2024年高考押题预测物理卷（黑龙江卷3）含答案

2024年黑龙江省高考押题预测卷03【新课标】

高三物理

（考试时间：75分钟试卷满分：100分）

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如

需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写

在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回

一、选择题：选择题：本题共10小题，共46分。第1〜7题每题4分，8-10题每题6分。在每小

题给出的四个选项中，第1〜7题只有一项符合题目要求，第8〜10题有多项符合题目要求，全

部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1.在一次军事演习中，一伞兵从悬停在高空的直升机中以初速度为零落下，在空中沿竖直方向运动

的v-t图像如图。则伞兵在（）

A.0~10s内位移大小为50mB.10s~15s内加速度逐渐增大

C.0-10s内所受阻力逐渐增大D.10s~15s内所受阻力逐渐增大

2.大理石是家居装修常用的石材，它有一定的辐射，其辐射源主要是石材中的氢元素。已知氨核衰

变方程为常2Rn%；8p°+y,则以下说法正确的是（）

A.一个慧8Po核含有134个质子

B.丫射线是穿透力最强的一种放射性射线

C.Po核比Rn核的比结合能大

D.经高温煨烧后石材中的氢半衰期会缩短

3.下列说法正确的是（）

A.图甲为一定质量的某种理想气体在3个不同温度下的等温线，其中等温线2表示的温度最高

B,图乙为一定质量的理想气体状态变化的V-7■图线，由图可知气体在状态a的压强大于在状态b

的压强

C.图乙中一定质量的理想气体在a的过程中对外界做功，气体吸热

D.图丙为分子间作用力与分子间距离的关系，可知当分子间的距离r>r0时，分子势能随分子间距

离的增大而增大

4.一抛物线形状的光滑固定导轨竖直放置，。为抛物线导轨的顶点，。点离地面的高度为〃，4B

两点相距2方，轨道上套有一个小球小球M通过轻杆与光滑地面上的小球N相连，两小球的质

量均为m,轻杆的长度为2〃。现将小球M从距地面竖直高度为。〃处静止释放，下列说法正确的

是

A.小球M即将落地时，它的速度方向与水平面的夹角为30°

B.小球/W即将落地时，它的速度方向与水平面的夹角为60°

C.从静止释放到小球M即将落地，轻杆对小球N做的功为Jmg/

D.若小球M落地后不反弹，则地面对小球M的作用力的冲量大小为m

5.雨后太阳光射入空气中的水滴，先折射一次，然后在水滴的背面发生反射，最后离开水滴时再折

射一次，就形成了彩虹。如图，太阳光从左侧射入球形水滴，。、b是其中的两条出射光线，在这两

条出射光线中，一条是红光，另一条是紫光，下列说法正确的是（）

太阳光

A.a光线是红光，b光线是紫光

B.遇到同样的障碍物，b光比a光更容易发生明显衍射

C.a光在水滴中的传播时间比b光在水滴中的传播时间短

D.增大太阳光在水滴表面的入射角，则可能没有光线从水滴中射出

6.图包中，在x轴上关于原点。对称的位置固定两个等量异种点电荷。图口中，在x轴上关于原点

。对称的位置固定两根垂直于纸面的平行长直导线，两根导线中电流大小相等、方向相反。电子以

一定的初速度从原点。垂直纸面向里运动，则关于两幅图中电子在原点。处受力的说法正确的是

)

