2023北京大兴区高一（下）期末化学试题及答案

高中PAGE1高中2023北京大兴高一（下）期末化学第一部分选择题本题共14小题，每小题只有一个选项符合题意，每小题3分（多选）1．北京冬奥会存在诸多科技亮点，新材料的使用更是助力中国绿色办奥．下列材料主要成分不属于有机高分子材料的是（）ABCD碳纤维复合材料聚碳酸酯（PC）钛合金聚乳酸塑料A．A B．B C．C D．D2．下列有机化合物中，属于烃类物质的是（）A．C2H4 B．CH2＝CHCl C．CH3CH2OH D．CH3COOH3．下列金属冶炼的反应原理，错误的是（）A．2AlCl3（熔融）2Al+3Cl2↑ B．2NaCl（熔融）2Na+Cl2↑ C．Fe2O3+3CO2Fe+3CO2 D．2HgO2Hg+O2↑4．下列物质互为同分异构体的是（）A．CH4和CH3CH3 B．CH3CH2OH和CH3OCH3 C．O2和O3 D．CH2＝CHCH3和CH3CH＝CH25．下列说法不正确的是（）A．淀粉和纤维素分子式均为（C6H10O5）n，且互为同分异构体 B．煤的气化可得到水煤气（CO、H2）等气体燃料 C．葡萄糖溶液与新制的氢氧化铜混合加热，产生砖红色沉淀 D．鸡蛋清溶液中加入醋酸铅溶液，产生沉淀6．下列物质中不能用来鉴别乙醇和乙酸的是（）A．铁粉 B．溴水 C．碳酸钠溶液 D．紫色石蕊溶液7．下列化学用语表达不正确的是（）A．乙酸的分子式：C2H4O2 B．乙烷的结构简式：CH3CH3 C．甲烷分子的空间填充模型： D．羟基的电子式：8．下列各组物质反应时，反应条件（温度、反应物浓度）或反应物用量改变，不会引起产物改变的是（）A．S和O2 B．NaOH和SO2 C．CH3CH2OH和O2 D．Cu和HNO39．根据乙烯的化学性质可以推测丙烯（CH2＝CH﹣CH3）的性质，下列说法错误的是（）A．丙烯能使酸性高锰酸钾溶液褪色 B．丙烯能在空气中燃烧 C．丙烯与溴发生加成反应的产物是CH2Br﹣CH2﹣CH2Br D．聚丙烯的结构可以表示为10．下列实验现象因发生加成反应而产生的是（）A．试管内壁上有油状液滴B．溴的四氯化碳溶液褪色C．酸性高锰酸钾溶液褪色D．右侧试管有无色油状液体生成A．A B．B C．C D．D11．乙烯基苯甲醇的结构如图，推测其可能具有的化学性质不正确的是（）A．能发生加聚反应 B．能发生酯化反应 C．能发生加成反应和氧化反应 D．与足量Na反应时，1mol该有机物可产生1molH212．一种从含Br﹣废水中提取Br2的过程，包括过滤、氧化、萃取及蒸馏等步骤。已知：①萃取：利用物质在互不相溶的溶剂里的溶解度不同，用一种溶剂把物质从它与另一种溶剂所组成的溶液里提取出来。②相关物质数据：Br2CCl4正十二烷密度/g⋅cm﹣33.1191.5950.753沸点/℃58.7676.8215～2174溶解性微溶于水，易溶于有机溶剂难溶于水难溶于水下列说法不正确的是（）A．甲装置与丙装置的物质分离原理相同 B．乙装置中主反应为：2Br﹣+Cl2＝Br2+2Cl﹣ C．丙装置中萃取Br2应用正十二烷，原因是萃取后Br2与正十二烷更易分离 D．用装置丁进行蒸馏时，先收集到Br2再收集正十二烷13．2021年我国科学家首次实现从二氧化碳到淀粉的人工转化，效率约为传统农业生产淀粉的8.5倍．转化过程如图所示：已知：HCHO的结构式：依据上述信息分析，下列说法不正确的是（）A．第1步反应中另一种产物是H2O B．第2步反应中每消耗1molO2，转移4mole﹣ C．第2步反应中C﹣H键和O﹣H键发生断裂 D．用碘水可检验生成的淀粉14．下列由实验得出的结论正确的是（）选项实验操作及现象实验结论A乙醇和水都可与金属钠反应产生可燃性气体乙醇分子中的氢与水分子中的氢具有相同的活性B蔗糖中滴加浓硫酸，蔗糖变黑浓硫酸具有吸水性C食醋浸泡水壶中的少量水垢（主要成分为CaCO3），可将其清除酸性：CH3COOH＞H2CO3D蔗糖溶液中加入稀硫酸，煮沸、冷却后，加入银氨溶液，水浴加热，没有银镜产生蔗糖在稀硫酸、加热条件下，未发生水解反应A．