云南湿远市2024-2025学年高一数学上学期9月月考试题

2024年秋季学期高一年级9月月考考试数学考生留意：1.本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分150分，考试时间120分钟。2.考生作答时，请将答案填涂在答题卡上。第Ⅰ卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第Ⅱ卷请用直径0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试卷、草稿纸上作答无效。3.本卷命题范围：新人教A版必修1第一章、其次章。第Ⅰ卷（选择题共60分）单选题：本大题共8小题，每题5分，共40分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．命题：“，”的否定是（

）A． B．C． D．2．设，集合，则（

）A． B． C． D．3．设，则“”是“”的（

）A．充分不必要条件 B．必要不充分条件C．充要条件 D．既不充分也不必要条件4．已知集合M满足，那么这样的集合的个数为（

）A．6 B．7 C．8 D．95．若，则下列不等式确定成立的是（

）A． B．C． D．6．已知，，且，则的最大值是（

）A．1 B． C．2 D．37．若不等式组的解集非空，则实数a的取值范围是（

）A． B．C． D．8．某商场若将进货单价为8元的商品按每件10元出售,每天可销售100件,现准备接受提高售价来增加利润,已知这种商品每件销售价提高1元,销售量就要削减10件.那么要保证每天所赚的利润在320元以上,销售价每件应定为A．12元 B．16元 C．12元到16元之间 D．10元到14元之间多选题：本大题共4小题，每题5分，共20分。在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分。9．下列错误的是（

