广东省佛山市华材职业高级中学2022年高三物理联考试卷含解析

广东省佛山市华材职业高级中学2022年高三物理联考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.图甲为理想变压器的示意图，其原、副线圈的匝数比为4：1，电压表和电流表均为理想电表．若发电机向原线圈输入图乙所示的正弦交流电，图中Rt为NTC型热敏电阻（阻值随温度升高而变小），R1为定值电阻．下列说法中正确的是（）A．交流电压u的表达式（V）B．变压器原、副线圈中的电流之比为4：1C．t=0.01s时，发电机中线圈平面与磁场平行D．Rt温度升高时，电压表的示数不变，电流表的示数变大参考答案：解：A、原线圈接的图乙所示的正弦交流电，由图知最大电压36v，周期0.02S，故角速度是ω=100π，u=36sin100πt（V），故A正确．

B、根据公式变压器原、副线圈中的电流之比，故B错误．

C、t=0.01s时，代入A选项中电压瞬时表达式，则有电压值为零，则发电机中线圈与磁场垂直，故C错误．

D、t处温度升高时，阻值减小，电流表的示数变大，但不会影响输入电压值，故D正确；故选AD．2.如图甲为理想变压器的示意图，其原、副线圈的匝数比为4：1，电压表和电流表均为理想电表，R1为阻值随温度升高而变小的热敏电阻，R1为定值电阻．若发电机向原线圈输入如图乙所示的正弦交流电．下列说法中正确的是(

)A．输入变压器原线圈的交流电压的表达式为B．变压器原、副线圈中的电流之比为4：lC．t=0.0ls时，发电机的线圈平面位于中性面D．R1温度升高时，变压器的输入功率变小参考答案：C考点：交流电；变压器【名师点睛】根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键。3.（单选）将一质量为m的小球靠近墙面竖直向上抛出，图甲是向上运动的频闪照片，图乙是下降时的频闪照片，O是运动的最高点，甲、乙两次的闪光频率相同．重力加速度为g，假设小球所受阻力大小不变，则可估算小球受到的阻力大小约为（）A．mgB．mgC．mgD．mg参考答案：考点：牛顿第二定律；自由落体运动；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：闪光频率相同，则小球每经过两个相邻位置的时间间隔是相同的，根据位移公式求出两种情况的加速度之比，根据牛顿第二定律列方程表示出上升和下落的加速度，联立即可求解．解答：解：设每块砖的厚度是d，向上运动上运动时：9d﹣3d=aT2①向下运动时：3d﹣d=a′T2②联立①②得：=③根据牛顿第二定律，向上运动时：mg+f=ma④向下运动时：mg﹣f=ma′⑤联立③④⑤得：f=mg；故选：B．点评：解决本题的关键是利用匀变速直线运动的推论△x=aT2求出两种情况下的加速度，进而由牛顿第二定律即可求解．4.如图所示为研究玩具电动机性能的直流电路图.其中电源的电动势为E，内阻为r，滑动变阻器接入电路的电阻为R，S为开关，M为电动机，其内阻为r1.现调节变阻器触头到适当位置，闭合开关，电动机正常工作，此时三只电压表的读数分别为U1、U2、U3，电流表的读数为I.不计电压表和电流表对电路的影响，下列关系正确的是A.U2=IR；U3=Ir1 B.U1=U2+U3 C.E=U1+U2+U3 D.参考答案：B本题考查了闭合回路的欧姆定律等相关知识点，意在考查考生理解和综合应用能力。根据电路图知，电压表V2测量的是可变电阻两端的电压，电压表V3测量的是电动机两端的电压，电压表V1测量的是电路路端电压，根据闭合回路的欧姆定律有E=U1+Ir，而U1=U2+U3选项B正确、C错误；因为电动机将一部分电能转化为热能，一部分电能转化为动能，所以是非纯电阻电路，即欧姆定律不适合它两端电压电阻的计算，选项AD错误。综上本题选B。5.物理学中用到大量的科学方法，建立下列概念时均用到“等效替代”方法的是（