A B．B C．C D．D第二部分非选择题15．（9分）几种常见分子的球棍模型如图所示，请按要求回答下列问题。（1）a分子的空间构型为：光照条件下，a与氯气反应生成一氯代物的化学方程式。（2）与a互为同系物的是（填字母）。（3）写出c的电子式。（4）d的一种同分异构体的结构简式为。（5）e中官能团为（写结构简式）。16．（11分）碳中和是目前社会备受关注的重要议题，碳中和是指CO2的排放总量和减少总量相当，对于改善环境，实现绿色发展至关重要。（1）将燃煤产生的CO2回收再利用，可有效减少碳排放总量。以CO2和H2O为原料制备HCOOH和O2的原电池装置如图所示．其中，电极a作（填“正极”或“负极”）；CO2（填“得到”或“失去”）电子生成HCOOH；电池内部，H+的移动方向为（填“a→b”或“b→a”）。（2）以TiO2为催化剂的光热化学循环分解CO2反应为碳中和提供了一条新途径，该反应的机理及各分子化学键完全断裂时的能量变化如图所示。①上述过程，能量变化形式主要由太阳能转化为。②根据上述信息可知，利用TiO2催化分解2molCO2（g）生成2molCO（g）和1molO2（g）时需要（填“吸收”或“放出”）556kJ能量。（3）为发展低碳经济，科学家提出可以用氧化锆锌作催化剂，将CO2转化为重要有机原料CH3OH，该反应的化学方程式为CO2（g）+3H2（g）⇌CH3OH（g）+H2O（g）。在容积为2L的恒温密闭容器中，充入1molCO2和3molH2，CO2和CH3OH的物质的量随时间变化的曲线如图所示。分析图中数据，回答下列问题。①反应在0∼2min内，v（CO2）＝mol⋅L﹣1⋅min﹣1。②2min时，反应是否达到化学平衡（填“是”或“否”）；4min时，正反应速率逆反应速率（填“＞”“＜”或“＝”）；6min时，将容器的容积变为3L，此时化学反应速率（填“增大”、“减小”或“不变”）。③对于上述反应，下列叙述正确的是。a．当各气体的物质的量不再改变时，该反应已达平衡状态。b．当该反应达到平衡后，n（CO2）：n（H2）：n（CH3OH）：n（H2O）＝1：3：1：1。c．由图可知，2min时CH3OH的生成速率大于6min时CH3OH的分解速率。d．提高反应的温度，可以实现CO2的完全转化17．（12分）海水淡化与化工生产、能源开发等相结合已成为海水综合利用的重要方向。（1）粗盐精制（过程1）：精盐中通常含Ca2+、Mg2+和等杂质离子．请按操作顺序写出粗盐溶解后，加入的除杂试剂分别是。（2）海水提镁：过程2中加入的试剂是，反应的离子方程式为；无水MgCl2在熔融状态下，通电后获得Mg，该反应的化学方程式为。（3）海水提溴（过程3）：主要工业生产流程如图所示：①吸收塔中SO2将Br2转化为HBr的化学方程式为。②2次通入Cl2的目的是，若最终获得1molBr2，理论上共需消耗molCl2。（3）工业上也可用Na2CO3溶液吸收吹出的Br2．补全以下化学方程式：Br2+Na2CO3+3H2O＝NaBr+NaBrO3+6NaHCO3。18．（12分）已知：A是石油化学工业的重要原料，相对分子质量为28，在一定条件下能发生如图所示的转化关系。（1）A为不饱和烃，结构简式为。（2）B中官能团名称为。（3）C可发生银镜反应，B→C的化学方程式为。（4）B+D→E的化学方程式为。（5）A→F的反应类型为。（6）H为高分子材料，G→H的化学方程式为。（7）下列说法中，正确的是。a．G和CH3Cl互为同系物b．E与CH3CH2CH2COOH互为同分异构体c．G、H均可使溴的四氯化碳溶液褪色d．