2024届黑龙江省鹤岗市工农区第一中学物理高二第一学期期末考试模拟试题含解析

2024届黑龙江省鹤岗市工农区第一中学物理高二第一学期期末考试模拟试题

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。

2.答题时请按要求用笔。

3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。

4.作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。

5.保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、在戊粒子散射实验中，电子对&粒子运动的影响可以忽略，这是因为与1粒子相比，电子

A.电量太小B.速度太小

C.体积太小D.质量太小

2、两根足够长的固定的光滑平行金属导轨位于同一水平面内，两导轨间的距离为L导轨上横放着两根导体棒协和

cd构成矩形回路，如图所示两根导体棒的质量皆为山，必棒的电阻为R,M棒的电阻为2R,回路中其余部分的电阻

可不计，在整个导轨平面内都有竖直向上的匀强磁场磁感应强度为3,开始时，cd棒静止，面棒有指向棒M的初速

度v,若两导体棒在运动中始终不接触，M棒达到的最大速度为则在两根棒到达共同速度的过程中，下列说法中

错误的是（）

A.成棒的最小速度为上

2

B.ab棒和cd棒的加速度大小始终相同，方向始终相反

22

C.安培力对M棒做的功为丝，Cd棒产生热量为丝

88

Q22

D.ab棒克服安培力做功为也上，两根导体棒生热为丝

84

3、如图所示，直线I、II分别是电源1与电源2的路端电压随电流变化的伏安特性图线，曲线III是一个小灯泡的伏安

特性曲线，如果把该小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法正确的是

4（7/V

0

56711//A

A.在这两种连接状态下，小灯泡电阻相等

B.在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是1:2

C.电源1与电源2的内阻之比是7：11

D.由于小灯泡L的。一/图线是一条曲线，所以灯泡发光过程中欧姆定律不适用

4、下列关于质点的说法中，正确的是（）

A.体积小的物体都可以看作质点B.质量小的物体都可以看作质点

C.体积大的物体有时可以看作质点D.研究地球的公转周期时，地球不可以看作质点

5、如图所示，在两根平行长直导线M、N中，通入同方向同大小的电流，导线框而cd和两导线在同一平面内，线框

沿着与两导线垂直的方向，自右向左在两导线间匀速移动，在移动过程中，线框中感应电流的方向为（）

<7i-------\b

/八v<—八/

----1c

M\N

A.沿abcda不变

B.沿adcba不变

C.由abcda变成adcba

D.由adcba变成abcda

6、两个小灯泡，分别标有“1A4W”和“2AlW”的字样，则它们均正常发光时的电阻阻值之比为（）

A.2：1B.16：1

C.4：1D.1：16

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图所示，闭合矩形线圈abed与长直导线MN在同一平面内，线圈的ab,de两边与直导线平行，直导线中有

逐渐增大，但方向不明的电流，贝!J（）

A.可知道线圈中的感应电流方向

B.可知道线圈各边所受到磁场力的方向

C.可知道整个线圈所受的磁场力的方向

D.无法判断线圈中的感应电流方向，也无法判断线圈所受磁场力的方向

8、图是通过变压器降压给用户供电的示意图.负载变化时变压器输入电压基本保持不变.输出电压通过输电线输送给

用户，输电线的电阻用心表示，开关S闭合后，相当于接入电路中工作的用电器增加.如果变压器上的能量损失可以

Ro

A.电表Vi示数与V2示数的比值不变

B.电表Ai示数不变，A2示数增大

C.输电线的电阻R）消耗的功率增大

D.流过电阻Ri的电流减小

9、在如图所示的直流电路中，当滑动变阻器后的滑动触头P向下滑动时，下列说法正确的是

A.电压表Vi示数变大B.电压表V2示数变大

C电流表Ai示数变小D.电流表A2示数变大

10、2019年国产首套超导质子回旋加速器进入集成测试阶段，通过该设备可以将质子的能量加速到230MeV,质子被

引出后射入人体，当到达病灶的瞬间，释放大量能量，实现对癌细胞的精准清除，不损伤人体正常细胞，是癌症患者

的福音。回旋加速器的原理如图，Di和D2是两个中空的半径为尺的半圆金属盒，接在电压为。、周期为T的交流电

源上，位于D2圆心处的质子源A能不断产生质子（初速度可以忽略，重力不计），质子在两盒之间被电场加速，Di、D2

置于与盒面垂直的磁感应强度为8的匀强磁场中。已知质子的电量为小质量为机，忽略质子在电场中运动的时间，

不考虑加速过程中的相对论效应，下列说法正确的是()

271m

A.交流电源的周期丁=—^

qB

B.质子第一次进入Di盒与第一次进入D2盒的半径之比为1:2

C.质子在电场中加速的次数为幽土

2mU

D.若只增大交变电压U,则质子的最大动能私会变大

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.(6分)如图所示，理想变压器的原.副线圈匝数之比为"1：%=4：1,原线圈回路中的电阻A与副线圈回路中的

