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文档简介
《2022届新高考(全国工卷)地区优质数学试卷分项解析》
专题4一元函数导数及其应用(11月卷)
一、单选题
1.(2021•江苏省泰兴中学高三期中)函数/(幻=誓区的部分图象为()
2+cosx
【答案】C
【分析】
根据奇偶函数的定义可得"X)为偶函数,利用导数求出/(*)的零点不是极值点,进而得出答案.
【详解】
/(X)为偶函数,关于y轴对称,排除AB.
3sinx6cosx+3]_
x>0时,/(x)==0,cosx=-
2+cosx(2+cosx)22
・•・/(x)的零点不是极值点,排除D,
故选:C.
2.(2021♦福建师大附中高三期中)设函数/(幻=旄1则()
A.x=-l为/(x)的极大值点且曲线y=/(x)在点(OJ(O))处的切线的斜率为1
B.x=l为f(x)的极小值点且曲线y=/(x)在点(OJ(O))处的切线的斜率为2e
C.x=-l为f(x)的极小值点且曲线y=/(x)在点(0,/(0))处的切线的斜率为1
D.x=-l为f(x)的极小值点且曲线y=/(%)在点(0J(O))处的切线的斜率为2e
【答案】C
【分析】
对函数〃x)求导,求事函数的单调性,进而可得出其极值点,由/(0)=1,可得到在点(0,7(0))处的切
线斜率.
【详解】
解:因为/(X)=xex,所以f'(x)=ex+xex={x+l)e*,
令广。)>0,解得x>-l,令/'(x)<0,解得x<—l,
/(%)在(7,-1)上单调递减,在(-1,y)上单调递增,
=是函数/(x)的极小值点,
又一(0)=1,则曲线V=f。)在点(0,7(0))处的切线斜率为1,
故选:C.
3.(2021・河北•高三月考)已知函数/C^nZlV+x+D+sinx,贝!j/(-x)+/(3x-2)<4的解集为()
A.(y,l)B.(!,+<»)C.(-8,2)D.(2,+00)
【答案】A
【分析】
设g(x)=/(x)-2=2x、+2x+sinx,然后可得函数g(x)为奇函数,函数g(x)在R上单调递增,然后不等式
/(—x)+/(3x—2)<4可化为g(—x)<g(-3x+2),然后可解出答案.
【详解】
设g(x)=/(x)-2=2x3+2x+sinx,可得函数g(x)为奇函数,
g'(x)=6*2+2+cosx>0,所以函数g(x)在R上单调递增,
/(t)+/(3x-2)<4n/(-x)-2<(3x-2)+2ng(-x)<-g(3x-2)ng{-x)<g(-3x+2),
所以—x<—3x+2x<1.
故选:A
4.(2021・湖北•高三期中)已知函数,(耳=工奴3-/+以(。>0且aw1,8>0)的一个极值点为2,则』+■!■
32ab
的最小值为()
A.1B.2
44
8
C.-D.7
5
【答案】B
【分析】
求出函数/(X)的导数,由给定极值点可得“与。的关系,再借助“1”的妙用求解即得.
【详解】
对〃x)=ga?_x2+bx求导得:f'^^a^-2x+b,因函数/(力的一个极值点为2,
则广(2)=4a-4+b=0,
2
止匕时,b--4a+4,f'(x)=ax2-2x—4。+4=a(x-2)(x4-2)-2(x-2)=a(x-2)(x+2——),
a
i9
因〃。5,即2W2,因此,在2左右两侧邻近的区域f(x)值一正一负,2是函数〃力的一个极值点,
则有4。+匕=4,又。>0,b>0,
于是得L+L=L(4a+b)(2+3=1(5+2+色)21(5+21曰当)=2,当且仅当2=当,即〃=2〃=:时取
ab4ab4ab4\ab4ab3
“一,,
所以上1+1:的最小值为92.
ab4
故选:B
5.(2021.山东日照.高三月考)已知/'(X)是函数/(x)的导数,且对任意的实数x都有
r(x)=er(2—2x)—/(x),40)=8则不等式〃x)<0的解集是()
A.(-2,4)B.(-oo,0)U(2,+oo)
C.(Y)T)U(2,+OO)D.(-<»,-2)U(4,+OO)
【答案】D
【分析】
构造新函数g(x)=e"(x),求出g'(x)后由导函数确定g(x),注意可得g(0)=8,从而得出的解析式,然
后解不等式即可.
