2022-2023学年湖南省高考教学教研联盟高二（下）期中联考物理试卷（含解析）

2022-2023学年湖南省新高考教学教研联盟高二（下）期中联考

物理试卷

一、单选题（本大题共7小题，共28.0分）

1.在物理学的发展过程中物理学家们创造出了许多研究物理的方法，如比值法、理想实验

法、控制变量法、类比法、科学假说法、“等效替代”法、“物理模型”法等等。下列说法

不正确的是（）

A.把带电体看作“点电荷”，利用了“理想物理模型”的思想方法

B.把研究对象看作“质点”，利用了“等效替代”的思想方法

C.“研究影响平行板电容器电容大小的因素”时，常采用“控制变量”的思想方法

D.许多物理量采用“比值法”进行定义，=亚”就是折射率的“比值法”定义式

2.下列四幅图分别对应四种说法，其中正确的是（）

t各速率区间的分子数

占总分子数的百分比

《母承声,承/y声小分子的速率

B.显微镜下三颗微粒

A.氧气分子速率分布图像运动位置的连线

，:。

.••••

AW

Q

1/引力

C.分子间的作用力与分子D.模拟气体压强

距离的关系产生的机理实验

A.从图4中可以看出任意一个分子在100久时的速率一定比0久时要大

B.微粒的运动就是物质分子的无规则热运动，即布朗运动

C.当两个相邻的分子间距离为时，它们之间相互作用的引力和斥力的合力为零

D.实验中要尽可能保证每颗玻璃球与电子秤碰撞时的速率相等

3.如图，在真空中一边长为L的正五边形的两个顶点上分别

放置了电荷量为+Q、-2Q的两个点电荷，将一带负电的试探

电荷先后放置在0、4、B和C四点，其中。点为+Q和一2Q连线

的中点，A,B、C为正五边形的三个顶点，则下列说法正确的

是（）

A.。点的电场强度方向由。指向+Q

B.。点的电势等于4点的电势

C.B、C两点的电场强度相同

D.试探电荷在4点的电势能小于在C点的电势能

4.2023年6月22日是端午节，包粽子是人们的传统习惯之一。如图所

示，小美同学把4个相同的粽子通过4根相同细绳静止悬挂于。点，已知

每个粽子的重力均为mg，每根绳子与竖直方向的夹角均为。=45。，每

根细绳的拉力大小均为T,下列说法正确的是（）

A.每根细绳的拉力与粽子的重力为一对平衡力

B.若减小4根细绳的长度，则细绳的拉力变小

C.每根细绳的拉力大小T=y/~2mg

D.若加速向上提升粽子，则粽子之间的力一定不变

5.2023年4月17日，印尼苏门答腊岛发生了5.3级地震。地震引发了海啸。假设图（a）是发生

海啸时一列沿海面传播的水面波在t=0.05s时刻的波形图，图（b）是波上质点P的振动图像。

下列说法正确的是（）

A.质点P从t=0.05s到t=0.25s过程运动路程为67n

B.该列波的传播速度为lOm/s

C.波正沿x轴负方向运动

D.平衡位置在原点。的质点和质点P的运动方向始终相反

6.如图为风力发电机的筒化模型，风带动叶片转动，使叶片的转速为n,升速齿轮箱的转速

比为1：k,高速转轴使发电机线圈在匀强磁场中匀速转动，产生的交流电通过理想变压器后

向用户端的9盏灯泡供电，其中4灯为指示灯，4灯与用户端的灯泡相同，额定电压均为U,所

有灯泡正常发光，己知匀强磁场的磁感应强度为B,线圈电阻不计，则下列说法正确的是（）

B.变压器原副线圈的匝数比为1：9

C.发电机的输出电压为10U

D.若增多用户端的灯泡数量，则用户端的灯泡变暗，力灯变亮，发电机的总功率减小