A.图⑷中，电子所受电场力方向沿x轴正向

B.图同中，电子所受电场力方向沿y轴正向

图口中，电子所受洛伦兹力方向沿y轴正向

D.图口中，电子所受洛伦兹力方向沿x轴正向

7.大地卫星7是一种人造卫星，它能提供地球大陆表面的图像。其拍摄的照片已广泛应用于制作地

图，研究土地利用，监视资源及地球的整体变迁等。假设卫星7绕地球做匀速圆周运动，质量大约

为2200kg,轨道距地球表面的高度大约是705km,则下列说法正确的是（）

A.卫星7的运行速度可能大于7.9km/s

B.和静止在地面赤道上的物体相比，卫星7围绕地球转动得更快

卫星7在太空中处于完全失重状态，所以不受重力

D.相同时间内，卫星7与地心连线扫过的面积等于同步卫星与地心连线扫过的面积

8.一简谐机械横波以30m/s的速度沿x轴负方向传播，t=0.1s时刻的部分波形如图甲所示，a、b、

c是波上的三个质点。图乙是波上某一质点的振动图像。下列说法中正确的是（）

B.t=0时，平衡位置位于坐标原点的质点沿y轴负方向运动

C.t=0.1s时，平衡位置位于x=9m的质点沿y轴正方向运动

D.t=0.15s时，质点a的加速度比质点c的加速度小

9.如图乙所示，光滑的水平面上有一个质量为m=1kg的小球与质量为M=2kg、半径为R=5cm的

J光滑圆弧轨道，最初圆弧轨道处于静止状态，小球与圆弧轨道下边缘之间的距离大于1m,小球受

到一水平力F,小球运动1m后，撤掉外力F侏知％小球的加速度与小球的位移关系如图甲所示，g=

10m/s2,则撤去外力F后下列说法正确的是

A.小球与圆弧轨道组成的系统动量守恒，机械能守恒

B.小球到达圆弧轨道顶端时的速度大小为苧m作

C.小球上升的最大高度为。m

D.圆弧轨道的最大速度为孚m作

10.光滑绝缘水平桌面上有一个可视为质点的带正电小球,桌面右侧存在由匀强电场和匀强磁场组成

的复合场，复合场的下边界是水平面，到桌面的距离为〃，电场强度为E、方向坚直向上，磁感应

强度为B、方向垂直纸面向外，重力加速度为g,带电小球的比荷为会如图所示，现给小球一个向

右的初速度，使之离开桌边缘立刻进入复合场运动，已知小球从下边界射出，射出时的速度方向与

下边界的夹角为60。，下列说法正确的是（）

A.小球在复合场中的运动时间可能是赢

B.小球在复合场中运动的加速度大小可能是H

C.小球在复合场中运动的路程可能是空

D.小球的初速度大小可能是誓

第n卷

二、实验题：本题共2小题，共14分。

11.某同学采用如图甲所示装置验证动滑轮下方悬挂的物块A与定滑轮下方悬挂的物块带有遮光

条）组成的系统机械能守恒。图中光电门安装在铁架台上且位置可调，滑轮质量不计且滑轮凹槽中涂

有润滑油，以保证细线与滑轮之间的摩擦可以忽略不计，细线始终伸直。4B质量相等，遮光条质

量不计，遮光条通过光电门的平均速度看作滑块通过光电门的瞬时速度，实验时将物块B由静止释

⑴用螺旋测微器测出遮光条宽度d,如图乙所示，则己=mm。

⑵某次实验中，测得t=2160ms,则此时A的速度为仍（保留2位有效数字八

1

⑶改变光电门与物块B之间的高度也，重复实验，测得各次遮光条的挡光时间3以〃为横轴、

为纵轴建立平面直角坐标系，在坐标系中作出图像，如图丙所示，该图像的斜率为k,在实验误差

允许范围内，若卜=（用含g、d字母的表达式表示人则验证了机械能守恒定律。

12.为测量一节干电池的电动势和内阻，张同学和李同学提出了多种方案。在其中的一种方案中，他

们认为可以先测量电阻丝的阻值，再设计电路测量干电池的电动势和内阻。

⑴张同学准备用图甲所示器材精确测量一粗细均匀的电阻丝的电阻，其中部分器材的参数及量程选

择如下：

电源：电动势为2V；

待测电阻丝：阻值约为3。；

电压表：选择31/量程，内阻约为3k。；

电流表：选择0.6A量程，内阻约为0.05。；

要求电阻丝两端的电压调节范围尽量大，请将甲图中的电路补充完整______o

⑵李同学在阅读说明书后得知该电阻材料的电阻率，他用刻度尺测量该电阻丝的长度为50.00cm,

用螺旋测微器测该电阻丝的直径如图乙所示，则直径为____mm；

⑶两位同学测得电阻丝的电阻均为3.0。，为利用该电阻丝进一步测量一节干电池的电动势和内阻，

他们合作设计了如图丙所示的电路，其中的电池即为待测电池，定值电阻R。=2。。使金属滑片接触

电阻丝的不同位置，分别记录电阻丝连入电路的有效长度x及对应的电压表示数U,作出工图像

Ux

如图丁所示，电压表看做理想电压表，则该电池的电动势为V,内阻为。（结果均保留

两位有效数字八。

三、计算题：本题共3小题，共40分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写

出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

13.无人快递车在水平路面上从静止开始先做匀加速直线运动，再做匀速直线运动，后做匀减速直线

运动，经过160s到达目的地停止运动，快递车在整个运动过程中牵引力F随时间t的变化关系如图

所示，图中/和均未知。已知快递车与货物的总质量m=80kg,运行时所受阻力大小恒定，快递

车加速时的加速度大小％=0.4m/s2,取重力加速度大小g=lOm/sa,。〜与时间内位移大小为=20m。

求：

⑴快递车在运动过程中受到的阻力大小及减速过程中的加速度大小；

⑵在快递车的整个运动过程中，牵引力对快递车所做的功。

F/N

641~.

