13.4第13章《内能》单元测试练习（B卷）解析版

人教版八年级物理上册第13章《内能》单元测试（B卷）（时间：90min满分：100分）姓名：学校：分数：题型选择题填空作图题实验题计算题总计题数2073333小题分数40162222100分得分一、选择题（每小题只有一个选项最符合题意，每小题2分，共20小题，共计40分）：1．冰在熔化成水的过程中，下列判断正确的是（）A．比热容不变，温度不变，内能增加B．比热容、内能、温度都不变C．比热容变化，温度不变，内能增加D．比热容、内能、温度都变化【答案】C【解析】解：冰在熔化成水的过程中，质量和温度保持不变，不断吸热，物态发生变化，所以内能和比热容增加，故A、B、D错误，C正确。故选：C。2．关于原子核和核能的说法，正确的是（）A．原子核周围有一定数目的质子在核外运动B．原子核由电子和中子组成，中子不带电C．核电站利用核能发电，核心装置是反应堆D．核废水经过过滤并稀释后对海洋环境无害【答案】C【解析】解：A、原子是由原子核与核外电子组成的，电子绕着原子核运动，故A说法错误；B、原子核是由质子和中子组成的，故B说法错误；C、核电站是利用可控的核裂变来工作的，其核心装置是反应堆，故C说法正确；D、核废水具有很强的辐射性，不可以经过简单的过滤、稀释就排入海中，否则对环境危害很大，故D说法错误。故选：C。3．学习了分子动理论之后，小聪总结了很多生活中与分子动理论有关的现象，下列总结中正确的是（）A．用透明胶带揭下纸上写错的字，是因为胶带与纸之间有斥力B．海绵容易被压缩说明分子间有空隙C．“二手烟”危害他人健康，是由于吸烟产生的有害分子不停地运动D．液体很难被压缩，说明分子间有引力【答案】C【解析】解：A、用透明胶带揭下纸上写错的字，是因为胶带与纸之间有引力，故A错误；B、海绵能够被压缩，是因为海绵的多孔结构，故B错误；C、有一个人吸烟，烟味会很快扩散到房间内的空气中，这是由于有害分子不停地做无规则运动的结果，整个房间就会充满烟味，故C正确；D、液体很难被压缩，说明分子间有斥力，故D错误。故选：C。4．下列关于内能的说法中正确的是（）A．当物体温度不发生改变时，内能一定不变B．同种物质组成的两个质量相等的物体，内能一定相同C．同一物体，它的分子运动越激烈，分子间作用力越大，内能一定越大D．0℃的冰没有内能【答案】C【解析】解：A、当物体温度不发生改变时，内能可能改变，如晶体熔化时，温度不变，但由于晶体吸热所以内能变大，故A错误；B、同种物质组成的两个质量相等的物体，内能不一定相同，因为内能与温度有关，若两个物体的温度不同，则内能不同，故B错误；C、同一物体，它的分子运动越激烈，分子间作用力越大，内能一定越大，故C正确；D、任何物体都具有内能，0℃的冰具有内能，故D错误。故选：C。5．暑假期间，小雨家驾驶汽车去海边游玩。下列说法正确的是（）A．夏天的天气真热，这里的热是指内能B．在海边闻到浓浓的海腥味，这是扩散现象C．海滩的沙子热得烫脚而海水却很清凉，是因为海水的比热容小D．随着科技的发展，汽车热机的效率能达到100%【答案】B【解析】解：A、今天天气真热，反映了物体的冷热程度，所以这个“热”指温度，故A错误；B、在海边闻到浓浓的海腥味，是因为分子在不停地运动着，属于扩散现象，故B正确；C、海水的比热容比沙子的比热容大，同样受热的情况下，水的温度变化比沙小，因此海滩的沙子热得烫脚而海水却很清凉，故C错误；D、热机工作时，不可避免地有能量的损耗与散失，热机效率不可能达到100%，故D错误。故选：B。6．羊肉泡馍是陕西的有名小吃，它的烹饪方法非常的精细，而且它的调料注重味道鲜美。下列对羊肉泡馍制作过程中的分析不正确的是（）A．羊肉煮熟前具有内能B．羊肉在快要炖熟时香味四溢是由于分子永不停息做无规则运动C．烙制羊肉泡馍的饼是用做功的方法使饼的内能增大的D．羊肉泡馍在冷却的过程中，通过热传递方式改变了内能【答案】C【解析】解：A、羊肉任何时候都具有内能，故A正确；B、羊肉快要炖熟时能明显的闻到香味，是因为分子永不停息做无规则运动，故B正确；C、烙制羊肉泡馍的饼是用热传递的方法使饼的内能增大的，故C错误；D、羊肉泡馍在冷却的过程中，向周围空气放出热量，温度降低，内能减少，属于热传递改变物体的内能，故D正确。