7.如图所示，一质量为mn（7i>1）的物块B静止于水平地面上P点，P点左侧地面光滑，物块

在P点右侧运动时所受摩擦阻力大小与物块的速率成正比（/=k叨k为已知常数）、与物块质量

无关。现有一个质量为m的物块A以初速度北向右撞向物块8,与B发生碰撞，碰撞时间极短，

则下列说法正确的是（）

P

A.若4、8碰撞过程中没有机械能损失，则碰撞过程中4对B的冲量大小为空等汽

n+1

B.若A、B碰撞过程中没有机械能损失，则B的位移与=辨生

C.若4、B碰后粘在一起，则碰撞过程中4对B的冲量大小为陪

n+1

D.若4、B碰后粘在一起，其共同运动的位移上=装

二、多选题（本大题共4小题，共20.0分）

8.2022年中国空间站全面建造已完成，取得了举世瞩目的航天成就。从2022年5月开始发

射天舟四号货运飞船，6月发射神舟载人飞船，7月发射空间站“问天”实验舱，10月发射“梦

天”实验舱，并相继与核心舱对接，形成“7”字基本构型，正式完成中国空间站的建设。

下列说法正确的是（）

A.空间站建成后，“问天”实验舱与“梦天”实验舱的向心力大小一定相等

B.若在实验舱内挤出一滴小水滴，处于完全失重环境下的水滴在分子表面张力作用下将呈现

出球形

C.要实现“梦天”实验舱从低轨道与高轨道的“天和”核心舱对接，需使“梦天”实验舱加

速

D.由于各舱段质量大，因此在轨运行过程中各舱段间作用力也很大

9.转笔（PenSpirming）是一项用不同的方法与技巧、以手指来转动笔的

休闲活动，其中也包含了许多的物理知识，假设某转笔高手能让笔绕其

手指上的某一点。做匀速圆周运动，下列有关该同学转笔中涉及到的物理

知识的叙述正确的是（）

A.笔杆上离。点越近的点，做圆周运动的线速度越小

B.笔帽做圆周运动的向心力是由杆的作用力提供的

C.若在竖直平面转笔，则笔帽最有可能从最高点飞出

D.若该同学使用的是金属笔杆，且考虑地磁场的影响，当笔绕着平行于磁场的轴匀速转动时,

。点和两端的电势差与转速成正比

10.如图所示是某款手机防窥屏的原理图，在透明介质中有相互平行排列的吸光屏障，屏障

垂直于屏幕，可实现对像素单元可视角度。的控制（可视角度。定义为某像素单元发出的光在图

示平面内折射到空气后最大折射角的2倍）。发光像素单元紧贴防窥屏的下表面，可视为点光

源，位于相邻两屏障的正中间。不考虑光的反射。下列说法正确的是（）

气

空

防

窟

屏

屏

障

发光像素单元

A.屏障的高度d越大，可视角度。越小

B,透明介质的折射率越大，可视角度。越大

C.防窥屏实现防窥效果主要是因为光发生了全反射

D.防窥屏实现防窥效果主要是因为防窥屏使光的波长发生了变化

11.用图1所示的洛伦兹力演示仪演示带电粒子在匀强磁场中的运动时发现，有时玻璃泡中

的电子束在匀强磁场中的运动轨迹呈“螺旋”状。现将这一现象简化成如图2所示的情景来讨

论：在空间存在平行于x轴的匀强磁场，由坐标原点在xOy平面内以初速度火沿与x轴正方向

成a角的方向射入磁场的电子运动轨迹为螺旋线，其轴线平行于%轴，直径为。，螺距为

则下列说法中正确的是（）

A.匀强磁场的方向为沿x轴正方向

B.若仅增大匀强磁场的磁感应强度，则直径。减小，而螺距dx增大

C.若仅增大电子入射的初速度%,则直径。增大，而螺距dx将减小

D.若仅增大a角(a<90。)，则直径。增大，而螺距Ax将减小，且当a=90。时“轨迹”为闭

合的整圆

三、实验题(本大题共2小题，共14.0分)

