甘肃省武威市第十七中学2024届中考押题物理预测卷含解析

甘肃省武威市第十七中学2024届中考押题物理预测卷考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单选题（本大题共10小题，共30分）1．下列关于信息和能源的说法，正确的是（）A．石油和天然气属于可再生能源B．光纤通信的原理是利用光纤中激光的多次反射C．核电站是利用核聚变释放的能量发电的D．手机信号下雨天会受影响是因为水对电磁波有屏蔽作用2．关于声现象的说法正确的是（）A．物体振动越快，发出的声音响度越大B．声音在真空中的传播速度是340m/sC．人耳可以听到超声，不能听到次声D．“闻其声而知其人”，主要是因为不同的人音色不同3．建筑工人用如下图所示的滑轮组将重为600N的物体沿水平方向匀速拉动4m，所用的时间为5s，所施加的拉力大小为150N，物体受到的摩擦阻力为重力的0.4倍，则下列说法中错误的是A．物体受到摩擦力的大小为240NB．工人拉力所做的总功为1800JC．工人做的有用功的功率为192WD．此滑轮组的机械效率为80%4．如图，细线上端固定，下端拉着小球在竖直平面内摆动，A、B是球摆动过程中的最高点，C是最低点，不计空气阻力则（）A．球在A点时受力平衡B．球在C点时速度最大C．从B到C，球的动能减少D．从A到C，球的势能增加5．关于下列各图所示的电和磁的知识，描述正确的是A．图实验说明磁场可以产生电流B．图实验说明机械能可以转化为电能C．图是动圈式话筒，其工作原理与电动机工作原理相同D．图是录音机的磁头，可以判定电流的方向是从a端流进，从b端流出6．如图所示电路，闭合开关，甲乙两灯均发光，两电表均有示数，过一会儿，其中一个灯泡突然熄灭，一只电表示数增大，另一只电表示数减小到几乎为零，造成此现象的原因可能是（）A．甲灯短路 B．乙灯短路 C．甲灯断路 D．乙灯断路7．下面几个研究实例中，采用了相同研究方法的是（）①利用光线表示光传播的径迹和方向②“探究压力的作用效果与受力面积的关系”时，保持压力不变，改变受力面积③“比较不同物质吸热的情况”时，用加热时间的长短表示吸收热量的多少④“探究物体的动能与速度的关系”时，让同一钢球从斜面的不同高度由静止滚下A．①和②B．②和③C．②和④D．③和④8．把蜡烛放在凸透镜的左侧，在右侧调整光屏到凸透镜的距离，使烛焰在光屏上成一清晰的像（如图）．下列说法中正确的是（）A．把蜡烛和光屏互换位置，光屏上还能得到倒立缩小实像B．蜡烛适当向左移动，要重新得到清晰的像，光屏要适当向右移动C．蜡烛、透镜位置不变，只是换一个焦距较短的凸透镜，要重新得到清晰的像，光屏要适当向右移动D．此凸透镜的焦距在7.5cm至15cm之间9．小明同学在参加全市体育考试中，由于粗心，自己记录的成绩如下，你认为不可能的是A．跳绳1分钟60次B．立定跳远2.4mC．1000m跑的成绩为8sD．实心球投掷成绩12m10．下列电路中，电源电压保持不变，当变阻器滑片向右移动时，电表示数变大的是（）A．B．C．D．二、多选题（本大题共3小题，共12分）11．如图所示，电源电压保持不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器接入电路部分的阻值，闭合开关S，以下说法中正确的是A．滑片P在某位置不变时，表V1读数与表A读数之比等于R1B．滑片P在某位置不变时，表V2读数与表A读数之比等于R1C．滑片P移到另一位置时，表V2读数变化量与表A读数变化量之比的绝对值等于R1D．滑片P移到另一位置时，表V2读数变化量与表A读数变化量之比的绝对值等于R212．某同学在科技馆参观时发现这样一展品，在水平轨道上有一列小火车，车厢顶部有两个孔P和Q，小火车在轨道上沿直线匀速运动，如图7所示，当小火车即将经过“∩”型框架的下方时，从Q孔中竖直向上弹出一个小球．不计小球受到的空气阻力，关于小钢球的落点，下列说法中正确的是A．小球能落入P孔是因为小球在空中运动的过程中受到水平向前的力大于惯性B．小球能落回Q孔是因为小球具有惯性，在水平方向保持与火车相同的速度C．若在小球弹出的同时，小火车突然加速运动，小球由于具有惯性，小球将落到Q孔后方的车厢顶上D．若在小球弹出的同时，小火车突然减速运动，小球由于具有惯性，仍能恰好落回原来的孔中13．某同学探究凸透镜成像规律，完成了下列实验：（1）将焦距为的甲凸透镜和点燃的蜡烛分别固定在光具座上，移动光屏后得到一个清晰的像，如图所示；（2）将甲凸透镜换为焦距为的乙凸透镜，透镜和蜡烛的位置不变，调整光屏的位置再次得到清晰的像。对上述实验，下列说法正确的是A．实验（1）中，得到的像为放大的实像B．实验（1）中，得到的像为缩小的实像C．实验（2）中，光屏应向右移动才能得到清晰的像D．