重庆市九校联盟2024-2025学年高二物理上学期联考试题含解析VIP

PAGE18-重庆市九校联盟2024-2025学年高二物理上学期联考试题（含解析）一、选择题1.下列物理学家提出的原子物理理论，其中错误的是A.普朗克假设：振动着的带电微粒的能量只能是某一最小能量值的整数倍B.爱因斯坦提出“光子说”并胜利说明了光电效应现象C.波尔的定态理论和跃迁理论，很好地说明了全部原子光谱的试验规律D.贝可勒尔发觉自然放射现象，揭示了原子核具有困难结构【答案】C【解析】【详解】A．普朗克能量量子化假设：振动着的带电微粒的能量只能是某一最小能量值的整数倍，故A正确，不符合题意；B．爱因斯坦提出“光子说”并胜利说明了光电效应现象，选项B正确，不符合题意；C．波尔的原子模型，说明了氢原子光谱的试验规律，不是全部原子光谱，故C错误，符合题意；D．贝可勒尔发觉自然放射现象，揭示了原子核具有困难结构，故D正确，不符合题意；2.闭合电路的一部分导线ab处于匀强磁场中，下图中各状况下导线都在纸面内运动，那么下列推断中正确的是（）A.都会产生感应电流B.都不会产生感应电流C甲、乙不会产生感应电流，丙、丁会产生感应电流D.甲、丙会产生感应电流，乙、丁不会产生感应电流【答案】D【解析】【详解】甲、丙图中，闭合电路的一部分导线的运动方向与磁感线垂直，做切割磁感线运动，会产生感应电流；乙图中，导线的运动方向与磁场平行，不切割磁感线，没有感应电流产生；丁图中，导线的运动方向与磁感线在同一平面内时，导体不切割磁感线，没有感应电流产生；所以甲、丙会产生感应电流，乙、丁不会产生感应电流，故ABC错误，D正确。3.用如图所示的装置探讨光电效应现象.当用光子能量为2.75eV的光照耀到光电管上时发生了光电效应，电流表G的示数不为零；移动变阻器的触头c，发觉当电压表的示数大于或等于1.7V时，电流表示数为0，则下列说法正确的是A.改用能量为2.5eV的光子照耀，移动变阻器的触头c，电流表G中也可能有电流B.光电管阴极的逸出功为1.7eVC.当滑动触头向a端滑动时，反向电压增大，电流增大D.光电子的最大初动能始终为1.05eV【答案】A【解析】【详解】A．当用光子能量为2.75eV的光照耀到光电管上时发生了光电效应，改用能量为2.5eV的光子照耀，也可能发生光电效应，即移动变阻器的触头c，电流表G中也可能有电流，选项A正确；BD．该装置所加的电压为反向电压，发觉当电压表的示数大于或等于1.7V时，电流表示数为0，知道光电子的最大初动能为1.7eV，依据光电效应方程EKm=hγ-W0，则逸出功W0=1.05eV．故BD错误。C．当滑动触头向a端滑动时，反向电压增大，则到达集电极的电子的数目减小，电流减小。故C错误。4.如图为綦江南州中学物理爱好小组为探讨无线充电技术，动手制作了一个“特斯拉线圈”。线圈匝数为n，面积为S，若在t1到t2时间内，匀强磁场平行于线圈轴线穿过线圈，其磁感应强度大小由B1匀称增加到B2，则该段时间线圈两端的电势差的大小为A.恒为 B.从0匀称变更到C.恒为 D.从0匀称变更到【答案】C【解析】【详解】穿过线圈的磁感应强度匀称增加，故产生恒定的感应电动势，依据法拉第电磁感应定律，有：

