2023-2024学年重庆市九年级数学第一学期期末考试试题

2023-2024学年重庆市九年级数学第一学期期末考试试题

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再

选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（每题4分，共48分）

1.关于X的一元二次方程尤2—3%+机=0有两个不相等的实数根，则实数机的取值范围是（）

9999

A.m<—B.m,,—C.m>—D.m..—

4444

2.如图，MN所在的直线垂直平分线段AB,利用这样的工具，可以找到圆形工件的圆心，如果使用此工具找到圆心,

最少使用次数为（）.

予

A.1B.2C.3D.4

3.若抛物线y=x2+ax+b与x轴两个交点间的距离为4,称此抛物线为定弦抛物线.已知某定弦抛物线的对称轴为直

线x=2,将此抛物线向左平移2个单位，再向上平移3个单位，得到的抛物线过点（）

A.（1,0）B.（1,8）C.（1,-1）D.（1,-6）

4.从某多边形的一个顶点出发，可以作4条对角线，则这个多边形的内角和与外角和分别是（）

A.900°；360°B.1080°；360°C.1260°；720°D.720°；720°

5.近年来，移动支付已成为主要支付方式之一.为了解某校800名学生上个月4,3两种移动支付方式的使用情况，

从全校学生中随机抽取了100人，发现样本中A,8两种支付方式都不便用的有5人，样本中仅使用A和仅使用3的

学生的支付金额分布情况如下：

付金额（元）

方式、便用人索j0<x<500500<x<1000x>1000

仅使用月支付18人9人3人

仅使用8支付10人14人1人

下面有四个推断：

①从全校学生中随机抽取1人，该学生上个月仅使用A支付的概率为0.3；

②从全校学生中随机抽取1人，该学生上个月A,5两种支付方式都使用的概率为0.45；

③估计全校仅使用B支付的学生人数为200人；

④这100名学生中，上个月仅使用A和仅使用5支付的学生支付金额的中位数为800元.

其中合理推断的序号是（）

A.①②B.①③C.①④D.②③

6.如图，方格纸中4个小正方形的边长均为2,则图中阴影部分三个小扇形的面积和为（)

113

A.一%B.TCC.一%D.一万

242

7.下列结论正确的是（）

A.三角形的外心是三条角平分线的交点

B.平分弦的直线垂直于弦

C.弦的垂直平分线必平分弦所对的两条弧

D.直径是圆的对称轴

8.已知抛物线y=x2+%+c的部分图象如图所示，若yVO,则x的取值范围是（）

A.-l<x<4B.-l<x<3C.x<-1或无>4D.x<T或x>3

9.如图，。是ABC的内切圆，切点分别是。、DF,连接分、EF、OD、OE,若NA=100,NC=30,

则ZDFE的度数是（）

A.55B.60C.65D.70

10.在平面直角坐标系中，以原点O为位似中心，把AABC放大得,到AAiJBiCi，使它们的相似比为，1:2,若点A的

坐标为（2,2）,则它的对应点4的坐标一定是（）

A.（-2,-2）B.（1,1）

C.（4,4）D.（4,4）或（-4,-4）

11.《九章算术》中记载一问题如下：“今有共买鸡，人出八，盈三；人出七，不足四，问人数、物价各几何？”意思

是：今有人合伙购物，每人出8钱，会多3钱；每人出7钱，又差4钱，问人数、物价各多少？设有x人，买鸡的钱

数为V,依题意可列方程组为（）

8x+3=yf8x-3=y

A.<B.<

7x+4=y[7x-4=y

J8x+3=yf8x-3=y

'[7x-4=y'[7x+4=y

4

12.如图，A>B两点在双曲线y=—上，分别经过点4、B两点向X、y轴作垂线段，已知S阴影=2,则，+52=（）

二、填空题（每题4分，共24分）

13.如图，有一张直径（BC）为1.2米的圆桌，其高度为0.8米，同时有一盏灯A距地面2米，圆桌的影子是DE,

AD和AE是光线，建立图示的平面直角坐标系，其中点D的坐标是（2,0）.那么点E的坐标是一.