14.如图，水平放置的两平行金属板间存在匀强电场，板长是板间距离的口倍。金属板外有一圆心

为。的圆形区域，其内部存在磁感应强度大小为3、方向垂直于纸面向外的匀强磁场。质量为m、

电荷量为q(q>0)的粒子沿中线以速度V。水平向右射入两板间，恰好从下板边缘P点飞出电场，并沿

P。方向从图中。'点射入磁场。已知圆形磁场区域半径为警，不计粒子重力。

⑴求金属板间电势差U。

⑵求粒子射出磁场时与射入磁场时运动方向间的夹角0。

15.如图所示，间距均为L的光滑平行倾斜导轨与光滑平行水平导轨在M、N处平滑连接，虚线MN

右侧存在方向竖直向下、磁感应强度为B的匀强磁场。a、b为两根粗细均匀的金属棒，。棒质量为

m,长度为L、电阻为R,垂直固定在倾斜轨道上距水平面高〃处；b棒质量为2m、长度为L、电阻

为2R,与水平导轨垂直并处于静止状态。a棒解除固定后由静止释放，运动过程中与b棒始终没有

接触，不计导轨电阻，重力加速度为g,求:

棒刚进入磁场时产生的电动势大小；

⑵当a棒的速度大小变为刚进入磁场时速度的一半时，b棒的加速度大小;

⑶整个运动过程中，b棒上产生的焦耳热。

2024年黑龙江省高考押题预测卷03【新课标】

物理，全解全析

一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1〜5题只有

一项符合题目要求，第6〜8题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3

分，有选错的得0分。

12345678910

CCDCBDBBDBCDAC

1.在一次军事演习中，一伞兵从悬停在高空的直升机中以初速度为零落下，在空中沿竖直方向运动

的iz-t图像如图。则伞兵在（）

A.0-10s内位移大小为50mB.10s~15s内加速度逐渐增大

C.0~10s内所受阻力逐渐增大D.10s~15s内所受阻力逐渐增大

1.【答案】C

【解析】/、v-t图像与横轴围成的面积表示位移，根据图像可知0~10s内位移大于50m,故/

错误；

2、I/-t图像的切线斜率表示加速度，10s~15s内加速度逐渐减小，故3错误;