物质的量相等的A和B，分别在足量O2中完全燃烧，消耗O2的量相同19．（14分）某研究小组利用铜丝与过量浓硫酸的反应，探究含硫物质的性质，设计如图实验，请根据要求回答下列问题。（1）写出装置A中发生反应的化学方程式。（2）一段时间后，观察到装置B中溶液黄绿色褪去，B中反应的离子方程式为。（3）为验证SO2和Cl2发生了反应，小组同学进行如下实验。①甲同学认为若SO2和Cl2反应，生成了Cl﹣，只要检验生成的Cl﹣即可。实验结束后，甲同学取适量B中溶液于试管中，向其中滴加少量溶液，有白色沉淀生成。②乙同学认为甲同学的结论不合理，理由是。他认为若验证SO2和Cl2反应，需要检验生成的。（4）装置C中的现象是。（5）装置D中反应的离子方程式为。（6）研究小组认为可以用H2O2溶液来验证D中溶液含有。①实验1方案如下：实验操作实验现象a．实验完成后，取少量D中溶液，向其中加入适量H2O2溶液，振荡无明显现象b．然后滴加试剂1，振荡无明显现象c．再滴加试剂2，振荡有白色沉淀生成结论：D中溶液含有。则试剂1、试剂2分别是、。②反思、评价：研究小组认为该实验方案不够严谨，补充了实验2：（填写实验操作和现象），进一步证明了反应后装置D中溶液含有。

参考答案第一部分选择题本题共14小题，每小题只有一个选项符合题意，每小题3分1．【分析】有机高分子化合物是指相对分子质量在10000以上的有机物为有机高分子化合物。【解答】解：A．碳纤维复合材料是基体和增强体形成的，属于复合材料，故A正确；B．聚碳酸酯（PC）属于高分子化合物，故B错误；C．钛合金属于合金材料，不是高分子化合物，故C正确；D．聚乳酸塑料是乳酸的缩合聚合产物，属于高分子化合物，故D错误；故选：AC。【点评】本题考查物质的分类，侧重考查有机高分子材料，题目难度不大。2．【分析】烃是指仅含碳氢两种元素的化合物，据此判断。【解答】解：A．C2H4只含有碳氢两种元素，属于烃，故A正确；B．CH2＝CHCl含有C、H、Cl三种元素，不属于烃，故B错误；C．乙醇含有C、H、O三种元素，不属于烃，故C错误；D．乙酸含有C、H、O三种元素，不属于烃，故D错误；故选：A。【点评】考查烃的概念与有机物的组成，比较基础，注意基础知识的掌握．清楚烃仅含C、H两种元素是解题关键。3．【分析】金属冶炼是工业上将金属从含有金属元素的矿石中还原出来的生产过程．金属的活动性不同，可以采用不同的冶炼方法．金属冶炼的方法主要有：热分解法：对于不活泼金属，可以直接用加热分解的方法将金属从其化合物中还原出来（Hg及后边金属）；热还原法：在金属活动性顺序表中处于中间位置的金属，通常是用还原剂（C、CO、H2、活泼金属等）将金属从其化合物中还原出来（Zn～Cu）；电解法：活泼金属较难用还原剂还原，通常采用电解熔融的金属化合物的方法冶炼活泼金属（K～Al）．【解答】解：A、氯化铝为共价化合物，在熔融状态不能电离出铝离子，不导电，所以不能用电解熔融氯化铝的方法制取铝，通常用电极氧化铝的方法制取铝，故A错误；B、金属钠是活泼金属，工业上采用电解熔融物的方法冶炼，故B正确；C、工业上采用热还原法来冶炼金属铁，故C正确；D、对于不活泼金属Hg，可以直接用加热分解的方法将金属从氧化汞中还原出来，故D正确。故选：A。【点评】本题考查了金属冶炼的一般原理，难度不大，注意根据金属的活泼性不同采取相应的冶炼方法．4．【分析】同分异构体应具有相同的化学式或分子式，但结构不同，以此解答该题。【解答】解：A．CH4和CH3CH3化学式不同，不是同分异构体，故A错误；B．CH3CH2OH和CH3OCH3的分子式相同，结构不同，互为同分异构体，故B正确；C．O2和O3的分子式不相同，不互为同分异构体，故C错误；D．CH2＝CHCH3和CH3CH＝CH2都属于丙烯，是同种物质，故D错误；故选：B。