实验（2）中，光屏应向左移动才能得到清晰的像三、填空题（本大题共5小题，共10分）14．家庭电路中,电冰箱、电饭煲、日光灯等家用电器的连接方式是_____联,其中电饭煲是利用电流的_____工作的.如图所示的A点是灯头接导线的螺丝(灯丝完好),当电路中的开关S断开时,站在地面上的人用手接触电路中的A点______(选填“会”或“不会”)触电.15．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1、R2阻值相等。(1)若电路中各元件均完好，当电键S由断开到闭合时，电压表V的示数为U0，电流表A1的示数为I0.则电源电压为________，电流表A2示数为_______。(2)若电路中存在故障且故障只发生在电阻R1、R2处，当电键S由断开到闭合时，发现只有一个电表示数发生变化，则故障是_________，该电表示数变化量为________。16．物理学的每一次重大发现都会推动社会的进步和发展。牛顿发现了万有引力定律，才有了今天的人造地球卫星；奥斯特发现了_____，进而研制出电磁继电器，_____发现了电磁感应现象，人类根据这个原理发明了_____机17．初中学过的物理定律有：牛顿第一定律、光的反射定律、欧姆定律、_______定律和_______定律．18．图甲是小灯泡L和电阻R的电流随电压变化图象，将它们按图乙所示接入电路中，只闭合开关S，小灯泡的实际功率为1W；再闭合开关S1，电流表示数变化了_____A，此时电路消耗的总功率为_____W．四、计算题（本大题共3小题，共29分）19．某电热水壶的铭牌信息如表所示，在壶中装满水后连续正常加热5min，水的温度由20℃升高到100℃。产品名称电热水壶型号MK-HSI7E2容量1.5L额定电压220V~额定频率50Hz额定功率1800W已知:，求:水吸收的热量是多少?电热水壶加热时的热效率?20．如图所示，圆柱体甲的体积为米2。高为0.2米，甲的密度为千克/米3。①求甲的质量m甲。②求甲竖直放置时对水平地面的压强p甲。③现有一底面积为米3，高为0.25米的薄壁圆柱形容器乙放置在水平地面上。在容器乙中盛有质量为2千克的某种液体，将甲竖直放入其中至容器底，并分别测出甲放入前后液体对容器底部的压强p甲，如下表所示。求容器乙中液体密度的最小值。放入物体前放入物体后p甲（帕）p02p021．图甲是一盛有水的圆柱形容器，现置于水平桌面上，容器内水深为0.3m，容器的底面积为0.04m2，图乙是一质量均匀的塑料球，密度为0.2×103kg/m3，（g取10N/kg）。求：容器中水的质量；距容器底部0.1m处A点液体的压强；把塑料球放入该容器中，用了16N的力恰好使其完全浸没在水中，塑料球的重力多大？五、作图题（本大题共2小题，共4分）22．在图中，完成光线从左边射向凸透镜折射后，再射向凹透镜折射后的光路．（________）23．电路图中有一根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上．要求：电键闭合后，向左移动滑动变阻器的滑片，灯泡变暗且电压表示数变大．六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）24．在探究“二力平衡条件”的实验中：（1）甲、乙两组同学分别选择器材后，设计组装的实验装置如图所示．老师指出乙组同学选择的器材更加合理，其原因是：_____________。（2）在探究力的大小对二力平衡的影响时，利用了定滑轮能够_________的特点，并通过调整______来改变F1和F2的大小。（3）保持F1与F2相等，将小车扭转一定角度后松手，小车将无法在此位置平衡。实验中设计这一步骤的目的是为了探究二力平衡时，两个力必须满足哪个条件？___________。25．如图甲是把20g某种固体碾碎后放入试管中，插入温度计后，再将试管放在装有水的烧杯中加热．根据实验数据画出的图象如图乙所示，回答问题：（1）这种物质的凝固点是________℃；试管中的物质从B到C时内能_______（增大、减少、不变）（2）若这种物质液态时的比热容c=3×103J/（kg•℃），则物质熔化过程中吸收的热量是_________J．固体时的比热容为c'=_______J/（kg•℃）．26．如图所示是“探究物体动能的大小与哪些因素有关”的实验装置．⑴该实验利用了转换法，通过观察_____来判断_____（选填“小球”或“木块”）动能的大小；⑵让同一小球从斜面的不同高度由静止滚下，推动木块做功，目的是为了探究动能的大小与_____的关系；⑶换用质量不同的小球，使它们从斜面的_____（选填“相同”或“不同”）高度由静止滚下，推动木块做功，目的是为了探究动能的大小与_____的关系．