C、0~10s内加速度逐渐减小，方向向下，根据牛顿第二定律mg-/=ma,可得f=m（g-a）,所

以阻力逐渐增大，故C正确；

D、10s~15s内加速度逐渐减小，方向向上，根据牛顿第二定律/-mg=ma,解得/=m（g+aj,所

以阻力逐渐减小，故。错误。

故选C。

2.大理石是家居装修常用的石材，它有一定的辐射，其辐射源主要是石材中的氨元素。已知氢核衰

变方程为徐Rn%jpo+y,则以下说法正确的是（）

A.一个聂8Po核含有134个质子

B.丫射线是穿透力最强的一种放射性射线

C.Po核比Rn核的比结合能大

D.经高温煨烧后石材中的氢半衰期会缩短

2.【答案】C

【解析】4费p。的质子数为84个，故N错误；

2、根据质量数与质子数守恒定律，则氢的衰变方程为舞刖玲鬻P0+丫为a粒子，y射线的穿

透力最弱，故2错误；

。、该核反应的过程中释放能量，有质量亏损，所以P。核的比结合能比刖核的比结合能大，故C

正确；

D、半衰期与外界因素无关，故。错误。

3.下列说法正确的是（）

PAI

A.图甲为一定质量的某种理想气体在3个不同温度下的等温线，其中等温线［表示的温度最高

B.图乙为一定质量的理想气体状态变化的I/-7■图线，由图可知气体在状态a的压强大于在状态b

的压强

C.图乙中一定质量的理想气体在。玲b的过程中对外界做功，气体吸热

D.图丙为分子间作用力与分子间距离的关系，可知当分子间的距离r>r°时，分子势能随分子间距

离的增大而增大

3.【答案】D

【解析】4图甲为一定质量的某种理想气体在3个不同温度下的等温线，由

pV=nRT

比较p、1/乘积的大小，等温线3表示的温度最高，/错误；

8.气体在状态。到状态b的过程中，体积不变，由查理定律

Pa_Pb

斤五

由于7b大于兀，故Pt,大于Pa，2错误；

C图乙中一定质量的理想气体在a的过程中气体体积不变，对外界不做功，C错误；

。图丙为分子间作用力与分子间距离的关系，可知当分子间的距离r>r°时，分子间为引力，分子

势能随分子间距离的增大而增大，。正确；

故选。。

4.一抛物线形状的光滑固定导轨竖直放置，。为抛物线导轨的顶点，。点离地面的高度为〃，4B

两点相距2,，轨道上套有一个小球小球M通过轻杆与光滑地面上的小球N相连，两小球的质

量均为m,轻杆的长度为2〃。现将小球M从距地面竖直高度为处静止释放，下列说法正确的

是

A.小球M即将落地时，它的速度方向与水平面的夹角为30°

B.小球/W即将落地时，它的速度方向与水平面的夹角为60°

C.从静止释放到小球M即将落地，轻杆对小球N做的功为Jmg/

D.若小球M落地后不反弹，则地面对小球M的作用力的冲量大小为mJ/

4.【答案】C

【解析】小球M即将落地时，它的速度方向与抛物线轨道相切，根据平抛运动知识可知，小球M

的速度方向与水平方向的夹角满足tanO=《=2可得0=45。，故N3错误；

T

设小球即将落地时，速度大小为力，小球的速度大小为，根据系统机械能守恒有

MNQmg-4=

gm巧,小球M与小球N沿杆方向的速度相等，

有SCOSe=V2解得匕=//,丫2=楞,根据动能定理可得，从静止释放到

11

小球M即将落地，轻杆对小球/V做的功为14/*二2团,二，故C正确；

小球M落地与地面相互作用的过程中，根据动量定理有/分=O-mg=-mJ77，由于轨道、轻杆对

小球有作用力，且小球M有重力，沿杆切线方向动量定理分量式可知，|/幽|>|/目，故。错误。

5.雨后太阳光射入空气中的水滴，先折射一次，然后在水滴的背面发生反射，最后离开水滴时再折

射一次，就形成了彩虹。如图，太阳光从左侧射入球形水滴，a、b是其中的两条出射光线，在这两

条出射光线中，一条是红光，另一条是紫光，下列说法正确的是（）

太阳光

A.a光线是红光，b光线是紫光

B.遇到同样的障碍物，b光比。光更容易发生明显衍射

C.a光在水滴中的传播时间比b光在水滴中的传播时间短

D.增大太阳光在水滴表面的入射角，则可能没有光线从水滴中射出

5.【答案】8

【解析】4由光路图可知，。光线的偏折程度较大，则折射率较大，频率较大，则a是紫光，b光线

是红光，选项/错误；

8.红光的波长比紫光长，则遇到同样的障碍物，b光比a光更容易发生明显衍射，选项8正确；

C根据

c

v=­

n

可知，。光在水滴中的传播速度较小，但是在水滴中传播距离较大，则a光在水滴中的传播时间比

b光在水滴中的传播时间长，选项C错误；

D增大太阳光在水滴表面的入射角，则光线在水滴的背面的入射角变大，光线仍能在水滴的背面发

生全反射，到正面下方时，入射角等于光在正面上方时的折射角，根据折射定律知光会从正面下方

折射出来，折射角等于光在正面上方时的入射角，选项。错误。

故选及

6.图同中，在x轴上关于原点。对称的位置固定两个等量异种点电荷。图（田中，在x轴上关于原点

。对称的位置固定两根垂直于纸面的平行长直导线，两根导线中电流大小相等、方向相反。电子以

一定的初速度从原点。垂直纸面向里运动，则关于两幅图中电子在原点。处受力的说法正确的是

（）

y，了

0x0

图(a)图(b)

