云南省华宁二中高三复习检测（七）物理

绝密★启用前云南省华宁二中2018届高三复习检测（七）高三理综物理一、单选题(共5小题,每小题6.0分,共30分)1.下列事例中能说明原子具有核式结构的是（）A．光电效应现象的发现B．汤姆逊研究阴极射线时发现了电子C．卢瑟福的α粒子散射实验发现有少数α粒子发生大角度偏转D．天然放射现象的发现2.图为P、Q两物体沿同一直线做直线运动的x－t图象，下列说法中正确的有()A．t1前，Q在P的前面B．0～t1，Q的路程比P的大C．0～t1，P、Q的平均速度大小相等，方向相同D．P做匀速直线运动，Q做曲线运动3.如图所示，A、B、C三物块叠放并处于静止状态，水平地面光滑，其他接触面粗糙，以下受力分析正确的是()A．A与墙面间存在压力B．A与墙面间存在静摩擦力C．A物块共受3个力作用D．B物块共受5个力作用4.如图所示，实线为电场线，虚线为等势面，φa＝50V，φc＝20V，则a、c连线中点b的电势φb为()A．等于35VB．大于35VC．小于35VD．等于15V5.如图所示，有一匝接在电容器C两端的圆形导线回路，垂直回路平面内存在着向里的匀强磁场B，已知圆的半径r＝5cm，电容C＝20μF，当磁场B以4×10－2T/s的变化率均匀增加时，则()A．电容器a板带正电，电荷量为2π×10－9CB．电容器a板带负电，电荷量为2π×10－9CC．电容器b板带正电，电荷量为4π×10－9CD．电容器b板带负电，电荷量为4π×10－9C二、多选题(共3小题,每小题5.0分,共15分)6.（多选）“嫦娥一号”探月卫星绕地运行一段时间后，离开地球飞向月球．如图所示是绕地飞行的三条轨道，1轨道是近地圆形轨道，2和3是变轨后的椭圆轨道．A点是2轨道的近地点，B点是2轨道的远地点，卫星在轨道1的运行速率为7.7km/s，则下列说法中正确的是()A．卫星在2轨道经过A点时的速率一定大于7.7km/sB．卫星在2轨道经过B点时的速率一定小于7.7km/sC．卫星在3轨道所具有的机械能小于在2轨道所具有的机械能D．卫星在3轨道所具有的最大速率小于在2轨道所具有的最大速率7.(多选)如图所示，质量20kg的小物块(可视为质点)以速度4m/s水平向右进入转送带，传送带向左传动、速率为3m/s，两皮带轮轴心间的距离是9m，已知小物块与传送带间的动摩擦因数为0.1.对此，下列说法中正确是()A．物体将从传送带的左边离开B．特体将从传送带的右边离开C．物块离开传送带的速度为3m/sD．传送带对物块先做负功、后一直做正功直至落下传送带8.在如图所示的电路，电源的内阻为r，现闭合电键S，将滑片P向左移动一段距离后，下列结论正确的是()A．灯泡L变亮B．电压表读数变小C．电流表读数变小D．电容器C上的电荷量增大分卷II三、实验题(共2小题,共15分)9.在利用自由落体运动验证机械能守恒定律的实验中，电源的频率为50Hz，依次打出的点为0、1、2、3、4、…、n，则：(1)如用第2点到第6点之间的纸带来验证，必须直接测量的物理量为________、________、________，必须计算出的物理量为________、________，验证的表达式为________________.(2)下列实验步骤操作合理的排列顺序是________(填写步骤前面的字母).A.将打点计时器竖直安装在铁架台上.B.先接通电源，再松开纸带，让重物自由下落.C.取下纸带，更换新纸带(或将纸带翻个面)重新做实验.D.将重物固定在纸带的一端，让纸带穿过打点计时器，用手提着纸带.E.选择一条纸带，用刻度尺测出物体下落的高度h1、h2、h3、…、hn，计算出对应的瞬时速度v1、v2、v3、…、vn.F.分别算出mv和mghn，在实验误差范围内看是否相等.10.现用伏安法研究某电子器件R1的（6V，2.5W）伏安特性曲线，要求特性曲线尽可能完整（直接测量的变化范围尽可能大一些），备有下列器材：A、直流电源（6V，内阻不计）；B、电流表G（满偏电流3mA，内阻Rg=10Ω）；C、电流表A（0～0.6A，内阻未知）；D、滑动变阻器（0～20Ω，10A）；E、滑动变阻器（0～200Ω，1A）；F、定值电阻R0（阻值1990Ω）；G、开关与导线若干；（1）根据题目提供的实验器材，请你设计出测量电子器件R1伏安特性曲线的电路原理图（R1可用“”表示）．（2）在实验中，为了操作方便且能够准确地进行测量，滑动变阻器应选用．（填写器材序号）（3）将上述电子器件R1和另一电子器件R2接入如图（甲）所示的电路中，它们的伏安特性曲线分别如图（乙）中Ob、Oa所示．电源的电动势E=6.0V，内阻忽略不计．