.0kg，高h=0.7m的平板车静置在光滑水平地面上，其左端静止放置一辆质量m=0.2kg大小可忽略的四驱电动玩具小车，右侧同一竖直平面有固定的光滑圆弧轨道AC，轨道半径R=1.25m，圆心角为2θ，θ=37°，左右两端点A、C等高，圆弧最低点B位于水平地面上。紧接C点，有一长s=1.59m的倾斜传送带，上表面DE沿圆弧C点的切线方向，传送带以v=2m/s的速度顺时针运动。玩具小车启动后，恰好能从A点沿AC圆弧切线进入轨道，并最终到达E点后飞离。已知玩具车在平板车和传送带上运动时，均产生自重0.8倍的动力（忽略摩擦阻力和空气阻力），且从C点到D点速度不变。sin37°=0.6，cos37°=0.8.求：（1）玩具小车在A点速度大小vA；（2）玩具小车在B点受到支持力的大小FN；（3）平板车的长度l；（4）传送带由于运送玩具小车而多输出的机械能∆E。22．某校项目学习小组制造了电磁弹射器，其等效电路如图所示（俯视图）。通过图中的理想自耦变压器可将e=12.52sin100πt(V)的交流电电压升高，再通过直流转换模块（将交流电转换为直流电，且电压有效值不变）。图中的两个电容器的电容C=0.2F。两根固定于同一水平面内足够长的光滑平行金属导轨间距L=0.5m，电阻不计，磁感应强度大小B=1T的匀强磁场垂直于导轨平面向内。金属棒MN（含其上固定一铁钉）总质量m=100g、电阻R=0.25Ω（不计其他电阻）垂直放在两导轨间处于静止状态，并与导轨良好接触。开关S先接1，使两电容器完全充电，然后将S接至2，MN开始向右加速运动达到最大速度后离开导轨。已知理想自耦变压器的原副线圈匝数比为（1）直流转换模块输出端的电压UMN；（2）开关S接1使电容器完全充电后，每块极板上所带的电荷量Q的绝对值；（3）MN由静止开始运动时的加速度大小a；（4）电容器储存电场能转化为MN棒动能的转化效率η。23．甲辰龙年，有研究者用如图装置实现“双龙戏珠”。图中M1M2和N1N2、M3M4和N3N4组成两对平行极板，将空间分隔为I、II、III三个区域，三个区域中有垂直于纸面的匀强磁场如图甲，磁感应强度均为B=1180T。两发射源紧靠极板放置，每秒每个发射源分别射出104个垂直极板初速度大小v0=1×103m/s的正或负电子。正负电子每次经过狭缝均被加速，极板电压UMN随时间变化由如图乙。经多次加速，正负电子恰能在荧光球表面上某点相遇，并被荧光球吸收发出荧光，实现“双龙戏珠”。已知电子比荷em=1.8×1011C/kg，电子质量m=9×10−31kg；以两发射源连线中点O为坐标原点，平行极板向右方向为x轴正方向；荧光球半径（1）正负电子各由哪个发射源射出？求电压UMN的周期T；（2）求t=0时刻发射的正负电子相遇的时刻t0和荧光球球心的位置x1；（3）求正负电子每秒对荧光球的冲量I；（4）以“⌒”为一“龙节”，若同（2）在不改变“龙节”情况下，沿x轴微调荧光球的球心位置，求仍能使荧光球发光的球心位置范围。

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】国际单位制的七个基本单位分别为米（m）、秒（s）、千克（kg）、安培（A）、开尔文（K）、摩尔（mol）、坎德拉（cd）。

故答案为：A。

【分析】国际单位制的七个基本单位分别为米（m）、秒（s）、千克（kg）、安培（A）、开尔文（K）、摩尔（mol）、坎德拉（cd）。2．【答案】B【解析】【解答】A、在避开障碍物的过程中，机器人的大小和形状不可以忽略不计，则不可以把机器人看成质点，故A错误；