A.图俏）中，电子所受电场力方向沿x轴正向

B.图同中，电子所受电场力方向沿y轴正向

C.图0中，电子所受洛伦兹力方向沿y轴正向

D.图口中，电子所受洛伦兹力方向沿x轴正向

6.【答案】D

【解析】解：AB,图包中，两个等量异种点电荷产生的电场在。点的电场强度方向均沿x轴正方向，

根据电场叠加原理，。点的电场强度方向沿x轴正方向，电子带负电，所受电场力与电场强度方向

相反，故电子在。点所受电场力方向沿x轴负方向，故N3错误；

CD,图口中，根据安培定则，两根导线中电流产生的磁场在。点的磁感应强度方向均沿y轴负方向，

根据磁场叠加原理，。点的磁感应强度方向沿y轴负方向。电子带负电，初速度从原点。垂直纸面

向里运动，根据左手定则，电子在。点所受洛伦兹力方向沿x轴正方向，故C错误，。正确。

故选：Do

7.大地卫星7是一种人造卫星，它能提供地球大陆表面的图像。其拍摄的照片已广泛应用于制作地

图，研究土地利用，监视资源及地球的整体变迁等。假设卫星7绕地球做匀速圆周运动，质量大约

为2200kg,轨道距地球表面的高度大约是705km,则下列说法正确的是（）

A.卫星7的运行速度可能大于7.9km/s

B.和静止在地面赤道上的物体相比，卫星7围绕地球转动得更快

C.卫星7在太空中处于完全失重状态，所以不受重力

D.相同时间内，卫星7与地心连线扫过的面积等于同步卫星与地心连线扫过的面积

7.【答案】B

【解析】47.9km亦是卫星绕地球做匀速圆周运动的最大环绕速度，故/错误。

B、设赤道上的物体角速度为31，卫星7的角速度为32，同步卫星的角速度33，已知包=33，又由

规律“同一中心天体的不同卫星，轨道半径r越大，3越小”，可得32>%=%，故2正确。

C、完全失重不等于不受重力，只是视重为0,卫星7需要重力提供向心力做匀速圆周运动，故C

错误。

。、对于某一绕地卫星，其与地心的连线在相等的时间内扫过的面积相等，轨道半径不同的卫星在

相等时间内扫过的面积则不相等，故。错误。

8.一简谐机械横波以30m/s的速度沿x轴负方向传播，t=0.1s时刻的部分波形如图甲所示，a、b、

c是波上的三个质点。图乙是波上某一质点的振动图像。下列说法中正确的是（）

A.图乙可能是质点b的振动图像

B.t=0时，平衡位置位于坐标原点的质点沿y轴负方向运动

C.t=0.1s时，平衡位置位于x=9m的质点沿y轴正方向运动

D.t=0.15s时，质点a的加速度比质点c的加速度小

8.【答案】BD

【解析】解：4波沿x轴负方向传播，根据“同侧法”知t=0.2s时，质点b沿y轴负方向运动，

图乙中t=0/s时质点沿y轴正方向运动，图乙不可能是质点b的振动图像，故/错误；

B、由图乙可知，周期为丁=0.2s,根据“同侧法”知t=0/s时平衡位置位于坐标原点的质点沿y

轴正方向运动，利用平移法知t=0时，其沿y轴负方向运动，故3正确；

C、根据波速和周期的关系可知，波长为A=6m,所以x=9m的质点与坐标原点的质点相差1.5儿

而t=0/s时平衡位置位于坐标原点的质点沿y轴正方向运动，故x=9m的质点与其运动方向相反，

即沿y轴负方向运动，故C错误；

D、t=0.15s时，质点a回到平衡位置，加速度为0,而质点c运动到最大位移处，加速度最大，故

D正确。

故选：BDo

9.如图乙所示，光滑的水平面上有一个质量为m=1kg的小球与质量为M=2kg、半径为R=5cm的

J光滑圆弧轨道，最初圆弧轨道处于静止状态，小球与圆弧轨道下边缘之间的距离大于1m,小球受

到一水平力F,小球运动1m后，撤掉外力F侏知)，小球的加速度与小球的位移关系如图甲所示，g=

10m/s2,则撤去外力F后下列说法正确的是

A.小球与圆弧轨道组成的系统动量守恒，机械能守恒

B.小球到达圆弧轨道顶端时的速度大小为苧m作

C.小球上升的最大高度为。m

D.圆弧轨道的最大速度为孚m作

9.【答案】BCD

【解析】/、由于水平面光滑，所以小球与圆弧轨道组成的系统水平方向合力为零，水平方向动量

守恒，竖直方向系统所受合力不为零，故竖直方向动量不守恒，由于所有接触面均光滑，系统机械

能守恒，故N错误；

BC、根据牛顿第二定律可知F=ma,

则可知a-x图像与坐标轴围成的面积与m的乘积表示F做的功IV,

即W=2max=1J,

设小球与圆弧轨道作用前的速度为v,则根据动能定理有=解得v仍,

当小球上升最高时小球与圆弧轨道水平方向共速，贝!J：mv=(M+m)v\

i1p1-iZ?