参考答案一、单选题（本大题共10小题，共30分）1、B【解析】

A．石油和天然气在地球上的储量是有限的，利用之后无法再生，属于不可再生能源，故A错误；

B．光在光导纤维中经多次反射向前传播，故B正确，

C．核电站是利用核裂变来释放能量的，不是利用核聚变，故C错误；

D．手机信号下雨天会受影响是因为雷电对电磁波有干扰作用，故D错误．2、D【解析】分析：（1）响度是指声音的强弱，它与振幅有关；（2）声音的传播需要介质，不能在真空中传播，声音在15℃的空气中传播速度是340m/s（3）人的听觉频率范围在20Hz～20000Hz，低于20Hz的声音为次声，高于20000Hz的声波为超声，都是人耳听不到（4）音色是指声音的品质与特色，不同物体发出的声音音色是不同的．解答：A、音调的高低与频率有关，频率越快，音调越高，故A错误；B、声音不能在真空中传播，故声音在真空中的传播速度是0m/s．故B错误；C、超声波和次声波，不在人耳的听觉范围之内，都是人耳听不到的，故C错误；D、不同人说话的特点不同，“闻其声知其人”，说明可以根据音色来判断说话者，故D正确．故选D．【点睛】本题考查声音的三个特征，声音的传播速度及人耳听到的范围等知识，综合性强，但是难度不大，属于基础知识的考查．3、B【解析】

A.地面对物体的摩擦阻力为：f=0.4×600N=240N；故A正确；B.拉力F通过的距离：s=2h=2×4m=8m；拉力F所做的功为：W总=Fs=150N×8m=1200J；故B错误；C.克服摩擦力所做的功：W有用=fh=240N×4m=960J；拉力做功的功率为：P===192W，故C正确；D.滑轮组的机械效率为：η=×100%=×100%=80%.故D正确．4、B【解析】

A．球在A点时受绳子的拉力和本身的重力，这两个力没在同一直线上，不平衡，故A错；B．小球在C点是重力势能最小，动能最大，故B正确；C．从B到C，球的重力势能减小动能增加，故C错；D．从A到C，球的重力势能减小动能增加，故D错．5、D【解析】