B、记录机器人从1楼至9楼的时间，机器人的大小和形状可以忽略不计，则可以把机器人看成质点，故B正确；

C、送餐的全过程，机器人不是沿着直线运动，则机器人的位移大小小于路程，故C错误；

D、若送餐用时625s，行程50m，机器人的平均速率为

v=st=50625m/s=0.08m/s3．【答案】C【解析】【解答】电子和氢核进入电场后均做类平抛运动，有

x=v0t，vy=at，vx=v4．【答案】D【解析】【解答】A、92233U发生裂变反应时要有中子参加反应，故A错误；

B、利用中子轰击92233U发生裂变后释放核能，生成物更稳定，比结合能更大，但是质量数不同无法判断3689Ke的结合能与92233U的结合能的关系，故B错误；

C、已知91233Pa的半衰期为27天，则大量的91233Pa经过54天后有四分之三发生了衰变，剩下原来的四分之一没有衰变，故C错误；

D、5．【答案】D【解析】【解答】A、分别对6个瓦片受力分析如图所示（仅画出瓦片1）

由平衡条件和对称性可知，每层每个瓦片的端点受到的支持大小均相等。故A错误；

B、以123瓦片构成的整体为研究对象，则根据平衡条件及对称性可知，2右端受到支持力为

4F1=3mg

解得

F1=34mg

以5瓦片构成的整体为研究对象，则根据平衡条件及对称性可知，5右端受到支持力为

2F2=2F1+mg

解得

F2=54mg

故

F6．【答案】C【解析】【解答】AB、0~t1时间内，电容器处于充电状态，上极板电荷量为正，并且不断增大，线圈中的电流方向为顺时针，而电荷的增加越来越慢，故电流减小，根据右手定则可知，线圈感应磁场方向向上；而t3~t4时间内，电容器处于放电状态，上极板电荷量为负，并且不断减小，线圈中的电流方向为逆时针，而电荷的减小的越来越大，故电流增大，根据右手定则可知，线圈感应磁场方向向上，则图乙状态发生在0~t1或t3~t4时间内均可，故AB错误；

C、t1~t2时间内，上极板电荷量为正，且不断减小，回路中的电流方向为逆时针，而减小的幅度越来越大，说明电流越来越大，故磁场能越来越大，故C正确；

D、LC振荡电路的能量装换图，i—t图、q—t图的关系如下图所示

其中t2~t3时间内类比上图中的（2）→（3）过程，电荷的增加越来越慢，电流减小的越来越快，则线圈自感电动势逐渐变大，故D错误。

故答案为：C。

【分析】充电过程电荷量变大，电流逐渐变小，穿过线圈的磁感应强度逐渐减小，磁场能像电场能转化，电流变化越快，则线圈自感电动势越大。根据图甲确定各时间段上下极板电势的高低，即而确定各时间段电流的方向。再根据楞次定律确定感应磁场的方向。7．【答案】B【解析】【解答】A、由于气象星座15-18星的质量未知，所以无法比较其与地球同步卫星的动能大小，故A错误；

B、设地球质量为M，卫星的轨道半径为r，根据

GmMr2=mrω2

可得地球卫星的角速度大小为

ω=GMr3

由于气象星座15-18星的轨道半径小于地球同步卫星的轨道半径，所以可知其比地球同步卫星具有更大的绕行角速度，故B正确；

C、根据开普勒第三定律可知

T12T22=r13r28．【答案】C【解析】【解答】A、小球在一个周期内经过两次最低点，根据图乙可知，小球的运动周期为0.4πs，故A错误；

B、小球在光滑球面上做简谐振动，根据周期公式

T=2πLg

式中的L即为光滑球面的半径R，代数数据可得

R=L=0.4m

故B错误；

CD、设小球在光滑球面上最高点时与其做圆周运动的圆心连线与竖直方向的夹角为θ，小球到达最低点时的速度的最大值为v，则在最高点有

mgcosθ=F1

在最低点有

F2−mg=mv2R

从最高点到最低点由动能定理有

mgR(1−cosθ)=12mv29．【答案】C【解析】【解答】AB、该条纹是由上层玻璃下表面2与下层玻璃上表面3的反射光发生干涉形成的，由空气尖劈原理可知，若表面3与表面2平行，则两表面的反射光之间的光程差始终恒定，则不会形成明暗相间的条纹，故AB错误；

