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文档简介
重庆市某中学20232024学年高二上学期期中考试
化学试题
本试卷为第I卷(选择题)和第n卷(非选择题)两部分,共100分,考试时间75分钟。
注意事项:
1.答卷前,请考生务必把自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.作答时,务必将答案写在答题卡上,写在本试卷及草稿纸上无效。
3.考试结束后,将答题卡交回。
可能用到的相对原子质量:HlN14016Na23Cr52Fe56
第I卷
一、选择题:本题共14个小题,每小题3分,共42分。每小题只有一项是符合题目要求的。
1.下列装置或过程能实现化学能转化为电能的是
A.银锌纽扣电
B.冶炼金属钠C.电暖风扇D.煤气灶
池
A.AB.BC.CD.D
【答案】A
【解析】
【详解】A.银锌纽扣电池,是原电池的原理,是将化学能转化为电能,故A正确;
B.冶炼金属钠,是电能转化为化学能,故B错误;
C.电暖风扇,是将电能转化为热能,故C错误;
D.煤气的成分天然气燃烧,是化学能转化为热能,故D错误;
故选:Ao
2+
2.当CaCC>3固体在水中溶解达到平衡时:CaCO3(s)UCa(aq)+CO:(aq),为使CaCO3固体质量减
少而c(Ca2+)不变,可加入适量的下列物质是
A.CaCl2B.NaNOsC.HC1D.H2O
【答案】D
【解析】
【详解】A.加入CaCb溶液,溶液中Ca2+浓度增大,使CaCCh的沉淀溶解平衡逆向移动,CaCCh固体质量
和c(Ca2+)都增大,故A不选;
B.加入NaNCh,对CaCCh的沉淀溶解平衡无影响,故B不选;
C.加入HC1溶液,氢离子和碳酸根离子反应,使碳酸钙的沉淀溶解平衡正向移动,使CaCCh固体质量减
少而c(Ca2+)增大,故C不选;
D.加入HzO稀释,使CaCCh的沉淀溶解平衡正向移动,CaCCh固体质量减少,温度不变则Ksp不变,则
c(Ca2+)不变,故D选;
故选D。
3.下列有关工业生产的叙述正确的是
A,合成氨生产过程中升高温度可加快反应速率,故温度越高越好
B.合成氨工业中,将NH3及时液化分离有利于氨的生产
C.硫酸工业中,S02催化为S03时采用常压,因为高压会使平衡逆移
D.硫酸工业中,使用催化剂是为了提高S02转化为S03的平衡转化率
【答案】B
【解析】
【详解】A.合成氨生产过程中升高温度可加快反应速率,缩短生产周期,但合成氨的正反应是放热反应,
升高温度平衡向逆反应方向移动,导致氨的平衡含量降低,所以不是温度越高越好,故A错误;
B.合成氨工业中,将NH3及时液化分离,降低了产物浓度,平衡向正反应方向移动,有利于氨的生产,故
B正确;
C.硫酸工业中,S02催化为SO3的反应是气体体积减小的反应,增大压强平衡向正反应方向移动,有利于
S03的生成,但增大压强需要的动力以及对设备的要求提高,而且常压下S02转化率较高,所以采用常压,
故c错误;
D.催化剂只能改变化学反应速率,不能改变平衡转化率,故D错误;
故答案为Bo:
4.根据下列实验不能证明一元酸HR为弱酸的是
A.25°。时,O.OlmoLL/HR溶液的pH=4
B.等浓度等体积盐酸和HR溶液,消耗等浓度NaOH溶液体积相同
C.常温下NaR溶液的pH>7
D.HR溶液加入少量NaR固体,溶解后溶液的pH变大
【答案】B
【解析】
【详解】A.室温时,0.01mol・Li的HR溶液pH=4,酸浓度大于氢离子浓度,说明HR部分电离,则证明
HR是弱酸,故A不选;
B.同等浓度等体积盐酸消耗NaOH量相同,说明HR是一元酸,但不能说明HR部分电离,所以不能说明
HR是弱酸,故B选;
C.室温下,NaR溶液的pH大于7,说明NaR为强碱弱酸盐,所以能证明HR为弱酸,故C不选;
D.HR溶液加入少量NaR固体,溶解后溶液的pH变大,说明HR溶液中存在电离平衡,则HR为弱酸,
故D不选;
故选:Bo
5.下列离子方程式不正确的是
A.明矶用于净水:AF++3H2OUA1(OH)3(胶体)+3H+
B.泡沫灭火器灭火:AP++3HCO;UA1(OH)33+3CO2t
C.用纯碱清洗油污:COj+IhOUHCOJ+OH
2+
D.HS的水解反应:HS+H2O^S+H3O
【答案】D
【解析】
【详解】A.明研净水是铝离子发生水解生成氢氧化铝胶体:AP++3H2OUA1(OH)3(胶体)+3H+,A正确;
B.泡沫灭火器灭火是铝离子和碳酸氢钙发生双水解:AF++3HCO;UA1(OH)3;+3CO2t,B正确;
C.用纯碱清洗油污是因为碳酸根水解显碱性:COj+HzOUHCOJ+OH,C正确;
2+
D.HS+H2O^S+H3O,为HS的电离方程式,D错误;
故选D。
6.NA为阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是
A.4NO3溶液中含有NH:的数目为A
B.pH=l的H2s04溶液中含有H+的数目为A
C.标准状况下,2中含有原子数目为2NA
D.ImolNO和2混合后分子总数一定为NA
【答案】C
【解析】
【详解】A.4NC>3的物质的量为Imol,由于NH;会发生水解反应,溶液中n(NH:)<lmol,则数目小于A,
故A错误;
B.未知H2s04溶液的体积,无法计算物质的量,H+数目不确定,故B错误;
_V22.4L,,
C.标准状况下,2的物质的量为n=,一=”AT1—7=lmol,含2moi氯原子,含原子数目为2NA,故C
Vm22.4L/mol
正确;
D.NO和。2反应生成N02,NO2可部分转化为N2O4,2NO2UN2O4,所以ImolNO与2混合后分子数小于
NA,故D错误;
故选C。
7.如图所示的双液原电池,下列叙述正确的是
A.Cu为电池的正极
B.盐桥中的阳离子向右池移动
C.Ag电极上发生氧化反应
D.盐桥内可以是含有KC1的琼脂
【答案】B
【解析】
【分析】该原电池中,铜易失电子作负极,银作正极,负极上电极反应式为Cu-2b=。?+,正极上电极
反应式为Ag++e-=Ag,放电时,电流从银沿导线流向铜,盐桥中阳离子向正极移动,据此分析解答;
【详解】A.该原电池中,铜易失电子作负极,A错误;
B.原电池中,盐桥中阳离子向正极移动,银作正极,阳离子即向右池移动,B正确;
C.该原电池中,银作正极发生还原反应,C错误;
D.盐桥中的C1会与Ag+发生离子反应,D错误;
答案选B。
8.化学是一门以实验为基础的学科,如图所示的实验装置或操作能达到实验目的的是
A.酸式滴定管B.制备
C.中和热的测定D.制备无水MgCb
排气泡操作Fe(OH)3胶体
A.AB.BC.CD.D
【答案】D
【解析】
【详解】A.图中为碱式滴定管,为碱式滴定管排气泡操作,故A错误;
B.向沸水中滴加饱和FeCh溶液制备Fe(OH)3胶体,氯化铁和NaOH溶液反应生成氢氧化铁沉淀,故B错
误;
C.图中缺少环形搅拌器,不能测定最高温度,故C错误;
D.MgCL易水解,HC1可抑制镁离子的水解,则在HC1氛围中加热MgCb・6H2。能制取无水MgCL,故D
正确;
故选D。
9.下列关于化学反应与能量的说法中,不正确的是
A.等质量的硫蒸气和硫固体分别完全燃烧,后者放出热量更少
B.C(石墨,s尸C(金刚石,s)AH>0,说明石墨比金刚石更稳定
C.同温同压下,H2(g)+C12(g)=2HCl(g)在光照和点燃条件下的AH不同
D.已知H+(叫)+OH(aq)=H2,则向100mLlmol/L盐酸中加入固体,放出的热量大于
【答案】C
【解析】
【详解】A.燃烧为放热反应,反应物中气态S比固态S的能量高,则前者放热多,故A正确;
B.焰变为正,可知石墨能量低,则石墨更稳定,故B正确;
