单元测试：第13章 内能与热机-B卷·难点题型-提升卷（解析版）

学而优教有方试卷第=page11页，共=sectionpages33页-2024学年九年级物理全一册单元测试卷（沪科版）第十三章内能与热机【B卷·难点题型+提升卷】难点题型归纳题型1：做功改变内能的应用1．如图所示，在烧瓶内装入少量的水，塞紧塞子后，用气筒往瓶内打气，瓶塞尚未跳出前，下列说法正确的是（）A．瓶内气体内能变小 B．瓶内会出现白雾C．此过程能量转化过程类似汽油机的做功冲程 D．瓶内如果有灵敏温度计，它的示数会升高【答案】D【详解】A．用气筒往瓶内打气，瓶塞尚未跳出前，外界对瓶内气体做功，瓶内气体的内能是增大的，A错误；BD．瓶内气体温度会升高，瓶内如果有灵敏温度计，它的示数会升高，由于瓶塞没有跳出，里面的气体不会遇冷，则不会液化为小水珠，瓶内不会出现白雾，B错误，D正确；C．此过程能量转化是机械能转化为内能，与汽油机的压缩冲程是类似的，不是做功冲程，C错误。2．如图甲所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，把活塞迅速压下去，我们会看到硝化棉燃烧；如图乙所示，玻璃瓶内装有少最的水，用塞子塞紧，并用气筒往瓶内打气，会观察到瓶塞跳起来，下列说法错误的是（）

A．图甲中，活塞对气体做功，气体内能增大B．图甲的工作原理和汽油机的做功冲程相同C．图乙中，当瓶塞跳起时可以观察到瓶口出现白雾D．甲、乙两图都说明了做功可以改变物体的内能【答案】B【详解】A．图甲中，当把活塞迅速压下去后，活塞压缩气体做功，气体的内能增加，故A正确，不符合题意；B．图甲中，当把活塞迅速压下去后，活塞压缩气体做功，气体的内能增加，将机械能转化为内能，能量转化情况与汽油机压缩冲程相同，做功冲程将内能转化为机械能。故B错误，符合题意；C．如图乙所示，给瓶内打气，瓶内气压增大，当气压把瓶塞从瓶口推出时，瓶内气体对瓶塞做功，使气体自身的内能减少，温度降低，水蒸气液化成小水滴飘散在空中，就是看到的白雾，故C正确，不符合题意；D．甲图说明对物体做功，机械能转化为内能，乙图说明物体对外做功，内能转化为机械能，都说明了做功可以改变物体的内能，故D正确，不符合题意。故选B。3．如图所示是家居装修的一种空气锤，它是利用压缩空气使活塞迅速推出，产生巨大压力，能将铁钉打入木板，甚至能将混凝土压碎。下列关于空气锤的使用，说法错误的是（）

A．压缩空气对外做功时，自身的内能会减小B．空气被压缩时，质量不变，密度增大C．木板可以被铁钉打入，说明力可以改变物体的形状D．反复捶打，铁钉会发热，这与内燃机的做功冲程能量转化相同【答案】D【详解】A．压缩空气对外做功时，空气将内能转化为外界的能量，自身的内能会减小，故A正确，不符合题意；B．空气被压缩时，质量不变，体积变小，由可知，密度增大，故B正确，不符合题意；C．铁钉被打入木板，木板在力的作用下形状发生改变，说明力可以改变物体的形状，故C正确，不符合题意；D．反复捶打，铁钉会发热，将机械能转化为内能，这与内燃机的压缩冲程能量转化相同，故D错误，符合题意。故选D。题型2：比热容、热值、热机效率的图像与表格题4．甲物体质量为2kg，乙、丙两物体质量都为1kg，三个物体初始温度都是20℃，吸收相同热量后温度如图，以下说法正确的是（）A．甲的比热容比乙的大B．乙的比热容与丙的相等C．若乙、丙都升高相同的温度，乙比丙吸收的热量多D．若甲、丙都升高相同的温度，丙比甲吸收的热量多【答案】C【详解】A．由题意可知，甲物体质量为2kg，乙物体质量为1kg，吸收相同热量，即，它们的温度变化量分别为根据比热容的公式可知代入数据，可得最后解得，甲的比热容大小，等于乙的比热容大小，故A错误；B．根据A解析，同理可得代入数据，可得最后解得，乙的比热容与丙的不相等，故B错误；C．若乙、丙都升高相同的温度，即，乙、丙的质量都相等，都为1kg，根据比热容公式可知而由B解析可知，，代入上式可得，乙比丙吸收的热量多，故C正确；D．根据C解析，同理可得再由AB解析可知结合上面两式，可得，甲比丙吸收的热量多，故D错误。故选C。5．根据表格中的数据，下列说法中正确的是（

