广东省揭阳市钱坑中学高二物理摸底试卷含解析

广东省揭阳市钱坑中学高二物理摸底试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.为估测一照相机的曝光时间，实验者从某砖墙前的高处使一个石子自由落下，拍摄石子在空中的照片如图所示。由于石子的运动，它在照片上留下了一条径迹。已知每块砖的平均厚度为6cm，拍摄到的石子位置A距石子起落点的竖直距离约为5m。通过估算可知这架照相机的曝光时间最接近

A．0.5×10-2s

B．1.2×10-2s

C．2.0×10-2s

D．3.0×10-2s参考答案：B2.如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，电阻R=22Ω，各电表均为理想交流电表．原线圈输入电压的变化规律如图乙所示．下列说法正确的是A.副线圈输出电压的频率为50HzB.t=0．01s时电压表的示数为0VC.电阻R消耗的电功率为22WD.通过原、副线圈的磁通量变化率之比为10:1参考答案：AC试题分析：由图象可知，交流电的周期为0．02s，所以交流电的频率为50Hz，故A正确．电压表的读数等于交流电的有效值，而不是瞬时值；根据电压与匝数成正比可知，原线圈的电压的最大值为220V，所以副线圈的电压的最大值为22V，所以电压的有效值为22V，所以电压表的示数为22V，故B错误．电阻R消耗的电功率是，故C正确；通过原、副线圈的磁通量变化率是相同的，故大小之比为1:1，选项D错误；故选AC．考点：交流电的变化规律【名师点睛】此题考查了交流电的变化规律；掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题；注意电压表的读数等于交流电的有效值．3.如图所示，在竖直平面内有水平向右的匀强电场，同一竖直平面内水平拉直的绝缘细线一端系一带正电的小球，另一端固定于0点，已知带电小球受到的电场力大于重力，小球由静止释放，到达图中竖直虚线前小球做(

)A．平抛运动

B．圆周运动C．匀加速直线运动

D．匀变速曲线运动参考答案：C4.如图所示，两个半径相同、粗细相同互相垂直的圆形导线圈，可以绕通过公共的轴线xx′自由转动，分别通以相等的电流，设每个线圈中电流在圆心处产生磁感应强度为B，当两线圈转动而达到平衡时，圆心O处的磁感应强度大小是

A．1B

B．1.414BC．2B

D．0参考答案：C5.（多选）某物体运动的速度图象如图，根据图象可知（）A．0﹣2s内的加速度为1m/s2B．0﹣5s内的位移为10mC．第1s末与第3s末的速度方向相同D．第1s末与第5s末的加速度方向相同参考答案：AC【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】速度图象的斜率等于物体的加速度大小．根据斜率的正负分析加速度的正负．图线与两个坐标轴所围“面积”等于位移．根据速度的正负判断速度的方向．【解答】解：A、由v﹣t图象知，0﹣2s内物体运动的速度为=1m/s2，故A正确；B、0﹣5s内的位移为7m，故B错误；C、第1s末图象在时间轴上方，速度为正，第3s末速度图象也在时间轴上方，速度也为正，故方向相同，故C正确；D、第1s内图线的斜率为正值，加速度沿正方向，而第5s内图线的斜率为负值，加速度方向沿负方向，则第1s内与第5s内物体的加速度方向相反．故D错误．故选AC二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.一束光从空气射向折射率为的某种介质，若反射光线与折射光线垂直，则入射角为．真空中的光速为c，则光在该介质中的传播速度为

．参考答案：60°；c．【考点】光的折射定律．【分析】根据几何关系确定出入射角和折射角，通过折射定律求出玻璃砖的折射率．【解答】解：根据折射定律n==①由题意：i+r=90°则sin2+sin2r=1②解得：sini=则∠i=60°传播速度v==c故答案为：60°；c．7.（4分）一质量为m，电荷量为q的带电粒子（不计重力），以平行于电场线的初速度v0射入匀强电场，经过t时间，带电粒子具有的电势能与刚射入到电场时具有的电势能相同。则此匀强电场的强度为________，带电粒子在电场中所通过的路程为________。参考答案：，8.已知电流表的内阻约为，电压表内阻约为，若待测电阻约为，用伏安法测其电阻，应采用电流表

接法（填内、外接法），若实验时要求电压表的示数能够从零开始调节，应采用的电路是

（填分压式、限流式）参考答案：外接法

分压式9.在研究产生感应电流条件的实验中，如下图甲所示，把条形磁铁插入或者拔出闭合线圈的过程，线圈的面积尽管没有变化，但是线圈内的磁场强弱发生了变化，此时闭合线圈中

感应电流(填“有”或“无”)。继续做如下图乙所示的实验，当导体棒做切割磁感线运动时，尽管磁场的强弱没有变化，但是闭合回路的面积发生了变化，此时回路中

感应电流(填“有”或“无”)。因为不管是磁场强弱发生变化，还是回路面积发生变化，都是穿过线圈所围面积的磁通量发生了变化。这种观察总结的方法是物理学中重要的研究方法，即归纳法。参考答案：10.一束质量为m、电荷量为q的带电粒子以平行于两极板的速度v0进入匀强电场，如图1—8—4所示．如果两极板间电压为U，两极板间的距离为d、板长为L．设粒子束不会击中极板，则粒子从进入电场到飞出极板时电势能的变化量为