）（A）“合力与分力”“质点”“电场强度”

（B）“质点”“平均速度”“点电荷”（C）“合力与分力”“平均速度”“总电阻”（D）“点电荷”“总电阻”“电场强度”参考答案：C二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.如图所示是自行车传动装置的示意图．假设踏脚板每2s转一圈，要知道在这种情形下自行车前进的速度有多大，还需测量哪些量？________________________________

__________________________________________________________________________

请在图中用字母标注出来，并用这些量推导出自行车前进速度的表达式：___________．参考答案：．如图所示，测量R、r、R′．自行车的速度为：7.质量为2．0kg的物体，从离地面l6m高处，由静止开始匀加速下落，经2s落地，则物体下落的加速度的大小是

m/s2，下落过程中物体所受阻力的大小是

N．(g取l0m/s2)参考答案：8.如图所示，自耦变压器输入端A、B接交流稳压电源，其电压有效值UAB＝100V，R0＝40W，当滑动片处于线圈中点位置时，C、D两端电压的有效值UCD为

V，通过电阻R0的电流有效值为

A。参考答案：答案：200，5解析：自耦变压器的原副线圈在一起，由题可知，原线圈的匝数为副线圈匝数的一半。理想变压器的变压比为，所以。根据部分电路欧姆定律有。9.卢瑟福用a粒子轰击氮核时发现了质子.完成其核反应方程：_____________参考答案：10.

（选修3—3含2—2）（6分）布朗运动是大量液体分子对悬浮微粒撞击的

引起的，是大量液体分子不停地做无规则运动所产生的结果．布朗运动的激烈程度与

和

有关。参考答案：答案：不平衡；微粒的质量；液体的温度．（每空2分）11.一小球在桌面上做匀加速直线运动，现用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下小球运动过程中在每次曝光时的位置，并将小球的位置编号，得到的照片如图所示．由于底片保管不当，其中位置4处被污损．若已知摄影机连续两次曝光的时间间隔均为1s，则利用该照片可求出：小球运动的加速度约为________m/s2.位置4对应的速度为________m/s，能求出4的具体位置吗？________.求解方法是：____________________(不要求计算，但要说明过程)．参考答案：3.0×10－2(2.8×10－2～3.1×10－2均可)9×10－2能利用(x５－x4)－(x4－x３)＝aT2可以求出位置4的具体位置(其他方法合理均可)

12.测量小物块Q与平板P之间的动摩擦因数的实验装置如图所示。AB是半径足够大的光滑四分之一圆弧轨道，与水平固定放置的P板的上表面BC在B点相切，C点在水平地面的垂直投影为C’。重力加速度为g。实验步骤如下：①用天平称出物块Q的质量m；②测量出轨道AB的半径R、BC的长度L和CC’的长度h；③将物块Q在A点从静止释放，在物块Q落地处标记其落地点D；

④重复步骤③，共做10次；⑤将10个落地点用一个尽量小的圆围住，用米尺测量圆心到C’的距离s。（1）、用实验中的测量量表示：（I）物块Q到达B点时的动能EKB=

；（II）物块Q到达C点时的动能Ekc=

；（III）在物块Q从B运动到C的过程中，物块Q克服摩擦力做的功Wf=

；（IV）物块Q与平板P之间的动摩擦因数u=

。（2）、回答下列问题：（I）实验步骤④⑤的目的是

。（II）已知实验测得的u值比实际值偏大，其原因除了实验中测量的误差之外，其它的可能是

。（写出一个可能的原因即可）。参考答案：13.如图所示，金属棒AB的电阻R=2.0Ω，在拉力F=2N的水平力作用下以速度v=0.2m/s沿金属棒导轨匀速滑动，磁场方向与金属导轨所在平面垂直，设电流表与导轨的电阻不计，且金属棒在滑动过程中80%的机械能转化成电能，那么电流表读数为

