海南省北师大万宁附中2024-2025学年高二物理上学期期中试题

PAGEPAGE13海南省北师大万宁附中2024-2025学年高二物理上学期期中试题（考试时间90分钟满分100分）一、单向选择题（共8题，每题3分，共24分）1．下列说法正确的是（）A．靠近正点电荷，电场线越密，电场强度越大，靠近负点电荷，电场线越密，电场强度越小B．沿电场方向电场强度越来越小C．在电场中没画电场线的地方场强为零D．电场线虽然是假想的一簇曲线或直线但可以用试验方法模拟出来2．两个分别带有电荷量－Q和＋7Q的相同金属小球(均可视为点电荷)，固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F，两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为（）A． B． C． D．3．如图，电荷量为q1和q2的两个点电荷分别位于P点和Q点，已知在P、Q连线至某点R处的电场强度为零，且PR=2RQ，则（）A．q1=2q2 B．q1=4q2 C．q1=-2q2 D．q1=-4q4．如图所示为等量的正、负电荷，A、B为两电荷的连线上的两点，C、D为中垂线上的两点．则关于电场性质的下列说法正确的是（）A．自A至B电场强度先增加后减弱；自C至D先减弱后增加B．自A至B电场强度先减弱后增加；自C至D电场强度先增加后减弱C．自A至B电势先降低后增高D．自C至D电势始终降低5．如图所示，实线表示电场中的三条电场线，虚线表示带电粒子在电场中的运动轨迹，不计重力，下列说法正确的是（）A．带电粒子肯定是从a沿曲线运动到bB．该带电粒子带负电C．该带电粒子在a处的电势能大于b处的电势能D．该带电粒子在a处的动能小于b处的动能6．在电场和重力场都存在的空间中，一带电小球从A点运动到B点，电场力做了10J的功，重力做了6J的功，克服阻力做了7J的功，则此过程中带电小球的（）A．机械能增加了10J，动能削减了7JB．机械能削减了7J，动能增加了10JC．电势能增加了10J，动能增加了9JD．电势能削减了10J，重力势能削减了6J7．一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动v－t图像如图所示，则A、B两点所在区域的电场线分布状况可能是下图中的（）A．B．C．D．8．图为双量程的电流表电路示意图，其量程分别为0－10mA和0－1mA，已知表头内阻rg为200Ω，满偏电流Ig为0.5mA，则有（）A．当运用a、c两个端点时，量程为0－10mA，R2=180ΩB．当运用a、b两个端点时，量程为0－10mA，R1=20ΩC．当运用a、c两个端点时，量程为0－1mA，R1=40ΩD．当运用a、c两个端点时，量程为0－10mA，R2=2000Ω多项选择题（共5题，每题4分，共20分）9．某电场的等势面如图所示，下列说法正确的是（）A．A、B两点电场强度的方向相同B．一个电子在A点和B点具有的电势能相同C．将一个电子从A点移动到C点，电势能增加D．将一个电子从C点移动到B点，电势能增加10．两个电阻R1、R2的伏安特性曲线如图所示，由图可知（）A．R1为线性元件，R2为非线性元件B．R1的电阻R1＝tan45°＝1ΩC．R2的电阻随电压的增大而减小D．当U＝1V时，R2的电阻等于R1的电阻11．如图所示，始终流电动机与阻值R=9Ω的电阻串联在电源上，电源电动势E=30V，内阻r=1Ω，用志向电压表测出电动机两端电压U=10V，已知电动机线圈电阻RM=1Ω，则下列说法中正确的是（）A．通过电动机的电流为10A B．电动机的输入功率为100WC．电动机的热功率为4W D．电动机的输出功率为16W12．如图所示，直线A为电源的U­I图线，直线B和C分别为电阻R1和R2的U­I图线，用该电源分别与R1、R2组成闭合电路时，电源的输出功率分别为P1、P2，电源的效率分别为η1、η2，则()A．P1=P2B．P1>P2C．η1>η2D．η1<η213．如图所示的电路中，当滑动变阻器的触头向上滑动时，则（）A．电源内部消耗的功率变大B．电容器贮存的电荷量变小C．电源的总功率变小D．电阻R消耗的电功率变小试验题（本题共2小题，每空2分，共18分）14．（8分）某同学要测量一匀称新材料制成的圆柱体的电阻率ρ。步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图，可知其长度为cm；（2）用螺旋测微器测量其直径如上图，由图可知其直径为mm；（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如上图，则该电阻的阻值约为Ω。