C、若温度升高，干涉条纹向左移动，则上层玻璃下表面2与下层玻璃上表面3之间的空气膜厚度增加，即材料甲膨胀程度大，故C正确；

D、若换用频率更小的单色光，则波长变长，根据条纹间距公式

Δx=Ldλ

可知，干涉条纹间距增大，对应空气膜厚度符合条件的位置向右移动，故D错误。

10．【答案】B【解析】【解答】A、上升过程中，恒力F对系统做正功，系统的机械能增加，故A错误；

B、初始时对重物有

mg=kx1

重物上升的最大高度为h的过程中，对系统由能量守恒定律

12kx12+Fℎ=mgℎ+12k(ℎ−x1)2

解得

ℎ=x1

所以开始时弹簧的弹性势能为

Ep1=12kx12=12mg

故B正确；

C、上升过程中，当重物所受合力为零时，速度达到最大，则此时弹簧的形变量为x1，故

11．【答案】A【解析】【解答】A、根据光电效应方程可得

Ek=ℎν−W0

Ek=eUc

可得

Uc=ℎe12．【答案】D【解析】【解答】A、光线垂直AB射入五棱镜后，传播方向不改变，且由光疏介质进入光密介质，折射率变大，根据

n=cv

可知光速减小，故A错误；

B、作出光路图，如图

光以α角入射时发生折射，则折射光线到CD表面时的入射角为θ2，由图可知

θ2＜θ1

且入射角为θ1时，因折射率未知，则光线不一定会在CD和EA上发生全反射，故B错误；

CD、由图可知

θ1=r=i

由几何关系解得

θ1=22.5°

若两次反射都为全反射，则该五棱镜折射率的最小，根据光的折射定律

n=113．【答案】B【解析】【解答】A、由题知，10h即可从零电量至充满，则充电时通过电池的平均电流为

I=qt=800mAh10h=80mA

故A错误；

B、由

q'=q(1−20%)=640mAh

而充一次电能正常工作时间为

t=2×2×3060h=2h

正常工作时的平均电流为

I'=q't14．【答案】B,D【解析】【解答】A、在外界的影响下，气体可以从单一热源吸收热量，全部用来对外做功，故A错误；

B、弱相互作用是短程力，主要在原子核的核子内，它是引起原子核β衰变的原因，故B正确；

C、蔗糖受潮后粘在一起形成的糖块看起来没有确定的几何形状，但不是非晶体，而是多晶体，故C错误；

D、α粒子散射实验既可以确定不同元素原子核的电荷量，也可以估算原子核的半径，故D正确。

故答案为：BD。

【分析】熟练掌握热力学第二定律的具体内容及其描述。弱相互作用是短程力，主要在原子核的核子内，它是引起原子核β衰变的原因。熟练掌握晶体与非晶体的区别与特点，熟练掌握α粒子散射实验的现象及其结论。15．【答案】B,C【解析】【解答】A、由图可得甲波的波长

λ甲=4m

则有

x1=14+nλ甲=1+4n

既有

t=14+nT甲

周期大于0.35s，可得

T甲1=0.4s或T甲2=2s

由图可得乙波的波长

λ乙=6m

则有

x2=12+nλ乙=3+6n

既有

t=12+n16．【答案】（1）解：B（2）C【解析】【解答】（1）A、由于需要将槽码的重力视为小车的拉力，则槽码的质量应远小于小车质量，故A错误；

B、纸带运动方向应与两限位孔在同一直线上，使小车所受外力方向沿斜面方向，故B正确；

C、由于需要计算小车得速度及加速度，需要在纸袋上选取合适得出点迹做为计数点，无需把第一个点做为计数点，故C错误。

故答案为：B。

（2）ABC、根据控制变量法得原理可知，在探究加速度与力关系时，需要控制小车的质量不变；探究加速度与质量的关系时，需使小车受到的外力不变，即槽码的质量不变，而小车的质量变化。综合分析表中的第一列和第二列数据，均可找到对应不变的量，故AB错误，C正确。

故答案为：C。

【分析】明确探究加速度与力、质量的关系实验需要确保槽码的质量远小于小车质量的原因。可能的。根据控制变量法结合实验原理及数据分析可以得出的实验结论。17．【答案】（1）低（2）B（3）1.1【解析】【解答】（1）水平仪右端有气泡，说明右端偏高，则应把右侧调低。