调节滑动变阻器R3，使电阻R1和R2消耗的电功率恰好相等，则此时电阻R1和R2阻值的和为Ω，R3接入电路的阻值为Ω．四、计算题11.如图所示，倾角α＝30°的足够长光滑斜面固定在水平面上，斜面上放一长L＝1.8m、质量M＝3kg的薄木板，木板的最右端叠放一质量m＝1kg的小物块，物块与木板间的动摩擦因数μ＝.对木板施加沿斜面向上的恒力F，使木板沿斜面由静止开始做匀加速直线运动．设物块与木板间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度g＝10m/s2.(1)为使物块不滑离木板，求力F应满足的条件；(2)若F＝37.5N，物块能否滑离木板？若不能，请说明理由；若能，求出物块滑离木板所用的时间及滑离木板后沿斜面上升的最大距离．12.如图所示，在x≤l，y≥0范围内有一匀强磁场，方向垂直纸面向里；在x≤l，y≤0范围内有一电场强度为E的匀强电场，方向沿y轴负方向．质量为m，电荷量为﹣q的粒子从y轴上的M点由静止释放，粒子运动到O点时的速度为v．不计粒子重力．（1）求O，M两点间的距离d；（2）a．如果经过一段时间，粒子能通过x轴上的N点，O，N两点间的距离为b（b＜l），求磁感应强度B．b．如果粒子运动到O点的同时，撤去电场．要使粒子能再次通过x轴，磁感应强度B应满足什么条件？13、下列说法中正确的是____．A.一定质量的理想气体的内能随着温度升高一定增大B.第一类永动机和第二类永动机研制失败的原因是违背了能量守恒定律C.当分子间距r>r0时，分子间的引力随着分子间距的增大而增大，分子间的斥力随着分子间距的增大而减小，所以分子力表现为引力D.大雾天气学生感觉到教室潮湿，说明教室内的相对湿度较大E.一定质量的单晶体在熔化过程中分子势能一定是增大的（2）如图所示，内径相同的两U形玻璃管竖直放置在空气中，中间用细软管相连，左侧U形管顶端封闭，右侧U形管开口，用水银将部分气体A封闭在左侧U形管内，细软管内还有一部分气体。已知环境温度恒为27℃，大气压强为，稳定时，A部分气体长度为，管内各液面高度差分别为、；①求A部分气体的压强；②现仅给A部分气体加热，当管内气体温度升高了时，A部分气体长度为21cm，求时右侧U形管液面高度差。14、如图甲所示，在水平面内，有三个质点a、b、c分别位于直角三角形的三个顶点上，已知ab＝6m，ac＝8m．在t1＝0时刻a、b同时开始振动，振动图象均如图乙所示，所形成的机械波在水平面内传播，在t2＝4s时c点开始振动，则()A.该机械波的传播速度大小为2m/sB.c点的振动频率先是与a点相同，两列波相遇后c点的振动频率增大C.该列波的波长是2mD.两列波相遇后，c点振动加强E.两列波相遇后，c点振动减弱（2）．一个透明圆柱体的半径为R，其横截面如图所示，AB是一条直径，一束平行单色光沿AB方向射向圆柱体，该圆柱体的折射率为QUOTE。若有一条入射到P点的光线（P点图中未标出），经折射后恰好到B点，求①该入射光线射入圆柱体的入射角i；②光在圆柱体介质中，由P点运动至B点所用的时间t（设光在真空中的速度为c）答案解析1.【答案】C【解析】A、光电效应实验说明光具有粒子性，故A错误；B、汤姆逊研究阴极射线，是发现电子的实验，故B错误；C、α粒子散射实验中极少数α粒子的大角度偏转说明原子内存在原子核．故C正确；D、元素放射性的发现揭示原子具有复杂的结构．故D错误．2.【答案】C【解析】由图象知，在t1时刻之前，P的位移大于Q的位移，而位移－时间图象表示物体的位置随时间的变化，t＝0时刻两物体在同一位置，则知P在Q的前面．故A错误．根据图象的斜率表示该时刻的速度可知，两物体都做单向直线运动，路程等于位移大小，由图看出，在0～t1时间内，两物体的位移大小相等，则路程相等．故B错误．在0～t1时间内，P、Q的位移相等，所用时间相等，则平均速度大小相等，方向相同．故C正确．根据图象的斜率等于物体的速度，则知P做匀速直线运动，Q做变速直线运动，故D错误．故选C.3.【答案】C【解析】以三个物体组成的整体为研究对象，水平方向上：地面光滑，对C没有摩擦力，根据平衡条件得知，墙对A没有压力，因而也没有摩擦力．故A、B错误．对A：受到重力、B的支持力和摩擦力三个力作用．故C正确．先对A、B整体研究：水平方向上：墙对A没有压力，则由平衡条件分析可知，C对B没有摩擦力．再对B分析：受到重力、A的压力和摩擦力、C的支持力，共四个力作用．故D错误．4.【答案】C【解析】由图看出，ab段电场线比bc段电场线密，故ab段场强较大，根据公式U＝Ed可知，a、b间电势差Uac大于b、c间电势差Ubc，即：φa－φb>φb－φc，得到：φb＜＝V＝35V.5.