【点评】本题考查同分异构体的判断，为高频考点，侧重考查学生的分析能力，注意把握同分异构体的定义以及判断的角度，把握有机物的结构特点，题目难度不大。5．【分析】A．淀粉与纤维素中的n值不同；B．煤和水蒸气高温条件下生成水煤气；C．碱性条件下，葡萄糖能把氢氧化铜还原为氧化亚铜；D．蛋白质遇重金属盐会发生变性。【解答】解：A．淀粉与纤维素中的n值不同，分子式不同，不是同分异构体，故A错误；B．煤和水蒸气高温条件下生成水煤气，水煤气的主要成分是CO和氢气，是一种清洁燃料和重要的化工原料，故B正确；C．碱性条件下，葡萄糖能把氢氧化铜还原为氧化亚铜，产生砖红色沉淀，故C正确；D．鸡蛋清溶液中加入几滴醋酸铅溶液，发生变性，产生白色沉淀，故D正确；故选：A。【点评】本题考查糖类、油脂、蛋白质的化学性质，难度不大，熟悉蛋白质的性质、葡萄糖常见的化学反应是解答的关键。6．【分析】乙醇具有醇的性质，能发生氧化反应、消去反应、酯化反应；乙酸具有酸的通性，能发生酯化反应，能使紫色石蕊试液变红色。【解答】解：A．乙醇和Fe不反应、乙酸和Fe反应生成氢气，现象不同可以鉴别，故A不选；B．乙醇和乙酸都不和溴反应，且都与溴水互溶，现象相同无法鉴别，故B选；C．碳酸钠能和乙酸反应生成二氧化碳气体，和乙醇不反应，现象不同可以鉴别，故C不选；D．乙酸能使紫色石蕊试液变红色，乙醇不能使紫色石蕊试液变色，现象不同可以鉴别，故D不选；故选：B。【点评】本题考查有机物鉴别，侧重考查分析判断及基础知识灵活运用能力，明确官能团及其性质关系、物质性质差异性是解本题关键，利用物质性质差异性选取合适的鉴别试剂，题目难度不大。7．【分析】A．乙酸的结构简式为CH3COOH，据此写出分子式；B．乙烷是含有两个C原子的饱和烃，可看作是甲烷分子中的1个H被甲基取代的产物；C．甲烷是正四面体结构的分子，C原子半径大于H原子；D．羟基中O原子的最外层电子数为7。【解答】解：A．乙酸的结构简式为CH3COOH，分子式为C2H4O2，故A正确；B．乙烷可看作是CH4分子中的1个H被﹣CH3取代的产物，结构简式为CH3CH3，故B正确；C．甲烷是正四面体结构的分子，中心原子是C，并且C原子半径大于H原子，其空间填充模型为，故C正确；D．羟基中O、H原子间共用1对电子，O原子的最外层电子数为7，其电子式为，故D错误；故选：D。【点评】本题考查化学用语的表示方法，涉及结构简式、分子式、空间填充模型、电子式等知识，明确常见化学用语的概念及书写原则为解答关键，试题培养了学生的规范答题能力，题目难度不大。8．【分析】物质反应时量不同、条件不同、产物可能不同，应根据具体反应的物质的性质分析．一般是发生反应后，如果某种物质过量且和生成产物继续反应，则会引起产物变化；反应时温度不同产物可能不同，据此解答。【解答】解：A．S在O2中燃烧生成SO2，与反应条件（温度、反应物浓度）或反应物用量改变无关，反应条件改变，不会引起产物改变，故A正确；B．NaOH和SO2反应产物与二氧化硫用量有关，二氧化硫少量反应生成亚硫酸钠，二氧化硫过量反应生成亚硫酸氢钠，故B错误；C．CH3CH2OH和O2反应的条件不同，产物不同，点燃生成二氧化碳和水，在铜或银催化下加热生成乙醛，故C错误；D．Cu和浓HNO3反应生成二氧化氮，Cu和稀HNO3反应生成一氧化氮，硝酸浓度不同，产物不同，故D错误；故选：A。【点评】本题考查了反应物间反应条件或反应物用量与反应产物的联系，题目难度不大，注意把握常见元素化合物的性质。9．【分析】丙烯含碳碳双键，可发生加成、氧化反应，且可发生加聚反应生成聚丙烯，以此来解答。【解答】解：A．含碳碳双键，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，发生氧化反应，故A正确；B．含C、H元素，可燃烧生成二氧化碳和水，故B正确；C．丙烯与溴发生加成反应的产物是CH2BrCHBrCH3，只有双键断裂，故C错误；D．