（2）坐标板上最小一格实际长度为1cm，竖直高度约为40小格，竖直方向的自由落体时间约为

t=2ℎg≈0.3s

而每24帧选取一帧进行处理得到如图所示的抛体运动“频闪图片”，共有7个小球的位置，则由6个时间间隔，故手机拍摄时的帧率约为

240.3×6=480帧/秒

故答案为：B。

（3）小球在竖直方向做匀加速直线运动，水平方向做匀速直线运动，有

Δℎ=gT18．【答案】（1）（2）m（3）1.006（4）6【解析】【解答】（1）根据电路图连接实物图，如图

（2）若电源为理想电源，由于滑动变阻器R1电阻较小，则移动滑动变阻器，RAP并联支路电压变化较小，则根据串联分压原理可知

UE=RAPRAB=ρxSρLS=xL

化简可得

U=E⋅xL

则图像的斜率近似为定值，故用R1时对应的图线应为m。

（3）螺旋测微器的分度值为0.01mm，则该导线的直径为

19．【答案】（1）B（2）S（3）C【解析】【解答】（1）在实验中油酸体积占油酸酒精溶液总体积的比例最为合适的是1：500，

故答案为：B；

（2）胶片厚度相同，则面积比等于质量比，即S=S0Mm

（3）A、撒粉时若过厚，且覆盖整个浅盘，则不利于油酸形成单分子油膜，故A错误；

B、滴油酸酒精溶液时，针头需远离液面，则油酸酒精溶液滴到水面上时可能会溅起，也不利于形成整片的油膜，故B错误；

C、滴油酸酒精溶液后需待油膜稳定后再测其面积，故C正确。20．【答案】（1）负；不变（2）解：对活塞进行分析有mg+气缸导热良好，温度不变，即气体发生的是等温变化，根据玻意耳定律有p解得m=10kg（3）再次平衡时，对活塞有mg+根据玻意耳定律有p解得V=2200c【解析】【解答】（1）活塞下降过程中，气体体积减小，被封闭空气对外做负功，被封闭空气待温度稳定后，由于气缸导热良好，即温度不变，封闭的空气可视为理想气体，其内能将不变。

【分析】（1）气体体积减小，被封闭空气对外做负功，气缸导热良好，即温度不变，内能不变。

（2）对活塞进行受力分析，根据平衡条件确定封闭气体的压强，气体做等温变化，根据题意确定负重前后容器内封闭气体的体积，再结合玻意耳定律进行联立解答；

（3）放入矿石后，封闭气体的体积发生变化，活塞处于平衡状态，再根据平衡条件及玻意耳定律进行解答。21．【答案】（1）解：小车离开平板车后，做平抛运动，在A点的速度为vA，竖直方向有v解得vA=5m/s（2）解：从A到B由动能定理mgR(1−在B点由牛顿第二定律F解得FN=6.8N（3）解：小车在平板车上做匀加速运动的加速度为a1，位移为x1，则由牛顿定律0由运动方程v解得x1=1m小车和平板车满足平均动量守恒m解得x2=0.2m平板车的长度为l=x1+x2=1.2m（4）解：小车在传送带上做匀加速运动，则由牛顿第二定律可知0解得a2=2m/s2由运动公式s=以及v解得t=0.3s（另一解t=-0.53s舍掉）在时间t内，传送带上某点对地位移x传=vt=0.6m传送带由于运送小车克服小车对其的静摩擦力做功为W=0【解析】【分析】（1）玩具车离开平板后到达A点的过程中做平抛运动，且玩具车到达A点的速度恰好与A点处切线平行，运动过程竖直方向只有重力做功，根据运动的分解确定玩具车在A点竖直方向速度与A点的速度的关系，再对竖直方向运用动能定理进行解答；

（2）对玩具车从A到B过程运用动能定理确定玩具车到达B点的速度，确定玩具车在B点的受力情况，再根据牛顿第二定律进行解答；

（3）根据平抛运动规律结合玩具车在A点的速度确定玩具车做平抛运动的初速度。玩具车在平板车上做匀加速运动，根据题意及运动学规律确定玩具车在平板上运动过程运动的位移，玩具车在平板上运动过程水平方向始终满足动量守恒，再根据两者的位移与板长的关系及动量守恒定律进行解答；

（4）传送带多输出的机械能用于克服玩具车对传送带的摩擦做功，根据对称性确定玩具车到达D(C)点的速度，根据牛顿第二定律确定小车的运动情况及加速度，再根据运动学规律确定小车运动至E点所需时间，再根据运动学规律确定该段时间内传送带运动的位移，继而根据功能关系进行解答，注意对动力的理解。22．【答案】（1）解：交流电电压的有效值为U根据变压器的电压匝数关系有U由题意可知直流转换模块输出端的电压U解得U（2）解：根据电容的定义式有C=解得Q=10C（3）解：MN由静止开始运动时的电流I=此时对金属棒进行分析，根据牛顿第二定律有BIL=ma解得a=1（4）解：MN开始向右加速运动达到最大速度时，金属棒切割磁感线产生的感应电动势与此时电容器极板电压相等，则有U根据动量定理有B该过程通过金属棒的电荷量q=结合上述解得v若考虑最后电容器还有电场能储存，则有η=结合上述解得η=【解析】【分析】（1）根