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文档简介
2023-2024学年第一学期浙江省温州市九年级期末数学模拟练习试卷
一、选择题(本题有10小题,每小题4分,共40分)
1.已知则与q的值是()
b3b
213
A.-B.2C.-D.-
332
2.从甲、乙、丙三人中任选两人参加青年志愿者活动,甲被选中的概率是()
A.-B.1C.|D.-
3239
3.已知抛物线y=-(x-2y+3,下列哪种平移方式可使该抛物线的顶点平移到原点()
A.向右平移2个单位,再向上平移3个单位
B.向右平移2个单位,再向下平移3个单位
C.向左平移2个单位,再向上平移3个单位
D.向左平移2个单位,再向下平移3个单位
4.如图,是;O的直径,CO是弦,若NCDB=26°,则/ABC=(
C.64°D.74°
5.如图,AB,相交于点。,且,AODCOB,
若NA=56°,NB=30°,则/AOC的度数为()
A.30°B.56°C.86°D.94°
6.若二次函数>=6x+加的图象经过A(—La),3(2]),C(4.5,c)三点,
则a、b、c的大小关系是()
A.a>b>cB.c>a>bC.b>a>cD.a>c>b
1
7.温州是著名水乡,河流遍布整个城市.某河流上建有一座美丽的圆弧形石拱桥(如图),
现测得桥拱水面宽AB为2,石拱桥的桥顶到水面的距离CD为5m,
()
A.y[5mB.5+V^mC.3mD.5m
8.如图,小强从热气球上的/点测量一栋高楼顶部的仰角NZMB=30。,
测量这栋高楼底部的俯角NZMC=60。,热气球与高楼的水平距离为AO=15百米,
则这栋高楼的高苑为()米.
A.45B.60C.75D.90
9.如图,在一ABC中,3c=120,高AD=60,正方形EFG"一边在BC上,
点反尸分别在AS,AC上,交E尸于点儿则4V的长为()
A.10B.15C.20D.30
10.如图,二次函数y="2+bx+c的图像经过点(1,1)和点(3,0).关于这个二次函数的描述:
①〃<0,b>0,c>0;②当x=2时,y的值等于1;③当x>3时,y的值小于0.正确的是()
2
A.①②B.①③C.②③D.①②③
二、填空题(本题有6题,每小题5分,共30分)
11.抛掷一枚质地均匀的硬币2次“朝上的面不同”的概率是
12.如图,四边形/灰力是圆内接四边形,ZA:ZC=1:2,求/A的度数为度.
A
13.数学兴趣小组测量校园内一棵树的高度,把镜子放在离树(A5)6m的点£处,
然后沿着直线延后退到点〃这时恰好在镜子里看到树梢顶点4在用尺子量的。石=2m,
观察者目高CD=1.5m,求树高AB为m.
14.如图,折扇的骨柄长为30cm,扇面宽度为18cm,折扇张开的角度为120
则扇面外端AB的长为cm,折扇扇面的面积为cm?.(结果保留万)
15.如图,某隧道美化施工,横截面形状为抛物线y=-(单位:米),
施工队计划在隧道正中搭建一个矩形脚手架时;,DE-.EF=3:2,则脚手架高庞为米.
3
16.如图,在矩形纸片"6(力中,/片10,AB=8,
将沿四翻折,使点方落在夕处,加为折痕;
再将以沿厮翻折,使点。恰好落在线段班上的点C'处,厮为折痕,连接AC'.
若CF=3,贝ijtanZB'AC=
三、解答题(本题有8小题,共80分,解答需写出必要的文字说明、演算步骤或证明过程)
17.如图,Z1=Z2,ZB=/D,AE=9,AD=12,AB=20.求AC的长度.
18.在一次宣传杭州亚运会的有奖竞猜活动中,获奖者从放有只有颜色不同的3个小球
(1个黑球,1个白球,1个黄球)的不透明布袋中摸球.
若摸到一个黑球奖励一个亚运会吉祥物“宸宸”,摸到一个白球奖励一个“琮琮”,
摸到一个黄球奖励一个“莲莲”.一个获奖者先从布袋中任意摸出一球,不放回,再摸出一球,
求得到一个“莲莲”和一个“琮琮”的概率.