mgk=2mv_»(/Mft+m)vz,

解得力=^-cm=-^m>/?,

当小球到达圆弧轨道顶端时，根据水平方向动量守恒有mv=(M+m)vx,

根据系统机械能守恒有Jmv2=^mv2+^Mv^+mgR,

z乙顶乙

解得小球到达圆弧轨道顶端时的速度丫质=苧m/s,故BC正确；

。、当小球与圆弧轨道分离后，圆弧轨道速度最大，设分离后小球速度为匕，圆弧轨道速度为4，

则mv=mv1+MV2,

^mv2

解得故。正确。

10.光滑绝缘水平桌面上有一个可视为质点的带正电小球,桌面右侧存在由匀强电场和匀强磁场组成

的复合场，复合场的下边界是水平面，到桌面的距离为方,电场强度为E、方向坚直向上，磁感应

强度为B、方向垂直纸面向外，重力加速度为g,带电小球的比荷为会如图所示，现给小球一个向

右的初速度，使之离开桌边缘立刻进入复合场运动，已知小球从下边界射出，射出时的速度方向与

下边界的夹角为60。，下列说法正确的是（）

A.小球在复合场中的运动时间可能是篝

3gB

B.小球在复合场中运动的加速度大小可能是普里

C.小球在复合场中运动的路程可能是警

D.小球的初速度大小可能是若警

3E

10【答案】AC

【解析】由题意可知：5=菅，小球受到的电场力为F^=Eq=E等=mg,所以小球在复合场中做匀

速圆周运动，设轨迹半径为R,

4出射速度与下边界夹角为60"，轨迹如图所示，

小球运动有两种情况，即轨迹所对圆心角a为g或名，

由牛顿第二定律与运动学公式可知8勺（/=嗒丫=半可得1=詈，代入q=等，可得t谭，则小

球在复合场中的运动时间为力=篙或12=鉴，故/正确；

D小球入射速度与对应轨迹半径分别为由、%、V2、R2,

__2

通过几何关系可得R】cos60°十%二九，R2cos60°+h=R2^解得R［，R2=2A>

洛伦兹力充当向心力，由牛顿第二定律可得Bqv=m〈，

联立可得％=攀，1/2=?，故。错误。

区小球在复合场中运动的加速度大小可能是由="=0翳，。2=差=口笋，故8错误;

C小球在复合场中运动的路程可能是勾==殍，S2=V2t2=竽，故。正确。

故AC.

三、实验题：本大题共2小题，共14分。

11.某同学采用如图甲所示装置验证动滑轮下方悬挂的物块A与定滑轮下方悬挂的物块B（带有遮光

条）组成的系统机械能守恒。图中光电门安装在铁架台上且位置可调，滑轮质量不计且滑轮凹槽中涂

有润滑油，以保证细线与滑轮之间的摩擦可以忽略不计，细线始终伸直。4B质量相等，遮光条质

量不计，遮光条通过光电门的平均速度看作滑块通过光电门的瞬时速度，实验时将物块B由静止释

放。

⑺用螺旋测微器测出遮光条宽度d,如图乙所示，则d=mmo

⑵某次实验中，测得1=11.60ms,则此时八的速度为____仍（保留2位有效数字人

⑶改变光电门与物块B之间的高度〃，重复实验，测得各次遮光条的挡光时间t,以〃为横轴、

为纵轴建立平面直角坐标系，在坐标系中作出图像，如图丙所示，该图像的斜率为k,在实验误差

允许范围内，若卜=（用含g、d字母的表达式表示分则验证了机械能守恒定律。

11.【答案】(1)1.195-,(2)0.052；(3)-^

【解析】螺旋测微器读数为d=1mm+0.01mm*19.5=1.195mma

z_.d1.195x10-3m_.c.VD_,

(2)VB=^=0,01160s=0.103m/s,vA=—=0Q52m/s。

⑶当B下降的高度为力时，A上升的高度为/A、B组成的系统机械能守恒，则有mg力=\mgh+

品吃+，嚓整理得分黑方>贝必=懿。

12.为测量一节干电池的电动势和内阻，张同学和李同学提出了多种方案。在其中的一种方案中，他

们认为可以先测量电阻丝的阻值，再设计电路测量干电池的电动势和内阻。

⑴张同学准备用图甲所示器材精确测量一粗细均匀的电阻丝的电阻，其中部分器材的参数及量程选

择如下:

电源：电动势为2V；

待测电阻丝：阻值约为3。；

电压表：选择31/量程，内阻约为3k。；

电流表：选择0.6A量程，内阻约为0.05。；

要求电阻丝两端的电压调节范围尽量大，请将甲图中的电路补充完整_____o

⑵李同学在阅读说明书后得知该电阻材料的电阻率，他用刻度尺测量该电阻丝的长度为50.00cm,

用螺旋测微器测该电阻丝的直径如图乙所示，则直径为_____mm；

⑶两位同学测得电阻丝的电阻均为3.0。，为利用该电阻丝进一步测量一节干电池的电动势和内阻，

他们合作设计了如图丙所示的电路，其中的电池即为待测电池，定值电阻R。=2。。使金属滑片接触

电阻丝的不同位置，分别记录电阻丝连入电路的有效长度x及对应的电压表示数U,作出工图像

Ux

如图丁所示，电压表看做理想电压表，则该电池的电动势为V,内阻为。（结果均保留

两位有效数字八

12.【答案】⑴(2)1.130；(3)1.4；1.0

【解析】⑴因滤喑，所以电压表引起的误差小，采用电流表外接；因实验要求电阻丝两端的电

压调节范围尽量大知滑动变阻器采用分压接法，故连接电路如图：

⑵固定刻度读数为：1mm,可动刻度读数为：13.0x0.01mm=0.130mm,所以螺旋测微器读数为

1.130mm；

⑶根据闭合电路的欧姆定律结合电路图有E=U+V/Ro+〃，E=U+-^(R0+r),变形得：”

KSU匕

智7又氏=釉得：W嚏Q/m=6Q/m；

，烟像的纵截距为b"=0.7L,解得：E=1.4V；

UxE

图线的斜率：k=华生=苧，解得：r=1.0。。

cpZ

四、简答题：本大题共3小题，共40分。

13.无人快递车在水平路面上从静止开始先做匀加速直线运动，再做匀速直线运动，后做匀减速直线

运动，经过160s到达目的地停止运动，快递车在整个运动过程中牵引力F随时间t的变化关系如图

所示，图中/和均未知。已知快递车与货物的总质量m=80kg,运行时所受阻力大小恒定，快递

车加速时的加速度大小。1=0.4m/s2,取重力加速度大小g=10m/s2,。〜时间内位移大小s1=20m。

求：

⑴快递车在运动过程中受到的阻力大小及减速过程中的加速度大小;