）物质铝铁铜水煤油密度/（）比热容/A．将质量和温度都相等的铜块和铝块放在同一冰面上，铜块熔化的冰会更多一些B．用同样的酒精灯给质量相等、初温相同的水和煤油加热相同的时间后，发现水中的温度计示数较高C．初温、质量相同的铁和铜，吸收相同的热量后互相接触，内能从铜转移到铁D．加热质量相同的铜和铝，其吸收热量与升高温度的关系图像如图所示，其中图线α表示的是铜【答案】C【详解】A．由表中数据可知，铜的比热容小于铝的比热容，放在足够大的同一冰面上，降低的温度相同，等质量的铜和铝，铝放出的热量多，熔化的冰会更多些，A错误；B．由表中实验数据可知，水的比热容大于煤油的比热容，用同样的酒精灯给质量相等、初温相同的水和煤油加热相同的时间后，它们吸收的热量相等，由可知，煤油升高的温度多，煤油中温度计示数高，B错误；C．初温、质量相同的铁和铜，吸收相同的热量后，由于铁的比热容大，所以升高的温度小，即铁的末温低，铜的末温高，热量从高温物体（铜）传给低温物体（铁），那么内能由铜向铁转移，C正确；D．由可知，给等质量的铜块和铝块加热，升高相同的温度时，铝块吸收的热量多，图像a表示的是铝块，D错误。故选C。6．在相同的加热条件下，对质量为mA、比热容为cA的A液体和质量为mB、比热容为cB的B液体均匀加热，液体A、B的温度随加热时间的变化情况如图所示。下列推断正确的是（）A．若mA＝mB，则cA＜cB B．若mA＝mB，则cA＝cBC．若mA＜mB，则cA＝cB D．若mA＜mB，则cA＞cB【答案】D【详解】在相同的加热条件下，在相同时间内，两个物体吸收的热量是相同的。有即通过图像知道，在相等的加热时间内如果mA＝mB则cA>cB如果则cA>cB故ABC错误，D正确。故选D。7．小李同学想比较甲物质与水的吸热本领，在老师指导下，用同一套实验装置分别加热200g的甲物质和水，如图甲所示。测得的数据绘制了如图乙所示的温度随时间变化图像，已知酒精的热值q酒精=3×107J/kg，加热时酒精灯平均每分钟消耗0.28g酒精，相同时间内甲吸收的热量与水吸收的热量相等，c水=4.2×103J/（kg•℃），则下列说法中正确的是（）A．实验前应“自上而下”安装器材B．甲与水的比热容之比为C．前10min，甲吸收的热量为2.52×104JD．酒精灯的加热效率为35%【答案】C【详解】A．实验前需要根据酒精灯外焰高度来固定石棉网高度，所以应“自下而上”安装器材，故A错误；B．由图乙可知，甲和水均升高60℃时，水的加热时间是甲的二倍，即水吸收的热量是甲的二倍，二者质量相同，由可知，水的比热容是甲的二倍，甲与水的比热容之比为，故B错误；C．前10min，甲升高了60℃，甲吸收的热量为故C正确；D．前10min，酒精灯燃烧放出的热量为酒精灯的加热效率为故D错误。故选C。8．探究某物质熔化和沸腾的实验如图甲所示，把100g某种固体碾碎放入试管中，插入温度计，再将试管放在装有水的烧杯中加热（物质在相同时间内吸收的热量相等）。根据实验数据画出的图像如图乙所示，从开始加热到实验结束的10min内消耗4g酒精，酒精的热值3.0×107J/kg，这种物质的液态比热容c=1.5×103J/(kg·℃)，下列选项错误的（）A．该物质在第5min末的内能大于第4min末的内能B．在AB段和BC段，该物质吸收的热量相同C．该物质固态时的比热容为3.0×103J/(kg·℃)D．该装置能量的转化效率为50%【答案】D【详解】A．由图可知，3至6min，物质吸热但温度保持50℃不变，故该物质是晶体，在熔化的过程中，吸收热量，但温度不变，内能变大，即该物质在第5min末的内能大于第4min末的内能，故A正确，不符合题意；B．由于用同一个热源加热，在相同时间内，物质吸收的热量是相同的，从开始加热（A点）到开始熔化（B点）用时3分钟，晶体熔化的时间（BC段）用时也是3min，所以，在AB段和BC段该物质吸收的热量相同，故B正确，不符合题意；C．AB段为固态，CD段为液态，固态加热的时间为3min，液态加热的时间2min。用相同的热源加热，在相同的时间内吸收的热量是相同的，即AB段为吸热是CD段的1.5倍Q固=1.5Q液①AB段升高的温度为CD段升高的温度为根据，结合①，则有该物质固态时的比热容为故C正确，不符合题意；D．CD段（加热2min）吸收的热量为Q液=cm(t﹣t0)=1.5×103J/(kg·℃)×0.1kg×40℃=6×103J由图可知从开始加热到实验结束共用10min，故从开始加热到实验结束该物质吸收的热量4g酒精完全燃烧放出的热量Q放=m酒精q=0.004kg×3.0×107J/kg=1.2×105J这种装置能量的转化效率故D错误，符合题意。故选D。9．在“比较不同液体的比热容大小”的实验中，用相同的酒精灯对四种液体加热，得到如表所示的数据：如果四次实验中，在相同时间内，水、甲、乙、丙吸收的热量相等，已知水的比热容为C水=4.2×103J•（kg•℃）-1，则由上述条件可得（）A．第1次实验中，水吸收的热量等于酒精燃烧放出的热量B．第1、2次实验中，甲液体吸收的热量比水吸收的热量少C．乙液体的比热容为2.1×103J/（kg•℃）D．丙液体的比热容小于乙液体的比热容【答案】C【详解】A.用酒精灯加热液体，酒精燃烧放出的热量只有一部分被水吸收，还有一部分热量被容器吸收和散失到空气中，故错误；B.相同的酒精灯加热液体，在单位时间内酒精灯放出的热量相同，加热时间越长，放出的热量越多，故甲液体比水吸收的热量多，故错误；C.相同的酒精灯加热液体，单位时间内放出的热量相等，故Q乙:Q水=2:1，又知△t乙:△t水=2:1，m乙:m水=2:1，由Q=cm△t得：，因此c乙=2.1×103J/(kg•℃)，故C正确；D.根据吸热公式Q=cm△t，乙、丙两种液体质量相等，吸收相同的热量，丙升高的温度低，所以丙的比热容大，故错误．故选C10．现有甲、乙、丙三种初温度相同的液体，其中甲、乙为质量相等的不同液体，乙、丙为质量不等的同种液体。若对这三种液体分别加热，根据它们各自吸收的热量和末温度，在温度-热量图像上分别画出对应的甲、乙、丙三点，如图所示，则甲、丙之间比热容c和质量m的大小关系，正确的是（）A． B．C． D．【答案】C【详解】由下图知，乙和丙，吸收相同的热量，乙升高的温度比丙大，因乙、丙为同种液体，比热容相同，由可知，丙的质量大于乙的质量，即因甲、乙两液体质量相等，故由上图知，甲、乙两液体吸收相同热量后，乙升高的大于甲升高的温度，因两液体的质量相等，由可知，甲的比热容比乙的比热大，即因乙、丙比热相同，故故选C。