12.在“用油膜法估测油酸分子的大小”实验中：

(1)“将油酸分子看成球形”采用的方法是；

A.理想模型法

B.等效替代法

C.控制变量法

D微量放大法

(2)有下列实验步骤：

①用注射器将事先配好的油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中，记下量筒内每增加一定体积

时的滴数，由此计算出一滴油酸酒精溶液的体积；

②往边长约为40cm的浅盘里倒入约2cm深的水，待水面稳定后将适量的爽身粉均匀地撒在水

面上；

③用注射器将事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上，待薄膜形状稳定；

④将玻璃板放在浅盘上，然后将油膜的形状用彩笔描绘在玻璃板上；

⑤将画有油膜形状的玻璃板平放在坐标纸上，计算出油膜的面积，根据油酸的体积和油膜的

面积计算出油酸分子直径的大小。

(3)某老师将一滴油酸酒精溶液滴入事先洒有均匀爽身粉的水槽中，待油膜充分散开后，在玻

璃板上描出油膜的轮廓：该油膜的面积是8.0x10-3m2：已知油酸酒精溶液中油酸浓度为0.2%,

400滴油酸酒精溶液滴入量筒后的体积是1.2X1（T6m3,则油酸分子直径为m；（结果

保留两位有效数字）

（4）某同学实验中最终测得的油酸分子直径偏小，则其原因可能是。（填选项前的字母

）

4错误地将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算

B.计算油酸膜面积时，错将所有不完整的方格作为完整方格处理

C.水面上爽身粉撒得较多，油酸膜没有充分展开

13.力敏电阻器是一种能将机械力转换为电信号的特殊元件，其电阻值可随外加压力大小而

改变。某同学为研究一个力敏电阻器R式阻值变化范围为几欧姆到几十欧姆）的特性。设计了

如图a所示的电路，所用电源的电动势为3V,内阻忽略不计，电阻箱（0-99.90）。除图a中的

器材外，还有如下器材可供选择：电流表量程为07）.64，内阻心=1.50）；电流表42（量

程为07）.64，内阻约为2。）

触隗图c

（1）图a中P处选用电表,Q处选用电表；（均填选用电表的符号）

（2）闭合开关S,多次改变对力敏电阻的压力F,记录两电表读数，得到Rx不同的值，描绘出

仆-尸图线如图b所示，由图线可得“与F的函数关系式&=；

（3）该同学用力敏电阻和所提供的器材，把电流表必改成一个压力表（即在电流表公表盘的对

应刻度位置处标上压力大小），请在图c虚线框内画出设计电路图；

（4）若将电流表为表盘的0.154刻度处标为压力表的0刻度，则电阻箱心接入电路的阻值应调为

。；保持&不变，则压力表能测量压力的最大值是N。

四、简答题（本大题共2小题，共28.（）分）

14.如图甲所示，两平行导轨固定在绝缘水平面上，导轨左端接有阻值R=20的定值电阻,

两导轨的间距L=0.5m,导轨平面处在竖直向上的匀强磁场中，磁场的磁感应强度B=17,

一个质量为m=0.1kg、电阻为r（未知）、长为0.5m的导体棒垂直放置在导轨上。现用一个水

平向右、大小为F=0.6N的恒力拉金属棒，使金属棒从静止开始向右运动，金属棒向右运动

久=2m达到最大速度，此过程中金属棒的加速度a与速度"的关系如图乙所示，金属棒在运动

中始终与导轨接触良好，滑动摩擦力等于最大静摩擦力，不计导轨的电阻，g=10m/s2,求：

Q)初始时刻金属棒的加速度大小以及金属棒与导轨间的动摩擦因数出

(2)当金属棒达到最大速度时通过金属棒的电流大小；

(3)金属棒的电阻r。

15.电子被加速器加速后轰击重金属靶时，会产生射线，可用于放射治疗。如图甲是直线电

子加速器的示意图，电子从电子枪逸出后从圆筒0处进入与圆筒1之间的电场，由静止开始加

速，沿中心轴线进入圆筒1,电子在各圆筒中做匀速直线运动。为使电子运动到圆筒与圆筒之

间各个间隙中都能加速，圆筒长度的设计必须有一定的规律。序号为奇数的圆筒和交变电源

的一个极相连，序号为偶数的圆筒和该电源的另一个极相连。交变电源两极间电势差的变化

规律如图乙所示，电子匀速穿过每个圆筒运动的时间恰好等于交变电压的周期的一半。在£=

0时，奇数圆筒相对偶数圆筒的电势差为正值。电子离开8号金属圆筒后恰好垂直进入一个边

长为L的正方形匀强磁场，垂直磁场的左边界从中点进入，然后从下边界中点垂直射出，最后

打到圆形金属靶上，产生射线。已知电子的质量为小、电荷量为e、电压的绝对值为a,周期

为T,不计电子通过圆筒间隙的时间。求：

(1)电子从序号为n的金属圆筒出来时的速度大小"以及n号金属圆筒长度4；

(2)磁感应强度B的大小；

(3)若每秒打在金属靶上的电子数为N,其中50%被吸收，50%被反向弹回，弹回速度为撞击

前速度的今求金属靶受到的作用力大小。

1XXXx|偏转磁场u

|^][21|3][4][71|6^|7||8|~XXXX

?XXXX

QIIV__ZIZ——■JXXXXQ

直线加速器I<=>重金属靶_口

甲

五、计算题(本大题共I小题，共10.0分)

