2022年陕西省洛南县物理高一第一学期期末监测模拟试题含解析

2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。

2.答题时请按要求用笔。

3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。

4.作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。

5.保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，

有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1、物体静止在水平桌面上，则（）

A.物体对桌面的压力和桌面对物体的支持力是一对平衡力

B.桌面对物体的支持力和物体所受重力是一对作用力和反作用力

C.物体对桌面的压力就是物体的重力

D.桌面对物体的支持力大小等于物体的重力大小，这两个力是一对平衡力

2、下列说法正确的是（）

A.高铁速度很快，任何时刻都不能看做质点

B.诗句“清泉石上流”，以“石”为参考系时，“水”是流动的

C.位移的大小就是路程

D.会议8：30开始，“8：30”指的是时间间隔

3、下列单位中，不属于国际单位制的基本单位的是（）

A.NR.kg

C.sD.A

4、某班同学分成甲、乙、丙三个小组，同时从营地A出发，沿各自的路线搜寻目标，要求同时到达营地如图所示为

其运动轨迹，则关于他们的说法正确的是

A.甲、乙、丙三组的位移相同、路程相同

B.甲、乙、丙三组平均速度方向不同

C.乙组的平均速度最大，甲组的平均速度最小

D.乙组的平均速率最小，甲组的平均速率最大

5、如图所示，重为12N的木块静止在倾角为0=30。的斜面上，若用平行于斜面沿水平方向大小等于8N的力推木块,

木块仍能保持静止，则此时木块所受的前摩擦力的大小等于

A.6NB.8N

C.12ND.10N

6、物体最初静止在倾角。=30。的足够长斜面上，如图甲所示受到平行斜面向下的力耳的作用，力方随时间变化的图

像如图乙所示，开始运动2s后物体以2m/s的速度匀速运动（gmlOm/s2）,下列说法正确的是（）

A.物体的质量m=lkg

B.物体的质量m=2kg

C.物体与斜面间的动摩擦因数〃="

3

D.物体与斜面间的动摩擦因数〃=述

15

7、如图所示，质量均为机=2.0起的物块4、3紧挨着放置在粗糙的水平地面上，物块A的左侧连接一劲度系数为4=100

N/机的轻质弹簧，弹簧另一端固定在竖直墙壁上.开始时，两物块压紧弹簧并恰好处于静止状态.现使物块3在水平外

力网图中未画出）作用下向右做加速度大小为a=2，〃/$2的匀加速直线运动直至与A分离，已知两物块与地面间的动摩

擦因数均为"=0.4,最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计空气阻力，g=10m/s2.则

AB

///////////////////////./././/./././././/././././

A.开始时，弹簧的压缩量大小为12c机

B.物块A、B分离时,所加外力厂的大小为12N

C.物块A、B由静止开始运动到分离所用的时间为0.4s

D.物块4、3由静止开始运动到分离时，物块A的位移大小为0.04机

8、如图所示，质量为机、顶角为a的直角劈和质量为M的正方体放在两竖直墙和一水平面间，处于静止状态。若不

计一切摩擦，则（）

A.直角劈对墙面的弹力大小为mgsma

B.墙面对正方体的弹力大小为/旦

tana

C.正方体对直角劈的弹力大小为mgcosa

D.水平面对正方体的弹力大小为（M+ni）g

9、如图所示，从某高度水平抛出一小球，经过时间f到达一竖直墙面时，速度与竖直方向的夹角为仇不计空气阻力,

重力加速度为g.下列说法正确的是（）

A.小球水平抛出时的初速度大小为gZtanO

n

B.小球在t时间内的位移方向与水平方向的夹角为一

2

C.若小球初速度增大，则平抛运动的时间变短

D.若小球初速度增大，则tan。减小

10、如图所示，在光滑的桌面上有M、m两个物块，现用力F推物块m,使M、m两物块在桌上一起向右加速，则

M、m间的相互作用力为（

F-------------

mM

MF

B.------

M+mM+m

MF

C.若桌面摩擦因数为U,M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力为------+jiMgD.若桌面的摩擦因数为

