湖南百校大联考2023-2024学年高二年级上册12月月考物理试题含答案

湖南百校大联考2023-2024学年高二上学期12月月考物

理试题

高二物理试卷

本试卷满分100分，考试用时75分钟。

注意事项：

1.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂

黑。如需改动，用橡皮擦干净后•再选涂其他答案标号。回答非选择题时,将答案写在

答题卡上。写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回.

一、选择题:本题共6小题,每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符

合题目要求的。

1.对宇宙微波背景辐射的黑体谱形状的研究被誉为是宇宙学研究进入精密科学时代的起点.

关于黑体辐射,下列说法正确的是

A.温度低于0℃的物体不会辐射电磁波

B.黑体不会福射电磁波

C.爱因斯坦提出的能量子假说，能够很好地解释黑体辐射规律

D.黑体辐射的能量是不连续的，只能是某一最小能量值的整数倍

2.如图所示，将一不带电的枕形导体放在一个点电荷+Q(Q>0)的右侧,C、D为枕形导体内部

的两点，沿过D点的竖直虚线将导体视为左、右两部分，当达到静电平衡时，下列说法正确

的是

A.枕形导体左边部分带正电

B.枕形导体左边部分的电荷量大于右边部分的电荷量

C.C、D两点的电场强度相等

D.将点电荷+Q缓慢靠近枕形导体,C点的电场强度逐渐增大

3.图甲和图乙分别是用内接法和外接法测量同一电阻R,的电路图.已知两电路的路端电压U

=10V恒定不变，两图中的电压表和电流表均不是理想电表,图甲电路中电流表的示数为

0.4A,则下列说法正确的是

A.图甲中电压表的示数为10V

B.图乙中电压表的示数可能为10V

C.图乙中电流表的示数可能为0.38A

D.理论上Rr的阻值略大于25H

4.如图所示，物块B和C用轻弹簧拴接,C放在水平地面上,物块A放在物块B上，整个系统处

于静止状态。突然拿走静止在B上的A,B将在竖直方向做简谐运动,C始终没有离开地面。

A、B、C的质量分别为"小?沏和弹簧的劲度系数为4，重力加速度大小为g,下列说法正

确的是

A.拿走A的瞬间,B所处的位置为简谐运动的平衡位置JT[

B.B的振幅为甯

C.弹簧恢复原长时,B的加速度为零

D.B到达最高位置时,B的加速度大小为g

5.中国空间站工程“巡天”望远镜（简称CSST）将于2024年前后投入运行.CSST以“天1宫”空间

站为太空母港，日常工作时与空间站共轨独立飞行且与空间站保持适当距离，在需要补给或

者维修升级时，主动与“天宫”交会对接，停靠太空母港。已知地球半径为R，空间站轨道半径

与地球半径的比值为&，地球表面的重力加速度大小为g，贝”CSST日常工作时的速度大小为

A.B,[整C-J^R

6.如图所示，真空中的△ABC为等边三角形,D点为AB边的中点。分别在A、B、C三点固定

三个电荷量的绝对值均为Q的点电荷,固定在A、B点的点电荷带正电,固定在C点的点电

荷带负电。为使三角形的中心。点的电场强度为零，应在D点固定电荷量的绝对值为Q?的

点电荷.则Q、：Q?为

A.2'1

B.1>73

C.73:1

D.3：1

二、选择题;本题共4小题,每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题

目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7.2023年6月4日，“神舟十五号”载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆，“神舟十五号”载人

飞行任务取得圆满成功！返回舱在距离地面10km高度时开始启动降落伞装置，一段时间后

返回舱的速度减为10m/s且保持这个速度竖直降落。快到地面时,返回舱底部的四台缓冲

发动机开始向下喷气，舱体再次减速，到达地面时速度恰好为0。返回舱降落过程的最后一

秒的速度（近一时间”）图像如图所示。已知返回舱的总质量为3000kg,重力加速度大小g

=10m/s"下列说法正确的是

A.返回舱距离地面1.5m时，缓冲发动机启动10\

B.返回舱在最后的0.3s内处于失重状态

C.返回舱在最后一秒的平均速度大小为5m/s|.