题型3：热平衡有关计算11．汽油机甲，飞轮每分钟转2400转，汽油机的汽缸容积为150cm3，满负荷工作时做功冲程燃气的平均压强为2.0×106Pa，且甲汽油机一分钟消耗25g汽油。汽油机甲与汽油机乙的效率比值为5∶4，汽油机甲的功率是乙的2.5倍，则汽油机甲的功率和甲、乙汽油机相同时间的油耗之比为（）（汽油的热值为4.8×107J/kg）A．3.6×106W；2∶1 B．6000W；2∶1C．3.6×106W；1∶2 D．6000W；1∶2【答案】B【详解】根据题意知道，一个做功冲程中燃气对活塞做的功曲轴每转两圈对外做功一次，所以1min转动2400转，完成1200个工作循环，对外做功1200次，则1min对外做的总功汽油机甲的热功率甲的功率为P甲，乙的功率为P乙，效率为η甲，效率为η乙，汽油的热值为q，做功时间为t，甲在时间t内做的有用功W甲=P甲t则由题意知道，汽油机甲的功率是乙的2.5倍，汽油机甲与汽油机乙的效率比值为5:4，则甲在时间t内消耗的总能量甲在时间t内的耗油量同理可以得到乙在时间t内的耗油量的表达式甲、乙两汽油机在相同时间内的耗油量之比就等于两表达式之比故B正确。故选B。12．有两个温度为质量相等的金属球，先把甲球放入温水杯中，热平衡后水温升高了；取出甲球，将乙球放入该杯中，热平衡后水温又升高了10℃（末温未达100℃），则甲球比热容c甲和乙球比热容c乙，大小的关系是（）A． B．C． D．以上三种情况都有可能【答案】A【详解】把甲球放入温水杯中，热平衡后水温升高了，设水的初温为，则水的末温为金属球甲的末温等于水的末温，则金属球的末温金属球甲温度变化为金属球甲放出的热量等于水吸收的热量为把乙球放入该温水杯中，热平衡后水温又升高了，则水的末温为金属球乙的末温等于水的末温，则金属球的末温金属球乙温度变化为金属球乙放出的热量等于水吸收的热量为即甲乙球放出的热量相等，甲球温度变化大于乙球温度变化，依题意得，甲乙球质量相等，由得，甲球比热容小于乙球比热容。故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。13．质量、初温相同的甲、乙两金属块，先将甲投入一杯热水中，热平衡后，水温降低6℃，把甲取出后，立即将乙投入这杯水中，热平衡后，水温又降低6℃，不计热损失，则甲、乙两金属块的比热容的关系为（）A．c甲>c乙 B．c甲=c乙 C．c甲＜c乙 D．无法判断【答案】C【详解】先将甲投入一杯热水中，热平衡后，水温降低6℃，设甲、乙初温为t0，不计热损失，此时水的末温t末1，则甲放出的热量为带入数据可知再将乙投入一杯热水中，热平衡后，水温又降低6℃，此时水的末温t末2，则可以列等式为水降低的温度相同，质量相同，故水放出的热量相同，故得出经整理可知由于而由于水在不停的放热，温度下降，故故故故C符合题意；ABD不符合题意。故选C。14．有甲、乙两个温度和质量都相等的金属球，先将甲球放入盛有热水的烧杯中，热平衡后水温降低了Δt。然后，把甲球取出，再将乙球放入烧杯中，热平衡后水温又降低了Δt，则两种金属的比热容大小的关系是（）A．c甲>c水 B．c甲=c乙 C．c甲>c乙 D．c甲<c乙【答案】D【详解】先后将甲乙两球投入到同一杯水中，水降低的温度相同，水放出的热量相同，由题知不计热损失，甲乙两球吸收的热量相同，而乙球比甲球少升高了Δt，即乙球的末温低,由上述分析可知，质量相同的甲乙两球，吸收相同的热量，乙球升高的温度少，所以乙球的比热容大，即故ABC不符合题意，D符合题意。故选D。15．质量相同的A、B两金属块，把它们都加热到70℃，然后分别投入装有质量相同、初温都为0℃的C、D两杯水中，当热传递结束时测得：金属块A使C杯的水温升高了10℃，金属块B使D杯的水温升高了20℃。设两金属块比热容为cA和cB，且不考虑热量散失，则cA与cB的比值为（）A．2：5 B．5：2 C．12：5 D．5:12【答案】D【详解】因为C的初温度为0℃，金属块A使C杯的水温升高了10℃，故C中水和A的末温度都为10℃；对于金属块A来说，有因为D的初温度为0℃，金属块B使D杯的水温升高了20℃，故D杯中水和B的末温都为20℃，对于金属块B来说，有因为，，所以所以故ABC项不符合题意，D项符合题意。故选D。题型4：热值、热机效率计算的难点突破16．小徐家买了辆常州某品牌的新能源车，该车车重20000N，配有一块10kW•h的电池和增程式发动机，汽车行驶过程中阻力为车重的0.05倍。该车利用的是增程式原理，在电池有电的情况下电池提供电能驱动电动机前进（效率为75%）；如果电池没有电时，增程式发动机启动为电池补充电能（效率为40%），依然由电池驱动电动机，发动机只参与发电的过程不提供动能。（92号汽油每千克汽油燃烧时约放热40000kJ）（1）该新能源车在平直公路上匀速行驶1km，汽车克服阻力做功多少J？（2）满电状态且增程式发动机不启动，该新能源车可以行驶多少km？（3）没电状态由增程式发动机启动的情况下，若油箱内还有10kg汽油，则优先把电池充满后还能行驶多远？【答案】（1）106J；（2）27km；（3）93km【详解】解：（1）汽车行驶过程中阻力为汽车克服阻力做功为（2）满电状态且增程式发动机不启动，该新能源车电能转化为的机械能为新能源车可以行驶的距离为（3）10kg汽油完全燃烧释放的热量为这些热量全部转化为电能为优先把电池充满后剩下电能为剩下的电能能够转化的机械能为则剩下的电能能够使车行驶的距离为答：（1）该新能源车在平直公路上匀速行驶1km，汽车克服阻力做功106J；（2）满电状态且增程式发动机不启动，该新能源车可以行驶27km；（3）则优先把电池充满后还能行驶93km。17．一个容器中装有40kg温度是10℃的冷水，若用某一热水器把它加热到温度为60℃时，共用了0.6m3的天然气，已知天然气的热值为2.8×107J/m3，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）。