故选：C。7．已知铝的比热容比铜的比热容大，相同质量的铝和铜，吸收相同的热量，则（）A．铜升高的温度较高 B．铝升高的温度较高C．铝和铜升高的温度相同 D．无法比较升高的温度【答案】A【解析】解：已知铝的比热容比铜的比热容大，相同质量的铝和铜，吸收了相同的热量，根据Δt=Q故选：A。8．下列关于内能知识的描述正确的是（）A．物体温度越高内能越大，所以0℃的冰没有内能B．温度越高的物体含有的热量越多，所以0℃的冰没有热量C．摩擦生热是通过做功的方式改变了物体的内能D．物体吸收热量，内能增加，温度一定升高【答案】C【解析】解：A、因为物体的分子永不停息地做无规则的运动，所以任何物体都有内能，0℃的冰仍具有内能，故A错误；B、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故B错误；C、摩擦生热是通过做功的方法改变物体的内能，将机械能转化为内能，故C正确；D、物体吸收热量，内能增大，但温度不一定升高，比如：晶体在熔化过程中吸收热量，而温度保持不变，故D错误。故选：C。9．质量和初温相同的两个物体（）A．吸收相同热量后，比热容大的物体温度较高B．放出相同的热量后，比热容小的物体温度较高C．吸收相同的热量后，比热容较小的物体可以传热给比热容较大的物体D．放出相同的热量后，比热容较小的物体可以向比热容较大的物体传热【答案】C【解析】解：由公式△t=QA、已知两物体初温度相同，吸收相同热量后，比热容大的物体末温度较低，此选项错误；B、已知两物体初温度相同，放出相同的热量后，比热容小的物体末温度较低，此选项错误；C、已知两物体初温度相同，吸收相同的热量后，比热容小的物体末温度较高，所以可以传热给比热容较大的物体，此选项正确；D、已知两物体初温度相同，放出相同的热量后，比热容小的物体末温度较低，所以比热容大的物体可以传热给比热容较小的物体，此选项错误。故选：C。10．质量相等的两金属块A、B长时间放在沸水中，将它们从沸水中取出后，立刻分别投入甲、乙两杯质量和温度都相同的冷水中。不计热量损失，当甲、乙两杯水的温度不再升高时，发现甲杯水的温度低于乙杯水的温度。则下列说法中正确的有的是（）①金属块A末温比B的末温高②金属块B放出的热量比A的多③金属块A的比热容比B的比热容小④甲杯中的水比乙杯中的水吸收的热量少A．1个 B．2个 C．3个 D．4个【答案】C【解析】解：①达到热平衡后，金属块的末温等于水的末温，因为甲杯水的温度低于乙杯水的温度，所以金属块A末温比金属块B的末温低，故①错误；②④两金属块使水温升高，甲杯水的温度低于乙杯水的温度，而初温相同，两杯水甲的温度变化小，而甲、乙两杯水的质量相同，由吸热公式Q吸＝cmΔt可知，甲杯里的水比乙杯里的水吸收的热量少；每个金属块放出的热量等于各自杯中水吸收的热量，所以金属块A放热少，即金属块B放出的热量比A的多，故②④正确；③两金属块都从沸水中取出、初温相同，对于金属块A来说有：cAmA（t﹣tA）＝c水m水（tA﹣t水初）…①对于金属块B来说有：cBmB（t﹣tB）＝c水m水（tB﹣t水初）…②因为mA＝mB，则①÷②得：cA又因为tA＜tB，所以tA﹣t水初＜tB﹣t水初，则有cA（t﹣tA）＜cB（t﹣tB），又因为t﹣tA＞t﹣tB，所以cA＜cB，故③正确；综合以上分析可知，有②③④说法正确，故C正确。故选：C。11．甲、乙两种金属的比热容之比是2：1，质量之比是1：4。若它们吸收相同的热量后，甲物体的温度升高了10℃，则乙物体的温度升高了（）A．5℃ B．10℃ C．15℃ D．20℃【答案】A【解析】解：由题知，m甲：m乙＝1：4，c甲：c乙＝2：1，甲、乙两金属吸收的热量：Q甲：Q乙＝1：1，由Q吸＝cmΔt得，两种金属升高温度之比：Δt甲：Δt乙=Q甲c由题知，Δt甲＝10℃，所以Δt乙＝5℃，故A正确。故选：A。12．甲、乙两个金属球的质量之比为4：3，吸收相同的热量后，它们升高的温度之比是1：3，那么它们的比热容之比c甲：c乙等于（）A．1：2 B．9：4 C．4：9 D．