D.返回舱在最后的减速过程中，受到的合力大小为1.0X105N°0710,/s

8.如图所示,闭合矩形导体框在水平方向的匀强磁场中绕竖直方向的对称轴0。匀速转动。已

知匀强磁场的磁感应强度为B,导体框的面积为S.导体框从图示位置开始转动并开始计时,

下列说法正确的是

A.0时刻穿过导体框的磁通量为BS

B.导体框从图示位置转过180°时,穿过导体框的磁通量为0B

C.导体框从图示位置转过300时和60°时.对应穿过导体框的磁通量之比为

1:2

D.导体框从图示位置转过30°时和150°时,对应穿过导体框的磁通量相同

9.A、B两个物块在光滑的水平地面上发生正碰，碰撞时间极短,两物块运动的

I图像如图所示，则下列判断正确的是13…7

A.碰撞后A、B两个物块运动方向相同:

B.碰撞前、后A物块的速度大小之比为5：3

C.A、B的质量之比mt：w=2：3——

213Usk

D.此碰撞为弹性碰撞

10.如图所示,两块较大的平行金属板A、B水平放置并与电源相连，两板间的距离为人电源的

电动势为E,开关S闭合后，一质量为利、电荷量为q的带电油滴恰好静止在两板间的P

点,现将A板向上平移一小段距离工.重力加速度大小为g.下列说法正确的是

A.A板平移后,P点的电势变大,

B.A板平移后，带电油滴在P点的电势能变小:・P*

C.带电油滴的比荷9=孥

D.A板平移后,油滴的加速度大小为瞽一嬴篝不

三、非选择题:共56分。

11.(7分)“春耕”学习小组利用单摆测量重力加速度的实验装置如图甲所示。

(1)学习小组的同学用游标卡尺测量摆球的直径时读数如图乙所示，则摆球的直径D=

________cmo

(2)学习小组的同学组装好实验装置后，将摆球从平衡位置拉开一个小角度(小于5°),然后

释放摆球，摆球某次通过最低点时开始计时，并从1开始计数，然后摆球每完成一次全振

动计数加1,当该同学计数到40时停止计时，测得的时间记为。，测得的单摆的摆长记为

L,则当地的重力加速度大小g=(用L、t表示).

(3)学习小组的同学改变摆线的长度继续做实验，在绘制单摆的周期的平方一摆长(:T—L)

图线时，一位同学误将摆线长和小球直径的和记为摆长L,则他画出的图线可能为图丙

中的(填或。

12.(9分)“仲夏”实验小组的同学们要测量两节干电池组成的电池组的电动势和内阻，实验器

材如下：

A.灵敏电流计©(0〜5mA,内阻未知)；

B.电压检(0〜3,V,10k。)；

C.电阻箱刷珠〜999.9A)；

D.滑动变阻器J?2(0-100fl,1.5A)}

E.待测干电池2节；

F.开关、导线若干。

u/v

（1）由于灵敏电流计的量程太小，因此需扩大灵敏电流计的量程.测量灵敏电流计内阻的电

路如图甲所示，调节R2和电阻箱使得电压表的示数为2.00V,灵敏电流计的示数为

4.00mA,此时电阻箱接入电路的电阻为381.0O,则灵敏电流计的内阻为。

（结果保留一位小数）。

（2）为将灵敏电流计的量程扩大为0.6A,该实验小组将电阻箱与灵敏电流计并联，则应将

电阻箱R的阻值调为。（结果保留一位小数）。

（3）把扩大量程后的电流表接入如图乙所示的实验电路,根据实验测得的数据作出图

像，如图丙所示（U为电压表的示数，［为灵敏电流计的示数），则该干电池组的电动势E

=V、内阻r=0。（结果均保留两位小数）

13.（10分）高空跳伞是一项极限运动。某跳伞运动员于«=0时刻从高空静止跳出的v-l图像

如图所示，可将其运动视作竖直方向的直线运动.运动员（含降落伞）所受空气阻力/的方

向与速度。的方向相反J的大小与小成正比，但开伞前、后的正比例系数不同。已知开伞

前运动员匀速飞行时的速度大小为运动员在八时刻打开降落伞,开伞后运动员匀速飞

行时的速度大小为方比。重力加速度大小为g,不计空气浮力。

（1）求a时刻运动员的加速度R的大小；

（2）若某时刻运动员的加速度大小为蓑5,求该时刻运动员的速度大小.