A．恒为，与结论不相符，选项A错误；B．从0匀称变更到，与结论不相符，选项B错误；C．恒，与结论相符，选项C正确；D．从0匀称变更到，与结论不相符，选项D错误；5.2024年1月，重庆主城及多个区县迎来冰冻雨雪天气，图为重庆电力公司工作人员监测高压电线覆冰厚度。为清除高压输电线上的凌冰，有人设计了这样的融冰思路，利用电流的热效应除冰。若在正常供电时，高压线上送电电压为U，电流为I，热损耗功率为；除冰时，输电功率、输电线电阻不变，输电线上的热损耗功率为16，则除冰时A.输电电流为 B.输电电压为C.输电电压为4U D.输电电流为16I【答案】B【解析】【详解】AD．高压线上的热耗功率△P=I2R线…①若热耗功率变为16△P，则16△P=I′2R线…②由①②得I′=4I所以AD错误。BC．又输送功率不变，由P=UI=U′I′得所以C错误，B正确。6.烟雾探测器运用了一种半衰期为432年的放射性元素镅来探测烟雾。当正常空气分子穿过探测器时，镅会释放出射线将它们电离，从而产生电流．烟尘一旦进入探测腔内，烟尘中的微粒会吸附部分射线，导致电流减小，从而触发警报．则下列说法正确的是A.镅发出的是α射线，它是镅原子核自发放出的氦核B.镅发出的是β射线，它是镅原子核外电子电离形成的电子流C.镅发出的是γ射线，它是镅原子核外电子电离形成的电子流D.发生火灾时，由于温度的上升，会使镅的半衰期减小【答案】A【解析】【详解】ABC．镅会释放出射线将正常空气电离，从而产生电流，而三种射线中，只有α射线能使空气电离，它是镅原子核自发放出的氦核，选项A正确，BC错误；D．半衰期与外界因素无关，故D错误；7.如图所示的电路中，L为电感线圈（电阻不计），A、B为两灯泡，以下结论正确的是（）A.合上原本断开的开关S时，A先亮，B后亮B.合上原本断开的开关S时，A、B同时亮，以后B变暗直至熄灭，A变亮C.断开原本闭合的开关S时，A变亮，B熄灭D.断开原本闭合的开关S时，A、B两灯都亮一下再渐渐熄灭【答案】B【解析】试题分析：电感线圈L中电流变更时，会产生自感电动势，阻碍电流的变更；故电键接通瞬间通过线圈的电流缓慢增加，电键断开瞬间通过线圈的电流缓慢削减．解：A、B、合上S时，电路中马上建立了电场，故马上就有了电流，故灯泡A、B同时变亮；但通过线圈的电流要增加，会产生自感电动势，电流缓慢增加；当电流稳定后，线圈相当于直导线，灯泡B被短路，故电键闭合后，灯泡A、B同时亮，但B渐渐熄灭，A更亮，故A错误，B正确；C、D、断开S时，A灯马上熄灭；线圈产生自感电动势，和灯泡B构成闭合电路，B灯先闪亮后渐渐变暗；故C错误，D错误；故选：B．【点评】本题考查了通电自感和断电自感，关键要明确线圈中的自感电动势总是阻碍电流的增加和减小，即总是阻碍电流的变更．8.许多人喜爱到健身房骑车熬炼，某同学依据所学学问设计了一个发电测速装置，如图所示。自行车后轮置于垂直车身平面对里的匀强磁场中，后轮圆形金属盘在磁场中逆时针转动时，可等效成一导体棒绕圆盘中心O转动。已知该磁场的磁感应强度大小为B，圆盘半径为，圆盘电阻不计。导线通过电刷分别与后轮外边缘和圆心O相连，导线两端a、b间接一阻值为R的小灯泡。后轮匀速转动时，用电压表测得a、b间电压为U。则下列说法正确的是A.a连接的是电压表的正接线柱B.若圆盘匀速转动的时间为t，则该过程中克服安培力做功C.自行车后轮转动的角速度是D.自行车后轮边缘线速度大小是【答案】D【解析】【详解】A．依据右手定则，轮子边缘点是等效电源的负极，则a点接电压表的负接线柱，故A错误；B．若圆盘匀速转动的时间为t，依据焦耳定可知该过程中克服安培力做功，故B错误；CD．由法拉第电磁感应定律可得产生的感应电动势可得角速度为：边缘线速度故C错误，D正确。9.一正弦沟通电的电压随时间变更的规律如图所示．由图可知A.该沟通电的电压瞬时值的表达式为U＝100sin（25t）VB.该沟通电1s内电流方向变更50次C.该沟通电电压的有效值为141.4VD.若将该沟通电压加在阻值为R＝200Ω的电阻两端，则电阻消耗的功率是25W【答案】BD【解析】【详解】A．由图可知，T=4×10-2s，故，ω=2πf=50rad/s，所以其表达式为u=100sin（50t）V故A错误；B．一个周期内电流方向变更2次，则该沟通电1s内电流方向变更50次，选项B正确；C．由图象可知沟通电的最大值为Um=100V，因此其有效值为：故C错误；D．若将该沟通电压加在阻值为R=200Ω的电阻两端，则电阻消耗的功率故D正确；10.志向变压器原线圈输入电压U=200sin100πt（V），变压器右侧部分为一火灾报警系统原理图，R为热敏电阻，随着温度上升其电阻变小，全部电表均为志向电表。，以下说法中正确的是A.输入沟通电的电压有效值为200V，频率为50HzB.S打到a处，当R所在处出现火情时，两电压表示数都增大C.S打到a处，当R所在处出现火情时，两电流表的示数都减小D.若R电阻不变，S从a处打到b处，电压表V2和电流表A1的示数都减小【答案】AD【解析】【详解】A．输入沟通电的最大值为200V，则电压有效值为200V；ω=100π，则频率为，选项A正确；BC．S打到a处，当R所在处出现火情时，R电阻变小，次级电阻减小，因次级电压不变，则次级电流变大，则电流表示数增大，选项BC错误；D．若R电阻不变，S从a处打到b处，则次级电压减小，即电压表V2示数减小，次级电阻不变，次级电流减小，即电流表A1的示数减小，选项D正确。11.如图所示是氢原子的能级图，一群氢原子处于量子数n＝4的激发态，这些氢原子能够自发地跃迁到较低的能量状态，并向外辐射多种频率的光，则A.可以辐射6种不同频率的光B.波长最长的是n＝4激发态跃迁到基态时产生的C.使n＝4能级的氢原子电离至少要0.85eV的能量D.若从n＝2能级跃迁到基态释放的光子能使某金属板发生光电效应，则从n＝3能级跃迁到n＝2能级释放的光子也肯定能使该板发生光电效应【答案】AC【解析】【详解】A．从n＝4的激发态向基态跃迁时可以辐射种不同频率的光，选项A正确；B．波长最长的对应着频率最小的光，即从n＝4到n=3时产生的，选项B错误；C．使n＝4能级的氢原子电离至少要0-(-0.85)=0.85eV的能量，选项C正确；D．从n＝2能级跃迁到基态释放的光子能量为-3.4-（-13.6）=10.2eV；从n＝3能级跃迁到n＝2能级释放的光子能量为-1.51-（-3.4）=1.89eV，即若从n＝2能级跃迁到基态释放的光子能使某金属板发生光电效应，则从n＝3能级跃迁到n＝2能级释放的光子不肯定能使该板发生光电效应，选项D错误。12.如图所示，固定的光滑平行金属导轨间距为L，导轨电阻不计，上端a、b间接有阻值为R的电阻，导轨平面与水平面的夹角为θ，且处在磁感应强度大小为B、方向垂直于导轨平面对上的匀强磁场中。质量为m、长度为L、电阻为r的导体棒与一端固定的弹簧相连后放在导轨上。初始时刻，弹簧恰处于自然长度，导体棒具有沿轨道向上的初速度v0。整个运动过程中导体棒始终与导轨垂直并保持良好接触。已知弹簧的劲度系数为k，弹簧的中心轴线与导轨平行。下列说法正确的是A.初始时刻通过电阻R的电流I的大小为B.初始时刻通过电阻R的电流I的方向为b→aC.若导体棒第一次回到初始位置时，速度变为v，则此时导体棒的加速度大小a=gsinθ－D.若导体棒最终静止时弹簧的弹性势能为Ep，则导体棒从起先运动直到停止的过程中，电阻R上产生的焦耳热Q=【答案】BD【解析】【详解】A．初始时刻产生的感应电动势E=BLv0，则通过电阻R的电流故A错误B．依据右手定则知，通过电阻R的电流方向为b→a，故B正确。C．若导体棒第一次回到初始位置时，速度变为v，弹簧弹力仍旧为零，依据牛顿其次定律得故C错误D．