山东省青岛市高三统一质量检测理综物理试题

二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14.下列说法正确的是A.放射性原子核经2次α衰变和3次β衰变后，变为原子核B.在核反应堆中，为使快中子减速，在铀棒周围要放置镉棒C.比结合能越小，原子核中核子结合得越牢固D.玻尔理论认为，氢原子的核外电子轨道是量子化的15.如图，空间某区域存在匀强电场和匀强磁场，电场方向水平向右，磁场方向垂直于纸面向外。已知在该区域内，一个带电小球在竖直面内做直线运动。下列说法正确的是A.若小球带正电荷，则小球的电势能减小B.若小球带负电荷，则小球的电势能减小C.无论小球带何种电荷，小球的重力势能都减小D.小球的动能可能会增大16.如图，连接有轻弹簧的物块a静止于光滑水平面上，物块b以一定初速度向左运动。下列关于a、b两物块的动量P随时间t的变化关系图象，不合理的是17.如图，绝缘光滑圆环竖直放置，a、b、c为三个套在圆环上可自由滑动的空心带电小球，已知小球c位于圆环最高点，ac连线与竖直方向成60°角，bc连线与竖直方向成30°角，三个小球均处于静止状态。下列说法正确的是A.a、b、c小球带同种电荷B.a、b小球带异种电荷，b、c小球带同种电荷C.a、b小球电量之比为D.a、b小球电量之比18.一物体由静止开始运动，其加速度a与位移x关系图线如图所示。下列说法正确的是A.物体最终静止B.物体的最大速度为C.物体的最大速度为D.物体的最大速度为19.如图，将手摇交流发电机与一理想变压器的原线圈相连，副线圈电路中接有三个定值电阻、开关、灯泡及一个压敏电阻。压敏电阻具有这样的特点：只有加在它两端的电压大于某一值时，才会有电流通过。现将手摇发电机的手柄匀速转动，小灯泡周期性的闪亮，闭合开关后，小灯泡不再闪亮。下列说法正确的是A.将滑动头P向上滑动，可能使灯泡继续闪亮，且闪亮频率不变B.将滑动头P向下滑动，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变小C.将滑动头P向上滑动，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变大D.增大发电机手柄的转速，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变大20.2018年1月19号，以周总理命名的“准安号”恩来星在甘肃酒泉卫星发射中心，搭乘长征—11号火箭顺利发射升空。“淮安号”恩来星在距离地面高度为535km的极地轨道上运行。已知地球同步卫星轨道高度约36000km，地球半径约6400km。下列说法正确的是A.“淮安号”恩来星的运行速度小于7.9km/sB.“淮安号”恩来星的运行角速度小于地球自转角速度C.经估算，“淮安号”恩来星的运行周期约为1.6hD.经估算，“淮安号”恩来星的加速度约为地球表面重力加速度的三分之二21.如图，一根长为l、横截面积为S的闭合软导线置于光滑水平面上，其材料的电阻率为ρ，导线内单位体积的自由电子数为n，电子的电荷量为e，空间存在垂直纸面向里的磁场。某时刻起磁场开始减弱，磁感应强度随时间的变化规律是B=B0kt，当软导线形状稳定时，磁场方向仍然垂直纸面向里，此时A.软导线围成一个正方形B.导线中的电流为C.导线中自由电子定向移动的速率为D.导线中电场强度大小为第Ⅱ卷（共174分）三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。第22~32题为必考题，每个试题考生都必须做答。第33~38题为选考题，考生根据要求做答。（一）必考题（共129分）22.（6分）某同学用如图甲所示装置验证动量守恒定律。入射球和靶球的半径相同，质量分别为m1、m2，平放于地面的记录纸上铺有复写纸。实验时先使入射球从斜槽上固定位置G由静止开始滚下，落到复写纸上，重复上述操作多次。再把靶球放在水平槽末端，让入射球仍从位置G由静止开始滚下，和靶球碰撞后继续向前运动落到复写纸上，重复操作多次。最终记录纸上得到的落点痕迹如图乙所示（1）关于本实验下列说法正确的是_________A.需要用游标卡尺测量两小球的直径B.应使m1>m2C.实验中记录纸上铺的复写纸的位置可以移动D.斜槽要固定好，末端切线不需要调节水平（2）请你叙述确定落点平均位置的办法：_________________________________________。（3）按照本实验方法，该同学确定了落地点的平均位置P、Q、R并测出了OP、PQ、QR间的距离分别为x1、x2、x3，则验证动量守恒定律的表达式是_________________________________。23.（9分）某同学用图甲所示电路测量电流表G1的内阻r1。供选择的仪器如下：待测电流表G1（05mA，内阻约200Ω）；电流表G2（0~10mA，内阻约100Ω）；定值电阻R1（100Ω）；定值电阻R2（200Ω）；滑动变阻器R3（01000Ω）；滑动变阻器R4（0400Ω)；电源E(电动势6V，内阻可不计）；开关S及导线若干。（1）实验中要求电流表G1能达到满偏，则定值电阻应选_______（填“R1”或“R2”），滑动变阻器应选_______（填“R3”或“R4”），按照电路图，闭合开关S前应将滑动触头移至_________端（填（2）在图乙所示实物图中，已正确连接了部分导线，请根据图甲电路完成剩余部分的连接。