311

14.反比例函数y=--的图象与一次函数y=-x+5的图象相交，其中一个交点坐标为（a,b）,则—+—=.

xab

15.（2016广东省茂名市）如图，在平面直角坐标系中，将AABO绕点5顺时针旋转到AAiBOi的位置，使点A的对

应点4落在直线V=3

%上，再将AAiBOi绕点4顺时针旋转到△43102的位置，使点Oi的对应点01落在直线

3

y=%上,依次进行下去…，若点A的坐标是（0,D,点5的坐标是（石，1）,则点4的横坐标是

16.如图，练习本中的横格线都平行，且相邻两条横格线间的距离都相等，同一条直线上的三个点A、5、。都在横格

线上.若线段4b=6c机，则线段5C=cm.

1

17.抛物线丁=—§（关—5）92+3的顶点坐标是.

18.已知正六边形的边心距为外，则它的周长是.

三、解答题（共78分）

19.（8分）解一元二次方程：4X2=4X-1.

20.（8分）如图，_ABO与一CDO关于O点中心对称，点E、F在线段AC上，且AF=CE.

求证：FD=BE.

21.（8分）如图，在矩形45。中，43=10,动点E、尸分别在边45、AD±,RAF^-AE.将AAE尸绕点E顺时

2

针旋转10°得到AVEFT设AE=x,AHEF，与矩形重叠部分面积为S,S的最大值为1.

(2)求S关于x的函数解析式，并写出自变量x的取值范围.

22.(10分)老师随机抽查了本学期学生读课外书册数的情况，绘制成条形统计图(如图1)和不完整的扇形图(如图2),

其中条形统计图被墨迹遮盖了一部分.

⑴求条形统计图中被遮盖的数，并写出册数的中位数；

⑵随后又补查了另外几人，得知最少的读了6册，将其与之前的数据合并后，发现册数的中位数没有改变，则最多补

查了一人.

r

图1M2

23.(10分)如图1,抛物线y=ax2+6x+c与x轴交于点A(-1,0)、C(3,0),点3为抛物线顶点，直线50为抛

物线的对称轴，点。在x轴上，连接A3、BC,NABC=90°,AB与y轴交于点E,连接CE.

(1)求项点B的坐标并求出这条抛物线的解析式；

(2)点P为第一象限抛物线上一个动点，设△PEC的面积为S,点尸的横坐标为机，求S关于机的函数关系武，并

求出S的最大值;

（3）如图2,连接。3,抛物线上是否存在点Q,使直线。C与直线3c所夹锐角等于N05。，若存在请直接写出点0

的坐标；若不存在，说明理由.

24.（10分）如图，在四边形ABC。中，AD//BC,ZB=ZACB,点E,尸分别在AB,上，R/FFR=/D.

⑴求证：AEFB^ACDA；

⑵若AB=20,">=5,BF=4,求EB的长.

25.（12分）某蔬菜加工公司先后两批次收购蒜墓（信i）共100吨.第一批蒜藁价格为4000元/吨；因蒜耋大量上市，第

二批价格跌至1000元/吨.这两批蒜藁共用去16万元.

⑴求两批次购进蒜藁各多少吨；

⑵公司收购后对蒜藁进行加工，分为粗加工和精加工两种：粗加工每吨利润400元，精加工每吨利润1000元.要求精

加工数量不多于粗加工数量的三倍.为获得最大利润，精加工数量应为多少吨？最大利润是多少？

26.如图，某大楼的顶部树有一块广告牌CD,小李在山坡的坡脚A处测得广告牌底部D的仰角为60。.沿坡面AB

向上走到B处测得广告牌顶部C的仰角为45。，已知山坡AB的坡度i=l：BAB=10米，AE=15米.（i=l："是

指坡面的铅直高度BH与水平宽度AH的比）

（1）求点B距水平面AE的高度BH；

（2）求广告牌CD的高度.

（测角器的高度忽略不计，结果精确到0.1米.参考数据：小1.414,..1.732）

参考答案

一、选择题（每题4分，共48分）

1、A

【分析】根据一元二次方程的根的判别式，建立关于根的不等式，求出7"的取值范围即可.

【详解】•••关于x的一元二次方程r2-3x+m=0有两个不相等的实数根，

；.△="-4ac=（-3）2-4X1X/TI>0,

9

,*.wi<一，

4

故选A.