C.反应的婚变与反应条件无关,则同温同压下,H2(g)+C12(g尸2HCl(g)在光照和点燃条件下的AH相同,故
C错误;
D.NaOH溶解放出热量,所以放出的热量大于,故D正确;
故选:C=
10.下列说法正确的是
A.加热蒸干CuCb溶液并灼烧,可以得到CuO固体
B.酸碱中和滴定操作主要步骤为:检漏一水洗一装液一调“0"T滴定。
C.向AgCl饱和溶液中加入NaCl固体,c(Cl)增大,Ksp增大
D.锌片与稀H£O4反应过程中,加入少量CuSCU固体,促进Hz的产生,利用了勒夏特列原理
【答案】A
【解析】
【详解】A.加热促进CM+的水解,最终生成的Cu(0H)2灼烧得到CuO,与盐的水解有关,故A正确;
B.滴定之前需要进行的操作是选用合适的滴定管,并对滴定管进行检漏、水洗、润洗、装液、调整液面及
读数等操作,故B错误;
C.氯化银饱和溶液中存在沉淀溶解平衡,向AgCl饱和溶液中加入NaCl固体,c(Cl)增大,则平衡向生成
沉淀的方向进行,只随温度的变化而变化,所以Ksp不变,故C错误;
D.Zn能置换出Cu,Zn、Cu和稀硫酸构成原电池而促进H2的产生,与平衡移动原理无关,不能用平衡移
动原理解释,故D错误;
故选:Ao
11.中科院研究了一款独特的锂氮(UN)电池,电解质为可传导Li+的有机溶剂,该电池可实现氮气的循环,
并对外提供电能。该电池总反应为:N2(g)+6Li(s)M=2Li3N(s),下列说法不正确的是
A.锂氮电池可实现绿色固氮
B该电池电解质不能换成水溶液
3
C.放电时,乙电极为正极,发生的反应为:N2+6e=2N
D.充电时,甲应接外电源的负极
【答案】C
【解析】
【分析】放电时甲电极为负极,发生氧化反应,电极反应式为LIe=Li+,乙电极为正极,N2发生还原反应:
+
N2+6Li+6e=2Li3N;充电时,甲电极是阴极,乙电极是阳极;
【详解】A.锂氮电池放电时消耗氮气,充电时释放氮气,实现了氮气的循环,为绿色固氮提供了一种可能,
故A正确;
B.锂是活泼金属,能与水反应,因此电解质不能换成水溶液,故B正确;
+
C.放电时甲电极为负极,乙电极为正极,N2发生还原反应:N2+6Li+6e=2Li3N,故C错误;
D.放电时甲电极为负极,充电时,电解池的阴极连接原电池的负极,则充电时,甲应接外电源的负极,故
D正确;
故选:Co
12.A1PCU的沉淀溶解平衡曲线如图所示(已知A1PCU溶解为吸热过程)。下列说法不正确的是
A.TI>T2B.A1PCU在b点对应的溶解度大于c点
C.TI下Q点溶液无A1PO4固体析出D.图中Ksp:a=c=d<b
【答案】A
【解析】
【详解】A.温度越高A1PO4的溶解度大,A1P04在b点对应的溶解度大于c点,所以TI<T2,故A错误;
B.沉淀溶解平衡为吸热反应,升高温度时,A1PCU溶解度增大,所以A1PO4在b点对应的溶解度大于c点,
故B正确;
C.Ksp=c(AF+)c(PO:),曲线上的点都为沉淀溶解平衡状态,Ti温度下,Q点的Qc<Ksp,则溶液无A1PCU
固体析出,故C正确;
D.温度相同,Ksp相同,温度越高,Ksp越大,则图像中四个点的Ksp:a=d=c<b,故D正确;
故选:Ao
13.室温下,用含少量Mg2+的MnS04溶液制备MnCCh;的过程如题图所示。已知Ksp(MgF2)=5.2xlOL下
列说法正确的是
A.“除镁”得到的上层清液中:c(Mg2+)=K弓管2)
2+
B.“沉铳”发生的主要离子方程式为:Mn+2HCO;=MnCO3i+CO2t+H2O
+
C.O.lmoVNaHCOs溶液中:2c(CO^)+c(H2CO3)+c(HCQ-)=c(Na)
D.“沉镒”后的滤液中:c(Na+)+c(H+)=c(0H-)+c(HCO;)+2c(COj)
【答案】B
【解析】
【详解】A.“除镁”得到的上层清液为MgF2的饱和溶液,存在Ksp(MgF2)=c2(F)・c(Mg2+),即
■(MgF?)