4
杭州2022年第19届亚运会吉祥物
MMCOBofth912AManG«MMHangzhev2022
19.如图,在。。中,弦AB、8相交于点户,且尸ZXPC.
(1)求证:APAD^APCB;
⑵若丛=3,PB=8,CD=10,求PD.
io5
20.如图,一名男生推铅球,铅球行进高度y(m)与水平距离x(m)之间的关系是:y=--x2+jx+|.
(1)求当铅球落地时推出有多远?
(2)铅球行进高度能否达到4m?为什么?
21.无人机兴趣小组在操场上开展活动(如图),无人机在离地面D处,
无人机测得操控者A的俯角为37。,测得教学楼顶C处的俯角为45。,
经测量操控者A和教学楼BC距离为57米,若教学楼BC的高度为13米,
求此时无人机距离地面的高度.(参考数据sin37。=0.60,cos37°«0.80,tan370~0.75)
5
37,\^0'^45;
22.如图,四边形A3CD中,CE//AD,ZADC=ZACB=90°,£为A3的中点.
(1)求证:△ADCsAACB.
EF
(2)若AD=4,AC=2遥,连结庞交〃于点£求而;的值.
23.如图,四边形力顺为圆内接四边形,对角线初交于点后延长的、CB交于点、F.
(1)求证:△救s△用C;
(2)如果劭平分N49C,BD=5,BC=2,求应的长;
(3)如果/。小60°,DC=DE,求证:AE=AF.
(备用图)
4
24.如图,已知直线y=§x+4与龙轴交于点A,与丁轴交于点C,
抛物线,=Q2+法+4经过A,C两点,且与1轴的另一个交点为对称轴为直线
6
IM
(1)求抛物线的表达式;
(2)。是第二象限内抛物线上的动点,设点。的横坐标为加,
求四边形ABCD面积S的最大值及此时。点的坐标;
(3)若点尸在抛物线对称轴上,点。为任意一点,是否存在点P、Q,
使以点A,C,P,。为顶点的四边形是以AC为对角线的菱形?
若存在,请直接写出P,。两点的坐标,若不存在,请说明理由.
2023-2024学年第一学期浙江省温州市九年级期末数学模拟练习试卷
答案解析
一、选择题(本题有10小题,每小题4分,共40分)
1.已知:=则不的值是()
b3b
213
A.-B.2C.-D.-
332
【答案】C
【分析】将二变形为再代入求值即可.
bb
【详解】解:•••/=],
b3
.b—arar21,,_十”
••——=1-7=1—;=彳,故C正确.
bb33
故选:C.
2.从甲、乙、丙三人中任选两人参加青年志愿者活动,甲被选中的概率是(
A.-B.1C.|D.-
3239
【答案】C
【分析】画出树状图,共有6种等可能的结果,其中甲被选中的结果有4种,
7
由概率公式即可得出结果.
【详解】解:根据题意画图如下:
开始
共有6种等可能的结果数,其中甲被选中的结果有4种,
则甲被选中的概率为4=2
o3
故选:C.
3.已知抛物线y=-(x-2?+3,下列哪种平移方式可使该抛物线的顶点平移到原点()
A.向右平移2个单位,再向上平移3个单位
B.向右平移2个单位,再向下平移3个单位
C.向左平移2个单位,再向上平移3个单位
D.向左平移2个单位,再向下平移3个单位
【答案】D
【分析】先确定抛物线>=(X-2)2+3的顶点坐标为(2,3),然后利用顶点的平移情况确定抛物线的平移情况.
【详解】解:、=一(尤—2)2+3的顶点坐标为(2,3),
若将抛物线y=-(元-2)2+3的顶点平移到原点需将抛物线丫=-23-2)2的图象向左平移2个单位,再向下
平移3个单位,
故选:D.
4.如图,A3是。的直径,8是弦,若NCDB=26°,则()
52°C.64°D.74°
【答案】C
【分析】先由圆周角定理可知N/〃5=90°,再求出//〃俏64°,然后由圆周角定理求解即可.
8
【详解】解:是。。的直径,
:./ADB=90°,
:./ADC+/CDB=9Q°,
:./ADC=90°-ZCDB=90°-26°=64°,
ZABC=ZADC,
:.ZABC=M°,
故选:C.