（1）电流的磁效应：通电导线周围存在磁场；

（2）电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的；

（3）电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象；

（4）根据安培定则分析电流的方向。【详解】A、研究通电导线周围存在磁场，是电流的磁效应实验，故A错误；B、通电后，磁场中的导体会受力运动，即说明通电导线在磁场中受力的作用，即电动机的工作原理，电动机工作时主要将电能转化为机械能，故B错误；C、图中动感线圈式话筒，当人对话筒说话时，引起膜片的振动，膜片的振动会引起线圈的运动，切割永磁铁的磁感线而产生相对应的变化的电流，从而在扬声器产生与说话者相同的声音。动圈式话筒是根据电磁感应原理工作的；其工作原理与发电机工作原理相同，故C错误；D、螺线管的左端是N极，右端是S极，右手握螺线管，大拇指的方向是N极，所以电流的方向是从a端流进，从b端流出，故D正确。故选D。6、B【解析】

由图可知，甲灯、乙灯和电流表串联，电压表测量乙灯两端的电压，电流表测量电路电流．A、若甲灯短路，乙灯泡发光，电路中有电流，电流表有示数，电压表与电源两端相连，电压表有示数，故A不符合题意；B、若乙灯短路，电压表也同时被短路，没有示数，甲灯泡发光，电路中电阻减小，电流表示数增大，故B符合题意；C、若甲灯断路，乙灯泡不发光，电流表没有示数，电压表与电源两端不相连，电压表没有示数，故C不符合题意；D、若乙灯断路，甲灯泡不发光，电流表没有示数，电压表与电源两端相连，电压表有示数，故D不符合题意．故选B．【点睛】先分析电路的连接方式，即两灯泡串联连接，电流表测量电路中的电流，电压表测量乙两端电压，然后根据选项逐一分析，并选出符合要求的选项．7、C【解析】①利用光线表示光传播的径迹和方向，是建立模型法；②“探究压力的作用效果与受力面积的关系”时，保持压力不变，改变受力面积，是控制变量法的应用；③“比较不同物质吸热的情况”时，用加热时间的长短表示吸收热量的多少，是转换法的应用；④“探究物体的动能与速度的关系”时，让同一钢球从斜面的不同高度由静止滚下，是控制变量法的应用；故②和④都利用了控制变量法，选C。点睛：理解实验中控制变量法的应用，当一个结果受多个因素的影响时都使用此方法进行实验，实验时让一个因素变化，而其它因素都控制相等或相同即控制变量。8、D【解析】

A．由图可知，此时成的是倒立、缩小的实像；把蜡烛和光屏互换位置，根据光路可逆可知，光屏上还能得到倒立、放大的实像，故A错误；B．蜡烛适当向左移动，物距变大，像距应减小，要重新得到清晰的像，光屏要适当向左移动，故B错误；C．蜡烛、透镜位置不变，即物距保持不变，只是换一个焦距较短的凸透镜，则此时的像距会变小，要重新得到清晰的像，光屏要适当向左移动，故C错误；D．由图可知，此时成的是倒立、缩小的实像，则u＞2f，f＜v2f，带入数据得：30cm＞2f，f＜15cm＜2f，解得：7.5cm＜f＜15cm，故D正确．故选D．【点睛】要熟记凸透镜成像的规律，特别搞清物距与像距之间的关系是解答此题的关键．9、C【解析】

A．跳绳时，一次所用的时间在1s左右，所以1分钟大约60次．此选项正确，不符合题意；B．弹跳力强的初中男生，立定跳远的成绩在2.5m左右．此选项正确，不符合题意；C．男子百米世界纪录的成绩在10s以内，小明1000m跑的成绩远大于8s.此选项错误，符合题意；D．初中男生投掷铅球的成绩在10m左右，投掷实心球的成绩应该更远一些．此选项正确，不符合题意．10、A【解析】