聚丙烯的结构可以表示为，甲基为侧链，故D正确；故选：C。【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意烯烃的性质，题目难度不大。10．【分析】有机物分子中的不饱和键断裂，断键原子与其他原子或原子团相结合，生成新的化合物的反应是加成反应，以此进行判断。【解答】解：A．光照条件下甲烷与氯气发生取代反应生成氯代甲烷和氯化氢，导致试管内壁上有油状液滴，故A错误；B．乙烯分子中含有碳碳双键，能够与溴发生加成反应，导致溴的四氯化碳溶液褪色，故B正确；C．酸性高锰酸钾溶液具有强氧化性，能够氧化乙烯，导致酸性高锰酸钾溶液褪色，该反应为氧化反应，故C错误；D．乙酸与乙醇反应生成乙酸乙酯和水，导致右侧试管有无色油状液体生成，该反应为取代反应，不属于加成反应，故D错误；故选：B。【点评】本题考查有机反应类型判断，明确发生反应的实质为解答关键，注意掌握常见有机反应类型及判断方法，试题侧重考查学生灵活应用基础知识的能力，题目难度不大。11．【分析】A．该有机物含有碳碳双键，具有烯烃的性质；B．该有机物含有羟基，具有醇的性质；C．分子中含有碳碳双键等，可以发生加成反应、氧化反应；D．分子中羟基与钠反应生成氢气。【解答】解：A．该有机物含有碳碳双键，可以发生加聚反应，故A正确；B．该有机物含有羟基，能与羧酸发生酯化反应，故B正确；C．分子中含有碳碳双键、苯环，可以发生加成反应，含有的碳碳双键、醇羟基可以发生氧化反应，故C正确；D．分子中1个羟基与钠反应生成氢气，1mol该有机物与足量的Na反应时，可产生0.5molH2，故D错误；故选：D。【点评】本题考查有机物的结构与性质，熟练掌握官能团的结构、性质与转化，题目难度不大，旨在考查学生对基础知识的掌握情况、灵活运用知识的能力。12．【分析】A．甲装置的操作是过滤，丙装置的操作是分液；B．氯气可氧化溴离子；C．CCl4与溴的沸点接近，应选沸点差异较大的正十二烷；D．蒸馏时沸点低的先被蒸馏出来，而后熔点高的蒸馏出来。【解答】解：A．甲装置的操作是过滤，丙装置的操作是分液，二者分离物质的原理不相同，故A错误；B．氯气可氧化溴离子，乙装置中主反应为2Br﹣+Cl2＝Br2+2Cl﹣，故B正确；C．CCl4与溴的沸点接近，应选沸点差异较大的正十二烷，便于萃取后Br2与正十二烷蒸馏分离，故C正确；D．溴单质的沸点低于正十二烷，蒸馏时沸点低的先被蒸馏出来，则先收集到Br2再收集正十二烷，故D正确；故选：A。【点评】本题考查混合物的分离提纯，把握混合物分离提纯方法及原理、物质的性质、实验技能为解答的关键，侧重分析与实验能力的考查，注意实验的评价性分析，题目难度不大。13．【分析】A．由图可知，反应1为CO2与H2反应生成CH3OH与H2O；B．反应2为CH3OH+O2═HCHO+H2O2；C．第2步反应中由CH3OH生成HCHO，C﹣H键发生断裂；D．淀粉遇碘变蓝。【解答】解：A．由图可知，反应1为CO2与H2反应生成CH3OH与H2O，反应产物中有H2O，故A正确；B．反应2为CH3OH+O2═HCHO+H2O2，氧气中氧元素的化合价由0价降低到﹣1价，每消耗1molO2，转移2mole﹣，故B错误；C．第2步反应中由CH3OH生成HCHO，C﹣H键和O﹣H键发生断裂，故C正确；D．淀粉遇碘变蓝，可使用I2溶液检验CO2是否转化为淀粉，故D正确；故选：B。【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项C为解答的易错点，题目难度不大。14．【分析】A．钠与水反应比与乙醇反应剧烈；B．浓硫酸使蔗糖脱水；C．醋酸与碳酸钙反应生成二氧化碳，为强酸制取弱酸的反应；D．蔗糖水解后，在碱性溶液中检验葡萄糖。【解答】解：A．钠与水反应比与乙醇反应剧烈，则乙醇分子中的氢不如水分子中的氢活泼，故A错误；B．