）A． B． C． D．10．若非零实数满足，则下列不等式不愿定成立的是（

）A． B． C． D．11．下列各结论中正确的是（

）A．“”是“”的充要条件B．“”的最小值为2C．命题“，”的否定是“，”D．“函数的图象过点”是“”的充要条件12．已知集合，，且、，，则下列推断正确的是（

）A． B．C． D．第Ⅱ卷（非选择题共90分）三、填空题：本大题共4小题，每题5分，共20分。把答案填在答题卡中的横线上。13．已知集合，且，则实数的值为.14．不等式的解集为．15．已知且，则的最小值为.16．假如不等式对随意恒成立，则实数a的取值范围是．三、解答题：本大题共6小题，共70分，其中第17题10分，18-22题每题12分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17．解下列关于的不等式（组）：（1）；（2）；（3）.18．设计一幅宣扬画，要求画面面积为，面的上下各空白，左右各留空白，怎样设计画面的高与宽，才能使宣扬画所用纸张的面积最小，最小面积是多少？19．已知集合，.(1)当时，求；(2)若______，求实数a的取值范围.请从①，②，③，这三个条件中选一个填入（2）中横线顶处，并完成第（2）问的解答.20．已知，求的最小值，并求取到最小值时x的值；已知，，，求xy的最大值，并求取到最大值时x、y的值．21．已知命题，使为假命题．(1)求实数的取值集合B；(2)设为非空集合，若是的充分不必要条件，求实数的取值范围．22．已知函数.(1)若，解不等式；(2)解关于的不等式.高一数学9月月考参考答案1．D【分析】依据全称量词命题的否定为特称量词命题推断即可；【详解】解：命题：“，”为全称量词命题，其否定为：；故选：D2．B【解析】先求出集合，依据补集运算，即可求出.【详解】由得：，又，所以，因此.故选：B.【点睛】本题主要考查了集合的补集运算，属于基础题.3．A【分析】首先求解二次不等式，然后结合不等式的解集即可确定充分性和必要性是否成马上可.【详解】求解二次不等式可得：或，据此可知：是的充分不必要条件.故选：A.【点睛】本题主要考查二次不等式的解法，充分性和必要性的判定，属于基础题.4．C【分析】由题意可知集合中确定包含元素1和2，集合其他元素构成的集合为集合的子集，从而可求出集合的个数.【详解】因为所以集合中确定包含元素1和2，集合其他元素构成的集合为集合的子集，所以集合的个数为，故选：C5．C【分析】利用特别值推断ABD，依据不等式的性质推断C；【详解】解：对于A：若，，明显满足，但是，故A错误；对于B：若，，明显满足，无意义，故B错误；对于C：因为，，所以，故C正确；对于D：若，，明显满足，但是无意义，故D错误；故选：C6．D【解析】由基本不等式运算即可得解.【详解】因为，，且，所以，所以，当且仅当时，等号成立，所以的最大值是.故选：D.【点睛】利用基本不等式求最值时，要留意其必需满足的三个条件：（1）“一正”就是各项必需为正数；（2）“二定”就是要求和的最小值，必需把构成和的二项之积转化成定值；要求积的最大值，则必需把构成积的因式的和转化成定值；（3）“三相等”是利用基本不等式求最值时，必需验证等号成立的条件，若不能取等号则这个定值就不是所求的最值，这也是最简洁发生错误的地方.7．A【分析】分别解出两个不等式的解，再依据集合交集的概念求解．【详解】由题意，∴，即，解得．故选：A．【点睛】本题考查不等式组的解，考查集合的交集运算，属于基础题．8．C【解析】设销售价定为每件元,利润为,依据题意可得利润的函数解析式.由题意可得关于的一元二次不等式,解不等式即可求得每件销售价的范围.【详解】设销售价定为每件元,利润为则依题意,得即,解得所以每件销售价应定为12元到16元之间故选:C【点睛】本题考查了二次函数与一元二次不等式的关系,一元二次不等式的解法,属于基础题.9．BC【分析】由元素与集合的关系可以推断AB，由集合与集合的关系可以推断CD【详解】对于A：因为是自然数，故A正确；对于B：因为中没有元素，故B错误；对于C：因为，故C错误；对于D：因为，故D正确；故选：BC10．ABD【分析】通过代特别值，或是依据做差法，推断选项.【详解】A.当时，不等式不成立，故A正确；B.当时，不成立，故B正确；C.因为是非零实数，且满足，所以确定成立，故C错误；D.，因为，所以，但可能是正数，负数，或零，所以不愿定成立，故D正确.故选：ABD11．AD【分析】分别验证每一个选项当中充分与必要性，结合不等式、逻辑、函数与方程等学问点，即可推断．【详解】解：对于，可知，，则不等式两边同时除以，即，，过程可逆，所以是充要条件，故正确；对于，由均值不等式可知，，当且仅当，解得，无解，所以等号不成立，所以取不到最小值，故错误；对于，因为全称命题的否定是特称命题，所以命题“，”的否定是“，使得”，所以错误．对于，对于二次函数而言，将代入，得，充分性得证；反之，说明是方程的根，即是二次函数经过的点，必要性得证．故正确．故选：AD．12．ABC【分析】本题首先可依据题意得出表示奇数集，表示偶数集，、是奇数，是偶数，然后依次对、、、进行推断，即可得出结果.【详解】因为集合，，所以集合表示奇数集，集合表示偶数集，、是奇数，是偶数，A项：因为两个奇数的积为奇数，所以，A正确；B项：因为一个奇数与一个偶数的积为偶数，所以，B正确；C项：因为两个奇数的和为偶数，所以，C正确；D项：因为两个奇数与一个偶数的和为偶数，所以，D错误，故选：ABC.13．3【分析】由集合的元素，以及，分类探讨，结合集合元素互异性，即可得出实数的值.【详解】由题可得，若，则，不满足集合元素的互异性，舍去；若，解得或，其中不满足集合元素的互异性，舍去，所以.故答案为：3.【点睛】本题考查集合元素的互异性，结合元素与集合关系以及通过对集合中元素构成的特点求参数值.14．【分析】移项通分后转化为一元二次不等式后可得所求的解.【详解】不等式可化为，也就是，故或，故答案为：.【点睛】本题考查分式不等式的求解，一般先确定分母的符号是否确定，假如确定，则去掉分母把不等式转化为整式不等式，15．8【分析】由题意可得，化简后利用基本不等式可求得答案【详解】因为且，所以，当且仅当，即时取等号，所以的最小值为8，故答案为：816．【分析】利用特例可推断，再证明当时，不等式恒成马上可得到参数的取值范围.【详解】分别取和，可得．接下来证明时命题成立，此时只须要证明这明显成立，因此所求实数a的取值范围是．故答案为：.17．（1）；（2）或；（3）或；【分析】(1)二次项系数变为正数后,因式分解可解得;(2)整理后因式分解可解得;(3)转化为两个一元二次不等式组可解得.【详解】解：（1）原不等式可化为，所以，故原不等式的解集是.（2）原不等式可化为，所以，.故原不等式的解集为或（3）原不等式组等价于即由①得，所以或；由②得，所以.所以原不等式组的解集为或.【点睛】本题考查了一元二次不等式的解法,属于基础题.18．画面的高为，宽为时可使宣扬画所用纸张的面积最小，最小面积是.【分析】设画面的高为厘米，宽为厘米，依据题干条件得到，然后列出纸张的面积的表达式，再利用换元转化成只含一个未知量的表达式，利用基本不等式即可求解.【详解】设画面的高为厘米，宽为厘米，因为画面面积为，所以，所以，纸张的面积的表达式，所以，当且仅当，即，且时等号成立，所以画面的高为，宽为时可使宣扬画所用纸张的面积最小，最小面积是19．(1)(2)答案见解析【分析】（1）首先解一元二次不等式求出集合，再依据的值求出集合，最终依据交集的定义计算可得；（2）结合所选条件，利用集合的交并补集运算与集合包含关系的相互转化可求．【详解】（1）由题意得，.当时，，.（2）选择①：，.当时，，不满足，舍去；当时，，要使，则，解得；当时，，此时，，舍去，综上，实数a的取值范围为.选择②：当时，，满足；当时，，要使，则，解得；当时，，此时，，综上，实数a的取值范围为.选择③：当时，，，∴，满足题意；当时，，，要使，则，解得；当时，，.此时，满足题意，综上所述，实数的取值范围为．20．当时，y的最小值为7．，时，xy的最大值为6．【分析】干脆利用基本不等式的关系式的变换求出结果．干脆利用基本不等式的关系式的变换求出结果．【详解】已知，则：，故：，当且仅当：，解得：，即：当时，y的最小值为7．已知，，，则：，解得：，即：，解得：，时，xy的最大值为6．【点睛】在利用基本不等式求最值时，要特别留意“拆、拼、凑”等技巧，使其满足基本不等式中“正”(即条件要求中字母为正数)、“定”(不等式的另一边必需为定值)、“等”(等号取得的条件)的条件才能应用，否则会出现错误.21．(1)；(2).【分析】（1）由条件可得关于的方程无解，然后分、两种状况探讨即可；（2）首先由为非空集合可得，然后由条件可得且，然后可建立不等式求解.【详解】（1）因为命题，使为假命题，所以关于的方程无解，当时，有解，故时不成立，当时，，解得，所以（2）因为为非空集合，所以，即，因为是的充分不必要条件，所以且，所以，即，综上：实数的取值范围为.22．(1)或(2)答案见解析【分析】（1）利用二次不等式的解法解之即可；（2）分