求：（1）这次加热过程中，水吸收的热量是多少；（2）该热水器的实际效率是多少；（3）如果不用热水器，而是先往容器中导入少量温度未知的冷水后，再往容器中导入热水，当往容器中导入一桶质量是m的热水时，发现冷水的温度升高了5℃，当往容器中再倒入同样的一小桶热水时，水的温度又升高了3℃，若再不停向容器内倒入10次同样的热水，则容器中的水温度将再升高多少℃（容器足够大，水不会溢出）【答案】（1）8.4×106J；（2）50%；（3）8【详解】（1）水吸收的热量为Q吸=cm(t-t0)=4.2×103J/(kg•℃)×40kg×(60℃-10℃)=8.4×106J（2）天然气完全燃烧放出的热量为Q放=Vq=0.6m3×2.8×107J/m3=1.68×107J燃气灶的效率为（3）设热水和冷水的温度差为t，质量为m的一桶热水倒入保温容器中，使得冷水温度升高了5℃，Q吸=Q放，从而可知cm(t-5℃)=cm冷×5℃……①又向容器中倒入一桶同质量为m同温度的热水，水温又上升了3℃，Q吸=Q放，从而可知cm(t-5℃-3℃)=c(m+m冷)×3℃……②则①-②得3℃×cm=5℃×cm冷-3℃×cm冷-3℃cm整理得6℃×cm=2℃×cm冷解得：m冷=3m，代入①式可得热水和冷水的温度差，t=20℃；假设我们将全部热水一次性注入保温容器，则根据能量守恒c×12×m(t-Δt)=cm冷Δt由于Δtt，解得：Δt=16℃；容器内水温升高为Δt=16℃-5℃-3℃=8℃答：（1）水吸收的热量为8.4×106J；（2）该热水器的实际效率是50%；（3）容器中的水温度将升高8℃。18．某款油电混合动力小汽车的相关信息如表；在某次水平道路测试中，描绘出了从启动到中速过程，速度与时间的关系图像如图所示；已知v1＝90km/h为中速范围，t1＝20s；该车以中速匀速行驶193km，共消耗汽油10L；中速行驶过程中，内燃机既向车轮提供能量，又向蓄电池充电，同时蓄电池又将部分能量通过电动机向车轮输送，此时，内燃机和电动机共同驱动车辆前进；若平均阻力为车重的0.1倍，则驱动模式纯电动（输出15kW）启动、低速油电混动（输出25kW以上）中速纯燃油（输出50kW以上）高速汽车质量1000kg（1）从启动到中速过程，纯电动时牵引力做功是多少？（2）在水平道路以中速匀速行驶测试中，牵引力做的功是多少？（3）在水平道路以中速匀速行驶测试中，若该车内燃机的效率为60%，此过程最终使蓄电池增加了多少能量？（忽略蓄电池和电动机的热损失，ρ汽油取0.7×103kg/m3，q汽油＝4.6×107J/kg）【答案】（1）3×105J；（2）1.93×108J；（3）2×105J【详解】解：（1）由表格数据可知，纯电动时的功率，由可知，从启动到中速过程，纯电动时牵引力所做的功（2）汽车受到的阻力汽车匀速行驶时，牵引力与阻力是一对平衡力，大小相等，即汽车的牵引力在水平道路以中速匀速行驶测试中，牵引力做的功（3）消耗汽油的体积由可知，消耗汽油的质量汽油完全燃烧放出的热量由可知，内燃机转化的有用能量蓄电池增加的能量答：（1）从启动到中速过程，纯电动时牵引力做功是3×105J；（2）在水平道路以中速匀速行驶测试中，牵引力做的功是1.93×108J；（3）此过程最终使蓄电池增加的能量为2×105J。19．国产055新型导弹驱逐舰的服役，使中国海军的装备又一次得到提升。该型号驱逐舰满载时质量为1.25×104t，在海面上以恒定功率做直线运动，其牵引力F随时间t的变化关系如图甲所示，其运动速度v随时间t的关系如图乙所示。求该驱逐舰：（ρ柴油=0.85×103kg/m3，q柴油=4.0×107J/kg，1L=1dm3）（1）在34~44s内行驶的路程；（2）在水下5m处有一面积为200cm2的观察窗口，窗口受到水的压力大小；（ρ水=1.0×103kg/m3）（3）满载时在匀速航行的过程中所受浮力的大小；（4）在0~34s内完全燃烧12.5L柴油的过程中发动机的效率。【答案】（1）50m；（2）1000N；（3）1.25×108N；（4）40%【详解】解：（1）由图乙可知，驱逐舰在34~44s做匀速直线运动，速度为5m/s，驱逐舰在34~44s内行驶的路程为s=vt=(44s-34s)×5m/s=50m（2）驱逐舰在水下5m深处时，h=5m；此时观察窗口所受海水的压强为p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×5m=5×104Pa观察窗口的面积为S=200cm2=0.02m2由压强公式变形得，观察窗口所受压力为F=pS=5×104Pa×0.02m2=1000N（3）由题意可知，驱逐舰的排水量为1.25×104t=1.25×107kg根据阿基米德原理该舰满载时静止在水面上受到的浮力为F浮=G排=mg=1.25×107kg×10N/kg=1.25×108N（4）柴油的质量为m=ρV=0.85×103kg/m3×12.5×10-3m3=10.625kg汽油完全燃烧放出的热量为Q放=mq=10.625kg×4×107J/kg=4.25×108J由图甲乙可知，F=1×106N时，v=5m/s，所以发动机的恒定功率为P=Fv=1×106N×5m/s=5×106W驱逐舰在0~34s内做的有用功为W有=Pt=5×106W×34s=1.7×108J发动机的效率为答：（1）在34~44s内行驶的路程为50m；（2）在水下5m处有一面积为200cm2的观察窗口，窗口受到水的压力大小为1000N；（3）满载时在匀速航行的过程中所受浮力的大小为1.25×108N；（4）在0~34s内完全燃烧12.5L柴油的过程中发动机的效率为40%。提升单元过关练一、单选题1．关于热量、内能和温度，下列说法正确的是（）A．在热传递过程中，热量是内能改变多少的量度B．内能小的物体也可以将温度传递给内能大的物体C．内能和机械能单位都是J，所以它们是同一种形式的能量D．物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就不变【答案】A【详解】A．热传递过程中，内能传递的多少叫做热量，故A正确；B．热传递的本质是内能的转移，内能从温度高的物体传递给温度低的物体，传递的内能而不是温度，故B错误；C．能量的单位都是J，内能是物体分子动能和分子势能的总和，机械能是指物体动能和势能的综合，所以内能和机械能是两个不同形式的能量，故C错误；D．物体内能大小与温度、质量等因素有关，温度不变，但内能可能发生变化，比如晶体熔化，温度不变，内能增加，故D错误。故选A。2．质量和初温都相同的铁块和铜块（c铁>c铜），分别放出相同的热量后立即接触，则（）A．它们之间不会发生热传递 B．热量由铜传给铁C．热量由铁传给铜 D．无法确定热传递的情况【答案】C【详解】质量和初温都相同的铁块和铜块，放出相同的热量，根据可知，比热容大的降温慢，铁的比热容大，故铁降温慢，温度高，故发生传递时，热量从高温物体传递给低温物体，故由铁传递给铜。故选C。3．如图所示，小明用酒精灯给试管中水加热至沸腾，一段时间后，橡皮塞会被水蒸气“顶”出去，下列有关说法错误的是（）