浓硫酸使蔗糖脱水，蔗糖变黑，可知浓硫酸具有脱水性，故B错误；C．醋酸与碳酸钙反应生成二氧化碳，为强酸制取弱酸的反应，可知酸性：CH3COOH＞H2CO3，故C正确；D．蔗糖水解后，没有加NaOH中和硫酸，不能检验葡萄糖，则不能证明蔗糖未发生水解反应，故D错误；故选：C。【点评】本题考查化学实验方案的评价，为高频考点，把握物质的性质、反应与现象、实验技能为解答的关键，侧重分析与实验能力的考查，注意元素化合物知识的应用，题目难度不大。第二部分非选择题15．【分析】从球棍模型可以看出，a是甲烷，b是乙烷，c是乙烯，d是异戊烷，e是乙酸，结合同系物、同分异构体的概念和物质性质进行解答。【解答】解：（1）a是甲烷，空间结构为正四面体，在光照条件下与氯气反应可生成一氯甲烷，其方程式为：CH4+Cl2CH3Cl+HCl，故答案为：正四面体；CH4+Cl2CH3Cl+HCl；（2）a是甲烷，其同系物应属于烷烃，符合条件的为b﹣乙烷和d异﹣戊烷，故答案为：b、d；（3）c为乙烯，其电子式为：，故答案为：；（4）d为异戊烷，其同分异构体为正戊烷和新戊烷，结构简式分别为CH3CH2CH2CH2CH3和C（CH3）4，故答案为：CH3CH2CH2CH2CH3或C（CH3）4；（5）e为乙酸，官能团为羧基，其结构简式为﹣COOH，故答案为：﹣COOH。【点评】本题考查同系物、同分异构体、电子式、官能团以及物质的结构，内容基础，难度不大，掌握基础是解题的关键。16．【分析】（1）原电池中，负极发生氧化反应，失去电子，正极发生还原反应，得到电子，阳离子移向正极，阴离子移向负极；（2）反应物断键所需要吸收的能量大于生成物形成化学键所需要放出的能量是吸热反应，反之则是放热反应；（3）根据v＝计算；.当各气体的浓度不再改变时，平衡不再移动，该反应已达平衡状态。【解答】解：（1）在放电过程中，电极a上水失去电子发生氧化反应生成氧气，为负极；；CO2得到电子发生还原反应生成甲酸，为正极；电池内部阳离子移向正极，则H+的移动方向为a→b，故答案为：负极；得到；a→b；（2）①由图可知，上述过程中，利用太阳能将二氧化碳转化为一氧化碳，故能量的变化形式是由太阳能转化为化学能，故答案为：化学能；②由图可知，2molCO2断键吸收的能量为3196kJ，形成2molCO和1molO2则要放出的能量为2640kJ，则说明反应物断键所需要吸收的能量大于生成物形成化学键所需要放出的能量，故利用TiO2催化剂分解CO2时需要吸收能量，故答案为：吸收；（3）①由图可知，在0∼2min内CO2的物质的量变化量为△n＝0.50mol，则v（CO2）＝＝0.125mol/l/min，故答案为：0.125；②2min后CO2、CH3OH物质的量仍在变化，反应仍在进行，故反应没有达到平衡；4min时反应没达到平衡，且CH3OH的物质的量不断变大，CO2的物质的量不断变小，反应仍是向正反应方向进行，故正反应速率＞逆反应速率；6min时，反应到达平衡，将容器的容积变为3L，即容积增大，则反应物和生成物的浓度减少，反应速率减小；故答案为：否；＞；减小；③a.当各气体的浓度不再改变时，平衡不再移动，该反应已达平衡状态，故a正确；b.该反应始终存在n（CO2）：n（H2）：n（CH3OH）：n（H2O）＝1：3：1：1，故无法判断反应达到平衡，故b错误；c.由表可知，2min之后继续生成甲醇，则反应正向进行，故2min时，CH3OH的生成速率大于6min时CH3OH的分解速率，故c正确；d.此反应是可逆反应，不可能将CO2完全转化，故d错误；故答案为：ac。【点评】本题考查了原电池、反应热和焓变和物质的量有关计算，是高频考点，认真分析是解题关键，侧重考查学生的基础知识，题目难度不大。17．