本题考查了根的判别式，解题的关键在于熟练掌握一元二次方程根的情况与判别式△的关系，即：（1）方程有

两个不相等的实数根；（2）△RO方程有两个相等的实数根；（3）△V0O方程没有实数根.

2、B

【分析】根据垂径定理可知，MN所在直线是直径的位置，而两条直径的交点即为圆心，故最少使用2次就可以找到

圆形工件的圆心.

【详解】根据垂径定理可知，MN所在直线是直径的位置，而两条直径的交点即为圆心,

如图所示，使用2次即可找到圆心O,

B'V

故选B.

本题考查利用垂径定理确定圆心，熟练掌握弦的垂直平分线经过圆心是解题的关键.

3、A

【分析】根据定弦抛物线的定义结合其对称轴，即可找出该抛物线的解析式，利用平移的“左加右减，上加下减”找出

平移后新抛物线的解析式，再利用二次函数图象上点的坐标特征即可找出结论.

【详解】•••某定弦抛物线的对称轴为直线x=2,

二该定弦抛物线过点（0,0）、（2,0）,

*,•该抛物线解析式为y=x（x-2）=x2-2x=（x-2）2-2.

将此抛物线向左平移2个单位，再向上平移3个单位,

得到新抛物线的解析式为y=（x-2+2）2-2+3=X2-2.

当x=2时，y=x2-2=0,

・・・得到的新抛物线过点（2,0）.

故选：A.

本题考查了抛物线与x轴的交点、二次函数图象上点的坐标特征、二次函数图象与几何变换以及二次函数的性质，根

据定弦抛物线的定义结合其对称轴，求出原抛物线的解析式是解题的关键.

4、A

【分析】根据〃边形从一个顶点出发可引出5-3）条对角线，求出”的值，再根据九边形的内角和为（〃-2）*180。，

代入公式就可以求出内角和，根据多边形的外角和等于360。，即可求解.

【详解】•••多边形从一个顶点出发可引出4条对角线，

:.n—3=4,

解得：n=79

内角和=（7—2）.180°=900°；

任何多边形的外角和都等于360。.

故选：A.

本题考查了多边形的对角线，多边形的内角和及外角和定理，是需要熟记的内容，比较简单.求出多边形的边数是解

题的关键.

5、B

【分析】先把样本中的仅使用A支付的概率，A,5两种支付方式都使用的概率分别算出，再来估计总体该项的概率

逐一进行判断即可.

【详解】解：•••样本中仅使用4支付的概率=I8：：；』=0.3,

总体中仅使用A支付的概率为0.3.

故①正确.

•；样本中两种支付都使用的概率=100J-5-：3—0-2-5=0.4

100

.•.从全校学生中随机抽取1人，该学生上个月4,5两种支付方式都使用的概率为0.4；

故②错误.

25

估计全校仅使用8支付的学生人数为：800X—=200（人）

故③正确.

根据中位数的定义可知，仅用A支付和仅用B支付的中位数应在0至500之间，故④错误.

故选B.

本题考查了用样本来估计总体的统计思想，理解样本中各项所占百分比与总体中各项所占百分比相同是解题的关键.

6、D

【分析】根据直角三角形的两锐角互余求出Nl+N2=90。，再根据正方形的对角线平分一组对角求出N3=45。，然后根

据扇形面积公式列式计算即可得解.

【详解】解：由图可知，Nl+N2=90。，N3=45。，

•••正方形的边长均为2,

135-^--223

,阴影部分的面积==-71.

3602

故选：D.

本题考查了中心对称，观察图形，根据正方形的性质与直角三角形的性质求出阴影部分的圆心角是解题的关键.

7、C

【分析】根据三角形的外心定义可以对A判断；根据垂径定理的推论即可对B判断；根据垂径定理即可对C判断；根

据对称轴是直线即可对D判断.

【详解】A.三角形的外心是三边垂直平分线的交点，所以A选项错误；

B.平分弦（不是直径）的直径垂直于弦，所以5选项错误；

C.弦的垂直平分线必平分弦所对的两条弧，所以C选项正确；

D.直径所在的直线是圆的对称轴，所以。选项错误.

故选：C.