。参考答案：

答案：0.4A三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.（选修3—5）（5分）如图所示，球1和球2从光滑水平面上的A点一起向右运动，球2运动一段时间与墙壁发生了弹性碰撞，结果两球在B点发生碰撞，碰后两球都处于静止状态。B点在AO的中点。（两球都可以看作质点）

求：两球的质量关系

参考答案：解析：设两球的速度大小分别为v1，v2，则有

m1v1=m2v2

v2=3v1

解得：m1=3m215.（4分）图为一简谐波在t=0时，对的波形图，介质中的质点P做简谐运动的表达式为y=4sin5xl，求该波的速度，并指出t=0.3s时的波形图(至少画出一个波长)

参考答案：解析：由简谐运动的表达式可知，t=0时刻指点P向上运动，故波沿x轴正方向传播。由波形图读出波长，；由波速公式，联立以上两式代入数据可得。t=0.3s时的波形图如图所示。

四、计算题：本题共3小题，共计47分16.

如图，空间有一水平向右的有界匀强电场，上下宽度l=12cm，沿电场线上的A、B两点间的距离d＝8cm，AB两点间的电势差UAB＝160V。一带正电的粒子，电量q＝5.0×10-10-C，质量m＝1.0×10-20-kg，从电场的上边界R点沿电场的垂线RO飞入电场，初速度v0＝3×106m/s。粒子从电场的下边界飞出电场后，经过无场区域进入水平界面为MN、PQ的匀强磁场区域，从磁场的PQ边界出来后刚好打在直线RO上离PQ边界

--L处的S点上，且电场的下边界到界面MN的距离以及两界面MN与PQ间的距离均为L。已知粒子进入界面MN时偏离直线RO的距离为24cm，粒子重力不计。求：

（1）粒子射出电场时速度v的大小；

（2）磁场两界面MN与PQ间的距离L；（3）画出粒子的运动轨迹，并求出匀强磁场的磁感应强度B的大小。参考答案：解：（1）粒子在电场中做类平抛运动

①

②水平方向的速度

③代入数据，解得：

vy=4×106m/s

④

所以粒子从电场中飞出时速度的大小为：

5×106m/s

⑤（2）设粒子从电场中飞出时的侧向位移为h,进入界面MN时偏离中心线RO的距离为y，则：

h=

⑥即：

代入数据，解得：

h=8cm

⑦带电粒子在离开电场后将做匀速直线运动,由相似三角形知识得：

⑧代入数据，解得：

L=12cm

⑨

（3）设粒子从电场中飞出时的速度方向与竖直方向的夹角为θ，则： tanθ＝=解得： θ＝53o

⑩

轨迹如图所示

由几何知识可得粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径：

R==7.5cm

由牛顿第二定律得：

代入数据，解得：

B＝×10－3T

17.如图，在水平轨道右侧固定半径为R的竖直圆槽形光滑轨道，水平轨道的PQ段铺设特殊材料，调节其初始长度为，水平轨道左侧有一轻质弹簧左端固定，弹簧处于自然伸长状态．可视为质点的小物块从轨道右侧A点以初速度v0冲上轨道，依次通过圆形轨道和水平轨道后压缩弹簧，并被弹簧以原速率弹回．已知，，，物块质量，与PQ段间的动摩擦因数0.4，轨道其它部分摩擦不计．取g=10m/s2．求：（1）物块经过圆轨道最高点B时对轨道的压力的大小；（2）物块在压缩弹簧的过程中克服弹簧弹力做的功；（3）物块仍以从右侧冲上轨道，调节PQ段的长度，当是多少时，物块恰能不脱离轨道返回A点继续向右运动．参考答案：(1)40N；(2)8J；(3)1m【详解】(1)对从初始位置对圆弧轨道的最高点过程，由动能定理，有：在最高点，由牛顿第二定律得：联立解得：；(2)由能量守恒得：，代入数据解得：，所以物块在