2：1【答案】B【解析】解：由题知，甲、乙两个金属球的质量之比m甲：m乙＝4：3，升高的温度之比Δt甲：Δt乙＝1：3，甲、乙两个金属球吸收相同的热量，则有，Q甲：Q乙＝1：1，由Q吸＝cmΔt得，两物体比热容之比：c甲：c乙=Q故选：B。13．质量相同的A、B两金属块，把它们都加热到100℃，然后分别投入装有质量相同、初温都为0℃的C、D两杯水中，测量的结果：金属块A使C杯的水温升高了10℃，金属块B使D杯的水温升高了20℃．设两金属块比热容为cA和cB，则cA与cB的比值为（）A．4：9 B．9：4 C．19：9 D．9：19【答案】A【解析】解：因为C的初温度为0℃，金属块A使C杯的水温升高了10℃，故C杯中水和A的末温度都为10℃；对于金属块A来说有：cAmA（t0﹣tA）＝c水m水△t1…①因为D的初温度为0℃，金属块B使D杯的水温升高了20℃，故D杯中水和B的末温度都为20℃；对于金属块B来说有：cBmB（t0﹣tB）＝c水m水△t2因为m甲＝m乙，则①÷②得：cAcA所以cA故选：A。14．在标准大气压下，将质量为2kg、初温为25℃的水加热，当水吸收6.72×105J的热量后，水温会升高[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]（）A．100℃ B．75℃ C．80℃ D．105℃【答案】B【解析】解：由Q吸＝cmΔt得：Δt=Q理论上水的末温：t＝Δt+t0＝80℃+25℃＝105℃，在一个标准大气压下，水的沸点为100℃，水的温度升高到100℃将不再上升，则水的实际水温会升高100℃﹣25℃＝75℃。故选：B。15．已知水银的比热是0.14×103焦/（千克•℃），则下面说法中正确的是（）A．体积相同的水和水银，温度都升高1℃，水吸收的热量是水银的30倍B．质量相同的水和水银，降低相同的温度，水银放出的热量是水的1C．质量相同的水和水银，吸收相同的热量，若水银升高1℃，则水要升高30℃D．若1千克的水温度低1℃放出的热量全部被30千克的水银所吸收，则水银的温度升高2℃【答案】B【解析】解：A、体积相同的水和水银，质量之比为：m水：m水银＝ρ水V：ρ水银V＝ρ水：ρ水银，升高相同的温度，水和水银吸收的热量分别为：Q水＝c水m水Δt，Q水银＝c水银m水银Δt热量之比：Q水：Q水银＝（c水m水Δt）：（c水银m水银Δt）＝c水m水：c水银m水银＝c水ρ水：c水银ρ水银=4.2×1B、质量相同的水和水银，降低相同的温度，水和水银放出的热量分别为：Q水＝c水mΔt，Q水银＝c水银mΔt，热量之比：Q水银：Q水＝（c水银mΔt）：（c水mΔt）＝c水银：c水=4.2×1C、质量相同的水和水银，吸收相同的热量Q水＝Q水银，即c水mΔt水＝c水银mΔt水银，Δt水=c故C错误；D、水放出的热量：Q放＝c水m水Δt水＝4.2×103J/（kg？℃）×1kg×1℃＝4.2×103J；Q吸＝c水银m水银Δt水银＝Q放，Δt水银=Q故选：B。16．用相同的加热器对甲、乙、丙三种物质同时持续加热（乙、丙为液体），其温度随时间变化的关系图像如图所示。下列说法正确的是（）A．实验时的气压一定低于一个标准大气压B．甲物质在5min～7min内温度不变，内能不变C．若乙、丙两物质是同种物质，则质量一定相等D．甲物质固体时和液体时的比热容之比为c固：c液＝1：2【答案】D【解析】解：A、由于不知道甲、乙、丙三种物质的种类，因此无法根据温度——时间图像判断大气压强的值，故A错误；B、甲图像是晶体的熔化图像，且5﹣7min是熔化过程，此过程中吸热温度不变，内能增加，故B不正确；C、从图中可知，乙液体从30℃加热到50℃所用时间比丙液体从30℃加热到50℃所用时间短，因为加热器相同，所以乙吸收的热量比丙吸收的热量少，温度都是由30℃升高到50℃，即升高的温度相同，由于是同种物质，故比热容相同，由Q吸＝c水mΔt可知，此时乙的质量小于丙的质量，故C错误；D、由图像可知，固态时从30℃加热到80℃所用时间与液态时从80℃加热到90℃所用时间之比：5min：（13min﹣11min）＝5：2，即t固：t液＝5：2，因为加热器相同，所以Q固吸：Q液吸＝5：2，即c固m固Δt固：c液m液Δt液＝5：2，又因为m固＝m液，Δt固：Δt液＝（80℃﹣30℃）：（90℃﹣80℃）＝5：1所以甲物质固态时和液态时的比热容之比：c固：c液＝1：2，故D正确。故选：D。17．小明对质量为500g的冰缓慢加热，不计冰和水的质量变化，他根据冰熔化成水直到沸腾的过程中记录的实验数据绘制成如图所示的温度—时间图像[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]，下列分析正确的是（）A．图像中的DE段表示冰的熔化过程，其温度不变B．在图像中CD段中水共吸收了2.1×105J的热量C．图像中BC段物质的温度保持不变，内能也不变D．冰熔化过程用时6min，不断吸热，温度不断升高【答案】B【解析】解：A、由图可知，DE段表示水的沸腾过程，BC段是冰的熔化过程，此时吸收热量，但温度保持0℃不变，故A错误；B、在图像中CD段中水共吸收热量：Q吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×100℃＝2.1×105J，故B正确；C、由图可知，BC段是冰的熔化过程，此时吸收热量，温度不变，内能增大，故C错误；D．冰熔化过程用时8min﹣2min＝6min，不断吸热，温度保持不变，故D错误。故选：B。18．如图所示，规格相同的甲、乙两容器中分别装有3kg和2kg的纯净水，并用不同加热器加热，不计热损失，得到如图丙所示的水温与加热时间的关系图，则下列说法正确的是（）A．甲杯水中每分钟吸收的热量为2.52×105JB．甲、乙两杯中的加热器每分钟放出的热量之比为3：2C．加热相同的时间，甲、乙两杯水升高的温度之比2：3D．将甲、乙两容器中的液体从20℃加热至沸腾所需要的时间之比为2：3【答案】D【解析】解：A、由图丙的甲图线可知，加热2min时，甲容器中水升高的温度：△t＝40℃﹣20℃＝20℃；由图象还可知，水的温度变化随时间的增加而均匀升高，所以，加热1min时，甲容器中水升高的温度：△t′=12△t此时甲容器中的水吸收热量：Q吸1＝cm1△t＝4.2×103J/（kg•℃）×3kg×10℃＝1.26×105J，故A错误；B、由图丙可知，水的温度从20℃升高到40℃时，乙的加热时间为3min；此时乙容器中的水吸收热量：Q乙吸＝cm2△t＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（40℃﹣20℃）＝1.68×105J，乙容器中的水每分钟吸收热量为：Q吸2=13×Q乙吸=13由于忽略散热损失，所以两加热器每分钟放出的热量与水每分钟吸收的热量相同，则：加热器每分钟放出的热量之比为：Q甲放/min：Q放2/min＝1.26×105J：5.6×104J＝9：4，故B错误。C、根据B可知相同时间内，加热器放出的热量之比为9：4，则相同时间内，两杯水吸收的热量之比为9：4，根据△t=Q△tD、根据Q吸＝cm（t﹣t0）可得甲、乙两容器中的水从20℃加热至沸腾所需热量之比：Q甲吸根据时间t=QQ甲吸Q甲放故选：D。19．在研究物质的吸热能力的实验时，用同一电加热器加热某种物质，使其从固态变为液态，直至沸腾，整个过程物质的温度与时间关系图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．4～11min内，第5min的内能等于第8min的内能B．该物质在液态时比热容比固态时比热容小C．0～4min内的分子作用力小于19～26min内的分子作用力D．4min时的分子动能等于11min时的分子动能【答案】D【解析】解：A、在4～11min时间段，物体要吸收热量，内能就会增加，所以第5min的内能小于第8min的内能，故A错误；B、由图象可知，物体处于固态时升温较快，处于液态时升温较慢，据此可以判断该物质在液态时比热容较大，故B错误；C、在4～11min时间段，物质处于固液混合态；0～4min内物质处于固态，分子作用力较大；在19～26min内，物质处于沸腾过程中，由液态变为气态，因此分子作用力较小，因此0～4min内的分子作用力大于19～26min内的分子作用力，故C错误；D、温度是物体分子平均动能的宏观表现，温度越高，分子热运动的动能越大；由图知，在4～11min时间段，物质的温度不变，所以4min时的分子动能等于11min时的分子动能，故D正确。