8.如图,AB,CD相交于点。,且二49。COB,
若NA=56°,NB=30°,则/AOC的度数为()
A.30°B.56°C.86°D.94°
【答案】C
【解析】
【分析】根据_COB,则NA=NC,根据三角形的外角等于与它不相邻的两个内角的和,即可.
【详解】V.AOD..COB,
:.ZA=ZC,
VZA=56°,
ZC=56°,
•:ZAOC=ZB+AC,ZB=30°,
•../AOC=300+56°=86°.
故选:c.
9.若二次函数y=6x+机的图象经过4(—1,。),取21),。(4.5,。)三点,
则a、b、c的大小关系是()
A.a>b>cB.c>a>bC.b>a>cD.a>c>b
【答案】D
【分析】本题考查了二次函数图象上点的坐标特征,先求出二次函数的对称轴以及开口方向,然后根据二次函
9
数的增减性和对称性解答即可.
2
【详解】解:y=X-6X+/77=(%-3)~+772-9
二次函数的对称轴为直线x=3,抛物线开口向上,
.,.尤<3时,y随x的增大而减小,x>3时,y随x的增大而增大,
:-1到3的距离为4,2到3的距离为1,4.5到3的距离为1.5,
a、b、c的大小关系q>c>Z?.
故选:D.
10.温州是著名水乡,河流遍布整个城市.某河流上建有一座美丽的圆弧形石拱桥(如图),
现测得桥拱水面宽AB为,石拱桥的桥顶到水面的距离CD为5m,
则拱桥半径CO长为()
A.而nB.(5+75)mC.3mD.5m
【答案】C
【解析】
【分析】连接。4,得Q4=OC;根据垂径定理,得AD=BD」AB;设。4=OC=x,根据CD=5,
2
则CO+OD=5,等量代换,再根据勾股定理列方程,即可得答案.
【详解】连接Q4,
OA-OC,
,:CDLAB,
:.AD=BD=-AB=45,
2
10
设Q4=OC=x,
':CD=5,
CO+OD=5,
/.OD=5—x,
在直角三角形中,AD1+DO1=AO2
x=3
故选:c.
8.如图,小强从热气球上的4点测量一栋高楼顶部的仰角mR=30。,
测量这栋高楼底部的俯角ND4c=60。,热气球与高楼的水平距离为AD=15百米,
则这栋高楼的高苑为()米.
A.45B.60C.75D.90
【答案】B
CD
【分析】由1@口/94。=1@1160。=匚求出8的值,
AD
由tanNDAB=tan30。=处求出3。的值,对BC=+CD计算求解即可.
AD
【详解】解:,,tanZDAC=tan60°=—^73
AD
/.C£>=15省x6=45米
1
,/tanZDAB=tan30°=—
AD
2£)=^^=15米
73
3c=3D+CD=15+45=60米
11
故选B.
9.如图,在一ABC中,BC=120,高AD=60,正方形EFG”一边在8C上,
点反尸分别在AB,AC上,AD交£少于点儿则AN的长为()
A.10B.15C.20D.30
【答案】C
【分析】设正方形EFGH的边长EF=E"=x,易证四边形及mV是矩形,则DN=x,根据正方形的性质得出
EF//BC,推出AEFsABC,根据相似三角形的性质计算即可得解.
【详解】解:设正方形瓦G8的边长EF=EH=x,
:四边形瓦6”是正方形,
/.NHEF=NEHG=90°,EF//BC,
:.^AEF^ABC,
:AO是:ABC的高,
ZHDN=90°,
,四边形£HDN是矩形,
DN=EH=x,
,:_AEFs4ABC,
•.A.N黑=F笠F(相似三角形对应边上的高的比等于相似比),
AL)IJC
・.・BC=120,AD=60,
AN=60-x,
.60-x_x
60-120'
解得:%=40,
・・・AN=60-x=6Q-40=20.
故选:C.
11.如图,二次函数y=Q/+"+c的图像经过点(1,1)和点(3,0).关于这个二次函数的描述:
①〃<0,b>0,c>0;②当尤=2时,p的值等于1;③当尤>3时,y的值小于0.正确的是()
12
A.①②B.①③C.②③D.①②③
【答案】B
【分析】由抛物线的开口方向判断。与0的关系,由抛物线与,轴的交点判断。与0的关系,然后根据对称轴
及抛物线与无轴交点情况进行推理,进而对所得结论进行判断.