本题考查了三角形的外接圆与外心、垂径定理、圆的有关概念，解决本题的关键是掌握圆的知识.

8、B

【解析】试题分析：观察图象可知，抛物线y=x2+bx+c与X轴的交点的横坐标分别为（-1,0）、（1,0）,

所以当y<0时,x的取值范围正好在两交点之间，即-1<X<1.

故选B.

考点：二次函数的图象.106144

9、C

【分析】由已知中/A=100。，NC=30。，根据三角形内角和定理，可得/B的大小，结合切线的性质，可得NDOE

的度数，再由圆周角定理即可得到NDFE的度数.

【详解】解：ZB=180o-ZA-ZC=180-100°-30o=50°

ZBDO+ZBEO=180°

，B、D、O、E四点共圆

，NDOE=180°-NB=180°-50°=130°

又YNDFE是圆周角，NDOE是圆心角

ZDFE=—ZDOE=65°

2

故选：C.

本题考查的知识点是圆周角定理，切线的性质，其中根据切线的性质判断出B、D、O、E四点共圆，进而求出NDOE

的度数是解答本题的关键.

10、D

【解析】根据如果位似变换是以原点为位似中心，相似比为k,那么位似图形对应点的坐标的比等于k或-k进行解答.

【详解】•••以原点O为位似中心，相似比为：1：2,

把AABC放大得到△AiBiCi,点A的坐标为（2,2）,

则它的对应点Ai的坐标一定为：（4,4）或（-4,-4）,

故选D.

本题考查了位似变换：位似图形与坐标，在平面直角坐标系中，如果位似变换是以原点为位似中心，相似比为k,那

么位似图形对应点的坐标的比等于k或-k.

11、D

【分析】一方面买鸡的钱数=8人出的总钱数一3钱，另一方面买鸡的钱数=7人出的总钱数+4钱，据此即可列出方程组.

8x-3=y

【详解】解：设有X人，买鸡的钱数为V,根据题意，得：r,“.

7x+4=y

本题考查的是二元一次方程组的应用，正确理解题意、根据买鸡的总钱数不变列出方程组是解题关键.

12、C

【解析】欲求Si+Si,只要求出过A、B两点向x轴、y轴作垂线段与坐标轴所形成的矩形的面积即可，而矩形面积为

4

双曲线y=—的系数k,由此即可求出Si+Si.

4

【详解】解：・・•点A、B是双曲线丁二—上的点，分别经过A、B两点向x轴、y轴作垂线段，

则根据反比例函数的图象的性质得两个矩形的面积都等于|k|=2,

.*.Si+Si=2+2-lxl=2.

故选：C.

本题主要考查了反比例函数的图象和性质及任一点坐标的意义，有一定的难度.

二、填空题(每题4分，共24分)

13、(4,0)

【分析】如图延长CB交y轴于F,由桌面与x轴平行△AFBs/iAOD,求FB=1.2,由△AFCsaAOE,可求OE即

可.

【详解】如图，延长CB交y轴于F,

二•桌面与x轴平行即BF〃OD,

/.△AFB^AAOD,

VOF=0.8,

AF=AO-OF=2-O.8=1.2,

VOA=OD=2,

贝!IAF=FB=1.2,BC=1.2,FC=FB+BC=1.2+1.2=2.4,

；FC〃x轴，

/.△AFC^AAOE,

•AF—FC

,•而

•AO-FC2x2.4

OE=-----------=----------=4,

AF1.2

E(4,0).

故答案为：(4,0).

本题考查平行线截三角形与原三角形相似，利用相似比来解，关键是延长CB与y轴相交，找到了已知与未知的比例

关系从而解决问题.

5

14、--

3

【分析】根据函数图象上点的坐标特征得到ab=-3,a+b=5,把原式变形，代入计算即可.

3

【详解】•••反比例函数y=—-的图象与一次函数y=-x+5的图象相交，其中一个交点坐标为(a,b),

X

/.ab=-3,b+a=5,

11b+a55

则一+—=----=—

abab-33

故答案为：.

3

本题考查了反比例函数与一次函数的交点问题，掌握函数图象上点的坐标特征是解题的关键.

15、673+6.