M+m

MF

口，M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力仍为——

M+m

二、实验题

11、（4分）质点作匀加速直线运动，初速度是5m/s,加速度是L〃/s2,那么在第4s末的瞬时速度是m/s,前4s

的位移是

12、（10分）某同学为了测量滑块和水平放置的长木板之间的动摩擦因数〃，采用如图所示的实验装置进行实验.已

知滑块的质量为mi,托盘的质量为m2,重力加速度为g

（1）不计打点计时器与纸带间的摩擦力，本实验________（填“需要”或“不需要”）使滑块的质量远大于托盘及祛码的

质量；

（2）若祛码的总质量为nu,打点计时器打出的纸带上相邻两点之间的间隔相同，则滑块和长木板之间的动摩擦因数

为____________

（3）若祛码的总质量为m4,由打点计时器打出的纸带上的点求得滑块做匀加速运动的加速度大小为用则滑块和长

木板之间的动摩擦因数为

三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,

答案中必须明确写出数值和单位

13、（9分）如图所示，木板与水平地面间的夹角。可以随意改变，当0=0。时，用大小为歹=7.5N的水平推力向右推一

质量,〃=lkg可视为质点的小木块时，木块恰好能向右做匀速直线运动.若让该小木块从木板的底端以vo=lOm/s的速

度沿木板向上运动，当。=53。时，小木块沿木板向上滑行的距离最小.已知《«53。=0.6,$11153。=0.8,sin37o=0.6,

cos37°=0.8,重力加速度为g=10m/s2.求：

（1）小木块与木板间的动摩擦因数；

（2）小木块能沿木板向上滑行的最小距离

14、（14分）如图，一质量M=15kg的长木板置于粗糙水平地面上，在木板的左端放置一质量机=lkg的小滑块（可视

为质点），零时刻，木板右端距墙壁的距离为x=4.5m,滑块和木板具有水平向右的相同初速度w,1s末木板与墙壁发

生碰撞。若碰撞时间极短，碰撞前后木板速度大小不变、方向反向，且碰掩前后滑块速度不变，已知滑块与木板上表

面的动摩擦因数”1=0.4,木板下表面与地面的动摩擦因数〃2=0.1,最大静摩擦力等于滑动摩擦力，运动过程中滑块始

终未离开木板，重力加速度g=10m/s2•求：

（1）初速度大小vo和碰撞前滑块的加速度大小

（2）碰撞后，木板和滑块的加速度大小ai和“2；

（3）木板的最小长度。

\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\'

15、（13分）如图所示，某幼儿园要做一个滑梯，底边长度为6m。滑梯斜面与儿童裤料之间的动摩擦因数为0.4。设

最大静摩擦力等于滑动摩擦力，为使小孩能从滑梯斜面上滑下，滑梯至少要多高？

参考答案

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，

有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1、D

【解析】考查作用力与反作用力和平衡力的区别。

【详解】A.物体对桌面的压力受力物体是桌面，桌面对物体的支持力受力物体是物体，而一对平衡力受力物体应是

同一物体，A错误；

B.桌面对物体的支持力施力物体是桌面，受力物体是物体，物体所受重力施力物体是地球，受力物体是物体，这两

个力涉及3个物体，而作用力和反作用力只涉及2个物体，B错误；

C.物体对桌面的压力施力物体是物体，物体的重力施力物体是地球，这两个力不是同一个力，C错误；

D.桌面对物体的支持力受力物体是物体，物体所受重力受力物体也是物体，两个力等大反向，作用在同一个物体上,

是一对平衡力，D正确。

故选D。

2、B

【解析】A.物体能否看做质点，关键是物体的大小和形状对研究的结果有无影响，与物体的速度无关.故A错误；

B.诗句“清泉石上流”，是以“石”为参考系的，“水”相对石头是流动的，故B正确；

C.只有在物体做单方向的直线运动时，位移的大小才与路程相等，故C错误；

D.会议8：30开始，这里的8:30是时间轴上的点，指的是时刻.故D错误

故选B

3、A

【解析】国际单位制规定了七个基本物理量.分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量.它

们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位

【详解】千克（kg）、秒（s）和安培（A）都是国际单位制的基本单位.牛顿（N）是国际单位制中的导出单位，故

BCD正确，A错误

本题选不是国际单位制的基本单位的

故选A

【点睛】国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是什么，它们在国际单位制分别是什么，这都是

需要学生自己记住的

4、D

【解析】A.三个质点从A到3的过程中，位移大小相等，路程不同，故A错误；

BC.平均速度是位移与时间段的比值，位移与时间相同，故平均速度相同，故BC错误；

D.三个质点从A到3的过程中，路程不全相同，时间相同；平均速率是路程与时间的比值；由图象知乙组的平均速率

最小，甲组的平均速率最大，故D正确

5、D

【解析】对滑块受力分析，受推力F、重力G、支持力N和静摩擦力力将重力按照作用效果分解为沿斜面向下的分

力尸仁Wgsin，=6N和垂直斜面向下的分力Mgcos6=6^N；在与斜面平行的平面内，如图：

有：f=7F2+F,2=A/82+62=ION»故选D.