故选：D。20．某同学用如图所示的实验装置，比较不同物质的比热容，将分别盛有50g水和食用油的两个试管固定在铁架台上，温度传感器的探头与水和食用油良好接触，将温度传感器与计算机相连，计算机上显示温度随时间变化的图线如图所示。下列说法正确的是（）A．加热2min，水吸收的热量大于食用油吸收的热量B．食用油的比热容为2.1×103J/（kg•℃）C．2～3min内，食用油吸收的热量为1400JD．另一小组用同样的器材进行实验，得到的两种物质温度随时间变化图像均为图中的A所示，若已知该小组所用水的质量为75g，则食用油的质量为100g【答案】C【解析】解：A、相同加热器在相同时间内放出的热量相同，则加热2min时水和食用油吸收的热量相同，故A错误；B、用两个相同的加热器给质量相同的食用油和水加热，由图象可知，A温度从20℃升高到40℃需要2min，B温度从20℃升高到40℃需要3min；加热时间越长，吸收的热量越多，水的吸热能力越强，所以B为水，A为食用油；因为加热器相同，则物质吸收的热量和加热时间成正比，所以，质量相同的食用油和水升高相同的温度需要吸收的热量关系为：Q水吸：Q油吸＝3：2，由Q吸＝cmΔt可知，c水：c油＝3：2，则c油=23c水=23×C、由图象可知，加热2min食用油的温度升高了20℃，则食用油吸收的热量：Q油吸＝c油m油Δt＝2.8×103J/（kg•℃）×0.05kg×20℃＝2800J；加热器在相同的时间内放出的热量相同，受热物质吸收的热量相同，所以2～3min内，食用油吸收的热量为2800J2D、另一小组用同样的器材进行实验，得到的两种物质温度随时间变化图像均为图中的A所示，不同物质吸收相同的热量，升高相同的温度，根据Q＝cmΔt可知，水和食用油的质量之比等于比热容之比的倒数，所以m水：m油＝c油：c水，75g：m油＝2：3，解得m油＝112.5g，故D错误。故选：C。二、填空题（每空1分，共7小题，共计16分）：21．贵港又称荷城，夏天满城荷花盛开，吸引八方游客前来观赏，荷花花香四溢是因为分子在永不停息地做运动；当荷叶上的两滴水珠相遇时，能汇合成一滴较大的水珠是因为分子之间存在（选填“引力”或“斥力”）。【答案】无规则；引力。【解析】解：（1）荷花花香四溢这是扩散现象，说明分子是在永不停息地做无规则运动；（2）两滴水珠接触时，能自动结合成一滴较大的水珠，这一事实说明分子间存在着引力。故答案为：无规则；引力。22．汽车发动机的气缸体和气缸盖的内外壳间有个“水套”，冷却液在其间循环，以防止汽车发动机过热，在汽车开始行驶的一端时间内，冷却液温度逐渐升高，它的内能会（选填“增大”、“减小”或“不变”），这是通过的方式改变冷却液的内能。【答案】增大；热传递。【解析】解：气缸外有一个水套，气缸被冷却液包围着，冷却液从气缸吸收热量，温度升高，内能会增大，这是通过热传递的方式改变冷却液的内能。故答案为：增大；热传递。23．新冠肺炎疫情发生后，防疫人员每天会在小区喷洒消毒液。小明在家也能闻到消毒液的气味，这种现象叫做现象，人们使用的消毒酒精是由纯酒精和蒸馏水充分混合形成的，其总体积小于混合前的总体积，此现象说明组成物质的分子间有。为预防新冠病毒的感染，国家免费为人们接种疫苗，疫苗的运输及储存要求在低温环境下，在低温环境下疫苗分子是（选填“运动”或“静止”）的。【答案】扩散；空隙；运动。【解析】解：（1）消毒液分子不断运动进入空气分子，向远处运动被人闻到，这是扩散现象。（2）蒸馏水和酒精都是由分子构成的，分子间仔在间隙，当把酒精和蒸馏水充分混台后，两种物质的分子进入彼此的分子间隙中，使得总体积小于二者的体积之和。（3）构成一切物质的分子都在永不停息地做无规则运动，在低温环境下疫苗分子也是运动的。故答案为：扩散；空隙；运动。24．小王在家探究冷热水混合温度变化的问题，他将一杯热水放在桌上，然后加入一勺30mL的冷水，待它们热平衡后测得热水的温度下降了4℃，后来他又加入一勺相同的冷水，平衡后测得水温又下降了3℃．