【解析】试题分析：由题意点A2的横坐标,（避+1）,点A4的横坐标3（V3+D-点A6的横坐标得（V3+D-

点A8的横坐标6（V3+D.

2

考点：（1）坐标与图形变化-旋转；（2）一次函数图象与几何变换

16、18

【分析】根据已知图形构造相似三角形，进而得出*43。〜♦ACE,即可求得答案.

【详解】如图所示：过点A作平行线的垂线，交点分别为D、E,

♦ABD〜*ACE,

•AB

解得：AC=24,

•*.BC=AC—AB=24—6=18cm，

故答案为：18.

本题主要考查了相似三角形的应用，根据题意得出♦A3。〜是解答本题的关键.

17、(5,3)

【分析】根据二次函数顶点式y=a（x-h）2+k的性质直接求解.

【详解】解：抛物线y=-耳（x-5>+3的顶点坐标是（5,3）

故答案为：（5,3）.

本题考查二次函数性质丁=。（》-02+上其顶点坐标为（h,k）,题目比较简单.

18、12

【分析】首先由题意画出图形，易证得AOAB是等边三角形，又由正六边形的边心距利用三角函数的知识即可求得

OA的长，即可得AB的长，继而求得它的周长.

【详解】如图，连接OA,OB,

•六边形ABCDEF是正六边形,

.•.ZAOB=-x360°=60°,

6

VOA=OB,

AOAB是等边三角形，

/.ZOAH=60o,

VOH1A,OH=V3,

:.AB=OA=2,

，它的周长是：2x6=12

考点：正多边形和圆

点评：此题考查了圆的内接正多边形的性质.此题难度不大，注意数形结合思想的应用

三、解答题（共78分）

1

19、%[=X,=—

【解析】用直配方法解方程即可.

【详解】解:原方程可化为：

4x2-4%+1=0,

/.(2x-l)2=0,

解得：X]=X?=万♦

20、详见解析

【分析】根据中心对称得出OB=OD,OA=OC,求出OF=OE,根据SAS推出△DOF^^BOE即可.

【详解】证明：•••△ABO与ACDO关于O点中心对称，.*.OB=OD,OA=OC.

VAF=CE,/.OF=OE.

OB=OD

,在△DOF和4BOE中，<ZDOF=ZBOE,

OF=OE

/.△DOF^ABOE(SAS)....FD=BE.

l2

x(0<x<6)

4

21、(1)AD=6；(2)S=<9(6<x<7)

-X2+14X-40(7<x<10)

【分析】(1)根据题意，当4尸在8上时，AD=AE=AE,则重叠的面积有最大值1,根据面积公式，即可求

出AD的长度

(2)根据题意，需要对x的值进行讨论分析，分成三种情况进行解题，分别求出S与x的关系式，即可得到答案.

【详解】(1)如图，当4#在CD上时，S=9,

AFD

______JF*

BC

'：AE=AE=x,A'F'=AF=-AE=^-x,

22

：.S=i-A'F'»A'E'=-xi-x-x=i-x2=9.

2224

解方程，得：x=6或x=-6(舍去),

AD=A!E=6.

(2)①当0<xW6时，如图，

■.S=-xA'F'-A'E'=-x2.

24

②如图可知，E尸经过点C时，AF7/CD,

:.^AEF's^GEC.

.CG_EG

"NF'~~^E'

CG_A!F'_1

"2'

CG=-EG=-AD=-x6=3,

222

AE=DG=CD—DG=AB—DG=\0—3=7.

当6〈尤W7时，如图，AF7/CD,

:.MEF's^GEH.

GHEG

"A'F'~~^E'

.GH_A'F'_1

-'EG--2'

:.GH=-EG=-AD=]-x6=3.

222

:.S=-EGGH-x6x3=9.

22

③当7<x410时，如图，EA'/ZBC,ZAEF'=ZBME,

AFD

在△?!'七上和ABME中，ZAEF'=ZBME,ZA=ZB=90°,

.•.△A'EF，S^BME.

BEBMBMA'F'1

"AT'~A'E*BE~AE~2'

BM=2EB=2(AB-AE)=2(10—x).

.；S=S-CGE—S：E=BE-GE-；EB-BM,

19

.•.S=6(10-X)--(10-X)-2(10-X)=-X2+14X-40.

12

—x2(0<x<6)

综上所述：S=9(6<x<7).

-x2+14x-40(7<x<10)

此题是四边形综合题，主要考查了旋转的性质，矩形的性质，相似三角形的判定和性质，三角形的面积公式，熟练运

用分类讨论的思想进行解题是解本题的关键.

22、(1)被遮盖的数是9,中位数为5；(2)1.

【分析】(D用读书为6册的人数除以它所占的百分比得到调查的总人数，再用总人数分别减去读书为4册、6册和

7册的人数得到读书5册的人数，然后根据中位数的定义求册数的中位数；

(2)根据中位数的定义可判断总人数不能超过27,从而得到最多补查的人数.

【详解】解：(1)抽查的学生总数为6+25%=24(人)，

读书为5册的学生数为24-564=9(人)，

所以条形图中被遮盖的数为9,册数的中位数为5；

(2)因为4册和5册的人数和为14,中位数没改变，所以总人数不能超过27,即最多补查了1人.

故答案为1.

本题考查了统计图和中位数，解题的关键是明确题意，找出所求问题需要的条件.

1333251

23、(1)点3坐标为(1,2),y=---x2+x+—；(2)S=---m2+2m+—,S最大值一；(3)点。的坐标为(---，

2244123

【分析】(1)先求出抛物线的对称轴，证△45C是等腰直角三角形，由三线合一定理及直角三角形的性质可求出50

的长，即可写出点5的坐标，由待定系数法可求出抛物线解析式；

(2)求出直线AB的解析式，点E的坐标，用含m的代数式表示出点P的坐标，如图1,连接EP,OP,CP,则由S^EPC

=SAO£P+SAOCP-SAOCE即可求出S关于m的函数关系式，并可根据二次函数的性质写出S的最大值；

(3)先证△OOBSAEBC,推出延长CE,交抛物线于点。，则此时直线。C与直线5c所夹锐角

等于NOB。，求出直线CE的解析式，求出其与抛物线交点的坐标，即为点0的坐标.

【详解】解：(1)VA(-1,0)、C(3,0),

-1+3

.•.AC=4,抛物线对称轴为》=——

2

•.•30是抛物线的对称轴，

：.D(1,0),

；由抛物线的对称性可知BD垂直平分AC,

:.BA=BC,

XVZABC=90°,

1

：.BD=-AC=2,

2

二顶点3坐标为(1,2),

设抛物线的解析式为y=a(x-1)2+2,

将A(-1,0)代入，

得0=4a+2,

解得，。=--,

2

113

二抛物线的解析式为：--(x-1)2+2=--x2+x+-

222;

(2)设直线AB的解析式为了=丘+仇

将A(-1,0),B(1,2)代入，

-k+b=0

得，，C,

k+b=2

解得，k—1,b—1,

当x=0时，y=l,

：.E(0,1),

•点P的横坐标为机，

13

，点P的纵坐标为m2+m+—,

22

如图1,连接EP,OP,CP,

贝!]S^EPC—S^OEP+S^OCP-SAOCE

11,1,3、1

——XIXw/4—X3(-—m—)--X1X3

22222

33

=-----m2+2m+—,

44

3/4、，25

---(Itl—)+f

4312

3425

V--<0,根据二次函数和图象及性质知，当机=彳时，S有最大值二；

4312

(3)由(2)知E(0,1),

XVA(-1,0),

：.OA=OE=1,

.•.△Q4E是等腰直角三角形，

".AE—72OA—72»

又・：AB=BC=WAB=2五,

：.BE=AB-AE=y/2,

.BE_42_1

''~BC=U1=2,

pOD1

又•---=—,

BD2

.BEOD

,•疏—访‘

又；NODB=NEBC=90°,

工AODBsAEBC,

：.ZOBD=ZECB,

延长CE,交抛物线于点。，则此时直线QC与直线5c所夹锐角等于NOB。,

设直线CE的解析式为y=mx+l,

将点C(3,0)代入，

得，3，〃+1=0,

■1

•»m=--9

3

,1

•»ycE=--x+1,

1o3

y=—x+x+—

联立《-22

1,

y=