+尸ppp故A错误;
C
B.“沉铳”时锦离子和碳酸氢根离子反应生成碳酸锦沉淀和二氧化碳,发生的主要离子方程式为:
2+
Mn+2HCO;=MnCO3i+CO2t+H2O,故B正确;
C.NaHCCh溶液中物料守恒关系为c(Na+尸c(HCC)3)+c(H2co3)+c(CO;),故C错误;
D.“沉镒”后的滤液中含有Na2s。4、少量H2c03,存在的电荷守恒关系为
c(Na+)+c(H+)=c(HCO')+c(0H)+2c(COj-)+2c(SO^)>c(HCO')+c(0H)+2c(CO^'),故D错误;
故选:Bo
14.工业上用C02和H2合成甲醇涉及以下反应:
反应I.CO2(g)+3H2(g)CH3OH(g)+H2O(g)AHi
反应II.CO2(g)+H2(g)UCO(g)+H2O(g)AH2
在催化剂作用下,将ImolCCh和2molH2的混合气体充入一恒容密闭容器中进行反应,达到平衡时,CO2的
转化率和容器中混合气体的平均相对分子质量随温度变化如图。下列判断正确的是
已知:平衡时甲醇的选择性为生成甲醇消耗的CO2在CO2总消耗量中占比。
A.AH2<0
B.T℃,平衡时甲醇的选择性为40%
c.rc,反应11平衡常数K=2
9
D,为同时提高CO2的平衡转化率和平衡时甲醇的选择性,应选择的反应条件为高温、高压
【答案】C
【解析】
【详解】A.由图可知,温度越高,CO2的转化率越小,平衡逆向移动,说明逆反应是吸热反应,故反应I
为放热反应,反应n为吸热反应,AH2>O,故A错误;
44+2x2
B.T℃,CO2转化率为50%,平均相对分子质量为20,混合气体总物质的量为:--------=,则CO2为,
20
设甲醇为xmol,CO为ymol,可列出以下方程:,n(H2)=2(3x+y),n(H2O)=x+y,
03
n(CH3OH)+n(CO)+n(CO2)+n(H2)+n(H2,计算n(CH3,,甲醇的选择性为万1xl00%=60%,故B错误;
C.由B项分析,T°C时,反应II中平衡n(CO2,n(H2,,n(H2,反应H平衡常数,故C正确;
D.由反应I为放热反应,升高温度,平衡逆向移动,故CO2的平衡转化率降低,则不能选择高温条件,故
D错误;
故选:Co
第n卷
二、非选择题:本题分为4小题,共58分。
15.电化学在生活中的应用广泛,请根据电化学原理回答下列问题。
(1)图a中,电流表指针发生偏转,Zn作负极,则A电极上发生的电极反应式为;反应进行
一段时间后溶液酸性将(填“增强”或“减弱”或“基本不变”)。
(2)C2H50H可作为燃料使用,用C2H50H和Ch组合形成的质子交换膜燃料电池的结构示意图如图b,电
池总反应为C2H♦OH+BOzuSHQ+ZCOz,则d电极是(填“正极”或“负极”),c电极的电极
反应式为O
(3)按图c所示装置,以石墨为电极电解氯化钠溶液,阳极为(填“X”或"Y”),实验开始时,同
时在两边各滴入几滴酚献溶液,则电解时在X极附近观察到的现象是o若将X电极材料换为
Cu,则X电极上的电极反应式将(填“发生变化”或“不变”)
(4)某原电池装置初始状态如下图所示,电池总反应为2Ag+Cb=2AgCl。
当电路中转移amole时,交换膜左侧溶液中约减少mol离子。交换膜右侧溶液中
c(HCl)(填“>”、“<”或"=")lmol-Li(忽略溶液体积变化和CL溶于水)。
【答案】(1)①.2H++2e=H2T②.减弱
+
(2)①正极②.C2H5OH-12e+3H2O=2CO2+12H
(3)①.Y②.溶液变红,有气泡产生③.不变
(4)①.2a②.>
【解析】
【小问1详解】
Zn作负极,则A电极为正极,正极上H+得电子生成H2,正极反应式为2H++2e=H2T,总反应为
+2+
2H+Zn=Zn+H2t,则溶液酸性减弱,故答案为:2H++2e=H2f;减弱;
【小问2详解】
C2H50H和。2组合形成的质子交换膜燃料电池工作时,C2H50H发生失电子的反应生成C02,。2发生得电
子的反应生成H2。,由图中电子流向可知c电极为负极,d电极为正极,负极反应式为