【答案】A【解析】根据“增反减同”可知线圈中产生垂直纸面向外的感应磁场，根据右手定则知道四指指向高电势，即电容器a板带正电，两板间电势差U＝＝＝π×10－4V，根据Q＝CU＝2π×10－9C，故正确选项为A.6.【答案】AB【解析】卫星在1轨道做匀速圆周运动，由万有引力定律和牛顿第二定律得G＝m，卫星在2轨道A点做离心运动，则有G<m，故v1<v2A，选项A正确；卫星在2轨道B点做近心运动，则有G>m，若卫星在经过B点的圆轨道上运动，则G＝m，由于r<rB，所以v1>vB，故v2B<vB<v1＝7.7km/s，选项B正确；3轨道的高度大于2轨道的高度，故卫星在3轨道所具有的机械能大于在2轨道所具有的机械能，选项C错误；卫星在各个轨道上运动时，只有万有引力做功，机械能守恒，在A点时重力势能最小，动能最大，速率最大，故卫星在3轨道所具有的最大速率大于在2轨道所具有的最大速率，选项D错误．7.【答案】AC【解析】牛顿第二定律已知，物体的初速度v＝4m/s，传送带的速度为v0＝3m/s.物体刚开始在水平方向上受到向左的滑动摩擦力作用，向右做匀减速直线运动，设向右滑行的最远距离为L，由动能定理：－μmgL＝0－mv2，解得L＝8m<两皮带轮轴心间的距离是9m．所以物体不可能从右边离开传送带，而只能从左边离开，所以A正确，B错误；当物体滑到最右端时，受到向左的滑动摩擦力作用，所以会向左做初速度为0的匀加速度运动，当物体的速度与传送带速度相同时，物体的位移x＝＝4.5m<L＝8m．所以物体向左先做初速度为0的匀加速直线运动，后做匀速运动，所以物块离开传送带的速度为3m/s，传送带对物块先做负功、后一直做正功直至两者速度相同，所以C正确，D错误．8.【答案】CD【解析】滑片P向左移动一段距离后电阻变大，故电路的电流减小，电流表读数变小，灯泡L变暗；路端电压变大，故电压表读数变大；滑动变阻器两端电压变大，根据Q=CU可知，电容器C上的电荷量增大，选项CD正确，AB错误.9.【答案】(1)第2点到第6点之间的距离h26第1点到第3点之间的距离h13第5点到第7点之间的距离h57第2点的瞬时速度v2第6点的瞬时速度v6mgh26＝mv－mv(2)ADBCEF【解析】(1)要验证从第2点到第6点之间的纸带对应重物的运动过程中机械能守恒，应测出第2点到第6点的距离h26，要计算第2点和第6点的速度v2和v6，必须测出第1点到第3点之间的距离h13和第5点到第7点之间的距离h57，机械能守恒的表达式为mgh26＝mv－mv.10.【答案】（1）见解析图（2）D（3）204【解析】（1）本实验中为了多测数据，滑动变阻器采用分压接法，因该电子元件内阻较小，故应选用电流表外接法，题目中没有给出电压表，因此需要用已知内阻电流表进行改装，具体实验原理图如下所示：（2）由于滑动变阻器采用分压接法，因此，在保证安全的前提下，选择总阻值小的，因此滑动变阻器应选用D．（3）R1和R2串联使用，因此它们的电流相等，由乙图可知R1和R2的相等电流为：I=0.25A，此时R1和R2的电压均为：U=2.5V，因此它们的电阻之和为：；此时R3两端的电压为：U1=6.0V﹣2.5V﹣2.5V=1.0V，此时接入电路中的电阻为：．11.【答案】(1)F≤30N(2)物块能滑离木板1.2s0.9m【解析】(1)对M、m整体，由牛顿第二定律知F－(M＋m)gsinα＝(M＋m)a对m，有Ff－mgsinα＝maFf≤μmgcosα代入数据得：F≤30N(2)F＝37.5N>30N，物块能滑离木板对于M，有F－μmgcosα－Mgsinα＝Ma1对m，有μmgcosα－mgsinα＝ma2设物块滑离木板所用的时间为t，由运动学公式：a1t2－a2t2＝L代入数据得：t＝1.2s物块离开木板时的速度v＝a2t由公式：－2gsinα·s＝0－v2代入数据得s＝0.9m.12.【答案】（1）O，M两点间的距离d为；（2）磁感应强度B应满足B＞．【解析】解：（1）粒子在电场中只受电场力，根据动能定理qEd=mv2﹣0，所以d=（2）a．粒子进入磁场，做匀速圆周运动，设其轨道半径为r，根据牛顿第二定律qvB=m由于粒子从O点到N点经历半圆的轨迹可以有n个（n=1，2，3…），所以b=2nr（n=1，2，3…）所以B=（n=1，2，3…）b．若要使粒子能再次通过x轴，需满足r＜l．即B＞．13、【答案】ADE【解析】一定质量的理想气体的内能只与温度有关，温度越高，内能越大，A正确；第一类水动机研制失败的原因是违背了能量守恒定律，而第二类永动机研制失败的原因并不是违背了能量守恒定律，而