（4）若该同学用伏安法跟用多用电表测量得到的R测量值几乎相等，由此可估算此圆柱体材料的电阻率约为ρ＝。（保留2位有效数字）15．（10分）某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：A．被测干电池一节B．电流表：量程0～0.6A，内阻约1ΩC．电流表：量程0～3A，内阻约0.1ΩD．电压表：量程0～3V，内阻未知E．电压表：量程0～15V，内阻未知F．滑动变阻器：0～10Ω，2AG．滑动变阻器：0～100Ω，1AH．开关、导线若干伏安法测电池电动势和内阻的试验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差，在现有器材的条件下，要尽可能精确地测量电池的电动势和内阻的.(1)在上述器材中请选择适当的器材：______（填写选项前的字母）；(2)试验电路图应选择图中的_____（填“甲”或“乙”）；(3)依据试验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U-I图象，则干电池的电动势E=______V，内电阻r=_____Ω。（保留两位有效数字）(4)所得内阻的测量值与真实值相比___________（填“偏大”、“偏小”或“相等”）四、计算题（共38分）16．（10分）如图所示，a、b、c三点处在某一匀强电场中，该电场方向与a、b两点的连线平行，已知ab的长度L1=5cm，ac的长度L2=16cm，ab与ac间的夹角θ=120°。现把带电荷量为C的点电荷从a点移到b点，电场力做功为J。求:(1)a、b两点间的电势差Uab；(2)把该电荷从a点移到c点，电场力做的功.17．（12分）如图所示，带正电的物体质量m=1.0kg，电量q=2.0×10-4C，物体当作质点处理。物体距离水平绝缘桌面边缘L=2.0m，在水平向右的电场作用下由静止起先运动。物体与水平面间的动摩擦因数μ=0.10。水平向右的匀强电场充溢整个空间，电场强度E=1.0×104v/m。桌面距离地面高度h=5.0m。求：(1)物体运动到桌面边缘的速率；(2)物体落地点距离桌面边缘的水平距离？(g=10.0m/s2).18．（16分）如图所示，AB为倾角为θ=37°的光滑绝缘斜面，AB长度为，BC为半径的竖直光滑绝缘圆弧面，AB与BC在B点相切，C为圆弧面的最低点，在BD左侧加一如图所示的水平匀强电场E1=3×103N/C．现将一质量为m=4×10-4kg带电的小物块置于斜面上的A点，带电小物块恰好静止在斜面上．从某时刻起先，水平匀强电场的电场强度变为原来的一半，物块起先加速下滑，(sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2)求：（1）带电小物块是正电荷还是负电荷，物块所带电荷量为多少？（2）沿斜面下滑到B点时，物块的瞬时速度为多大？（3）假如在BD右侧存在竖直向上的匀强电场，场强为E2=1.2×104N/C，则物块运动到C点时，轨道对小物块的支持力为多大？参考答案1．D【解析】【分析】【详解】A．靠近正点电荷，电场线越密，电场强度越大，靠近负点电荷，电场线越密，电场强度也越大，A错误；B．沿电场方向电场强度不肯定越来越小，例如匀强电场，B错误；C．在电场中没画电场线的地方场强不肯定为零，C错误；D．电场线虽然是假想的一簇曲线或直线但可以用试验方法模拟出来，D正确。故选D。2．C【解析】【详解】相距为r时，依据库仑定律得：，两小球相互接触后各自带电量变为3Q，此时有A．。故A不符合题意。B．。故B不符合题意。C．。故C符合题意。D．。故D不符合题意。3．B【解析】【分析】【详解】已知点R处的电场强度为零，可知两点电荷的电性相同．依据题述，q1和q2在点R处的电场强度大小相等，方向相反，由真空中点电荷四周的场强公式知，，将r1=2r2代入，可得q1=4q2，故B正确ACD错误。故选B。4．B【解析】【详解】AB.依据等量异种电荷场强分布特点，连线中点处场强最小，所以从A至B电场强度先减弱后增加，中垂线中点处，场强最大，从C至D电场强度先增加后减弱，A错误B正确CD.等量异种电荷的中垂面是一个等势面，C至D电势不变；连线上电场线从A指向B，沿电场线方向电势渐渐降低，所以A至B电势始终降低，CD错误5．B【解析】【分析】【详解】A．电场线的疏密表示电场强度的大小，所以由图可知，a处的电场强度小于b处的电场强度，所以A错误；B．依据带电粒子的运动轨迹可知，带电粒子所受电场力方向与电场方向相反，即粒子带负电，所以B正确；C．