14.(14分)如图所示，水平地面上方有水平向右的范围足够大的匀强电场，从地面上的A点竖

直向上以初速度％=6m/s抛出一个质量为，"、电荷量为+q(q>0)的小球,B点为其运动

轨迹的最高点，小球落在水平地面上的C点，取重力加速度大小g=10m/s\匀强电场的电

场强度大小为蜉,忽略空气阻力的影响，求：

(1)小球运动到B点时在水平方向的分位移工“；

(2)小球运动到C点时速度方向与水平方向夹角的正切值tan九

15.(16分)如图所示，倾角6=30°足够长的斜面与水平地面在B点通过一小段圆弧平滑连接，

质量g=0.2kg的木块静止于B处。现将质量卯=1kg的小物块从斜面上的A点由静

止释放。已知A、B两点间的距离.r=9m,它们与斜面间的动摩擦因数均是内=整，小物

块及木块与水平地面间的动摩擦因数均是依=0.5,小物块及木块均可视为质点，所有的碰

撞均为弹性正碰且不考虑碰撞的时间，取重力加速度大小g=1。m/s2.

(D求小物块与木块碰撞后瞬间小物块的速度大小功；

(2)求最终木块与B点间的距离；

(3)若在小物块与木块发生碰撞前瞬间，木块受到水平向左的瞬时冲量1=0.6N-s,求最

终小物块与木块间的距离

B

高二物理试卷参考答案

D【解析】一切物体都会辐射电磁波，选项A、B均错误;普朗克在研究黑体辐射时最早提

了能量子假说，能够很好地解释黑体辐射规律,他认为黑体辐射的能量是不连续的，只能是:

一最小能量值的整数倍，选项C错误、D正确。

C【解析】根据同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引可知，当达到静电平衡时，枕形导体:

边部分带负电、右边部分带正电，选项A错误;因为枕形导体整体为电中性，则左边部分的

荷量等于右边部分的电荷量，选项B错误;枕形导体内部形成静电屏蔽，内部电场强度处处

零，即C、。两点的电场强度均为零，选项C正确;将点电荷+Q缓慢靠近枕形导体，导体内:

电场强度仍处处为零，选项D错误。

A【解析】题图甲所示的电路中，电压表测量路端电压，所以示数为10V,选项A正确；图

中，电压表与R,并联后与电流表串联，由于电流表的分压，电压表与R,并联部分电压小

U,即题图乙中电压表的示数小于10V,选项B错误;题图乙中，由于电压表与R,并联的

阻小于Rr，电路的总电阻小于电流表与待测电阻R工串联的总电阻,则题图乙干路中的电

大于题图甲中电流表的示数，即大于0.4A,选项C错误;题图甲电路中待测电阻心和电

表串联，由于电流表的分压，则电阻R』两端电压小于10V,根据欧姆定律可知,理论上凡

阻值略小于25O,选项D错误。

B【解析】拿走A的瞬间,B所受合外力为根Ag（显然不等于零），此时B所处的位置不是

谐运动的平衡位置,此位置相对于平衡位置的位移最大，选项A错误，根据简谐运动回复

公式可知,B的振幅为誉，选项B正确;弹簧恢复原长时，根据牛顿第二定律可知,B的加:

度大小为g,选项C错误;B到达最高位置时，对于平衡位置的位移最大，此时的回复力（合

力）大小为aAg，根据牛顿第二定律可知，此时B的加速度大小为以隹，选项D错误。

B【解析】本题考查万有引力定律，目的是考查学生的推理论证能力。CSST日常工作时，:

球对其施加的万有引力提供向心力,则G建3=〃?荒■结合黄金代换公式GM=gR,解;

。=/^,选项8正确。

A【解析】设OD=r,根据几何关系可知AO=BO=CO=2r,则固定在A、B点的点电荷在

点的电场强度大小均为例，由于固定在A、B点的点电荷在。点的电场强度方向的夹角

4r

120°,则固定在A、B点的点电荷在。点的电场强度的和也为脚，固定在。点的点电荷在

【高二物理•参考答案第1页（共5页）】•24-230B2

点的电场强度大小为华，该电场方向与固定在A、B点的点电荷在。点的电场强度的和

向相反，则等入2=华，解得Qi：Q?=2：1,选项A正确。

AD【解析】本题考查牛顿第二定律，目的是考查学生的推理论证能力。速度他）一时间（

图像与横轴围成的面积代表其位移，根据题图可知，返回舱在最后的0.3s内的位移了

1.5m,即返回舱距离地面1.5m时，缓冲发动机启动，选项A正确;根据题图可知，返回舱

最后的0.3s内的加速度与其速度方向相反（竖直向上），则返回舱在最后的0.3s内处于:

重状态，选项B错误;返回舱在最后一秒的位移为8.5m,根据平均速度定义可知，返回舱

最后一秒的平均速度大小为8.5m/s,选项C错误;缓冲发动机工作后,返回舱的加速度大.

a=*m/s?,根据牛顿第二定律可知,返回舱在最后的减速过程中，受到的合力大小F=r>

=1.0X105N,选项D正确。

BD【解析】根据磁通量概念,磁通量可以用穿过线圈磁感线的条数表示，所以0时刻穿过

体框的磁通量为零,故选项A错误;导体框从题中图示位置转过180。时，根据磁通量的定&

可知穿过导体框的磁通量为零,故选项B正确;导体框从题中图示位置转过30°时，磁通量（

=BSsin30°=!BS,转过60°时,磁通量<X>2=BSsin60°=§BS,对应穿过导体框的磁通量.

比为1：乃，故选项C错误;导体框从题中图示位置转过30°时，磁通量中1=BSsin30°

yBS，转过150°时，磁通量a=BSsin150°=yBS,即对应穿过导体框的磁通量相同，故选:

D正确。

CD【解析】由x-t图像的斜率表示速度可知，碰撞前B是静止的,A的速度为

—

//

5m/s；碰后A的速度。/=>=—1m/s,B的速度。2'=泠=4m/s,设碰撞前A的速度1

向为正方向，两物块碰撞过程中动量守恒，由动量守恒定律得W1=加敏1'+%2吻'，解:

Wi:m2=2:3,碰撞前总动能与碰撞后总动能相等，没有机械能损失，故碰撞是弹性碰茜

故C、D均正确。

）.AD【解析】开关S闭合后，两板间的电压为E,将A板向上平移一小段距离,两板的间距:

大，两板间的电场强度E电减小，因为下极板接地，电势为0,P点的电势灯=—E电•BP,

以P点的电势变大，选项A正确；对油滴受力分析可知，油滴带正电，且=则看

强，选项C错误；由于A板平移后,P点的电势变大，因此带电油滴在P点的电势能变于

选项B错误;A板平移后，油滴向下做加速运动,根据牛顿第二定律得mg-q7J^=m.

（d十

【高二物理•参考答案第2页（共5页）】•24-230B2

即油滴的加速度大小为焉一Q^j，选项D正确。

L.（1）1.86（2分）

”、（78兀）2乙/叶6084冗2人、4、

（2）—1（或一---）（3分）

（3）c（2分）

【解析】（1）10分度的游标卡尺的最小分度为0.1mm,游标卡尺的主尺读数为18mm,游标

的读数为6X0.1mm=0.6mm,因此摆球的直径D=18mm+O.6mm=18.6mm=l.86err

⑵根据题意可知，单摆的周期T=点，结合单摆周期公式7=2兀/，解得g=（7,尸L

（3）根据丁=2兀、汪,变形得T2=4K2人，由于该同学误将摆线长和小球直径的和记为摆•

vgg

L,即图像向右平移,c正确。

?.（1）119.0（2分）

（2）1.0（2分）

（3）2.91（2.90〜2.92均可给分）（2分）0.53（0.50〜0.55均可给分）（3分）

【解析】（D根据欧姆定律有U=L（R+&）,解得4=119.0。。

（2）根据并联电路的特点有（I—1g）R=/gRg,解得a=1.0。。

⑶根据闭合电路欧姆定律可得E=U+I&+/（l+Qr,变形代入数据有U=E

120（小之+81,题图丙中图线的纵截距表示电源电动势，即E=2.91V,图线的斜,

Ki十Kg

R\Rg।—（2.91—2・00）V的［曰—八C-QC

Ri+Rg+'—5.00X120X10—3A，解信厂一6b3。。

3.解：（1）开伞前运动员匀速飞行时,根据受力平衡有

2

k1vQ=mg（1分）

开伞后运动员匀速飞行时，根据受力平衡有

420）2=鹏（1分）

在21时刻运动员打开降落伞瞬间，根据牛顿第二定律有

k2Po2—mg=ma\（2分）

解得a1=8g。（1分）

（2）若开伞前某时刻运动员的加速度大小为靠药，根据牛顿第二定律有

•南”1（2分）

【高二物理•参考答案第3页（共5页）】•24-230B2

解得功（1分）

若开伞后某时刻运动员的加速度大小为击幻，根据牛顿第二定律有

2

k2v2—mg=m•^<21（1分）

解得叨=4比。（1分）

1.解：（1）将小球的