A．实验前，小明向灯内添加酒精时闻到酒精味儿，这是扩散现象B．沸腾前，试管内的水吸热，温度升高，内能增加C．沸腾后，试管口看到的白雾是水沸腾后产生的水蒸气D．橡皮塞被水蒸气“顶”出去的过程与内燃机的做功冲程原理相同【答案】C【详解】A．向酒精灯添加酒精，酒精挥发到空气中并不断扩散，我们会闻到酒精味，故A正确，不符合题意；B．物体吸收热量，内能增大。沸腾前，水吸收热量，温度升高，内能增大，故B正确，不符合题意；C．沸腾后，试管口看到的白雾是水蒸气遇冷液化成的小水滴，故C错误，符合题意；D．试管内的水沸腾后，水蒸气将软木塞推出的过程中，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，与内燃机的做功冲程原理相同，故D正确，不符合题意。故选C。4．利用一燃气热水器对质量为10kg、初温为20℃的水进行加热，完全燃烧了0.105m3的煤气。已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），煤气的热值为4×107J/m3，该热水器烧水的效率是50%，关于上述过程，下列说法正确的是（）①煤气完全燃烧放出的热量是4.2×106J②水吸收的热量是4.2×106J③水温升高了50℃④加热过程中水的内能保持不变A．只有①④ B．只有②④ C．只有①③ D．只有②③【答案】C【详解】①煤气完全燃烧放出的热量Q放=Vq=0.105m3×4×107J/m3=4.2×106J故①正确；②由得水吸收的热量为Q吸=ηQ放=50%×4.2×106J=2.1×106J故②错误；③由Q吸=cmΔt可得水升高的温度故③正确；④在加热过程中，水的温度升高、内能增大，故④错误。故选C。5．如图所示，用甲、乙两种燃料分别对质量和初温相同的水进行加热，两图装置均相同。燃料的质量用m表示，燃料充分燃尽时水升高的温度用Δt表示（水未沸腾）（）A．若m相同，Δt越小，燃料的热值越大 B．若Δt相同，m越大，燃料的热值越大C．若的值越大，燃料的热值越大 D．若的值越大，燃料的热值越大【答案】D【详解】我们假定为两套装置的加热水的效率是相同的。燃料的热值大小不能直接测量，需要通过水吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而水吸收热量的多少跟水的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小可以利用Q吸=Q放η，而Q吸=c水m水ΔtQ放=mq即c水m水Δt=mqη解得通过这个式子可以做以下推导：A．若m相同，Δt越小，则燃料的热值越小，故A错误，不符合题意；B．若Δt相同，m越大，则燃料的热值越小，故B错误，不符合题意；C．若的值越大，即的值越小，则燃料的热值越小，故C错误，不符合题意；D．若的值越大，则燃料的热值越大，故D正确，符合题意。故选D。6．小明利用图甲装置研究某燃料热值，他取少量燃料置于燃烧皿中，点燃后对100g的热水加热4min，然后立即将其熄灭，测得消耗燃料4.2g，并根据实验数据绘制了水温随时间变化的图像如图乙中a线所示。已知此过程中燃料均匀燃烧放热，所放出热量只有60%被水吸收。水的比热容为4.2×103J/(kg•℃)，整个过程中忽略水的质量变化。下列说法中正确的是（）A．通过图像计算得知4min水吸收到的热量为2520JB．通过计算得出该燃料的热值为2×106J/kgC．这种方法计算出的热值比实际的热值偏大D．若实验装置和热损失比例均不变，利用该燃料加热另一杯水绘出了如图乙中b线所示图像，则这杯水的质量小于上一杯水的质量【答案】B【详解】A．由图乙知，a图线水在前2min内温度由93℃升到99℃，2~4温度保持不变，已经沸腾，则前2min吸收的热量Q吸=cm水(t-t)=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.1kg×(99-93)℃=2.52×103J燃料燃烧过程是均匀放热，那么4min内吸收的热量Q吸′=2Q吸=2×2.52×103J=5040J故A错误；BC．据得，燃烧燃料放出的热量则该燃料的热值而在燃烧过程中，燃料不能完全燃烧，则用此方法算得的Q放偏小，那么算得的热值比实际值偏小，故B正确，C错误；D．由图乙知，b图线加热至沸腾的时间比a图线的长，在实验装置和热损失比例均不变的情况下，b图线加热时间更长可能是b图线中所用的水的初温比a的低及b图线中所用的水的质量比a的多，故D错误。故选B。7．如图是用相同的加热装置对a、b、c三种固态物质加热时它们的温度随时间变化的图象，其中a、c质量相同。下列对图象的分析不正确的是（）A．t1﹣t2时间内，物质a的温度不变，内能增加B．如果a、b是同种物质，b的质量大于a的质量C．温度从T1升高到T2时，a物质吸收的热量比b少D．b的比热容一定小于c的比热容【答案】D【详解】由图象知：A．t1﹣t2时间内，物质a的温度虽然不变，但继续吸收热量，所以其内能增加，故A正确，不符合题意；B．如果a、b是同种物质，比热容相同，升高相同的温度时，t2大于t1即b的加热时间长，b吸收的热量多，根据知b的质量大于a的质量，故B正确，不符合题意；C．温度从T1升高到T2时，a物质的加热时间比b物质短，所以a物质吸收的热量比b少，故C正确，不符合题意；D．用相同的加热装置对b、c两种物质加热时，0﹣t1时间内两种物质加热时间相同，即吸收的热量相同，c物质升高的温度较小，但由于不知道b、c质量的大小关系，根据不能确定b的比热容小于c的比热容，故D错误，符合题意。故选D。8．根据表格中数据，下列说法不正确的是（）物质铁铝铜煤油ρ/（kg•m-3）7.9×1032.7×1038.9×1030.8×103c/（J（kg•℃））0.46×1030.88×1030.39×1032.1×103A．质量、初温都相同的铁块和铜块，放出相同的热量后，将两个金属块靠在一起，铁块会向铜块传热B．体积、初温都相同的铁块和铝块，吸收相同的热量后，将两个金属块靠在-起，铁块会向铝块传热C．煤油和水体积之比为2:1,吸收热量之比为12:5，则升高温度之比为3:1D．给等质量的铜块和铝块加热，它们吸收热量多少与升高的温度的关系可用图象表示（如图），其中图象b表示的是铜块【答案】B【详解】A．由知道，铜块和铁块质量相同，放出的热量相同，比热容大的物体，降低的温度少；由于c铜<c铁，铜块降低的温度多；铜块和铁块初温相同，铜块的末温低，铁块的末温高，二者接触，热量将从铁块向铜块传递，故A正确，不符合题意；B．体积、初温都相同的铁块和铝块，吸收相同的热量后，由知道，大的，温度变化小，由表格数据知道即铁块的末温低，二者接触，热量将从铝块向铁块传递，故B错误，符合题意；C．煤油和水体积之比为2:1，吸收热量之比为12:5，由知道，升高温度之比故C正确，不符合题意；D．由知道，物质吸收热量多少与升高的温度比值等质量的铜块和铝块，由于c铝>c铜，则所以，其中图象b表示的是铜块，图象a表示的是铝块，故D正确，不符合题意。故选B。9．某同学在研究“沙子和水谁的吸热本领大”时，选用了两只完全相同的酒精灯用完全相同的方式分别质量都是200g的沙子和水加热。他绘制出沙子与水的温度随加热时间变化的图象分别如图a、图b所示。已知酒精的热值q＝3.0×107J/kg，加热时酒精灯平均每分钟消耗2.8g酒精。已知水的比热容，则下列说法正确的是（）A．沙子的吸热能力大于水的吸热能力B．加热2min时间内水吸收的热量Q吸水为4.2×105JC．这2min时间内酒精灯的加热效率η为40%D．沙子的比热容c沙约为【答案】D【详解】A．由图像知加热相同的时间水和沙子吸收的热量相同，沙子的温度升高的多，根据可知，水的比热容大，水的吸热能力大于沙子的吸热能力，故A错误；B．由图b可知，加热2min水温度升高则加热2min时间内水吸收的热量故B错误；C．因为酒精灯平均每分钟消耗2.8g酒精，加热2min时间内消耗酒精的质量则酒精完全燃烧放出的热量酒精灯的加热效率故C错误；D．因为两酒精灯完全相同、加热方式也相同，所以相同时间内酒精灯燃烧放出相同的热量，则在2min的时间内，沙子吸收的热量由图a可知加热2min，沙子的温度从20上升到250，即沙子的质量由可得，沙子的比热容故D正确。故选D。10．初三的小明同学体育锻炼完回到教室，用两个相同的杯子从饮水机分别接了部分热水和部分冷水，准备用两杯水混合来得到温度适宜的饮用水。已知热水的初温为93℃。他先将冷水杯内一半的冷水倒入热水杯内，摇匀且稳定后，热水杯内水的温度降低到63℃；他再将冷水杯内剩余冷水的一半倒入热水杯内，摇匀且稳定后，热水杯内的水温降低到57℃；小明最后将冷水杯内剩余的冷水全部倒入热水杯内，摇匀且稳定。则混合前，两杯子内最初的热水和冷水的质量之比和最终混合后水的温度为（）（整个过程水没有溢出杯子，不计水的质量变化、状态变化和热量损失）A．1:4