⑵在快递车的整个运动过程中，牵引力对快递车所做的功。

F/N

64----1

/…

140160t/s

13.【答案】解：⑴根据题意，设快递车运行时所受阻力大小为/,由图可知快递车在加速过程中,

牵引力大小为&=64N,由牛顿第二定律

-f=m%

代入数据解得了=32N

根据匀变速直线运动规律，快递车加速运动结束时刻的速度匕，则有

彳=2als工

解得叮=4m/s

快递车在减速时的初速度也为匕=4m/s,由图知减速运动是时间为B=160s-140s=20s,故减速运

动时加速度的大小为。2=9=J?m/s2=0.2m/s2；

⑵全程对快递车由动能定理

WF-f(s1+s2+s3)=0

其中52=V^t=4x(140-10)m=520m

v4

s3="-t3=-x20m=40m

代入解得，快递车在整个运动过程中牵引力所做的功为

WF=18560J

答：⑴快递车在运动过程中受到的阻力大小为32N,减速过程中的加速度大小为0.232；

⑵牵引力对快递车所做的功为18560J。

【解析】⑴根据牛顿第二定律列式求解阻力大小，由匀变速直线运动规律和加速度定义式计算加速

度；

⑵根据动能定理列式代入数据解答。

考查牛顿运动定律和动能定理问题，会根据题意列式求解相应物理量。

14.如图，水平放置的两平行金属板间存在匀强电场，板长是板间距离的C倍。金属板外有一圆心

为。的圆形区域，其内部存在磁感应强度大小为B、方向垂直于纸面向外的匀强磁场。质量为m、

电荷量为q(q>0)的粒子沿中线以速度Vo水平向右射入两板间，恰好从下板边缘P点飞出电场，并沿

P。方向从图中。'点射入磁场。已知圆形磁场区域半径为警，不计粒子重力。

3qB

⑴求金属板间电势差U。

⑵求粒子射出磁场时与射入磁场时运动方向间的夹角瓦

14.【答案】解：设板间距离为d,板长为Cd,板间电压为。，粒子在电场中做类平抛运动，则

有

y/~3d-vot

22md

两式联立解得U二坐

3q

⑵粒子射出电场时与射入电场时运动方向间的夹角为a,位移偏转角为山，由粒子出电场时速度偏

转角正切值为位移偏转角正切值2倍求解；则有

tana=2tanO1

dr—

tana=2tanOi=2x-7X-=k

V3a3

解得：a=30°

粒子进入磁场的轨迹如图示，轨迹的圆心为设粒子做圆周运动的半径为r,圆形磁场半径为R

洛伦兹力提供粒子做圆周运动的向心力

V2

qvB=m—

—=cos30°

v

_nw_2V-3mvo

'qB3qB

D

tanZOO。=-

解得tanZOOq=苧

ZOO'O1=30°,贝2粒子在磁场中运动圆弧所对应的圆心角为

2NOCTO1=2x30°=60°

即粒子射出磁场时与射入磁场时运动方向间的夹角9等于粒子在磁场中运动圆弧所对应的圆心角

即8=60°

答：⑴求金属板间电势差U为嘲。

3q

⑵粒子射出磁场时与射入磁场时运动方向间的夹角。为60。。

【解析】⑴粒子在电场中做类平抛运动，由位移与时间公式节课求解；

⑵由粒子出电场时速度偏转角正切值为位移偏转角正切值2倍，继而可得知进入磁场时的速度的方

向(速度与水平方向的夹角八再结合在磁场中的运动规律，即可求得在磁场中的偏转角；

本题考查了带电粒子在组合场中的运动情况，在电场中做类平抛运动，在磁场中做匀速押后运动。

15.如图所示，间距均为L的光滑平行倾斜导轨与光滑平行水平导轨在M、N处平滑连接，虚线

右侧存在方向竖直向下、磁感应强度为B的匀强磁场。。、b为两根粗细均匀的金属棒，a棒质量为

m,长度为L、电阻为R,垂直固定在倾斜轨道上距水平面高〃处；b棒质量为2m、长度为L、电阻

为2R,与水平导轨垂直并处于静止状态。a棒解除固定后由静止释放，运动过程中与b棒始终没有

接触，不计导轨电阻，重力加速度为g,求：

(l)a棒刚进入磁场时产生的电动势大小；

⑵当a棒的速度大小变为刚进入磁场时速度的一半时，b棒的加速度大小；

⑶整个运动过程中，b棒上产生的焦耳热。

15.【答案】解：棒从高〃处下滑进入磁场的过程中，根据动能定理可得：

mgh

根据法拉第电磁感应定律得：

E=BLVQ

联立解得：E=BLJ2g力

⑵进入磁场后，ab棒组成的系统动量守恒，选水平向右的方向为正方向，当a棒速度大小减小为原

来的一半时，则

mv0=mx^-+2mvb

EiB”b

根据欧姆定律可得：/1=嘉

根据牛顿第二定律可得：B/2£=2mab

联立解得：生=粤祥

⑶最终两棒速度相等，则

mv0=(m+2m)v

根据能量守恒定律可得：

^mv^=^(m+2m)v2+0.

根据电阻的关系可得：

c2Rc

Qb=R+2R。

联立解得：Qfa=^mgA

答：⑴a棒刚进入磁场时产生的电动势大小为BLJ2gA；

⑵当a棒的速度大小变为刚进入磁场时速度的一半时，b棒的加速度大小为警箸答；

⑶整个运动过程中，b棒上产生的焦耳热为。

【解析】⑴根据动能定理计算出。棒的速度，结合法拉第电磁感应定律得出电动势的大小；

⑵根据动量守恒定律得出b棒的速度，结合法拉第电磁感应定律得出电动势的大小，再根据欧姆定

律得出电流的大小，利用安培力公式和牛顿第二定律得出对应的加速度；

⑶根据能量守恒定律得出产生的总焦耳热，结合电阻的关系得出b棒上产生的焦耳热。

本题主要考查了电磁感应的相关应用，熟悉电动势的计算，结合安培力公式和电磁感应中的能量转

化关系即可完成分析。

2024年黑龙江省高考押题预测卷03【新课标】

物理，参考答案

一、选择题：本题共10小题，共46分。第1〜7题每题4分，8-10题每题6分。在每小题给出的

四个选项中，第1〜7题只有一项符合题目要求，第8〜10题有多项符合题目要求，全部选对的

得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

12345678910