等势面与电场线相互垂直，有图可知，a、b两点在两个不同的等势面上，电场线由a点所在等势面指向b点所在等势面，所以a处的电势高于b处的电势，又粒子带负电，所以该带电粒子在a处的电势能小于b处的电势能，所以C错误；D．由于带电粒子在电场中只受电场力，所以电势能与动能之和不变，所以结合C选项可知，该带电粒子在a处的动能大于b处的动能，所以D错误。故选B。6．D【解析】【详解】AB．依据“功能原理”可知，本题中物体机械能的改变应等于除重力外其它力做的功，所以机械能改变△E=W电+W阻=10-7=3J，即机械能增加了3J；依据动能定理可知，物体动能的改变等于合外力做的功，即为△EK=WG+W电+W阻=6+10-7=9J，即动能增加了9J，故A、B错误。CD．电场力做正功电势能削减，电场力做多少正功电势能削减多少，故电势能削减了10J，重力做了6J的功，重力势能削减了6J，故C错误，D正确。7．C【解析】【分析】【详解】AD．负电荷受到的电场力与电场强度的方向相反，A、D选项图中，负电荷在A点受到的电场力背离AB方向，负电荷做减速运动，与速度图像不符，，AD错误；BC．负电荷受到的电场力从A指向B，图像斜率的物理意义为加速度，依据图像可知，负电荷从A到B的过程中加速度越来越大，依据牛顿其次定律可知A点场强小于B点场强，则A处电场线的稀疏程度较大，B错误，C正确。故选C。8．B【解析】【分析】【详解】当运用a、c两个端点时，分流电阻阻值大，电流表量程小，为0-1mA，，当运用a、b两个端点时，分流电阻阻值小，电流表量程大，为0-10mA，，联立解得：R1=20Ω，R2=180Ω，ACD错误B正确．9．BC【解析】【详解】A．依据电场线方向与等势面垂直且由高电势指向低电势，可知A、B两点的电场强度方向不相同，故A错误；B．因为A、B在同一等势面上，所以一个电子在A点和B点具有的电势能相同，故B正确；C．将一个电子从A点移动到C点，电场力做功：电场力做负功，故电势能增加，故C正确；D．将一个电子从C点移动到B点，电场力做功：电场力做正功，故电势能削减，故D错误。故选BC。10．AD【解析】【详解】A．由图可知，R1的I-U图象的斜率保持不变，故电阻值保持不变为线性元件；R2的I-U图象的斜率不断改变，故电阻值改变，为非线性元件。故A正确；B．依据欧姆定律：，由于横坐标、坐标轴的标度不肯定相等，所以不能运用图线的正切值求电阻；故B错误；C．I-U图象的斜率表示电阻的倒数，可知R2的电阻随电压的增大而增大，故C错误；D．由图可知当U=1V时，R2的电阻等于R1的电阻，都等于2Ω，故D正确；11．CD【解析】【详解】A、依据闭合电路欧姆定律，有：E=U+I（r+R）解得：I=，故A错误；B、电动机的输入功率：P入=UI=10×2=20W电动机的热功率：P热=I2RM=22×1=4W电动机的输出功率：P出=P-P热=UI-I2RM=10×2-22×1=16W故B错误，CD正确；故选：CD。12．AC【解析】【详解】由电源的U-I图象读出电动势E=6V，两图线的交点就表示该电源和该电阻组成闭合电路时的工作状态；电源的输出功率分别为：P1=U1I1=4×2=8W，P2=U2I2=2×4=8W，故P1=P2，故A正确，B错误；电源的效率：，，故η1＞η2，故C正确，D错误；故选AC.【点睛】本题是对电源和电阻伏安特性曲线的结合，关键明确两图线的交点就表示该电源和该电阻组成闭合电路时的工作状态，能干脆电流和路端电压，求出电源的输出功率．13．AB【解析】【分析】【详解】AB．由闭合电路欧姆定律可知，当滑动触头向上滑动时，R总变小，I总增大，U端减小，而R1分压U1增大，所以电容器上的电压减小，由Q=CU可知，电容器带电量减小，电源内部消耗功率P内=r增大，选项AB正确；C．电源总功率P总=I总E增大，C错误；D．电阻R1消耗的功率增大，R上消耗的功率无法确定，选项D错误。故选AB。【答案】（1）；（2）；（3）；（4）【解析】试题分析：（1）主尺读数为，游标上第3条刻度线与主尺对齐，读数为，则长度为。（2）螺旋测微器固定刻度读数为，可动刻度读数为，则直径为。（3）电阻的阻值。（4）由电阻定律，，代入解得。考点：测定金属的电阻率【名师点睛】测量电阻最基本的原理是伏安法，电路可分为测量电路和限制电路两部分设计．测量电路要求精确，误差小，可依据电压表、电流表与待测电阻阻值倍数关系，选择电流表内、外接法．限制电路关键是变阻器的分压式接法或限流式接法，在两种方法都能用的状况下，为了减小能耗，选择限流式接法。15．ABDFH乙1.51.0偏小【解析】【分析】(1)试验中要能保证平安和精确性选择电表；(2)本试验应采纳电流表和电压表结合测量；(3)由原理利用闭合电路欧姆定律可得出表达式，由数学关系可得出电动势和内电阻．【详解】(1)干电池的电动势约为1.5V，故为了读