21℃ B．4:1

21℃ C．2:1

53℃ D．1:2

53℃【答案】D【详解】设热水的质量为m1，冷水的质量为m2，冷水的初温为t0，将一半冷水倒入热水中，则冷水吸收的热量等于热水放出的热量，则有cm1×(93-63)℃=c×m2×(63℃-t0)此为①式；再将剩余冷水的一半倒入热水中，同理有c(m1+m2)×(63-57)℃=c×m2×(57℃-t0)此为②式。解①②式得t0=33℃，设杯中冷热水混合的最终温度为t，则有c(m1+m2+m2)×(57℃-t)=c×m2×(t-t0)此为③式。将t0=33℃，代入③式得t=53℃故ABC不符合题意，D符合题意。故选D。二、填空题11．用水壶烧水，这是通过热传递方式改变其内能，水沸腾后会顶起壶盖，此过程能量转化情况与四冲程汽油机的做功冲程相似。一单缸四冲程汽油机，飞轮转速为，则1s对外做功次，完成了个冲程。【答案】25100【详解】[1][2]一单缸四冲程汽油机，一个工作循环飞轮转2周，对外做功1次，飞轮转速为3000r/min，则每秒转速为50r/s，每秒完成25个工作循环，对外做功25次；一个工作循环有四个冲程，故25个工作循环完成的是100个冲程。12．如图1所示，用酒精灯加热试管中的水，当水沸腾一段时间以后，塞子被试管内水蒸气推出。这与图2（选填“A”、“B”、“C”或“D”）所示汽油机冲程的能量转化是一致的，该过程称为冲程，一台单缸四冲程汽油机，飞轮转速是1200r/min该汽油机每秒钟内完成个冲程，做功次。【答案】C做功4010【详解】[1][2]图1中，用酒精灯加热试管中的水，当水沸腾一段时间以后塞子被试管内水蒸气推出，能量转化是水蒸气的内能转化为塞子的机械能，图2中C是汽油机火花塞点火高温高压燃气推动活塞做功，能量转化也是燃气内能转化为塞子机械能。此冲程称为做功冲程。[3][4]一台单缸四冲程汽油机，一个工作循环飞轮转2转，飞轮转速是1200r/min，1s飞轮转20转，进行了10个工作循环，一个工作循环有四个冲程，做一次功，所以该汽油机每秒钟内完成40个冲程，做功10次13．小明在探究冰熔化特点时，用酒精灯加热50g的冰，每2分钟完全燃烧的酒精质量均为0.1g，保持加热效率不变时，冰的温度随时间变化的图像如图所示。由此可知：冰全部熔化成水后4分钟吸收热量为J，该实验中酒精灯的加热效率为%，BC过程中被加热物质的内能将增加J。[c水=4.2×103J/(kg·℃)，q酒精=3×107J/kg]