16.近期在湖南株洲中车动车组调试基地进行了“马德堡半球实验”。实验装置如图甲，实

验员取两个完全相同的半球形不锈钢碗，点燃一些纸放到碗内，然后迅速把两只碗扣在一起，

再在碗的外面浇水，使其冷却到环境温度300K。在两碗底的铁环上拴上两根铁链，让两组动

车朝相反的方向水平缓慢拉铁链，其简化模型如图乙。若己知碗口的横截面积为S=0.2m2,

实验过程中碗不变形，也不漏气，大气压强po=1x105pa。不考虑碗以及铁链的重力的影

响，求：

(1)若已知碗内气体温度冷却到300K时的压强为6x10"a,则两只碗刚扣在一起时，碗内空

气温度为多少；气体冷却到300K时，每组动车至少需要多大的力才能将两个碗拉开；

(2)若实验员改为缓慢抽气的方式使得碗内气体压强减小到某一个值，然后两组动车缓慢拉铁

链，通过测力计测出拉力F=1.8X104N时刚好将两碗拉开，则抽完气后碗内剩余空气质量

与最初空气质量的比值除

图甲图乙

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：4把带电体看作“点电荷”，利用了“理想物理模型”的思想方法，故4正确；

员把研究对象看作“质点”，利用了“理想物理模型”的思想方法，故3错误；

C.“研究影响平行板电容器电容大小的因素”时，常采用“控制变量”的思想方法，故C正确；

D许多物理量采用“比值法”进行定义，“码”是折射率的“比值法”定义式，故。正确。

sinr

本题选择错误选项。

故选：Bo

点电荷是实际物体在一定条件下的科学抽象，是采用了建立理想化的物理模型的方法；在研究多

个量之间的关系时，常常要控制某些物理量不变，即控制变量法；比值定义式中不存在正反比的

关系。

在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮

助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习。

2.【答案】C

【解析】解：4由图中可以看出即使在同一温度下的分子速率也有的大有的小，所以100笃时有的

分子速率比时耍小，故A错误；

员图中显示的是布朗运动，是悬浮微粒的无规则运动，不是物质分子的无规则热运动，故8错误；

C.当两个相邻的分子间距离为之时，分子力为零，此时它们间相互作用的引力和斥力大小相等，

故C正确；

。.图中模拟气体压强的产生，分子的速度不是完全相等的，所以也不要求小球的速度一定相等，

故。错误。

故选：Co

根据速度分布规律的图像分析；根据布朗运动的定义分析；是悬浮微粒的无规则运动；当两个相

邻的分子间距离为为时，分子力为零；图模拟气体压强的产生，分子的速度不是完全相等的。

本题考查了速度分布规律的图像、布朗运动、分子作用力等基础知识点，侧重知识的实际应用能

力，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点。

3.【答案】D

【解析】解：4、根据电场强度合成规律，。点的电场强度方向由。指向-2Q,故A错误；

BC、空间中的电场可以看成等量异种电荷和一个-Q的点电荷产生的电场，故。点电势小于4点电

势，B、C两点的电场强度大小方向均不同，故BC错误；

D、4点相比C点与一2Q距离相同，距离+Q距离比C点近，故A点电势大于C点电势，带负电的试

探电荷在4点的电势能小于在C点的电势能。故。正确。

故选：D。

求某点的电场强度，根据电场的叠加，利用平行四边形定则求合场强，根据沿电场线方向电势逐

渐降低可以判断电势的变化，利用电场强度和电势差的关系，可以定性分析电势差的大小，利用

电势能和电势的关系可以判断电势能的大小。

本题需要掌握点电荷产生的电场的场强特点，从而判断电势、电势差、电势能的大小关系。

4.【答案】C

【解析】解：4C.选取粽子为研究对象，粽子受到重力、绳子拉力，且每根细绳的拉力眼竖直方向

的分力与粽子的重力为一对平衡力，根据竖直方向上的平衡条件可得4TcosO=47ng,即7cos8=

mg,解得7=故A错误，C正确；

B.若减小4根细绳的长度，贝帕将增大，根据7=5去可知，细绳的拉力变大，故8错误：

cost7

。.若加速向上提升粽子，在竖直方向上，根据牛顿第二定律可得47cos。-4mg=4ma,即Teos。=

m(a+g)

所以每根绳子的拉力将变大，故每根绳子的水平分力为％=7s讥仇则绳子的水平分力变大，故

粽子之间的力会变大，故。错误。

故选：Co

选取粽子为研究对象，对粽子受力分析，根据竖直方向上的平衡条件列式求出每根细绳的拉力7;

分析减小4根细绳的长度，0的变化情况，根据拉力与重力的关系判断细绳的拉力变化情况；分析

粽子加速向上运动时的受力情况，根据牛顿第二定律列出竖直方向上的相关等式，判断出绳子拉

力如何变化，结合拉力水平方向上的分力的表达式，进而判断粽子之间的力的变化情况。

本题考查了共点力平衡与牛顿第二定律等相关知识，解决本题的关键是熟练掌握力的分解，列出

平衡方程和牛顿第二定律的方程。

5.【答案】A

【解析】解：C、由图(b)可知，t=0.05s时刻质点P向上运动，则波沿x轴正方向运动，故C错误；

B、由图可知，波长为12m,周期为0.6s,则波速为V=彳=看m/s=20m/s,故B错误；

4、由图可知，振幅Z=6m0根据y=Asinx,知在一个周期内，当y=?时，x=^=,或景=爷^

由于y=Asinx的周期为2兀,相当于正弦波一个波长，所以质点P的横坐标为x===

12m=4m,从t=0.05s到t=0.25s经历时间4t=0.25s-0.05s=0.2s,在这段时间内，波

传播的距离=vAt=20x0.2m=4m,即x=0的质点运动状态传递到P点，则质点P从t=

0.05s到t=0.25s过程中，质点从y=3m处向上运动到正向最大位移处再返回到y=3m处，所以

质点的运动路程s=3m+37n=6m,故A正确；

。、平衡位置在原点。的质点和质点P距离小于半个波长，运动方向有时相同，有时相反，故。错

误。

故选：A«

根据质点P的振动图像读出质点P在t=0.05s时刻的振动方向，从而确定波的传播方向；由波动图

像读出波长，由振动图像读出波的周期，从而求得波速；根据时间与周期关系，分析质点P的运

动过程，可确定质点P运动的路程；根据平衡位置在原点。的质点和质点P之间的距离与波长分析

运动方向关系。

本题属于波的图象和振动图象的理解和对质点振动的判断问题。关键要根据数学知识，结合波形

平移法确定质点P的振动过程，来求解其运动路程。

6.【答案】C

【解析】解：A根据题意可知，叶片的转速为小则发电机线圈转速为山，则通过理想变压器后输

出交变电流的频率为的，故A错误；

8.设灯泡的额定电流为/,根据题意可知，原线圈电流/1=/

副线圈电流，2=9/

原副线圈匝数比等于电流的反比，则也=和=9：1,故变压器原副线圈的匝数比为9：1

故3错误；

C.根据变压比可得原线圈电压为/=杂，解得Ui=9U

则发电机输出电压E=Ui+U,故E=10U

故c正确；

。.将变压器以及所有用户看作一个负载，若此时用户端突然增多，则负载电阻减小，则通过灯泡4

的电流增大，则4灯变亮，发电机输出电压不变，故原线圈电压减小，根据变压比可知，副线圈

电压减小，则其余灯泡的亮度变暗，发电机输出电压不变，输出电流增大，则输出功率增大，故

。错误。

故选：Co

理想变压器不能改变交变电流的频率，根据频率与转速的关系求解即可；电路中的所有灯泡均正

常发光，电流均为额定电流，原副线圈匝数比等于电流的反比；根据原副线圈电压比等于匝数比

求解原线圈电压，根据串联分压求解发电机输出电压，进而求解输出电压的峰值；根据串并联规

律和变压器的变压规律分析求解即可。

本题考查变压器和交变电流，解题关键是知道原副线圈电压比等于匝数比，电流比等于匝数反比，

结合串并联规律分析求解即可。

7.【答案】B

【解析】解：44、B碰撞碰撞时间极短，动量守恒，取向右为正方向，由系统动量守恒得：

mv0=mvA+nmvB

由机械能守恒定律得：

1212।12

-mvg=+2nmvR

联立解得：

1-TL

VA=——VQ

An+1u

„_2Vo

4对B的冲量等于B的动量变化，由动量定理得：

I-nmvB-故A错误；

B.依题意n>l,则物块4碰后反弹，物块B碰后做减速运动，最终静止，由动量定理得：

—kuAt=-nmAv

全过程累加求和得：

—kxr=0—nmvB

解得："1=第罂，故8正确；

C若4、B碰后粘在一起，则有

mvQ=(m4-nm)Vy/;

解得：〃共=搭

4对B的冲量等于B的动量变化，由动量定理得：

1=nm。共=:箸，故C错误；

。.由动量定理得：

—kvAt=—(m+nm)Zlv

全过程累加求和得：

—kx2=0—(m+nm)vj

解得：％2=智，故。错误。

K.

故选：B。

(1)4和B发生弹性碰撞，根据动量守恒定律、机械能守恒定律求解碰撞后的速度大小，根据动量

定理分析求解；

(2)4、B发生完全非弹性碰撞，根据动量守恒定律求解碰撞后的速度大小，再根据动量定理分析

求解。

本题主要是考查了动量定理、动量守恒定律和能量守恒定律；对于动量守恒定律，其守恒条件是：

系统不受外力作用或某一方向不受外力作用(或合外力为零)，解答时要首先确定一个正方向，利

用碰撞前系统的动量和碰撞后系统的动量相等列方程，再根据能量关系列方程求解，注意可以利

用动量定理的累加法求物体的位移。

8.【答案】BC

【解析】解：4实验舱的质量不一定相同，故向心力尸=血＜2,不一定相同，故A错误；

注液体表面张力会有使表面积缩小的趋势，在失重条件下会使得液体成球状，故B正确；

C.由卫星对接及变轨的原理可知，飞船要和在轨的“核心枪”对接，通常是将飞船先发射到较低

的轨道，然后在适当位置加速做离心运动，实现与核心枪对接，故C正确；

D实验舱处于完全失重状态，相互作用力为0,故。错误。

故选：BC。

根据向心力的公式分析4,处于完全失重环境下的水滴在分子表面张力作用下将呈现出球形，根

据变轨原理分析C,各个实验舱也处于完全失重状态，之间相互作用力为0。

本题考查液体的表面张力，解题关键掌握水滴表面张力的特点。

9.【答案】AD

【解析】解：4笔杆各点的角速度是相等，由线速度与角速度的关系公式u=3r,笔杆上的点离。

点越近的，做圆周运动的线速度越小，故A正确：

员笔帽做圆周运动的向心力是由笔帽本身的重力以及杆对笔帽的作用力的合力提供的，故8错误;

C.若在竖直平面转笔，则笔帽转到最低点时，由牛顿第二定律得：F-mg=ma>2r

可知此时笔杆对笔帽的作用力最大，此时最有可能从最低点飞出，故C错误；

。.当笔绕着平行于磁场的轴匀速转动时，切割地磁场，从而产生感应电动势，由法拉第电磁感应

定律知。点和两端的电势差为：

U=BL等

其中3=27m

联立解得：U=nBL2n

即该电势差与转速成正比，故。正确。

故选：AD.

笔上各点的角速度是相等，根据线速度公式u=3r比较各点的线速度大小；笔帽做圆周运动的向

心力是合外力提供的；在最低点时杆对笔帽的作用力最大，此时最有可能从最低点飞出；根据法

拉第电磁感应定律结合3=27m分析0点和两端的电势差与转速的关系。

该题考查同轴转动物体的特点以及法拉第电磁感应定律，掌握向心力的来源，知道角速度与转速

的关系。

10.【答案】AB

【解析】解：A如果屏障越高，则入射角变小，根据折射定律可知折射角变小，。角变小，故A正

确；

正由图可知，可视角度。是光线进入空气中时折射角的2倍，透明介质的折射率越大，折射角越大，

。角越大，故8正确；

CD.防窥屏实现防窥效果的原理是因为某些角度范围内的光被屏障吸收，能射出到空气中的光其入

射角都小于临界角，没有发生全反射，且与光的波长无关，故8错误。

故选：48。

根据折射定律得出折射角的变化趋势；

根据防窥屏的工作原理结合题目选项完成分析。

本题主要考查了光的折射定律，能够理解防窥屏的工作原理，同时结合全反射的知识即可完成分

析。

11.【答案】AD

【解析】解：4将电子的初速度沿x轴及y轴方向分解，沿x方向速度与磁场方向平行，做匀速直线

运动且

x=v^cosa-t

沿y轴方向速度与磁场方向垂直，由左手定则可知，磁场方向沿》轴正方向，故4正确；

B.evB=m＜，7=型且"=几5讥％解得

Ru

__2mv()sina伊_27rm

nQD,l

"=~彘~=~7B~

故/x=到萼

xeB

可以判断，若仅增大磁感应强度B,则D、dx均减小，故B错误；

C若仅增大孙，则。、4万皆按比例增大，故C错误；

。.若仅增大a，则D增大，而减小，且a=90。时Ax=O,“轨迹”为闭合的整圆，故。正确。

故选：AD.

将电子的速度分解为水平和竖直两个方向，根据其不同方向上的受力特点，结合牛顿第二定律和

运动学公式完成分析；

电子受到的洛伦兹力提供向心力，结合牛顿第二定律和运动学公式得出螺距的表达式，根据题目

选项完成分析。

本题主要考查了带电粒子在磁场中的运动，熟悉粒子的受力分析，结合牛顿第二定律和运动学公

式即可完成分析。

12.【答案】A7.5xIO-1。B

【解析】解：⑴“将油酸分子看成球形”采用的方法是理想模型法，故A正确，BCD错误。

故选：Ao

(3)一滴油酸酒精溶液中含纯油酸的体积

,r1.2X10-6X0.2%,-12„3

V=------------=63x10lIznmJ

400

分子直径

10

d=《=6xl02im=75xio-m

S8.0x10-3

(4)4、根据d=5，错误地将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算，则会导致最终测

得的油酸分子直径偏大，故A错误；

8、计算油酸膜面积时，错将不完整的方格作为完整方格处理，则会使测得油酸面积变大，可知油

酸分子直径变小，故B正确；

C、水面上爽身粉撤得较多，油酸膜没有充分展开，致使水面上的油酸分子呈现多层，导致其面

积变小，所以测得油酸分子直径变大，故C错误。

故选：8,

故答案为：(1)4(3)7.5x1O-10：(4)8

(1)将油酸分子看成球形，采用了球模型法；

(3)根据油酸酒精溶液求出一滴该油酸酒精溶液滴中纯油酸的体积，再除以油膜的面积，即得到油

酸分子的直径；

(4)根据实验原理以及实验操作步骤进行误差分析。

本题是以油酸分子呈球型单层排列分布在水面上，且一个靠着一个，从而可以由体积与面积相除

求出油膜的厚度，理解实验原理，掌握实验方法、实验操作步骤以及实验误差分析是解本题的关

键。

13.【答案】①&-2F+18(/2)0.57.5

【解析】解：(1)Q处选用电表因为为内阻已知，可以把公当成电压表使用，用来测量力敏电

阻的电压；因为Q处选用电表所以P处选用电表力；

(2)根据图像得

Rx=kF+b

根据图像得

18=kx0+b

10=kx4+b

解得

k=-2

b=18

所以

Rx=-2F+18(0)

(3)把电流表4改成一个压力表，必应与力敏电阻串联，设计电路如图所示

I——

力敏电阻R,

(4)根据Rx=-2F+18,当尸=0时，Rx=1812,根据闭合电路欧姆定律得

/一匚

解得

Ro=0.5/2

当电流表的示数等于0.6A时，表示压力表的压力最大。根据闭合电路欧姆定律得

/=——-——

m&+Ro+ri

解得

Rx=0.3。

根据&=-2F+18(0)得

F=7.5N

故答案为：(1泡，4；(2)-2F+18(/2)；(3)见解析;(4)0.5,7.5。

(1)根据为内阻已知，4当成电压表使用来分析判断P、Q是什么类型的电表；

(2)根据图像数据通过计算写出函数表达式；

(3)要把电流表&改成一个压力表，通过电流表的电流与通过力敏电阻的电流相等;

(4)根据闭合电路欧姆定律和图像函数表达式计算。

本题关键是掌握通过图像获得函数表达式，掌握实验原理。

14.【答案】解：(1)由图乙可知，当v=0时，a=2m/s2

由牛顿第二定律可得

F-fimg=ma

代入数据解得：〃=0.4

(2)由图像可知最大速度为=2m/s

当金属棒达到最大速度时受到的安培力大小为

FA=BIL