若不计混合过程中的热量损失，原来这杯热水的温度比冷水的温度高℃，原来这杯热水的质量为g。【答案】28；180。【解析】解：由ρ=mV可得，冷水的质量：m＝ρV＝1.0×103kg/m3×30×10﹣6m3由题意知，Q吸＝Q放所以，cm冷△t冷＝cm热△t热0.03kg×△t冷＝m热×4℃…①同理，当再次加入一勺冷水后，热水放出的热量和冷水吸收的热量仍然相等则有：Q吸＝Q放，即cm冷△t冷′＝cm热′△t热′，代入数据得：0.03kg×（△t冷﹣3℃）＝（m热+0.03kg）×3℃…②联立①②可得，△t冷＝24℃，m热＝0.18kg＝180g；不计混合过程中的热量损失，原来这杯热水的温度比冷水的温度高24℃+4℃＝28℃。故答案为：28；180。25．某同学做探究“某种物质M熔化特点”的实验，实验结果如图所示。则在BC段M的内能（选填“增大”“减小”或不变”）；前2分钟，M吸收的热量为[M的质量为100g，已知图中CD段物质比热容为4×103J/（kg•℃）]。【答案】增大；2×103J。【解析】解：由于M在熔化过程中不断吸热，所以在BC段M的内能增大；由于相同时间内物质吸收的热量相同，则CD段M吸热的时间为4min，是AB段吸收的热量的2倍，故CD共吸收的热量为：Q＝cmΔt＝4×103J/（kg•℃）×0.1kg×10℃＝4×103J；前2分钟，M吸收的热量：Q吸=12Q=12×故答案为：增大；2×103J。26．在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量相等的水和某种液体（注：c水＞c液体）进行了实验，实验中，水和该液体在相同时间内放出的热量相等。两种液体的温度随时间的变化关系如图所示。分析图像可以得出（选填“甲”、”乙”）物质为水，另一种液体的比热容为J/（kg•℃）。[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）]【答案】甲；2.1×103。【解析】解：（1）时间相等时，两种液体放出的热量相等，由图像可知，乙液体的温度降低的快，甲液体温度降低慢；根据Q放＝cm△t可知，在质量相等、放热也相同的情况下，谁的温度降低得快，它的比热容小；所以，甲液体的比热容大，若甲、乙两种液体中，一种液体是水，则一定是甲液体；（2）由题知，而水和液体的质量相同，即m水＝m乙，而水和另种液体在相同时间内放出的热量相等，即Q水放＝Q乙放，则c水m水Δt＝c乙m乙Δt′，结合图像（15min以内）可得：4.2×103J/（kg•℃）×m水×（60℃﹣40℃）＝c乙m乙（60℃﹣20℃），解得：c乙＝2.1×103J/（kg•℃）。故答案为：甲；2.1×103。27．分子之间存在相互作用力。分子间的作用力由吸引力和排斥力组成，吸引力对抗拉伸，排斥力对抗压缩。如图所示为分子间作用力关系图，r表示两分子间的距离，r0表示吸引力和排斥力相平衡的距离，F斥表示斥力曲线，F引表示引力曲线，F表示合力曲线。当两个分子相距较远时，F表现为吸引力，当两个分子非常接近时，F表现为排斥力。①分子间的引力和斥力都与有关。固体和液体很难被压缩，说明分子之间存在。分子间的F斥和F引随都r的增大而。②有关分子之间作用力说法正确的是A．当r＝r0时，分子间没有排斥力或吸引力B．当r＜r0时，分子之间只有排斥力C．当r＞r0时，分子之间只有吸引力D．当r＝10r0时，分子间的作用力可以忽略不计【答案】（1）分子的距离；斥力；减小；（2）D。【解析】解：（1）分子间的作用力与分子的距离有关，分子引力和斥力都随距离增大而减小，固体和液体很难被压缩，说明分子间存在斥力；（2）分子间同存在的引力与斥力，分子引力和斥力都随距离增大而减小；A、当r＝r0时分子引力与斥力相等，故A错误；B、当r＜r0时分子引力小于斥力，分子间的作用力表现为斥力；故B错误；C、当r＞r0时，分子引力大于斥力，分子力间的作用力表现为引力；故C错误；D、当r＝10r0时分子间的作用力可以忽略，故D正确。故选D。故答案为：（1）分子的距离；斥力；减小；（2）D。三、实验探究题（每空1分，共3小题，共计22分）：28．