【答案】105017.51050【详解】[1]冰熔化过程中温度不变，完全熔化成水后温度才会上升，也就是图中的8min~12min，此时段，水温从0℃上升到5℃，水温升高了5℃，冰化成水后质量不变，则m水=m冰=50g=0.05kg所以4min中水吸收的热量为Q吸=c水m水Δt=4.2×103J/(kg·℃)×0.05kg×5℃=1050J[2]每2min完全燃烧酒精0.1g，4min燃烧酒精0.2g，所以放出的热量为Q放=m酒精q酒精=0.2×10-3kg×3×107J/kg=6000J加热效率为[3]BC段物质吸收的热量转化成了物质的内能，所以BC段也加热4min，所以和CD段吸收热量相同为1050J，所以内能增加了1050J。14．春暖花来，小敏和同学们来到美丽的青岛研学，他么利用所学的热学知识讨论分析了当地的风向情况，根据海水的比热容陆地上砂石的比热容，绘制出了陆地和海面之间空气流动情况的示意图，如图，其中能描述夜晚的风向。

【答案】大于甲【详解】[1][2]沿海地区水多，水的比热容较大，内陆地区地表以砂石泥士为主，砂石泥士比热容较小，由于水的比热容大，所以对于相同质量的水和砂石相比较，在吸收或放出相同的热量时，水的温度变化小，而砂石的温度变化大，所以白天陆地的温度高、海水温度低，晚上陆地温度低、海水温度高；白天陆地上方空气的温度高，密度小，砂石上方空气上升，海面上的冷空气过来补充，所以白天的风常常从海面吹向陆地，而晚上海面上方的热空气上升，风从陆地吹向海面，故甲能描述夜晚的风向。15．如图所示，是小华家使用的某型号的天然气热水器，他尝试估测该热水器的效率，以核对铭牌上的数值是否准确；当只有该热水器工作时，把50kg的水从加热到，天然气表的示数由1365.05m3变为1365.17m3，已知水的比热容，天然气的热值，请完成以下问题：（1）天然气作为燃料，从热学角度看它的优点是，从环保角度看它的优点是；从节约能量的角度来看，可以采取的措施是；（2）水吸收的热量；（3）消耗的天然气完全燃烧放出的热量；（4）该热水器的效率。【答案】热值大污染小不使用热水器时要关闭天然气8.4×106J85%【详解】（1）[1][2][3]由可知，在质量相同时，燃料的热值越大，完全燃烧放出热量越多；天然气相对于煤炭等燃料，对大气的污染小；不使用热水器时要关闭天然气，这样能节约能源。（2）[4]水吸收的热量为（3）[5]消耗的天然气为天然气完全燃烧放出的热量为（4）[6]该热水器的热效率为16．把凉的奶制品放入盛有热水的保温桶中，经过一段时间，它们的温度随时间变化的图像如题图所示，奶制品与热水的质量相同，则其中（选填“甲”或“乙”）代表奶制品温度变化的图像。若不考虑热损失，在过程中，水的内能（选填“增大”“减小”或“不变”）。从图像可以发现，甲、乙的比热容之比为。【答案】乙不变2:1【详解】[1]把凉牛奶放在热水中加热，牛奶吸热、温度升高，热水放热、温度降低，直至两者的末温相等，因此甲是水的温度变化图像，乙是牛奶的温度变化图像。[2]物体温度越高，分子运动越剧烈，物体的内能就越大；由图像可知，水的温度始终保持60℃不变，若不考虑热损失，在过程中，故水的内能不变。[3]若不考虑热损失，热水和凉牛奶发生热传递时，凉牛奶吸收的热量和热水放出的热量相同；根据图像可知，凉牛奶温度升高热水温度降低由以上两式可知，，不考虑热损失，则，已知，甲、乙的比热容之比17．如图甲，在比较“不同液体吸热本领大小”的实验中，小华将两支相同的试管（分别盛有初温和质量相同的甲、乙两种液体）放入同一个红外加热器中，两个温度传感器的探头部分与两试管内的液体接触良好，并通过数据采集线与计算机相连接。利用红外加热器对两试管内的液体加热，在其沸腾前，计算机上得到图乙所示的温度-时间图像。根据图像乙可知：液体的比热容大；通过测量液体的质量并读取红外加热器释放的热量计算出液体的比热容（选填大于/等于/小于）其真实值；如图丙是某一沿海城市和某一内陆城市年气温变化曲线，从图像可知曲线a表示的是（选填“沿海”或“内陆”）城市的年气温变化曲线，。【答案】乙大于内陆【详解】[1]从图乙可以看到，相同的加热时间内，甲、乙两液体吸收的热量是相同的，但是乙液体升高的温度较小，甲、乙两种液体的质量相同，根据比热容公式可知，乙液体的比热容较大。[2]在比较“不同液体吸热本领大小”的实验中，红外加热器消耗的电能转化成的内能，只是一部分给了液体，但是计算液体的比热容大小时，这热量值是偏大的，质量大小和温度变化量是准确的，则比热容的值偏大。[3]根据比热容公式可知，沿海城市和内陆城市在相同时间内，吸收太阳的热量是相同的，由于，则沿海城市的温度变化量较小，内陆城市的温度变化量较大，观察图丙可知，曲线a在相同时间内比曲线b的温度变化量大，所以曲线a表示的是内陆城市。18．（1）一根玻璃棒断开成A段和B段后，即使紧紧将两个断面压在一起也无法再拼合，请根据图回答原因：。（2）某地区把多余电能E1送往制氢装置产生氢气，电能不足时，通过发电装置把这部分氢气燃烧释放的能量转化为电能E2送回电网。氢气的热值是1.4×108J/kg，20kg氢气完全燃烧放出的热量是J。随着氢气的燃烧，氢气的热值会（选填“增大”、“不变”或“减小”）。E1E2（选填“>”“=”“<”）。【答案】分子间作用力几乎为零2.8×109J不变>【详解】(1)[1]分子间有相互作用的引力，但是当分子间的距离大于分子半径的10倍时，分子间的作用力几乎为零。玻璃棒的断面处凸凹不平，即便是紧紧将两个断面压住，玻璃棒在断面处的分子间距也大于玻璃分子直径的10倍，分子间作用力几乎为零，因此不能靠分子间引力使两根棒再拼接起来。(2)[2]20kg氢气完全燃烧放出的热量是[3]燃料的热值是燃料本身的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量无关，所以随着燃料的燃烧，其热值大小不变。[4]任何能量转化都会有损耗，利用电能制氢消耗的电能，是小于这些氢发电时产生的电能的，因此E1>E2。三、实验题19．如图所示，规格相同的两个烧杯中分别装有甲、乙两种液体，m甲＝m乙＝2kg。用两个规格不同的加热器加热，该过程中忽略液体蒸发且加热器产生的热量全部被液体吸收，得到如图丙所示的温度与加热时间的图线。