【分析】根据流程可知，海水晒盐分离出粗盐，选NaOH除去镁离子，选氯化钡除去硫酸根离子，选碳酸钠除去过量钡离子和钙离子，过滤后加盐酸至中性，蒸发分离出氯化钠；浓缩海水中加入石灰乳生成氢氧化镁，与盐酸反应得到氯化镁，在HCl气流中蒸发中得到无水氯化镁，最后电解熔融氯化镁冶炼Mg；浓缩海水中通入氯气发生2Br﹣+Cl2＝2Cl﹣+Br2，热空气吹出溴后，吸收塔中发生SO2+Br2+2H2O＝2HBr+H2SO4；蒸馏塔中发生2HBr+Cl2＝2HCl+Br2，冷凝、精馏分离出溴，以此为出发点解答。【解答】解：（1）选NaOH除去镁离子，选氯化钡除去硫酸根离子，选碳酸钠除去过量钡离子和钙离子，并且碳酸钠一定在氯化钡之后，因此加入的除杂试剂为：BaCl2溶液、Na2CO3溶液、NaOH溶液；故答案为：BaCl2溶液、Na2CO3溶液、NaOH溶液；（2）过程2中加入的试剂是石灰乳，便宜易得，反应的离子方程式是：Mg2++Ca（OH）2＝Mg（OH）2↓+Ca2+；无水MgCl2在熔融状态下，通电后获得Mg的化学方程式是：MgCl2（熔融）Mg+Cl2↑；故答案为：石灰乳；Mg2++Ca（OH）2＝Mg（OH）2↓+Ca2+；MgCl2（熔融）Mg+Cl2↑；（3）①吸收塔中SO2将Br2转化为HBr的化学方程式为：SO2+Br2+2H2O＝2HBr+H2SO4；故答案为：SO2+Br2+2H2O＝2HBr+H2SO4；②2次通入Cl2的目的是富集溴元素，第一次通入氯气是把溴离子氧化出来，第二次是在提纯氧化溴离子，总的来说通入的氯气的目的是富集溴元素；海水中的Br﹣被Cl2氧化的离子方程式是：2Br﹣+Cl2＝2Cl﹣+Br2；根据离子方程式，获得1molBr2，消耗1molCl2；故答案为：富集溴元素；1；（4）根据电子守恒和原子守恒可知化学方程式为：3Br2+6Na2CO3+3H2O＝5NaBr+NaBrO3+6NaHCO3；故答案为：3；6；5；1。【点评】本题主要考查从海水中提取溴的过程，把握流程中发生的反应、混合物的分离提纯为解答的关键，注意元素化合物知识的应用，总体难度不大。18．【分析】A是石油化学工业重要的基本原料，其相对分子量为28，可知A为CH2＝CH2，乙烯与水发生加成反应生成B（CH3CH2OH），乙醇发生氧化反应生成C为CH3CHO，乙醛进一步氧化生成D为CH3COOH，乙酸与乙醇发生酯化反应生成E为CH3COOCH2CH3，乙烯与Cl2发生加成反应生成CH2ClCH2Cl，CH2ClCH2Cl发生消去反应生成CH2＝CHCl，（6）中H为高分子材料，则CH2＝CHCl发生加聚反应生成H为。【解答】解：（1）A为不饱和烃，是石油化学工业重要的基本原料，其相对分子量为28，可知A的结构简式为CH2＝CH2，故答案为：CH2＝CH2；（2）有机物B的结构简式是CH3CH2OH，含有的官能团是羟基，故答案为：羟基；（3）B→C是乙醇发生催化氧化生成乙醛，化学反应方程式为2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O，故答案为：2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O；（4）B+D→E是CH3COOH与CH3CH2OH发生酯化反应生成CH3COOCH2CH3，反应方程式为CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O，故答案为：CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O；（5）A→F是乙烯与Cl2发生加成反应生成CH2ClCH2Cl，故答案为：加成反应；（6）G→H是CH2＝CHCl发生加聚反应生成，化学反应方程式为nCH2＝CHCl，故答案为：nCH2＝CHCl；（7）a．CH2＝CHCl含有碳碳双键，而CH