在学习了“分子动理论”后，小宇进行了以下几个小实验：（1）如图甲所示，在一个圆柱形量筒中依次倒入蓝色的硫酸铜溶液和无色的水，放置一段时间后，液体变为均匀的淡蓝色，这说明。先倒入密度较大的硫酸铜溶液是为了排除对实验的影响。（2）如图乙所示，先后将50mL水和50mL的酒精倒入玻璃管中，反复翻转几次后，可发现水和酒精的总体积（选填“大于”、“小于”或“等于”）100mL，这说明分子间有。为使实验现象更明显，应选用内径较（选填“细”或“粗”）的玻璃管。（3）如图丙所示，用细线拴住玻璃板的四个角，用弹簧测力计勾住细线，将玻璃板平放在水面上与水面刚好接触，向上拉弹簧测力计时，发现测力计的示数变大了，这说明：分子间有。这个理由可以用来解释固体很难被（选填“拉伸”或“压缩”）。【答案】（1）分子在不停地做无规则运动；重力；（2）小于；间隙；细；（3）引力；拉伸。【解析】解：（1）水分子和硫酸铜分子在不停地做无规则运动，所以上面的水分子要向下运动，进入到硫酸铜溶液中，同理硫酸铜分子向上运动，进入到上面的水中；因为重力的方向竖直向下，所以先倒入密度较大的硫酸铜溶液是为了排除重力对实验的影响；（2）将50mL的水和50mL的酒精充分混合，混合后水与酒精的总体积将小于100mL，正是由于酒精分子和水分子之间有间隙，才会导致混合总体积变小；由于水和酒精充分混合后总体积变化不大，选择内径较细的玻璃管进行实验时，其高度变化更明显，实验现象更加明显；（3）当玻璃接触水面时，由于水分子和玻璃分子距离较近，故两种分子之间会产生相互作用的引力，用弹簧测力计将玻璃拉起需提供比玻璃重力大的力。说明玻璃和水的接触面之间存在相互作用的分子引力；由于分子间引力的存在，固体很难被拉伸。故答案为：（1）分子在不停地做无规则运动；重力；（2）小于；间隙；细；（3）引力；拉伸。29．用图1中的实验装置探究水和煤油吸热能力的强弱。（1）实验前应该在两个相同的烧杯中分别加入初温相同、相同的水和煤油。（2）本实验选用两个相同的酒精灯同时进行加热，实验中上下反复缓慢地提拉搅拌器，每隔一分钟记录一次温度，记录的数据如下表。分析表中实验数据得出结论：升高相同的温度，水的加热时间长，说明（选填“水”或“煤油”）的吸热能力更强。在物理学上，物质吸热能力的强弱用（填物理量的名称）来描述。加热时间/min01234温度/℃煤油2022242628水2021222324（3）下列现象不能用本实验的结论来解释的是。A.夏天在教室洒水降温B.汽车的发动机用水来冷却C.沿海地区昼夜温差较小（4）酒精灯内酒精用掉一半后，剩下酒精的热值（选填“变大”、“变小”或“不变”）。（5）将某种固态物质放入加热功率恒定的装置中，对其加热至沸腾，温度随时间变化的关系如图2所示，固态时的比热容（选填“大于”、“小于”或“等于”）液态时的比热容，从第11min到第19min，物质分子无规则运动的剧烈程度将（选填“不变”、“增加”或“减弱”）。【答案】（1）质量；（2）水；比热容；（3）A；（4）不变；（5）小于；增加。【解析】解：（1）根据比较不同物质吸热能力的两种方法，要控制不同物质的质量相同，故实验前应该在两个相同的烧杯中分别加入初温相同、质量相同的水和煤油；（2）分析实验数据可知：升高相同的温度，水的加热时间长，说明水的吸热能力更强；在物理学上，物质吸热能力的强弱用比热容来描述；（3）A、夏天，在教室的地面上洒水，由于水蒸发从周围吸热，会使人感觉凉爽，与水比热容大小无关，故A符合题意。B、因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以用水冷却汽车发动机，故B不符合题意；C、在沿海地区，水是比较多的，因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小；而新疆地区温差变化比较大，故C不符合题意；故选：A；（4）热值是燃料本身的一种特性，不随物质质量的变化而变化，所以热值不变；（5）由图象知，相同时间内此物质固态时升高的温度大于液态时升高的温度，由Q＝cmΔt可知，当质量和吸收的热量都相同时，△t越大的比热容就越小，所以固态时的比热容比液态时小；从第11min到第19min，物质的温度升高，物质分子无规则运动的剧烈程度将增加。