【详解】
解:①抛物线开口方向向下,则a<0.
对称轴在y轴的右侧,则。、人异号,即6>o.
抛物线与y轴交于正半轴,则。>o.故①正确;
②•.抛物线与x轴另一交点横坐标x<0,
•.・抛物线的顶点横坐标X<1.
抛物线开口向下,且过点(U),
点(U)关于对称轴对称的点的横坐标不等于2,
...当x=2时,,的值不等于1,故②错误;
③观察函数图象,可知:当x>3时,y的值小于o
二、填空题(本题有6题,每小题5分,共30分)
11.抛掷一枚质地均匀的硬币2次“朝上的面不同”的概率是
【答案】y
【分析】画树状图,共有4个等可能的结果,“朝上的面不同”的结果有2个,再由概率公式求解即可.
【详解】解:画树状图如图:
共有4个等可能的结果,“朝上的面不同”的结果有2个,
21
・・・P(朝上的面不同)=7=7,
42
13
故答案为
12.如图,四边形40是圆内接四边形,ZA:ZC=1:2,求NA的度数为度.
【答案】60
【解析】
【分析】根据圆的内接四边形的对角互补,结合已知即可求解.
【详解】解::四边形切是圆内接四边形,
:.ZA+ZC=180°,
■:ZA:ZC=1:2,
ZC=2ZA,
/.ZA+2ZA=180%
解得NA=60°,
故答案为:60
14.数学兴趣小组测量校园内一棵树的高度,把镜子放在离树(AB)6m的点£处,
然后沿着直线BE后退到点D,这时恰好在镜子里看到树梢顶点A,在用尺子量的DE=2m,
观察者目高CD=1.5m,求树高A3为m.
【答案】4.5
【解析】
【分析】先证明△CDESA4BE,得出=然后代入数据求值即可.
ABBE
【详解】解:・・・CD,5。,ABLBD,
ZCDE=ZABE=90°,
14
ZCED=ZAEB,
MDESAABE,
.CDDE
"~AB~~BE'
152
即——=—,解得:AB=4.5m.
AB6
故答案为:4.5.
16.如图,折扇的骨柄长为30cm,扇面宽度为18cm,折扇张开的角度为120°,
则扇面外端A8的长为cm,折扇扇面的面积为cm2.(结果保留万)
【答案】20万2521
mrr
【分析】根据弧长计算公式/=黑可求出弧AB的长,再根据已知求出骨柄长减去扇面的宽,然后根据扇形面
180
_2
积计算公式S=上乙计算即可.
360
【详解】解:如图所示:
0
*.*0A=30cm,AC=18cm,
0C=12cm,
VZA0B=120°,
.7n7ir120x^x302
:.l=——=---------------二20万
180180
77
Yl7ly~120x%*30
SAOB-360360=300%,
22
YlTIy120x»x]2
SCOD-360-360二48%,
・•・S4rn«=300%-48万=252»
故答案为:20%252万.
15
17.如图,某隧道美化施工,横截面形状为抛物线y=-gf+8(单位:米),
施工队计划在隧道正中搭建一个矩形脚手架小G,已知庞:EF=3:2,则脚手架高应为米.
【答案】6
【解析】
【分析】根据龙:EF=3:2,可以先设〃£=3a,EF=2a,然后即可表示出点〃的坐标,再根据点〃在抛物线
7=-1/+8上,即可求得a的值,从而可以得到庞的值.
【详解】解:设座=3a,EF=2a,
则点〃的坐标为(-a,3a),
・・,点〃在抛物线y=-上,
.*.3a=-9a2+8,
解得:ai—2,ai--8(舍去),
:.DE=3a=6(米),
16.如图,在矩形纸片被切中,4?=10,AS=8,
将沿/£翻折,使点8落在9处,/£为折痕;
再将沿旗翻折,使点。恰好落在线段欧上的点C'处,必为折痕,连接AC.
若CF=3,贝ijtan/B'AC'=.
【答案I:
【分析】连接力£设,CE=x,用x表示/£、EF,再证明N4厮=90°,
16
由勾股定理得通过/尸进行等量代换列出方程便可求得X,再进一步求出6'C,便可求得结果.