+
C2H5OH12e+3H2O=2CO2T+12H,故答案为:正极;C2H50Hl2e+3H2O=2CO2T+12H+;
【小问3详解】
据图可知,电子从电极c流出,则为阴极,阳极为Y,X电极上氢离子放电,同时该电极附近生成氢氧根离
子,所以X极附近观察到的现象是溶液变红,有气泡产生;X为阴极,电极不参与反应,若将X电极材料
换为Cu,则X电极上的电极反应式将不变;
【小问4详解】
Ag作负极,电极反应式为Age+Cl=AgCl,当电路中转移amole时,左侧溶液中约减少amol氯离子,由电荷
守恒可知,有amol氢离子透过交换膜进入右侧,故交换膜左侧溶液中约减少2amol离子,Pt电极为正极,
电极反应式为CL+2e=2Cl,氢离子透过交换膜进入右侧,右侧溶液HC1浓度故答案为:2a;>。
16.平衡思想是化学研究的一个重要观念,在水溶液中存在多种平衡体系。研究水溶液中的粒子行为在化学
研究中具有重要价值。
(1)已知rc下,Kw=lxl012,T℃时,有pH=4的盐酸溶液中,c(OH)=mol/L,由水电离出的
c(H+)=mol/Lo
(2)现有常温下水电离出的c(H+)均为Ixioumol/L的四份溶液:①HC1溶液;②CH3COOH溶液;③氨
水;④NaOH溶液,若①③混合溶液pH=7,则混合溶液中(c(NH;)c(Cl)(填“>”或“="或。若
将等体积的①②分别与足量的铝粉反应,生成H2的量比较①②(填“>”或“="或“<”);若向等体
积的四种溶液中分别加水稀释至100倍,则溶液的pH由小到大是(填序号);
(3)锅炉水垢会降低燃料的利用率,造成能源浪费,Mg(OH)2是水垢成分之一、室温下,已知Mg(OH)2
的Ksp=5.0xl012,向的MgCb溶液中通入NH3至刚好出现沉淀时,溶液的pH约为。
(4)工业去除废水中的H2S,可用N2或CO?可将H2s从水中吹出,再用碱液吸收。将H2s从水中吹出时,
用CO2比N2效果更好,其原因是。(从化学平衡角度解释)
++
(5)已知草酸为二元弱酸:H2C2O4^HC2O;+H降1,HC2O;-^C2O;-+H&2,常温下,向
某浓度的H££)4溶液中逐滴加入一定浓度的KOH溶液,所得溶液中)H2c2O4、HC2O;>HC2O:-三种微
2
C(HC2O4)
粒的物质的量分数⑹与溶液pH的关系如图所示。则时,溶液中
c(H2C2O4)c(C2Or)
【答案】(1)①.1X108②.1X108
(2)①.=②.<③.②<①〈④〈③
(3)9(4)CO2吹出时可增强溶液的酸性,抑制了H2s的电离,有利于H2s的吹出
(5)103
【解析】
【小问1详解】
KIO12
pH=4的盐酸溶液中c(H+)=104mol/L,c(OH)=-=lxlO-8mol/L,由水电离出的c(H+尸
nF
c(OH)=lxl08;
【小问2详解】
HC1与氨水混合后生成氯化镂,溶液存在电荷守恒*c(H+)+c(NH;尸c(OH)+c(Cl),混合溶液pH=7则c(H+)
=c(OH),故c(NH;尸c(Cl);HC1是强电解质,CH3coOH是弱电解质,不能完全电离,则CH3coOH的浓
度大于HC1的,等体积时n(CH3coOH)>n(HCl),与足量的铝粉反应,生成的量比较①〈②;由于加水稀
释100倍后,弱电解质电离程度增大,溶液中弱酸电离出的氢离子、弱碱的电离出的氢氧根离子的物质的
量增大,所以强电解质溶液的pH变化为2,弱电解质溶液的pH变化小于2,且碱液的pH大于酸液,故稀
释后溶液的pH大小为:②〈③;
【小问3详解】
2+2
刚好出现沉淀时,c(Mg)-c(OH)=Ksp[Mg(OH)2],
K+9
c(0Hj=sP[Mg(OH)2]=M-OxlO_=1oxi。,moVL,贝ijc(H)==i0moVL,溶
\)Nc(Mg2+)V0.05c(OH)W5
液的pH约为9;
【小问4详解】
用CO2比N2效果更好,其原因是CO2吹出时可增强溶液的酸性,抑制了H2s的电离,有利于将H2s吹出;
【小问5详解】
时,C(H2c2O4)=C(C2。:),溶液中