【点睛】本题的难点在于物体受到的力不在一个平面内，需要将重力按照作用效果进行分析，根据静摩擦力的产生特

点和共点力平衡条件列式求解静摩擦力

6、AD

【解析】AB、开始运动2s后物体以2m/s的速度匀速运动，则2s末物体受力平衡，根据图像可知，摩擦力

f=F2+mgsin0

0~2s内，由加速度定义得

根据牛顿第二定律得

Fx+mgsin0—f-ma

解得物体的质量

/ra=lkg,f=7N

故A正确，B错误；

CD.根据滑动摩擦力公式

f=jumgcos0

得

故C错误，D正确。

故选ADo

7、BD

【解析】开始时物体所受的弹力等于最大静摩擦力，列式求解弹簧的压缩量；物块A、B分离时，两物块之间弹力为

零，分别对AB列式求解力F和弹簧的压缩量，结合运动公式求解分离的时间和物块A的位移.

【详解】开始时，两物块压紧弹簧并恰好处于静止状态，则〃2磔=丘，解得弹簧的压缩量为

%=义鳖=2^空竺£m=016加，选项人错误；物块A、B分离时，两物块之间弹力为零，此时对

k100

B:F-“Tig=ma,解得F=12N,选项B正确；对A：kx'-]nmg^ma,解得x，=0.12m,则所用的时间：x-x，=；at2,

解得t=0.2s,物块A、3由静止开始运动到分离时，物块A的位移大小为x-x，=0.04选项C错误，D正确；故选BD.

【点睛】此题是牛顿第二定律的应用问题；关键是知道两物块分离的临界条件，即两物体之间的弹力为零，且加速度

相等，结合运动公式解答.

8、BD

【解析】以直角劈和质量为M正方体整体为研究对象，分析受力情况，如图1所示

{M+m}g

图1

则由平衡条件得，水平面对正方体的弹力大小

N3=(M+m)g

对直角劈研究，分析受力情况，如图2所示

m的弹力

stana

正方体对直角劈的弹力大小为

、二9

sina

对整体可知，墙面对正方体弹力

N,=M=E

tantz

根据牛顿第三定律得知，直角劈对墙面的弹力大小

故选BDo

9、AC

【解析】小球到达竖直墙面时沿竖直方向和水平方向上的分速度大小分别为vy=gt,Vl=vytanO=gttan0,所以水平抛

出时的初速度为g/tan，，A项正确；设小球在，时间内的位移方向与水平方向的夹角为“，则

一st

tan«=y^2_gt_vy_1,B项错误；由于小球到墙的距离一定，初速度增大，运动的时间变短，C

xvQt2%2vx2tan。

项正确；若小球初速度增大，由小球到墙的时间变短，由tan，=也可知，tan，增大，D项错误；故选AC

gt

10、BD

FFM

【解析】根据牛顿第二定律，对整体有：a=----------；对M：N=Ma=------------.故B正确，A错误；根据牛顿第二定

M+mM+m

F—u（M+m}j?FFM

律得：对整体有：a-----------------=--------；对M：N-jiMg=Ma,得：N=jiMg+Ma=----------------.故D正

M+mM+mM+m

确，C错误

【点睛】本题是连接类型的问题，关键是灵活选择研究对象.对于粗糙情况，不能想当然选择C实际上两种情况下

MN间作用力大小相等

二、实验题

11、①.9②.28

【解析】根据速度公式v=vo+at可求解速度,，然后求解4秒内的位移

【详解】质点作匀加速直线运动，初速度是5m/s,加速度是lm/s2,根据速度公式，第4秒末的瞬时速度是：

V4=vo+at4=5+lX4=9m/s

前4s的位移为：

1919

x4=vot-b—at=（5x4+—xlx4）m=28m

【点睛】本题关键是根据速度时间关系公式、平均速度公式列式求解，同时要明确平均速度等于中间时刻的瞬时速度

12、①不需要②.强士叫③.（i）g-（…+乙”

叫叫g

【解析】（1）因为本实验以系统为研究对象，所以本实验不需要满足滑块的质量远大于托盘及祛码的质量

（2）纸带上相邻两点之间的间隔相同，说明滑块匀速运动，即（网+7%）g=〃/g

（

解得：m,一+n世u\

班

（3）以系统为研究对象，有（”+乙）g—〃色且=（町

则解得：〃=（S+-）g—（小

叫g

（呵+帆Jg-（班+呵+mJ：

,gg

【点睛】由于绳子的拉力与祛码盘及祛码的重力不相等，那么在研究此问题时要以整体为对象，所以此实验不需要满

足滑块的质量远大于托盘及祛码的质量

三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,

答案中必须明确写出数值和单位

13、(1)0.75(2)4m

【解析】⑴当。=0°时，物块处于平衡状态，对小木块有：FfrngZ

代入数据得：

〃=0.75

(2)当夕=53。时，对小木块由牛顿第二定律得：

代入数据得：

a=-12.5m/s2

根据速度位移公式：

说=2asmin

代入数据解得：

Smin=4m。

4

29=ms9