A．滑动变阻器与定值电阻并联，电流表测量定值电阻的电流，由于并联电路各支路互不影响，所以滑片P向右移动时，电流表示数不变，故A不符合题意；B．滑动变阻器与定值电阻并联，电流表测量干路的电流，当滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路电阻变大，电流变小，干路电流也变小，即电流表示数变小，故B不符合题意；C．滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测量定值电阻的电压，当滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路电阻变大，电流变小，根据，定值电阻两端的电压变小，故C不符合题意；D．滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测量滑动变阻器的电压，当滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路电阻变大，电流变小，根据，定值电阻两端的电压变小，故滑动变阻器两端的电压变大，即电压表示数变大，故D符合题意；二、多选题（本大题共3小题，共12分）11、AC【解析】

A．滑片P在某位置不变时，表V1读数与表A读数的比，即，所以之比等于R1，故A正确；B．滑片P在某位置不变时，表V2读数与表A读数的比，即，等于R2，故B错误；CD．滑片P移到另一位置时，因为电源电压不变，再根据串联电路的电压特点可知，表V2读数变化量与V1读数变化量的绝对值相等，所以表V2读数变化量与表A读数变化量的比，即，故C正确，D错误；故选AC．12、BC【解析】

惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，从Q孔中竖直向上弹出一个小球，因为小球具有惯性，在水平方向上保持与火车相同的速度，所以小球能落回Q孔．若小火车突然加速，小球由于惯性保持原来的速度，将落到Q孔的后方．如果小火车突然减速，小球会落向Q孔前方的车厢顶上．所以选项B、C正确为答案．选项A、D错误．13、AD【解析】

AB．实验（1）中，物距小于像距，此时成倒立、放大的实像，故A正确，B错误。CD．实验（2）中，透镜和蜡烛的位置不变，将甲凸透镜换为焦距为的乙凸透镜，相当于增大了物距，根据凸透镜成实像时“物远像近像变小”，光屏应向左移动才能得到清晰的像，故C错误，D正确。三、填空题（本大题共5小题，共10分）14、并热效应会【解析】

家庭电路中，电冰箱、电饭煲、日光灯等全部并联，各用电器都能在额定电压下工作，而且互相不影响；电饭锅工作时电能转化为内能，电饭锅是利用电流热效应工作的；断开开关，A处还和火线相连，接触A点，相当于接触火线，因此会发生触电事故．15、U02I0R2断路或R1、R2同时断路U0【解析】

（1）由电路图可知，当电键S断开时，R2和电压表被断路，电路为R1的简单电路，两电流表均测通过R1的电流；当电键闭合时，两电阻并联，电压表测电源的电压，电流表A1测R1支路的电流的，电流表A2测干路电流；当电键S由断开到闭合时，电压表V的示数为U0，则电源电压为U0；电流表A2示数测量的是干路电流，电阻R1、R2阻值相等，则通过的电流相等，根据并联电路的电流关系可知，电流表A2示数为2I0；（2）电路故障分为短路和断路，则：①若R1短路，闭合电键前，电流经两电流表回到电源的负极，会造成电源短路，烧坏电源，三电表无示数；闭合电键后，由电源烧坏可知，三电表无示数，则三电表的示数不变；②若R2短路，闭合电键前，两电流表有示数，电压表无示数，闭合电键后，会造成电源短路，烧坏电源，两电流表和电压表均无示数；③若R1与R2同时短路时，电键闭合前后都会造成电源短路，三电表的示数不变；④若R1断路，断开电键三电表均无示数，闭合电键后，电压表和A2有示数，A1无示数，即电压表的示数变大，电流表A1的示数不变，电流表A2的示数变大；⑤若R2断路，闭合电键前后，通过R1的电流不变，两电流表的示数不变，而电压表从无示数变为有示数，则电流表的示数不变，电压表的示数变化；⑥若R1与R2同时断路时，闭合电键前三电表无示数，闭合电键后，两电流表的示数不变，电压表的示数变大；综上可知，电路故障为R2断路或R1、R2同时断路；当S断开时，电压表示数为0，当开关S闭合时，电压表测量的是电源电压，故电压表示数变化量为U0；16、电流的磁效应法拉第发电【解析】

丹麦物理学家奥斯特1820年发现了电流的磁效应；英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象，进一步提示了电和磁的联系，导致了发电机的发明。17、焦耳帕斯卡（或光的折射）【解析】

根据物理学史和所学的物理知识可知：初中学过的物理定律有：牛顿第一定律、光的反射定律、光的折射定律、欧姆定律、焦耳定律、帕斯卡定律等．【点睛】要了解一定的物理学史，牢记所学习的定律、原理、公式等，并注意多了解掌握著名的物理学家及其主要成就，作为物理常识，是考试中经常出现的题目．18、0.2；1.4【解析】

由于只闭合开关S时，小灯泡的实际功率为1W，由甲中的图像可知，L对应的曲线即为灯泡的电压随电流的变化图像，发现当电压为2V时，灯泡中的电流为0.5A，此时灯泡的电功率才正好是1W，由此可以判断出，电源电压是2V，当再闭合开关S1时，电阻R的两端电压也是2V，再由图像甲可知，电阻R中通过的电流为0.2A，而灯泡中通过的电流仍不变，故电流表示数变化了0.2A；此时电阻R的电功率为P1＝2V×0.2A＝0.4W，灯泡的电功率为P2＝2V××0.5A＝1W；电路消耗的总功率为P＝P1+P2＝0.4W+1W＝1.4W．四、计算题（本大题共3小题，共29分）19、（1）（2）【解析】

根据电热水壶的铭牌信息和所求可知，本题考查热量和热效率的计算。根据吸热公式和列式计算。【详解】（1）电热水壶装满水的质量，电热壶中水吸收的热量。（2）加热时，电热水壶所消耗的电能W=Pt=1800W×5×60s=5.4×105J，电热水壶加热时的热效率。答：（1）水吸收的热量是；（2）电热水壶加热时的热效率为93.3%；20、①4kg；②3920Pa；③【解析】

(1)甲的质量：m甲＝ρ甲V甲＝2×103kg/m3×2×10−3m3＝4kg；(2)因为甲为密度均匀形状规则的固体,所以对水平地面的压强p甲＝＝2×103kg/m3×9.8N/kgm＝3920Pa；（3）柱体甲的体积为米2。高为0.2米，甲的底面积S甲＝＝1S乙，由题意知放入物体后容器底部受到的压强变为原来的2倍，根据液体的压强公式可知，放入甲后液体深度变为原来的2倍，当物体刚好浸没时V排达到最大，并且满足深度达到原来的2倍关系，此时液体密度最小，又甲的高度为0.2m,所以原来水的深度为0.1m.液体的体积V＝Sh＝,所以液体的密度＝1.0kg/.21、（1）12kg；（2）2000Pa；（3）4N。【解析】（1）根据题意知道，容器中水的体积是：V=Sh=0.04m2×0.3m=0.012m3，由ρ=m/V知道水的质量是：m=ρV=1×103kg/m3×0.012m3=12kg；（2）因为容器内水深为0.3m，所以距容器底部0.1m处A点液体的压强是：p=ρgh=1×103kg/m3×10N/kg×（0.3m-0.1m）=2000Pa；（3）设塑料球的体积为V′，则其在该容器中完全浸没在水中时受到的浮力是：F浮=ρ液gV排=ρ液gV′，塑料球的重力是：G=m′g=ρ塑V′g，又因为用了16N的力恰好使塑料球完全浸没在水中，此时对塑料球受力是：F浮=F+G，即ρ液gV′=F+ρ塑V′g，整理可得（ρ液g-ρ塑g）V′=F代入数据得，（1×103kg/m3×10N/kg-0.2×103kg/m3×10N/kg）V′=16N，解得塑料球的体积是：V′=2×10-3m3，由ρ=m/V可知塑料球的质量是：m球=ρ塑料V′=0.2×103kg/m3×2×10-3m3=0.4kg，所以塑料球的重力是：G球=m球g=0.4kg×10N/kg=4N。点睛：本题考查的是密度公式、液体压强公式及阿基米德原理的综合运算，是一道综合题，考查的知识点较多，但难度不大。五、作图题（本大题共2小题，共4分）22、【解析】

对于凸透镜，入射光线过焦点则折射