依据能量守恒得，整个回路产生的热量静止时，有：mgsinθ=kx电阻R上产生的焦耳热联立解得故D正确。二、试验题13.完成下列填空，如图所示是探究电磁感应现象的试验装置。（1）如图，用绝缘线将导体AB悬挂在蹄形磁铁的磁场中，闭合开关后，在下面的试验探究中，关于电流表的指针是否偏转填写在下面的空格处。（选填“偏转”或“不偏转”）①磁体不动,使导体AB向上或向下运动，并且不切割磁感线．电流表的指针_____________②导体AB不动，使磁体左右运动．电流表的指针_________（2）如图，各线路连接完好，线圈A在线圈B中，在开关闭合的瞬间，试验小组发觉电流表的指针向左偏一下后又快速回到中间位置，则：保持开关闭合，在把滑动变阻器的滑片向右移动的过程中，会观测到电流表的指针________（选填“向左偏”、“向右偏”或“不动”）【答案】(1).不偏转(2).偏转(3).向右偏【解析】【详解】（1）①[1]．磁体不动，使导体AB向上或向下运动，并且不切割磁感线，不会产生感应电流，则电流表的指针不偏转；②[2]．导体AB不动，使磁体左右运动，导体棒会切割磁感线产生感应电流，则电流表的指针会偏转；（2）[3]．在开关闭合的瞬间，电流表的指针向左偏一下后又快速回到中间位置，可知当穿过线圈B的磁通量增加时，电流表指针左偏；保持开关闭合，在把滑动变阻器的滑片向右移动的过程中，电阻变大，电流减小，则穿过线圈B的磁通量减小，则会观测到电流表的指针向右偏。14.在验证动量守恒定律试验中，同学们不仅完成了课本原来的试验，还用相同的器材进行多方面的探究及尝试．下面是甲、乙两组同学的试验，请回答相关的问题：（1）甲组同学采纳如图1所示的装置，由斜槽和水平槽构成．将复写纸与白纸铺在水平放的木板上，重垂线所指的位置为O．试验时先使a球从斜槽上某一固定位置由静止起先滚下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹．重复上述操作多次，得到多个落点痕迹平均位置P；再把b球放在水平槽上靠近槽末端的地方，让a球仍从固定位置由静止起先滚下，与b球发生对心正碰，碰后a球不被反弹．碰撞后a、b球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹．重复这种操作多次得到多个落点痕迹平均位置M、N．①以下供应的器材中，本试验必需的有_____________A．刻度尺B．打点计时器C．天平D．秒表②试验中有关操作和描述正确的是________A．用质量大的球去碰质量较小的球，目的是使被碰球飞行距离更远，可减小测量误差B．调整斜槽末端水平，目的是使两球能发生对心碰撞C．让入射球从同一位置释放，目的是保障每次碰撞前小球的动量都相同D．碰撞后两球的动能之和总会小于碰前入射球的动能，是因为斜槽摩擦力做负功造成的③设a球的质量为m1，b球的质量为m2，则本试验验证动量守恒定律的表达式为（用m1、m2、OM、OP、ON表示）_____________________（2）乙组同学误将重锤丢失，为了接着完成试验现将板斜放，上端刚好在槽口抛出点，标记为O．板足够长小球都能落在板上，如图2，采纳甲组同学相同的操作步骤完成试验．④对该组同学试验的推断正确的是______A．乙组同学无法完成验证动量守恒定律B．秒表也不是乙组同学的必需器材C．乙组同学必需测量斜面倾角θD．图2中N为b球碰后落点⑤设a球的质量为m1，b球的质量为m2，则本试验验证动量守恒定律的表达式为______．