故答案为：（1）质量；（2）水；比热容；（3）A；（4）不变；（5）小于；增加。30．为了比较水和食用油的吸热能力，小明用两个相同的装置做了如图1的实验。实验数据记录如表：物质质量/g初始温度/℃最后温度/℃加热时间/min水10025455食用油10025655（1）在设计实验方案时，需要确定以下控制的装置，你认为其中多余的是。A．采用完全相同的加热方式B．酒精灯里所加酒精量相同C．取相同质量的水和另一种液体D．盛放水和另一种液体的容器相同（2）由表中数据可知，水和食用油的质量和初温都是（选填“相同”或“不相同”）的，若要使水和食用油的最后升高温度相同，则要继续给（选填“水”或“食用油”）加热一段时间，待两者升高的温度相同时，水吸收的热量（选填“大于”或“小于”或“等于”）食用油吸收的热量。这表明，（选填“水”或“食用油”）吸热能力强。（3）若小明实验前。用温度计测出初温不同的水和食用油的温度，然后加热相同的时间，用温度计测出水和食用油末温也不同，则（选填“能”或“不能”）得出水和食用油的比热容大小关系。（4）同组的小华又探究“物质的放热能力，分别用质量均1kg的水和另一种液体进行对比实验，已知水的比热容大于另外一种液体的比热容，并画出温度随时间变化的图像，如图2，实验过程中，水和另一种液体在相同时间内放出的热量相等，分析图像可以得出：水10min放出的热量为J，另一种液体的比热容为J/（kg•℃）。【答案】（1）B；（2）相同；水；大于；水；（3）能；（4）4.2×104；1.8×103J/（kg•℃）。【解析】解：（1）根据控制变量法，要根据控制吸收的热量相同：A．采用完全相同的加热方式C．取相同质量的水和另一种液体D．盛放水和另一种液体的容器相同以上三个选项均是为了为控制两物质吸收的热量相同；而B．酒精灯里所加酒精量相同则没有必要；故选B；（2）由表中数据可知，水和食用油的质量和初温都是相同的，加热相同的时间，水的升温小，故可推理：若要使水和食用油的最后升高温度相同，则要继续给水加热一段时间，待两者升高的温度相同时，根据转换法水吸收的热量大于食用油吸收的热量。根据比较吸热能力的第1种方法，这表明水吸热能力强；（3）若小明实验前，用温度计测出初温不同的水和食用油的温度，然后加热相同的时间，用温度计测出水和食用油末温也不同，由比较吸热能力的第二种方法：使相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强，则也能得出水和食用油的比热容大小关系；（4）因水的吸热（放热）能力强，故放热相同的时间，降温慢，故上面的直线为水的图像，20分钟降温为：50℃﹣30℃＝20℃，则水放出的热量：Q放＝c水m水（t水﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（50℃﹣30℃）＝8.4×104J；故水10min放出的热量为4.2×104J；（2）水从50℃﹣30℃用时20分钟，另一液体从50℃﹣15℃用时15分钟，根据转换法，水吸收的热量为另一液体的2015倍，即Q水=2015由题知，而水和液体的质量相同，c水m△t水=20即4.2×103J/（kg•℃）×（50℃﹣30℃）=20解得：c＝1.8×103J/（kg•℃）。故答案为：（1）B；（2）相同；水；大于；水；（3）能；（4）4.2×104；1.8×103J/（kg•℃）。四、计算题（第31题6分，第32题8分，第33题8分，共3小题，共计22分）：31．茗茗将一块质量是2kg的金属块放入92℃的水中加热足够长时间后，迅速取出放入另一个装有5kg水的绝热容器中，容器中水温为40℃，放入金属块后水温最终上升到44℃，不计热量损失。（c水＝4.2×103J/（kg•℃）求：（1）水吸收的热量；（2）该金属的比热容。【答案】（1）水吸收热量为8.4×104J；（2）该金属比热容为0.875×103J/（kg•℃）。【解析】解：（1）水吸收热量：Q吸＝c水m水（t﹣t水）＝4.2×103J/（kg•℃）×5kg×（44℃﹣40℃）＝8.4×10