负载电阻B的阻值相等.“、》端加一交流电压后，两电阻消耗的电功率之比PA：PB=—;两电阻两端的电压之比

C7A：UB=

12.(12分)某同学采用如图所示的电路测定电源电动势和内电阻.已知干电池的电动势约为1.5V,内阻约为2Q；

电压表(0〜3V,3kH)、电流表(0〜0.6A,1.0Q)＞滑动变阻器有Ri(10Q,2A)和&(100Q,0.1A)各一只

⑴实验中滑动变阻器应选用(填“岛”或“出”).在方框中画出实验电路图.

⑵在实验中测得多组电压和电流值，得到如图所示的U-/图线，由图可较准确地求出该电源电动势E=V；内

阻，『

口脚

I.i，什111H11

Iit--imirm11111

.,A

00.I02必30.4

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）ABC表示竖直放在电场强度为E=l（）4v/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的3c部分是半径

为R的工圆环，轨道的水平部分与半圆环相切.A为水平轨道上的一点，而且AB=R=0.2m,把一质量，"=0.1kg,带电

4

量为尸+10小（2的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）

⑴小球到达C点的速度大小

⑵小球在C点时，轨道受到的压力大小

14.（16分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、B相距d=0.10m,a、B间的电场强度为E=5.0X1（）5N/C,b

板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8xl0-25kg,电荷

6

量为0=1.6x10“8c的带正电的粒子（不计重力），从贴近a板的左端以vo=l.OxlOm/s的初速度水平射入匀强电场，刚好

从狭缝尸处穿过分板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到万板的。处（图中未画出）.求P、。之间的距离L

XXXX"®X

XXX

15.（12分）如图，两根间距为L=0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E=3V、内阻r=l。的电源，导轨平面与

水平面间的夹角9=37。.金属杆ab垂直导轨放置，质量m=0.2kg.导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不

计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中.当Ro=l。时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g=10m/s2,sin37o=0.6,

cos37°=0.8

b

(1)求磁感应强度B的大小；

(2)若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，求金属杆的加速度

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解题分析】在a粒子散射实验中，由于电子的质量太小，电子的质量只有a粒子的­,它对a粒子速度的大小

*300

和方向的影响就像灰尘对枪弹的影响，完全可以忽略.故D正确，A、B、C错误

2、C

【解题分析】A.cd棒达到的最大速度为三V,两棒的总动量守恒，此时而棒的速度最小，根据动量守恒定律可得

2

v

mv=mv^+m—

2

解得：

v

VA=—

2

故A项与题意不相符；

B.根据右手定则可知感应电流方向为川加，根据左手定则可知而受到的安培力方向向右、cd受到的安培力方向向左,

安培力大小相等，根据牛顿第二定律可得

BIL

a=-----

m

所以血棒和cd棒的加速度大小始终相同，方向始终相反，故B项与题意不相符；

C.安培力对cd棒做的功为

整个过程中动能损失为

=my22

Q~^-gx2加(])2=^mv

cd棒产生热量为

cd2R+R6

故C项与题意相符；

D.M棒克服安培力做功为

^(|)2=

整个过程中动能损失为

2xm2myl

Q=gmv~~^(~)=~

2

则两根导体棒生热为丝，故D项与题意不相符

4

3、B

【解题分析】根据电源的外特性曲线U-I图线，可求出灯泡电阻和电源电动势以及内阻；

根据灯泡伏安特性曲线与电源伏安特性曲线交点确定灯泡与电源连接时工作电压与电流，即可求出功率；

欧姆定律适用于纯电阻，灯泡是纯电阻；

【题目详解】A、根据图象交点知与电源1相接时电阻K=工。，与电源2相连接时鸟=」Q,在这两种连接状态下,

小灯泡的电阻不相等，故A错误；

B、小灯泡伏安特性曲线与电源伏安特性曲线的交点即为灯泡与电源连接时的工作状态，则连接电源I时，

U,=3V,/1=5A,故6=U/=15W

连接电源n时，U2=5V,I2=6A,故6=U2/2=30W,

所以小灯泡消耗的功率之比为：6：£=1：2,故B正确；

C、U-I图象的斜率的绝对值表示内电阻，根据电源U-I图线，/i=yQ,2=岑。，则彳：々=11：7,故C错误；

D、欧姆定律适用于纯电阻，灯泡是纯电阻，适用欧姆定律，故D错误

【题目点拨】本题关键在于对电源伏安特性曲线、灯泡伏安特性曲线的理解，明确交点的含义

4、C

【解题分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条

件来判断即可

【题目详解】质量或体积很小的物体它的体积不一定能够忽略，不一定能看成质点，如原子很小，在研究原子内部结

构的时候是不能看成质点的，故AB错误.体积大的物体有时也可以看成质点，如地球很大，但研究地球公转时可以

看做质点，故C正确，D错误.故选C

5,B

【解题分析】线框沿着与两导线垂直的方向，自右向左在两导线间匀速移动，在移动过程中，线框的磁通量先垂直纸

面向外减小，后垂直纸面向里增大，由楞次定律可知，感应电流的磁场方向一直垂直纸面向外，由安培定则知感应电

流一直沿adcba不变；故B正确。

故选B

6、B

p4P11

【解题分析】由P=FR得：两灯泡的电阻分别为：N=y^=FQ=4Q,与=方=qQ=^Q；所以电阻之比为:

R.16

/=不，所以ACD错误，B正确，故选B

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BC

【解题分析】当直导线中有逐渐增大的电流，导线框中的磁通量增大，根据楞次定律，为了“阻碍”这种增大的趋势，

导线框有向右运动的趋势，且可知道ab边受向右的力比be边向左方向的力大，但感应的电流方向无法判断，BC正确

8、ACD

【解题分析】根据电压和匝数成正比可求出副线圈的电压，在根据电路中的串并联关系可以知道电流及功率的变化状

况

【题目详解】A、因为输入电压几乎不变，原副线圈的电压比等于匝数之比，所以比值不变，故A对；

B、因为输入电压几乎不变，原副线圈的电压比等于匝数之比，则副线圈的电压几乎不变，闭合开关后，负载增加，

副线圈总电阻减小，副线圈电压不变，则副线圈电流增大，即A2示数增大，原副线圈电流之比等于匝数之反比，所以

电表Ai示数也增大，故B错；

C、由于A2示数增大，所以流过输电线的电阻Ro的电流增大，根据P=&则输电线的电阻R.消耗的功率增大，故

C对；

D、闭合开关，电压表V2示数不变，副线圈电流增大，Ro两端电压增大，根据串联分压得以两端电压减小，所以流

过电阻Ri的电流减小，故D对；

故选ACD

【题目点拨】电压是前决定后，电流是后决定前，并且前后功率相等

9、BC

【解题分析】当滑动变阻器衣3的滑动触头尸向下滑动时，接入电路中的电阻变大，由“串反并同”可知，由于电压表

VI与滑动变阻器串联，所以电压表V1示数变小，电压表V2与滑动变阻器并联，所以电压表V2示数变大，电流表A1

与滑动变阻器串联，所以电流表A1示数变小，电流表A2与滑动变阻器串联，所以电流表A2示数变小.

故选BC。

10、AC

【解题分析】A.质子在回旋加速器中每做半个圆周运动电场变换一次，则回旋加速器的交流电频率等于质子在磁场

271m

中的运动周期，故有丁=一丁，故A正确；

qB

B.质子第一次进入Di盒时加速了一次，设速度为匕，有

qU

做圆周运动的半径为、有

qvB=m—

，xr\

可得

p__m_v,L—_1\2mU

l

~qB~Bq

mv1l4mU

质子第一次进入D2盒时加速了两次，同理推得2=9'一二，故两半径之比为

qBBq

2L=J_

「2V2

故B错误;

D.无论质子在电场中加速多少次，最后都是从磁场中以最大速度匀速圆周离开，有

v2

q%B=m弋

K

可得最大动能为

1/p2p2

=l2=QBR

Ekmcmvtnc

22m

故有质子的最大动能与加速电压u无关，与加速度的最大半径I?有关，故若只增大交变电压U,则质子的最大动能不

变，故D错误；

C.由最大动能可推出质子在电场中的加速次数，有

nqU=Ekm-O

解得质子在电场中加速的次数为

n_E^_qB^_

qU2mU

故C正确

故选ACo

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、①.1：16(2).1：4

【解题分析】口]根据变压器原副线圈电流与匝数成反比得

上」

44

电阻消耗的功率。=/2尺，所以两电阻消耗的电功率之比

〃:4=1：16

⑵电阻两端的电压U=/R,所以两电阻两端的电压之比

UA-.UB=1'.4

12、①.Ri(3).1.47(1.46-1.48)@.1.81(1.78-1.83)

【解题分析】(1)[1].电路中最大电流不超过0.5A,而此的额定电流为0.1A,同时&阻值远大于电源内阻r,不便

于调节，所以变阻器选用Ri;

[2].电路如图所示

(2)[3][4].由闭合电路欧姆定律U=E-/r得知，当/=0时，U=E,图象斜率的绝对值等于电源的内阻，图线于纵

轴截距即为电动势E=1.47V

_U1.47-0.8

y=-----二0=1.810

J0.37

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)vc=2m/s(2)3N

【解题分析】(1)设小球在。点的速度大小是vc,则对于小球由A-C的过程中，由动能定理得: