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文档简介
广东省汕头市2022-2023学年高一下学期4月期中考试化学
试题
一、单选题
1.化学与生产、生活密切相关,下列物质的主要成分为硅酸盐的是
A.玻璃温度计.B.塑料漏斗JC.铁钳、⅛、D.不锈钢汤勺J
【答案】A
【详解】A.玻璃温度计主要是硅酸盐,属于无机非金属材料,故A符合题意;
B.塑料漏斗的主要成分为塑料,为合成有机高分子材料,故B不符合题意;
C.铁钳的主要成分为为铁,属于金属,故C不符合题意;
D.不锈钢的主要成分为金属,故D不符合题意。
故选Ao
2.下列气体(杂质仅为气态的水)中,既可用浓硫酸干燥,又可用NaoH固体干燥的是
A.CO2B.HClC.N2D.H2S
【答案】C
【详解】A.Co2会与NaOH反应被吸收,不能用其干燥,故A项不符合题意;
B.HCl会与NaOH反应被吸收,不能用其干燥,故B项不符合题意;
C.N2性质稳定,即不与NaOH反应,也不与浓硫酸反应,两者都可干燥,故C项符
合题意;
D.H?S会与浓硫酸发生氧化还原反应,不能用其干燥,故D项不符合题意;
答案C。
3.下列装置中,能形成原电池的是
NaoH溶液稀硫酸
【答案】C
【详解】A.未形成闭合回路,A不符合;
B.不存在能自发进行的氧化还原反应,两电极均为石墨,且没有外部资源,未区分相
对活泼性,B不符合;
C.盐酸是电解质,铁和盐酸的反应是能自发进行的氧化还原反应,铁和伯之间接触浸
在稀盐酸中,存在闭合回路,故能形成原电池,C符合;
D.乙醇溶液不是电解质溶液,D不符合;
选C。
4.常温下,下列物质难溶于水的是
A.CO2B.NOC.SO2D.SO1
【答案】B
【详解】常温下,二氧化碳、二氧化硫和三氧化硫均溶于水且能和水反应,NO难溶于
水,B项符合题意;
选B。
5.实验室用块状石灰石与稀盐酸反应制取二氧化碳时,欲使产生二氧化碳的速率加快,
下列措施中可行的是(仅改变一个条件)
A.将稀盐酸换成相同浓度的稀硝酸B.将块状石灰石粉碎
C.将相同浓度的稀盐酸一次性加入D.反应开始前,先加入适量水润湿石灰
石
【答案】B
【详解】A.将稀盐酸换成相同浓度的稀硝酸,H*浓度未变,速率也不改变,A项不符
合题意;
B.将块状石灰石粉碎,增大接触面积,反应速率加快,B项符合题意;
C.将相同浓度的稀盐酸一次性加入,浓度未变,速率也不改变,C项不符合题意;
D.反应开始前,先加入适量水润湿石灰石,稀盐酸的浓度减小,速率减慢,D项不符
合题意;
故选B。
试卷第2页,共13页
6.常温下,下列离子在稀硫酸中能大量存在的是
A.OH-B.AΓ,+C.Ca2tD.Ba2+
【答案】B
【分析】硫酸溶液显酸性,含有硫酸根离子,结合离子的性质分析解答。
【详解】A.OH与氢离子反应生成水,不能大量共存,A不选;
B.A产与硫酸不反应,能大量共存,B选;
C.Ca"与硫酸根离子反应生成微溶性物质硫酸钙,不能大量共存,C不选:
D.Ba”与硫酸根离子反应生成硫酸钢沉淀,不能大量共存,D不选;
答案选B。
7.常温下,下列有关SO?的说法正确的是
A.为红棕色气体B.摩尔质量为64C.密度比空气小D.具有还原性
【答案】D
【详解】A.二氧化硫是无色气体,红棕色气体可能是NO?或溟蒸气,A项错误;
B.二氧化硫摩尔质量为64g∙moL,B项错误;
C.结合选项B可知二氧化硫密度比空气大,C项错误;
D.二氧化硫中S元素呈+4价,化合价可升高到+6价,具有还原性,D项正确;
答案选D。
8.下列反应的能量变化与如图所示反应相符的是
A.灼热的炭与二氧化碳的反应B.氢气与氯气的化合反应
C.甲烷与氧气的燃烧反应D.铝与稀硫酸的反应
【答案】A
【分析】稀盐酸与NaHCO3的反应属于吸热反应。
【详解】A.灼热的炭与二氧化碳的反应为吸热反应,A选;
B.氢气与氯气的化合反应为放热反应,B不选;
C.甲烷与氧气的燃烧反应为放热反应,C不选;
D.铝与稀硫酸的反应为放热反应,D不选;
故选Ao
9.将下列气体通入Ba(OH)2溶液(足量)中,有沉淀产生的是
A.O2B.H2C.NH3D.S0,
【答案】D
【详解】02、H2、Nfh通入Ba(OH)2溶液(足量)均没有沉淀产生,SCh和Ba(OH)J容液(足
量)反应生成BaSO3沉淀,故选D。
10.在某密闭容器中,一定条件下,对于反应PCI3(g)+Cl2(g)PCl5(g),下列说法
错误的是
A.该反应为可逆反应
B.升高温度,正反应速率增大
C.该反应达到平衡状态时,V(Cl2)=O
D.加入合适的催化剂,该反应的正逆反应速率均加快
【答案】C
【详解】A.由化学方程式可知该反应为可逆反应,A正确;
B.升温能增大反应速率,则升高温度时正、逆反应速率均增大,B正确;
C.该反应达到平衡状态时,反应仍在进行,故反应速率U(CI2)HO,C不正确;
D.通常催化剂能加快反应速率,加入合适的催化剂,该反应的正逆反应速率能同等
幅度地增大,D正确;
答案选C。
U.Fe-CU原电池的示意图如图,电池工作时,下列说法正确的是
A.Fe电极为正极
B.CU电极上发生还原反应
C.H*移向Fe电极
D.外电路中电子的流动方向:CUT导线TFe
【答案】B
试卷第4页,共13页
【详解】A∙Fe-CU原电池中,Fe电极为负极,故A错误;
B.Fe-CU原电池,CU为正极,发生还原反应;故B正确;
C.Fe为负极,CU为正极,正离子向正极移动,H*移向CU电极,故C错误;
D.外电路中电子的流动方向:FeT导线TCu,故D错误;
故答案选B∙
12.设NA为阿伏加德罗常数的值,下列说法错误的是
A.O.lmolNH3分子中,所含的氮原子总数为0∙1NA
B.O.2molNa2SO4固体中,所含的Na,总数为04NA
C.2.24LSO2气体中,所含的氧原子总数为0.2NA
D.ILO.lmolCFezeOj溶液中,所含的硫原子总数为0∙3NA
【答案】C
【详解】A.1个氨气分子含有1个氮原子,0.1molNH3分子中,所含的氮原子总数为
0.1NA,故A正确;
B.硫酸钠固体由钠离子和硫酸根离子按2:1组成,0.2molNa2SO4固体中,所含的Na+
总数为0∙4NA,故B正确;
C.2.24LNo气体中,不清楚是否为标准状况下,无法计算气体物质的量,故C错误;
D.1L0.1morLTFe(No3)3溶液中硝酸铁物质的量为0.1mol,则所含的氮原子总数为
0.3NA,故D正确;
故答案为:Co
13.化工厂在生产过程中需要对原料提纯,以提高产品质量,经测定某氯化钠样品中混
有硫酸钠,为了除去杂质并制得纯净的氯化钠固体,某小组设计了如图工艺流程:
NaCl和Na2SO4溶解A溶液BaCI2'漫邀.耍堡)悬浊液Na2CO3溶液(过量]过滤l.滤液-----
纳准的ZC同伏一稀盐酸(过量)
纯净的NaCI固体加热蒸发
下列说法错误的是
A.“悬浊液”不能产生丁达尔效应
B.“过滤”时,用到的玻璃仪器有烧杯、漏斗和玻璃棒
C.该流程中的稀盐酸可用稀硝酸代替
D.“加热蒸发”时要用到玻璃棒搅拌,搅拌的目的是使液体受热均一、防止液滴飞
溅
【答案】C
【详解】A.胶体能产生丁达尔效应,“悬浊液”不能产生丁达尔效应,故A正确;
B.进行过滤时所用到的玻璃仪器是漏斗、烧杯、玻璃棒,故B正确;
C.如稀盐酸用稀硝酸代替,引入了新的杂质,得不到纯净的NaCl固体,故C错误;
D.“加热蒸发”时搅拌的目的是使液体受热均一、防止液滴飞溅,故D正确;
故答案选C0
14.甲~戊均为短周期主族元素,在元素周期表中的相对位置如图所示,戊的最高价氧
化物对应的水化物为强酸且其形成的单质为黄色固体,下列说法错误的是
甲乙
丙T戊
A.甲与乙形成的某种化合物具有还原性B.最高价氧化物对应水化物的酸性:丁>
丙
C.最简单氢化物的稳定性:甲>乙D.简单离子半径:丁>戊>乙
【答案】C
【分析】甲~戊是短周期元素,戊的最高价氧化物对应的水化物为强酸且其形成的单质
为黄色固体,则是硫酸,则戊为S,甲为C,乙为O,丙为Si,丁为P。
【详解】A.甲为C,乙为0,甲与乙形成的Co具有还原性,故A正确;
B.丙为Si,丁为P,最高价氧化物对应水化物为硅酸和磷酸,酸性:丁>丙,故B正
确;
C.甲为C,乙为0,非金属性C<0,两者形成最简单氢化物为CH4、H2O,稳定性:
甲<乙,故C错误;
D.戊为S,乙为0,丁为P,具有相同电子层数的阴阳离子,核电荷数越大,半径越
小,离子的电子层数越多,半径越大,简单离子半径:丁>戊>乙,故D正确;
故选C。
15.一定条件下,在某恒容的密闭容器中,通入起始浓度依次为0.2mol∙I7'、0.6mol∙171>
0.4molL的N?(g)、H2(g)、NH3(g),发生反应N2(g)+3H?(g)/2NH3(g),反应达
到平衡时,C(NH3)不可能为
A.0.2mol-L1B.0.3mol∙L1C.0.7molL1D.0.8mol∙L1
【答案】D
试卷第6页,共13页
【分析】用极值法分析,0.2mol∕LN2(g)和0∙6mol∕LH2(g)假设全反应完,可以使NH3(g)
浓度增加0.4mol∕L,加上原有氨气的浓度也是0.4mol∕L,故氨气最大浓度是0.8mol∕L;
假设0.4mol∕L氨气全往逆向反应,氨气的最小浓度为0,由于合成氨反应是可逆反应,
因此OVC(NH3)<0.8mol∕L;
【详解】根据以上分析,氨气浓度的取值范围是,0<c(NH3)<0.8mol∕L,D不可能,答
案选D。
16.某同学用相同质量的镁粉分别与1mol∙L'(硫酸及相同体积未知浓度的稀硫酸反应,
记录相关数据,并画出两个反应过程中放出气体的体积随反应时间的变化图(如图所示,
不考虑温度的影响),下列说法正确的是
A.曲线a中所用硫酸的物质的量浓度可能大于1mol∙L->
B.由曲线b可知,该反应中硫酸一定过量
C.由曲线a和b可知,生成氢气的速率仅与酸和镁粉的接触面积有关
D.在上述反应进行时,适当升高温度,可增大氢气的产量
【答案】A
【详解】A.根据图像可知,“先拐先平”,说明a的速率快,则曲线a中所用硫酸的物
质的量浓度可能大于1mo卜「J故A正确;
B.相同质量的镁粉,最后生成气体的体积相同,可能硫酸全部消耗完,因此硫酸不一
定过量,故B错误:
C.还与浓度、温度有关,故C错误;
D.金属镁消耗完,产生气体的物质的量不会增多,故D错误。
综上所述,答案为A。
二、填空题
17.某温度时,在2L恒容密闭容器中充入0.9molA(g)、0.6molB(g),0.3molC(g),
发生反应3A(g)+B(g).∙2C(g),各物质物质的量的变化关系如图所示,回答下列问题:
⑴图中表示物质A的变化曲线为(填“I"、"H"或"HI")。
(2)0~5min内,U(B)=mol∙L'∙min-l,
(3)反应达到平衡时,C(C)=mol∙L->0
(4)若仅改变下列一个条件,推测该反应的速率发生的变化(填“增大”、"减小''或"不变”):
①降低温度,化学反应速率;
②充入少量不参加反应的稀有气体,化学反应速率;
③将容器的体积压缩至原来的一半,化学反应速率o
(5)t,min时,反应________(填"达到”或"没有达到")化学平衡;5min时,υ(正)
(填”或M逆)。
【答案】(I)In
(2)0.02
(3)0.35
(4)减小不变增大
⑸没有达到=
【详解】(1)在2L恒容密闭容器中充入0.9molA(g),则图中表示物质A的变化曲线
为HI;故答案为:III。
(2)在2L恒容密闭容器中充入0.6molB(g),平衡时B物质的量为0.4mol,则0~5min
内,υ(B)ɪ0∙2mθ1-=0.02mol∙L-l∙min-';故答案为:0.02。
2L×5min
(3)反应达到平衡时,C的物质的量为0.7mol,贝IJC(C)=嗖5≈0.35mol∙L,故答
案为:0.35。
(4)若仅改变下列一个条件,推测该反应的速率发生的变化(填“增大”、“减小”或“不
变”):
①降低温度,化学反应速率减小;故答案为:减小。
试卷第8页,共13页
②充入少量不参加反应的稀有气体,压强虽然增大,但反应物浓度未变,因此化学反应
速率不变;故答案为:不变。
③将容器的体积压缩至原来的一半,压强增大,浓度增大,则化学反应速率增大;故答
案为:增大。
(5)tlmin后反应物还在减少,说明t∣min时,反应没有达到化学平衡;5min时反
应物浓度不再改变,说明达到平衡即M正)=U(逆):故答案为:没有达到;=。
实验题
18.某校化学兴趣小组同学利用如图所示装置进行“氨气与氧气的催化氧化''实验(夹持
装置已略去)。
已知:φNO2+O,+NO+2Na0H=2NaNO,+H2O;
②不考虑稀盐酸的挥发性;
③CC1」溶液不参与反应。
回答下列问题:
(1)仪器a的名称为o
(2)实验开始前,应________。
(3)装置I中发生反应的化学方程式为o
(4)装置HI中碱石灰的作用为。
(5)装置VI中可能发生反应的离子方程式为
(6)【提出问题】气体b的主要成分是什么?
【猜想与假设】甲同学:NO;
乙同学:。2;
丙同学:No和。2。
上述猜想错误的是(填“甲"、"乙"或"丙”)同学,理由是。
(7)实验结束后,装置Vl的溶液中的溶质有NaoH、和o
【答案】(1)分液漏斗
(2)检查装置气密性
(3)2Na2O2+2H,O=4NaOH+O2↑
(4)干燥氧气和氨气(或其他合理答案)
(5)NO2+N0+20H=2N0,+HQ(或其他合理答案)
(6)丙No和O?会发生反应生成NOM或其他合理答案)
⑺NaNO2NaNO3
【分析】组装好装置后先检查装置气密性,向I和∏中加入液体,1中反应生成氢氧化
钠和氧气,II中反应生成氨气,用碱石灰干燥气体,在催化剂加热作用下反应生成一氧
化氮和水,氨气用稀盐酸反应,剩余的气体通入氢氧化钠溶液中,反应可能生成硝酸钠
和亚硝酸钠。
【详解】(1)根据图中信息得到仪器a的名称为分液漏斗;故答案为:分液漏斗。
(2)实验开始前,应检查装置气密性;故答案为:检查装置气密性。
(3)装置I中是过氧化钠和水反应生成氢氧化钠和氧气,其发生反应的化学方程式为
2Na,O2+2H,O=4NaOH+O2↑;故答案为:ZNaQ?+2HQ=4NaOH+T。
(4)氨气与氧气中都含有水蒸气杂质,因此装置HI中碱石灰的作用为干燥氧气和氨气;
故答案为:干燥氧气和氨气(或其他合理答案)。
(5)装置V中出来的气体可能是一氧化氮和二氧化氮的混合物,一氧化氮和二氧化氮
会污染环境,用氢氧化钠溶液吸收,因此装置VI中可能发生反应的离子方程式为
NO2+NO+20H=2N0"+H2O;故答案为:NC)?+N0+20H∙=2N02+H20(或其他
合理答案)。
(6)上述猜想错误的是丙同学,理由是No和O?会发生反应生成NO?:故答案为:NO
和O2会发生反应生成NO2(或其他合理答案)。
(7)装置V中出来的气体可能是一氧化氮和二氧化氮的混合物,根据信息
NO2+O2+NO+2NaOH=2NaNO2+H2O,因此实验结束后,装置Vl的溶液中的溶质有
NaOH,NaNo2和NaNO,;故答案为:NaNO2;NaNO,o
试卷第10页,共13页
19.某化学兴趣小组为了探索Zn电极在原电池中的作用,设计并进行了以下一系列实
验。
已知:Zn与AI的化学性质基本相似,Zn+2NaOH=Na2ZnO2+H2↑o
回答下列问题:
(1)实验1:电极材料为Mg和Zn,电解质溶液为稀盐酸,该电池工作时,电流表指针偏
向Zno
①正极的电极反应式为。
②每转移01mol电子,此时负极材料减少的质量为go
(2)实验2:电极材料为CU和Zn,电解质溶液为稀盐酸,该电池工作时,电流表指针偏
向Cuo
由实验1和实验2可知,Mg、Zn>CU三种金属活动性由强到弱的顺序为。
(3)实验3:电极材料为石墨和Zn,电解质溶液为稀盐酸,该电池工作时,电流表指针
偏向石墨。
①电池工作一段时间后,电解质溶液的PH将(填“变大”、“变小”或“不变”)。
②石墨电极上发生(填“氧化”或"还原”)反应。
(4)实验4:电极材料为Mg和Zn,电解质溶液为氢氧化钠溶液,该电池工作时,电流表
指针偏向Mg0
①负极的电极反应式为o
②外电路中电子的流动方向为。
(5)根据实验1、实验2、实验3、实验4,可总结出影响Zn电极在原电池中得到或失去
电子的因素为o
【答案】⑴2H++2e-=H,↑1.2
(2)Mg>Zn>Cu
⑶变大还原
(4)Zn+40H--2e"=ZnOj+2H2OZn一导线∙→Mg
(5)另一电极的活动性及电解质溶液的化学性质(或其他合理答案)
【详解】(1)①Mg、Zn都与稀盐酸反应,镁的活泼性比锌强,因此镁为负极,锌为正
t
极,则正极的电极反应式为2H++2e-=HzT;故答案为:2H+2e-=H2To
②负极电极反应式为Mg-2e^=Mg2+,每转移0.1mol电子,此时负极材料消耗0.05mol,
减少的质量为005molχ24g∙molτ=L2g;故答案为:1.2。
(2)实验1的电流表指针偏向Zn,Zn为正极,说明电流表指针偏向正极,实验2电
流表指针偏向Cu,说明CU为正极,Zn为负极,则活泼性Zn>Cu,因此实验1和实验
2可知,Mg、Zn,CU三种金属活动性由强到弱的顺序为Mg>Zn>Cu;故答案为:Mg
>Zn>Cu:故答案为:Mg>Zn>Cu.,
(3)①电流表指针偏向石墨,说明Zn为负极,电池工作一段时间后,正极的电极反应
式为2H*+2e-=H?个,则电解质溶液的PH将变大;故答案为:变大。
②石墨是正极,石墨电极上发生还原反应;故答案为:还原。
(4)①电流表指针偏向Mg,说明Mg为正极,Zn为负极,则负极的电极反应式为
Zn+4OH^-2e=ZnO^^+2H,O;故答案为:Zn+4OH-2e^=ZnO^^+2H2Oo
②外电路中电子从负极经导线流向正极即流动方向为ZnT导线-Mg;故答案为:Zn→
导线一>Mgo
(5)根据实验1、实验2、实验3说明同种电解质溶液中失去电子还是的得到电子与另
一电极的活动性有关,根据实验4说明影响Zn电极在原电池中得到或失去电子的因素
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