。2(咚。4).C(HC2O)C(H+)C(HC2。,).K「1O"TO3
+4*12345
c(H2C2O4)c(C2Ot)c(H2c2O4)C(cpt)-C(H)《IO-°
17.某电镀废水中的铭元素以CN+和CrOj的形式存在,其总铭含量的测定方法如下:
步骤f取100mL废水,加热浓缩成溶液,然后加入NaOH溶液将CN+转化为CrO£;
步骤二:加入稍过量的H2O2,使CrCh在碱性条件下转化成CrO;;
步骤三;加入硫酸酸化并煮沸后,加入足量的KI将CrO:还原为CN+,同时生成单质L;
步骤四:加入指示剂用0.01mol-L"Na2SQ3溶液滴定,滴定过程中消耗Naf溶液。
已知:61+2CrO]+16H+=3IT+2Cr3++8H,O,I2+2S2O3=S4Og+21,请回答下列问题:
(1)CrO:中铭元素价态为o
(2)步骤一中将CN+转化为CrO£的离子反应方程式为:。
(3)“步骤三”中加硫酸酸化时存在反应2CrO1(黄色)+2H+UCr2。,(橙色)+H2OAH<0,升高温度溶液
变为色。
(4)“步骤四”中加入的指示剂为,滴定终点现象为o
(5)该废水中铭元素的含量为g/Lo
(6)若“步骤三”省略加热煮沸操作会导致废水中铭元素含量的测量结果偏高,原因可能为o
【答案】(1)+6价(2)Cr3++4OH=CrO]+2H2。
(3)黄(4)①.淀粉溶液②.滴入最后半滴Na2s2O3溶液,锥形瓶内溶液颜色蓝色变为无色(或
蓝色恰好褪去),且半分钟内不恢复
(5)(6)若省略加热煮沸操作,则过量的H2O2也能氧化过量的KI生成更多L,从而导致铭元素测
量结果偏高
【解析】
【小问1详解】
CrOf中0元素为2价,则铭•元素价态为+6价;
【小问2详解】
3+
加入NaOH溶液将CN+转化为CrO;,反应的离子方程式为:Cr+4OH=CrO-+2H2O;
【小问3详解】
该反应AH<0为放热反应,升高温度平衡逆向移动,CrO孑浓度增大,会导致溶液变为黄色;
【小问4详解】
根据已知步骤三生成单质12,“步骤四”用标准液Na2s2。3滴定碘单质,由于淀粉溶液遇碘变蓝,则加入的指
示剂为淀粉溶液,滴定终点现象为滴入最后半滴Na2s2。3溶液,锥形瓶内溶液颜色蓝色变为无色(或蓝色恰
好褪去),且半分钟内不恢复;
【小问5详解】
根据已知反应可得关系式2CrO;-〜3b〜6Na2s2O3,步骤四中消耗标准液
xnx4
n(Na2s2O3尸cV=0.01mol/Lx0.03L=3xl04mo[,则n(CrO^'(Na2S2O3)=110mol,100mL废水中铝元素
的含量为bl04moix52g/mol.;
0.1L
【小问6详解】
若“步骤三”省略加热煮沸操作会导致废水中铭元素含量的测量结果偏高,原因可能为过量的压。2也能氧化
过量的KI生成更多12,从而导致铭元素测量结果偏高。
18.氨气是重要的基础化工品,请结合信息回答问题。
(1)尿素[CO(NH2)2]是首个由无机物人工合成的有机物,在尿素合成塔中发生的反应可表示为
第一步:2NH3(g)+CO2(g)UNH£OONH4(l)AHi;
第二步:NH£OONH4(1)=CO(NH2)2(s)+H£)(g)AH2;
①已知第一步反应为快速反应,第二步反应为慢速反应,其中活化能较大的是第步,则
;第二步能自发进行的条件是
2NH3(g)+CO2(g)CO(NH2)2(S)+H£>(g)AH3=kJ/mol
o(填“高温”或“低温”或“任何温度”)
②对于第一步反应,混合气体中氨气体积分数随时间变化如图所示,则VA(正)___________VB(逆X填“
或"=”)。
(2)rc,在2L的密闭容器中,通入2moiNH3和ImolCOz,保持体积不变,发生反应,
2NH3(g)+CO2(g)UCO(NH2)2(s)+H2O(g),lOmin时反应刚好达到平衡,此时HzO的物质的量为,贝U:
①NIL的平衡转化率为,0~10min
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