．(粒子的重力忽略不计)参考答案：11.如图11所示，在正的点电荷形成的电场中，A、B两点间的电势差U＝200V．电荷量为6×10-8C的正试探电荷从A点移到B点，电场力对其做的功为___________J，A、B两点中电势较高的点是______________点．参考答案：12.如下图，不同速度（第一次是自由落体、第二次是缓慢）插入磁铁时，电流表的指针偏转大小

（填“相同”或“不相同”；那一次的大

。参考答案：不相同

自由落体（第一次）18、我国正在大规模建设第三代移动通信系统(3G)，它将无线通信与国际互联网等多媒体通信结合起来，能提供无线网络、电话会议、电子商务等信息服务．某移动运营商采用1.8×109Hz的电磁波传递信号，此电磁波在真空中的波长为________m；在通话时，手机将声音信号转变成电信号，再经过________(选填“调谐”、“调制”或“解调”)后，把信号发送到基站中转。参考答案：三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.（8分）在3秒钟时间内，通过某导体横截面的电荷量为4.8C，试计算导体中的电流大小。参考答案：根据电流的定义可得：I=Q/t=4.8/3A=1.6A………………（8分）15.如图9所示是双缝干涉实验装置，使用波长为6.0×10－7m的橙色光源照射单缝S，在光屏中央P处(到双缝的距离相等)观察到亮条纹，在位于P点上方的P1点出现第一条亮条纹中心(即P1到S1、S2的路程差为一个波长)，现换用波长为4.0×10－7m的紫色光照射单缝时，问：(1)屏上P处将出现什么条纹？(2)屏上P1处将出现什么条纹？参考答案：(1)亮条纹(2)暗条纹四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图8所示的电场中，A点的电场强度E=2.0×104N/C.将电荷量q=+4.0×10-8C的点电荷放在A点.（1）求该点电荷在A点所受静电力F的大小；（2）在图中画出该点电荷在A点所受静电力F的方向.

参考答案：17.如图所示，水平地面上方有一高度为H、界面分别为PQ、MN的匀强磁场，磁感应强度为B．矩形导线框abcd在磁场上方某一高度处，导线框ab边长为l1，bd边长为l2，导线框的质量为m，电阻为R．磁场方向垂直于线框平面，磁场高度H＞l2．线框从某高处由静止落下，当线框的cd边刚进入磁场时，线框的加速度方向向下、大小为；当线框的cd边刚离开磁场时，线框的加速度方向向上、大小为．运动过程中，线框平面位于竖直平面内，上、下两边始终平行PQ．空气阻力不计，重力加速度为g．求：（1）线框开始下落时cd边距离磁场上边界PQ的高度h；（2）cd边刚离开磁场时，电势差Ucd（3）从线框的cd边进入磁场至线框的ab边刚进入磁场过程中，线框产生的焦耳热Q；（4）从线框的cd边进入磁场至线框的ab边刚进入磁场的过程中，通过线框导线某一横截面的电荷量q．参考答案：解：（1）当线框的cd边刚进入磁场时，线框的加速度方向向下、大小为，根据牛顿第二定律得：，代入数据解得：v=，则线框开始下落时cd边距离磁场上边界PQ的高度为：h==．（2）当线框的cd边刚离开磁场时，线框的加速度方向向上、大小为．根据牛顿第二定律得：，解得：v′=，切割产生的感应电动势为：E=Bl1v′=，则cd两端的电势差为：Ucd==．（3）对线框的cd边进入磁场至cd边刚出磁场的过程运用能量守恒得：，解得：Q=mgH﹣．（4）根据法拉第电磁感应定律得，平均感应电动势为：，q==．答：（1）线框开始下落时cd边距离磁场上边界PQ的高度h为．；（2）cd边刚离开磁场时，电势差Ucd为．（3）从线框的cd边进入磁场至线框的ab边刚进入磁场过程中，线框产生的焦耳热Q为mgH﹣；（4）从线框的cd边进入磁场至线框的ab边刚进入磁场的过程中，通过线框导线某一横截面的电荷量q为．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．【分析】（1）当线框的cd边刚进入磁场时，线框的加速度方向向下、大小为，根据安培力公式，结合牛顿第二定律求出此时的速度，结合速度位移公式求出线框开始下落时cd边距离磁场上边界PQ的高度；（2）当线框的cd边刚离开磁场时，线框的加速度方向向上、大小为，根据牛顿第二定律求出此时的速度，从而得出感应电动势大小，结合欧姆定律求出cd的电势差．（3）对线框的cd边进入磁场至cd边刚出磁场的过程运用能量守恒求出线框产生的焦耳热Q．（4）根据法拉第电磁感应定律，结合平均电流的大小求出电荷量．18.（12分）如图所示，两根水平放