江西省赣州市大余县2023-2024学年高中教师基本功比赛物理答案

大余县2024年高中青年教师职业技能比赛物理笔试答案1.D【解析】发生光电效应时，保持入射光的频率不变，饱和光电流随入射光强度的增大而增大，A错误；金属的逸出功于入射光的频率（波长）无关，由金属本身决定，B错误；若把滑片C向左滑动，当电流达到饱和电流后，电流不在随电压的增大而增大，C错误；若把电源正负极反接，则电压为遏制电压，当遏制电压与电子电量的乘积大于光电子的最大初动能时，光电子不能到达阳极，光电流为0，D正确．第2题答案图2.C第2题答案图当小船在静水中的速度v2与其在河流中的速度v垂直时，小船在静水中的速度v2最小，故有，，解得，故选C。3.B【解析】A．由题知，“天问一号”在火星赤道表面附近做匀速圆周运动一周时间为T，可得“天问一号”在火星赤道表面附近做匀速圆周运动角速度为，故A错误；B．“天问一号”在火星赤道表面附近做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，则有，解得火星质量为当“祝融号”与着陆器登陆后运动到火星赤道，并静止，则有，，联立解得，故B正确；C．若不考虑火星自转的影响，则有，解得火星的质量为由题可知，火星自转不可忽略，故火星的质量不等于，故C错误；D．“天问一号”在火星赤道表面附近做匀速圆周，由万有引力提供向心力，则有，解得；在火星赤道上随火星自转的物体，则有，解得，故D错误。4.C【解析】电荷做定向移动，由左手定则可知电荷随磁场方向改变，电荷向前表面或后表面聚集，霍尔元件的前、后表面间产生电动势，电荷受电场力和洛伦兹力平衡，有,解得，电流I与自由电子定向移动速率v之间关系为可得，所以霍尔元件的前、后表面间产生的电动势可知霍尔元件的前、后表面间产生交变电动势，为提高霍尔元件两侧面间的电动势可以减小厚度d，故C正确，ABD错误。故选C。5.C【详解】A．当时，在A点刚好只观察到a光，即此时b光在A点发生全反射，由几何关系可知，临界角为，有，解得，故A项错误；B．由题意分析可知，b光的临界角比a光的临界角小，根据可知，a光的折射率小，所以a光的频率小于b光的频率，故B项错误；C．由公式，由于a光的折射率小，所以a光在水中的传播速度比b光在水中的传播速度大，故C项正确；D．由波长与频率的关系可知，其a光波长大于b光的波长，根据条纹间距公式，可知，用同一台双缝干涉仪器做实验，a光的相邻亮条纹间距大于b光的相邻亮条纹间距，故D项错误。故选C。6.A解析：由题意知，小球到达B点时速度为零，从A到B根据动能定理得：mgh＋qUAB＝0，解得：UAB＝－mgh/q，所以A正确；从A到B根据能量守恒知，减少的重力势能转化为电势能，所以带电小球在B点的电势能较大，故B错误；在虚线上下方的电场中，带电小球运动的加速度大小相同，方向相反，所以C错误；在上方电场中qE1＋mg＝ma，在下方电场中：qE2－mg＝ma，联立得：qE2＝2mg＋qE1，所以D错误．7.D【详解】A．由于无人机悬停时受到的升力与其重力平衡，螺旋桨吹风方向均为竖直向下，故A正确；B．单位时间内被每个螺旋桨推动的空气质量为，故B正确；C．根据动量定理，解得每个螺旋桨对空气的作用力为无人机的总重力等于，故C正确；D．每个风扇对空气做功的功率为，故D错误。8.BD【解析】AB．根据v2=2gh可知，出口下方10cm处的速度约是5cm处的倍，出口下方10cm处的痕迹长度约是5cm处的倍，故A错误，B正确；CD．根据初速度为零的匀变速运动在相邻相等时间内的位移之比为1：3：5…可知从出口下落02cm与28cm的时间是相等的，因砂粒随时间均匀漏下，可知出口下方02cm范围内的砂粒数约与28cm范围的砂粒数相等，故C错误D正确。9.BC【解析】AB．在0~t1时间内，回路电流逐渐减小，电容器C正在充电，此过程电容器下极板带正电，上极板带负电，带电流逐渐增加，到t1时刻，充电结束，回路电流减小到零；在t1~t2时间内，电容器处于放电过程，极板的带电量逐渐减小，A错误，B正确；C．在t2~t3时间内，电流变化越来越快，因此自感电动势逐渐增大，C正确；D．在t3~t4时间内，电流逐渐增大，电容器带电量逐渐减小，电场能转化为磁场能，D错误。10.AD【解析】A．由题意，初速度沿轴正向的粒子经过磁场后，恰能垂直射在光屏上，有，解得，A正确；B．由于所有粒子的速度大小相等，但方向不同，且离开磁场区域的出射点距离圆心的竖直高度最大值为，并不会垂直打在光屛上，B错误；第10题答案图C．如图，由几何关系可得，运动时间最长的粒子，对应轨迹的圆心角为，第10题答案图根据周期公式，可得，C错误；D．粒子初速度方向与轴夹角为时，若能打在光屛下端，如图由几何关系可得圆心角，即初速度与轴夹角为，同理，粒子打在光屛上端时（图同B），初速度与轴夹角为，D正确。故选AD。11．

需要

正比

平衡摩擦力过度【详解】（1）[1]本实验要求橡皮筋对小车做的功就是合力的功，因此需要平衡摩擦力；（2）[2]从题意和图像分析可得，当功W分别为1，2，3倍时，v2也变为1，2，3倍，可得，即橡皮筋对小车做的功W与小车最大速度的平方成正比；（3）[3]图中的图线不过原点的原因是平衡摩擦力过度或木板的倾角调整过大。12.(1)a(2)U2＝U1＋I(R＋RA)(3)6.03.0(4)0.80(0.77～0.83均可)【解析】(1)采用伏安法测电阻，由题图乙可知热敏电阻的阻值远小于电压表内阻，所以采用电流表外接法，故导线c应接在a点．(2)根据电路串并联规律可知外电压为：U2＝U1＋I(R＋RA)(3)当I＝0时，根据题图乙得E＝6.0V，而直线斜率倒数的绝对值等于内电阻，则r＝eq\f(6.0－4.5,0.5)Ω＝3.0Ω.(4)把电流表、电阻箱、电源作为等效电源，等效电源内阻为：r0＝3.0Ω＋4.0Ω＋3.0Ω＝10Ω；在I－U图象中作等效电源的伏安特性曲线，与热敏电阻的伏安特曲线的交点坐标(4.0,0.2)，所以热敏电阻的电功率为：P＝UI＝4.0×0.2W＝0.80W.13.（1）；（2）【详解】（1）(5分)设时，气球内的气体密度为，原来的气体温度升高后的体积变为，气体压强不变，根据盖—吕萨克定律有根据质量相等，有，解得球内气体密度代入数据解得（2）(5分)气体加热膨胀后密度为时，总体积为，则留在气球内的气体体积为，球内剩余气体质量占原先球内气体质量的百分比代入数据解得14答案：(1)6m/s12m/s.(2)50J解析：(1)（4分）弹簧刚好恢复原长时，A和B物块速度的大小分别为vA、vB.由动量守恒定律有：0＝mAvA－mBvB此过程机械能守恒有：Ep＝eq\f(1,2)mAveq\o\al(2,A)＋eq\f(1,2)mBveq\o\al(2,B)代入Ep＝108J，解得：vA＝6m/s，vB＝12m/s，A的速度向右，B的速度向左.(2)(8分)C与B碰撞时，C、B组成的系统动量守恒，设碰后B、C粘连时速度为v′，则有：mBvB－mCvC＝(mB＋mC)v′，代入数据得v′＝4m/s，v′的方向向左.（2′）此后A和B、C组成的系统动量守恒，机械能守恒，当弹簧第二次压缩最短时，弹簧具有的弹性势能最大，设为Ep′，且此时A与B、C三者有相同的速度，设为v，则有：动量守恒：mAvA－(mB＋mC)v′＝(mA＋mB＋mC)v，代入数据得v＝1m/s，v的方向向右.（3′）机械能守恒：eq\f(1,2)mAveq\o\al(2,A)＋eq\f(1,2)(mB＋mC)v′2＝Ep′＋eq\f(1,2)(mA＋mB＋mC)v2，代入数据得Ep′＝50J.（3′）15.（1）；（2）；（3）1/3第15题答案题【详解】（1）(5分)设两板间电压为时，带电粒子刚好从极板边缘射出电场，则有水平方向第15题答案题竖直方向，解得，粒子刚好从极板边缘射出电场时，速度最大，设最大速度为，则有，解得（2）(7分)如图所示设粒子进入磁场时速度方向与的夹角为，根据几何关系得速度大小，粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律有粒子进入磁