【详解】解:连接/凡没CE=x,则CE=CE=x,BE=B,£=10-x,
:四边形46口是矩形,
:.AB=CD=8,AD=BC=10,ZB=ZC=ZD=90°,
;./=/+时=8"(10-x)2=164-20x+x,
EF=Ce+CF=/+32=x+9,
由折叠知,NAEB=NAEB',/CEF=/CEF,
":ZAEB+AAEB'+Z.CEPr/C跖=180°,
:./AEF=4AEB'+ZCJEF=90°
.,./=/+/=164-20^+/+/+9=2/-20^+173,
':A^=AD!+D^=1Q2+(8-3)2=125,
.1.27-20^+173=125,
解得,x=4或6,
当x=6时,EC=EC=6,BE=B'£=8-6=2,EC'>B'E,不合题意,应舍去,
:.CE=C£=4,
:.B'C=B'E-CE=(10-4)-4=2,
,:/B'=/B=9Q°,AB'=AB=8,
_B'C21
:
.tanAC-A'B'~~8~4
故答案为::
三、解答题(本题有8小题,共80分,解答需写出必要的文字说明、演算步骤或证明过程)
17.如图,N1=N2,ZB=ZD,AE=9,AD=12,AB=20.求AC的长度.
17
A
解:Z1=Z2,
Z1+ZE4E=Z2+ZE4E,
二.乙DAE=LBAC,
ZB=ZD,
「.△DAEsABAC,
ADAE
,AB-AC*
.12_9
'20-AC*
AC=15.
19.在一次宣传杭州亚运会的有奖竞猜活动中,获奖者从放有只有颜色不同的3个小球
(1个黑球,1个白球,1个黄球)的不透明布袋中摸球.
若摸到一个黑球奖励一个亚运会吉祥物“宸宸”,摸到一个白球奖励一个“琮琮”,
摸到一个黄球奖励一个“莲莲”.一个获奖者先从布袋中任意摸出一球,不放回,再摸出一球,
求得到一个“莲莲”和一个“琮琮”的概率.
<•.〃•J:4■♦”
杭州2022年第19届亚运会吉祥物
MMCOOo<th91MAMwiGame*2022
【答案】I
【分析】根据题意作图树状图,可知共有6种可能情况,而满足条件的有2种情况,进而求概率即可.
【详解】解:根据题意,可作树状图如下,
18
开始
宸宸琮琮莲莲
/\/\
琮琮莲莲宸宸莲莲辰辰王示王示
由树状图可知,共有6种可能情况,满足条件的有2种情况,
21
所以,得到一个“莲莲”和一个“琮琮”的概率为尸=工=彳
63
19.如图,在。。中,弦AB、CO相交于点只且尸ZKPC.
⑵若%=3,尸3=8,CD=10,求尸£).
【答案】(1)见解析
⑵4
【分析】(1)根据圆周角定理得出NA=NGND=NB,再根据相似三角形的判定推出即可;
(2)根据相似得出比例式,再求出答案即可.
【详解】(1)VZA=ZC,ND=NB,
...APADS&CB;
(2)•;APADSAPCB,
.PA_PD
••拓一诟’
VPA=3,尸3=8,CD=10,
.3PD
'*10-PD~8'
解得:PD=4或6,
当P£)=4时,PC=6,
当尸£>=6时,PC=4,
PD<PC,
/.PD=4.
19
io5
20.如图,一名男生推铅球,铅球行进高度y(m)与水平距离x(m)之间的关系是:y=-^x2+jx+j.
(1)求当铅球落地时推出有多远?
⑵铅球行进高度能否达到4m?为什么?
【答案】(1)10m
(2)铅球行进高度不能达到4m,最高能达到3m
【分析】(1)求出抛物线与x轴的交点横坐标即可得到答案;
(2)把抛物线的解析式化为顶点式,求出函数最大值即可做出判断.
195
【详解】(1)解:当y=o时,一七元+(x+:=。,
解得占=10,%=-2(不合题意,舍去),
答:当铅球落地时推出有10m.
2
(2)y=--^尤?+2%+9=--—(%-4)+3,
123312、'
当x=4时,>有最大值3.
铅球行进高度不能达到4m,最高能达到3m.
21.无人机兴趣小组在操场上开展活动(如图),无人机在离地面。处,
无人机测得操控者A的俯角为37。,测得教学楼顶C处的俯角为45。,
经测量操控者A和教学楼8C距离为57米,若教学楼BC的高度为13米,
求此时无人机距离地面的高度.(参考数据sin37。70.60,cos37°®0.80,tan37°®0.75)
....*SF.J...
♦/X、
/、、
/a□
/I口
AB
20
【答案】无人机距离地面的高度为30米
【分析】过点。作于点E,过点C作CF,/定于点则四边形3CFE是矩形,在RtzXADE中,由
DE
tanZZME=tan37°=——,求得AE,根据AB=57,求得DF=BE=17,即可求得DE.
AE
【详解】解:过点。作Z)E2AB于点E,过点C作CF_L£>E于点尸.
则四边形BCFE是矩形,FC=EB,EF=BC,
由题意得,AB=57,BC=13,ZZME=37°,ZZ)CF=45°.
在Rtz\DFC中,DF=FC,
DF=FC=EB,
在中,NASD=90。,
DE
tanZZME=tan37°=----«0.75.
AE
r)p4444
AE=——=-DE=-(EF+DF}=-(EF+EB\=-(13+EB\
0.7533V73V73V7
4
AB=AE+EB=-(13+EB)+EB=51
BEE.
・•・DF=EB=17,
。石=。尸+E尸=17+13=30.
答:无人机距离地面的高度为30米.
22.如图,四边形A5CO中,CE//AD,ZADC=ZACB=90°,£为45的中点.
21
D
(1)求证:△ADCs&CB.
_EF
(2)若AD=4,AC=2后,连结庞交熊于点尸,求一■的值.
DF
【答案】(1)见解析(2)-
8
【解析】
【分析】(1)由〃石C,得到NZMC=NACE,由直角三角形斜边上中线性质得到AE=CE=」AB,
2
则NACE=NC4E,得到NZMC=NC46,又由Z4DC=Z4CB=90。即可得到结论;
(2)由△ADCS2XACB,得到AD:AC=AC:AB,求得AB=5,得到CE=』,由。"〃人。,得到
2
△AFDMCFE,进一步即可得到结论.
【小问1详解】
证明::AT>〃石C,
ZDAC^ZACE,
•.选为AB的中点,
:.AE=CE=-AB,
2
:.ZACE=ZCAE,
:.ZDAC=ZCAB,
':ZADC=ZACB=90°,
AAADC^AACB.
【小问2详解】
解:如图,
22
D
VAADC^AACB,
/.AD:AC=AC:AB,
VAD=4,AC=2-x/5.
•1-4:2亚=2亚:AB,
AB=5,
:.CE=-,
2
•?CE//AD,
△AFDsaCFE,
5
/.EF_CE_2_5.
。尸-A£>一4一8
23.如图,四边形四切为圆内接四边形,对角线/C、初交于点£,延长历I、CB交于点、F.
(1)求证:△救4a
(2)如果劭平分/49C,初=5,BC=2,求"的长;
【答案】(1)见解析;(2)y;(3)见解析
【分析】(1)可得出NADB=NACB,ZAFC=ZBFD,则结论得证;
23
(2)证明△BECs/\BCD,可得一=—,可求出BE长,则DE可求出;
BEBC
(3)根据圆内接四边形的性质和三角形的内角和定理进行证明AB二AF;根据等腰三角形的判定与性质和圆周
角定理可证明AE=AB,则结论得出.
【详解】(1)证明:・.,NADB=NACB,ZAFC=ZBFD,
.,.△FBD^AFAC;
(2)解:・・・BD平分NADC,
AZADB=ZBDC,
VZADB=ZACB,
・•・ZACB=ZBDC,
VZEBC=ZCBD,
AABEC^ABCD,
.BCBD
・・熊一访‘
••—9
BE2
4
421
・・・DE=BD-BE=5;
55
(3)证明:VZCAD=60°,
.\NCBD=60°,NACD=NABD,
,:DC=DE,
:.NACD=NDEC,
ZABC+ZADC=ZABC+ZABF=180
・・・NFBD=1800-60°=120°,
.,.ZABF=ZADC=120°—NABD
=120°-ZACD
=120°-ZDEC
=120°-(60°+ZADE)
=60°-ZADE,
而NF=60°-
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