（1）前12min甲、乙两杯液体吸收的热量情况如图丁所示，则两种液体的比热容c甲c乙（选填“＞”“＜”、“＝”或“无法比较”）；（2）甲液体比热容的大小为c甲＝J/（kg·℃）；（3）利用酒精灯装置加热甲杯中液体，假设酒精完全燃烧放出的热量有70%能被液体吸收，要使甲杯中液体温度升高60℃（忽略液体蒸发），则至少需燃烧质量为g的酒精（已知酒精的热值为30×106J/kg）。【答案】<2.1×10312【详解】（1）[1]由图丁可知，甲液体吸收的热量小于乙液体吸收的热量，又因为甲乙液体的质量和初温都相等，由图乙可知，在12min时，甲液体的温度高于乙液体的温度，所以甲液体的温度变化量大于乙液体的温度变化量，由可知，甲液体的比热容小于乙液体的比热容，即c甲＜c乙。（2）[2]由图丁可知，12min甲液体吸收的热量为252×103J=2.52×105J，由图丙可知，1min甲液体升高的温度为Δt=80°C-20°C=60°C由可知，甲液体比热容的大小为（3）[3]要使甲杯液体温度升高60℃，需要吸收的热量是252×103J=2.52×105J，需要酒精放出的热量为需要燃烧酒精的质量是20．为了比较两种燃料的热值，小明采用如图甲所示的两套完全相同的装置进行实验，烧杯内水的初温和质量相同，实验中忽略热量的损失。

（1）实验中应控制燃料燃烧的（选填“时间”或“质量”）相同，根据比较燃料燃烧放出热量的多少；（2）小明选用燃料a和燃料b进行实验，当燃料燃尽时，小明记下了各个时刻烧杯中水温，绘制了如图乙所示的图像，则可初步判断燃料（选填“a”或“b”）的热值大；（3）小明实验前用天平测出了烧杯中水的质量及燃料a的质量，并由记录的数据，利用公式Q吸＝cmΔt计算出了水吸收的热量。他想通过这些数据计算出燃料a的热值，你认为他的计算结果与真实值相比（填“偏大”“偏小”或“相等”），原因是；（4）另一组的小华在燃料c和燃料d燃尽后也画出了水的温度随时间变化的图像，如图丙所示，则c、d两种燃料热值之比为。（设同种燃料燃烧时单位时间内放出的热量相同）【答案】质量燃料燃尽时温度计上升的示数b偏小燃料不一定完全燃烧，且放出的热量不可能全部被水吸收，有热量损失5∶2【详解】（1）[1][2]比较热值的实验，应控制燃料的质量相同，根据燃料燃尽时温度计上升的示数比较燃料燃烧放出热量的多少。（2）[3]由图乙可知，a完全燃烧水温升高到80℃，b完全燃烧水温升高到90℃，说明b完全燃烧时放出的热量更多，由此可初步判断b燃料的热值大。（3）[4][5]燃料不一定完全燃烧，且放出的热量不可能全部被水吸收，有热量损失，导致在运用Q＝mq计算燃料的热值时，计算的结果比真实值偏小。（4）[6]对于c来说，在相同的时间内放出的热量是相同的，根据图可知，c燃料完全燃烧放出的热量为水从50℃升高到100℃吸热的2倍，根据公式Q＝qm、Q＝cmΔt可知①对于d来说，完全燃烧后，水吸收的热量是②则①②之比为解得，两种燃料热值之比为21．如图1所示，在做“观察水沸腾”的实验时，甲、乙、丙三组同学分别从图A、B所示的两套器材中任选一套来完成实验。（实验室已准备多套图A、B所示的装置），请回答：（1）组装实验器材时，应按照的顺序（选填“自上而下”或“自下而上”）；（2）甲组同学发现所测水的沸点高于100℃，他们选择的是图（选填“A”或“B”）所示的装置；（3）乙、丙两组同学虽然选用的实验装置相同，但水开始沸腾的时刻不同，他们绘制的沸腾图像如图C，得到a、b两种不同图像的原因是水的不同；（4）图2中沸腾时的气泡图像是，说明沸腾是液体和表面同时发生的剧烈汽化现象；（5）如图3，正确读取温度计示数的方式是，若选择C中方式会使读取示数（填“偏大”、“偏小”或“一样”）；

（6）小明研究完水沸腾实验后将烧杯中的水倒入烧瓶中，用酒精灯再次将烧瓶内的水加热至沸腾后，在离管口稍远处，看到雾状的“白气”，为了弄明白这些“白气”是什么，他在管口处放置一玻璃片，发现正对管口的玻璃片表面有水，一会儿，玻璃片的温度升高，小明由此分析，这些“白气”是水沸腾后从管口喷出的水蒸气在空气中遇冷发生（填物态变化名称）而形成的，这个过程需要（填“吸热”或“放热”）；（7）为了更准确说明玻璃片温度升高的原因，小明对实验装置做了调整，如图（b）所示，他在两个相同的试管甲和乙中分别装入质量和初温相同的水，然后将水沸腾时产生的水蒸气通入试管甲的水中，水蒸气在甲中几乎全部液化，待甲中的水面上升一定高度后，停止通入水蒸气，测出此时甲中水的温度为t，以下能给小明提供正确答案的操作是()A．测出乙中的水温并与t比较

B．测出烧瓶中的水温并与t比较C．将烧瓶内开水倒入乙中直至与甲中水面相平，摇匀后测出乙中水温并与t比较D．将另一杯开水倒入乙中直至与甲中水面相平，摇匀后测出乙中水温并与t比较【答案】自下而上B质量a内部B偏小液化放热C【详解】（1）[1]组装实验器材时，为了让酒精灯的外焰加热石棉膜，温度计不会触碰到