（3）实验步骤如下：按电路图连接电路，将滑动变阻器的滑动触头移至一端；闭合开关S，移动滑动触头至某一位置，记录G1、G2的读数I1、I2；多次移动滑动触头，记录相应的G1、G2的读数I1、I2；以I1为纵坐标，I2为横坐标，作出相应图线，如图丙所示。若图中直线的斜率为k，请用题中所给符号写出待测电流表内阻的表达式r1=________。24.（12分）如图所示，矩形abcd区域内存在着垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B。两个质量为m，电荷量为q的负粒子以相同的速度从不同位置（图中未画出)垂直于cd边射入磁场，两粒子均从bc边上的P点同时离开磁场区域，已知cp间距离为L，两粒子在磁场中运动的时间之比为3：1，不计重力和粒子间的相互作用力，求（1）两粒子进入磁场的时间之差；（2）粒子进入磁场时的速度大小。25.（20分）如图所示为某自动控制系统的装置示意图，装置中间有一个以v0=3m/s的速度逆时针匀速转动的水平传送带，传送带左端点M与光滑水平面相切，水平面左侧与一倾角α=37°的光滑斜面平滑连接。靠近斜面底端的P点处安装有自动控制系统，当小物块b每次向右经过P点时都会被系统瞬时锁定从而保持静止。传送带N端与半径r=0.2m的光滑四分之一圆弧相切，小物块α从圆弧最高点由静止下滑后滑过传送带，经过M点后控制系统会使静止在P点的小物块b自动解锁，之后两物块发生第一次弹性碰撞。已知两物块的质量mb=2ma=2kg，两物块均可视为质点，物块与传送带间的动摩擦因数μ=0.25，MN间的距离L=1.2m，g=10m/s2，sin37°=0.6,cos37°=0.8,求：（1）物块a运动到N点时受到的支持力；（2）物块b第一次沿斜面上滑的时间；（3）两物块在第n次碰撞后到第n+1次碰撞前，物块a在传送带上运动产生的摩擦热。33.【物理一选修33】（15分）（1）（5分)下列说法正确的是________。（填正确答案标号。选对一个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错一个扣3分，最低得分为0分）A.气体很容易充满整个容器，这是分子间存在斥力的宏观表现B.若两个分子间的势能增大，一定是克服分子间的相互作用力做功C.两个物体内能相同，则它们的温度一定相同D.摩尔质量为M(kg/mol）、密度为ρ(kg/m3)的1m3的铜所含原子数为子NA（阿伏伽德罗常数为NA)E.由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，液面分子间表现为引力，所以液体表面具有收缩的趋势（2）（10分)如图，长度为4l、横截面积为S的汽缸A、B导热良好、内壁光滑，A竖直固定、B水平固定，之间由一段容积可忽略的细管相连，整个装置置于温度为20℃、大气压为p0的环境中，活塞C、D的质量均为m=。原长为2/的轻弹簧，一端连接活塞C、另一端固定在汽缸A底部。稳定后活塞C距汽缸A底部，活塞D距汽缸B的底部3l（i）弹簧的劲度系数k；（i）若在活塞D上施加一水平向左的力缓慢推动活塞D，使汽缸A中弹簧恢复原长，此时活塞D距汽缸B底部的距离。物理学科参考答案及评分标准一、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14.D15.C16.A17.D18.C19.AD20.AC21.BCD二、非选择题22.（6分）（1）BC（2分，选对一个得1分，错选不得分）（2）用尽可能小的圆把尽可能多的落点都圈在里面，圆心就是落点的平均位置。……（2分）（3）m1xl+m2·(x1+x2+x3)=m1·(x1+x2)……（2分）23.（9分)（1）R2(1分)，R3（1分），a（1分)。（2）如右图……（3分）（3）(1)R224.（12分）（1）粒子运动的图像如图所示，两粒子在磁场中转过的圆心角为θ1、θ2，则θ1+θ2=π……（2分）粒子在磁场中运动的时间t=..........（1分）可得：θ1=、θ2=……（2分）粒子进入磁场的时间之差：Δt=.…（2分）（2）由几何关系可知粒子在磁场中运动的半径：R==L……（2分）……（2分）得：v=……（1分）说明：第（1）问7分，第（2）问5分。25.（20分）解：（1)由动能定理可得：……（2分）得：v1==2m/s........................……（1分）FN=30N……（1分）（2）小球a在传送带上运动的加速度a1==2.5m/s…（1分)设小球a加速到3m/s前进的距离为x，则……（1分）故小球a到达M点的速度为v2=3m/s……（1分)两球第一次碰撞后获得的速度为val、vbl：由动量守恒可得：mav2=maval+mbvbl……（1分)由机械能守恒可得：……（1分）解得：……（1分）……（1分）由动量定理可得：mbgtsinα=0一mbvbl……（2分)解得：……(1分）)（3）小球a向右在传送带上通过的位移：xal==0.2m<L小球a向右在传送带上运动的时间：因此小球a从传送带上返回再次与静止的b球发生碰撞。经过n次碰撞