【答案】(1).AC(2).C(3).m1OP=m1OM+m2ON(4).BD(5).m1=m1+m2【解析】【详解】（1）①[1]．验证动量守恒定律试验，须要测出两球的质量与球做平抛运动的水平位移，不须要测量球的运动时间，因此须要的试验器材是：天平与刻度尺，故选AC．②[2]．A、用质量大的球去碰质量较小的球，目的是碰撞小球不发生反弹，故A错误．B、调整斜槽末端水平，目的是保证小球做平抛运动，故B错误．C、让入射球从同一位置释放，目的是保障每次碰撞前小球的动量都相同，故C正确．D、碰撞后两球的动能之和总会小于碰前入射球的动能，是因为碰撞的过程中有能量损失，与摩擦力做功无关．故D错误．③[3]．两球离开轨道后，做平抛运动，它们在空中的运动时间t相等，由动量守恒定律可知，试验须要验证：两边同时乘以时间t得：则试验须要验证：m1OP=m1OM+m2ON；（2）④[4]．A、两球碰撞后做平抛运动，分别落在斜面上，测出它们的水平位移，可以验证动量守恒定律，故A错误；

B、利用用小球的水平位移代替小球的初速度，试验过程中不须要测小球的运动时间，试验不须要秒表，故B正确；

C、平抛运动可以分解为水平方向的匀速运动与竖直方向的自由落体运动，由平抛运动规律得：x=OPcosθ=v1t解得：在验证动量守恒的表达式中每项都有，列方程可以消去，不须要测量斜面倾角θ，故C错误；

D、小球a和小球b相撞后，小球b的速度增大，小球a的速度减小，都做平抛运动，所以碰撞后a球的落地点是M点，b球的落地点是N点，故D正确；

⑤[5]．碰撞前，小球a落在图中的P点，设其水平初速度为v1．小球a和b发生碰撞后，a的落点在图中的M点，设其水平初速度为v1′，b的落点是图中的N点，设其水平初速度为v2．斜面与水平面的倾角为θ，由平抛运动规律得：x=OPcosθ=v1t，解得：同理可解得：验证动量守恒定律，须要验证：m1v1=m1v1′+m2v2即：，则，说明两球碰撞过程中动量守恒；

本试验验证动量守恒定律的表达式为为：．三、计算题15.某村在较远的地方建立了一座小型水电站，发电机的输出功率为100kW，输出电压为500V，输电导线的总电阻为10Ω，导线上损耗的电功率为4kW，该村的用电电压是220V。(1)输电电路如图所示，求升压、降压变压器的原、副线圈的匝数比；(2)假如该村某工厂用电功率为60kW，则该村还可以装“220V40W”的电灯多少盏？【答案】(1)1∶10；240∶11；(2)900盏；【解析】（1）依据如图所示输电线路，设高压输电线电流I2，输电电压为U2，由题意可知：P损=I22r；所以有：而依据电流与匝数成反比，则有：U3=U2﹣I2R线=（500×10﹣40×10）V=4600V依据电压与匝数成正比，则：（2）据降压变压器输入功率等于输出功率有：P3=P4=200﹣16=184kW；灯可以消耗的功率是：P灯=104kW；所以还可装灯的盏数为：盏；16.如图所示，光滑的水平面上有一质量M=8kg的木板，其右端恰好和光滑固定圆弧轨道AB的底端等高对接（木板的水平上表面与圆弧轨道相切），木板右端放有一质量m0=1kg的物体C（可视为质点），已知圆弧轨道半径R=0.8m。现将一质量m=3kg的滑块（可视为质点），由轨道顶端A点无初速释放，滑块滑到B端后冲上木板，并与木板右端的物体C粘在一起沿木板向左滑行，最终恰好不从木板左端滑出。已知滑块及物体C与木板上表面的动摩擦因数均为μ=0.3，g取10m/s2。求：（1）滑块由A端下滑到B端的过程，合外力对滑块的冲量大小；（2）木板的最终速度大小；（3）木板的长度。【答案】（1）1.2N·s（2）1m/s（3）1m【解析】【详解】（1）滑