【详解】
设g(x)=e"(x),g(0)=e*7(0)=8,
因为/'(x)=尸(2-2x)-/(x),所以f\x)+f(x)=fx(2-2x),
所以g'(x)=e"(x)+e/(x)=e'(f(x)+f'(x))=2-2x.
因此g(x)=2x—x?+c,g(0)=c=8,所以g(x)=—x?+2x+8,
—x2+2,x+8
/£W=-----v----
e
不等式f(X)<0即为7+2E<0x2-2x-S>0,解得xv—2或x>4.
e'
故选:D.
\nx+xx>0../、/、
6.(2021.山东德州.高三期中)已知函数〃力=,-(2x+9l)e,+W0,g(x)="x)一…•若g⑺存在三个
零点,则实数。的取值范围是()
<2C3\
A.0,”B.0,2”
/
/_2\(_3\
C.o,2e《D.0,「5
【答案】B
【分析】
根据题意,当x>0时,g(x)=/(x)-x-a有一个零点,进而将问题转化为当xMO时,-(2x+l)e,=a有
两个实数根,再研究函数Mx)=-(2x+l)etxM0即可得答案.
【详解】
解:因为g(x)存在三个零点,所以方程〃x)=x+a有三个实数根,
因为当x>0时,由/(x)=x+a得lnx=a,解得x=e",有且只有一个实数根,
所以当xVO时,〃x)=x+a有两个实数根,即—(2x+l)e*=a有两个实数根,
所以令6(工)=一(2犬+1)6*,》40,则〃'(x)=-(2x+3)e*,x«0,
所以当》<一]时,〃'(x)>0,〃(x)单调递增,
-1]—~<x<0tbj*,/f(x)v0,力(x)单调递减,
因为X->Y,〃(X)T0,〃(0)=-1,MA"=〃(-|)=2e2>0,
所以〃(x)=-(2x+l)e\x40的图象如图所示,
所以一(2x+l)e、=a有两个实数根,则a/o,2e.[
故选:B
7.(2022山东德州•高三期中)已知函数〃x)=x2+l,g(x)=sinr,如图所示,图象对应的函数解析式可能
是()
y
A.y=/(x)+g(x)-iB.y=/(x)-g(x)-l
c.y=/(x)g(x)D.
【答案】D
【分析】
首先根据题意得到函数图象关于原点对称,所求函数为奇函数,对选项A,B所给的函数为非奇非偶函数,
故排除A,B;对选项C,利用y=f(x)g(x)的单调性即可判断C错误.
【详解】
因为函数图象关于原点对称,所以所求函数为奇函数.
对•选项A,y=/(x)+g(x)-l=x2+sinx,为非奇非偶函数,故排除A,
对选项B,y=/(x)-g(x)-l=x2-sinx,为非奇非偶函数,故排除B,
对选项C,设A(x)=f(x)g(x)=sinx(x2+l),定义域为R,
=sin(-x)[(-x)-+1]=-sinx(x2+1)=,
所以函数力(x)=f(力8(0=5指了任+1)为奇函数,
//(x)=cosx(x2+l)+2xsinx,
时,/i,(x)=cosx(x2+l)+2xsinx>0,力(x)为增函数,
而函数图象在先增后减,故C错误.
故选:D
8.(2021•山东烟台•高三期中)已知函数y=lnx(l<x<e)的图象上存在点尸,函数y=+c的图象
上存在点。,且P、。关于X轴对称,则实数C的取值范围为()
A1+B1+-1c
-[pi?]-_^T]-[PT-1]DJI,I+豆
【答案】c
【分析】
令〃x)=lnx-gf+c,由题意可知/(x)在1,e上有零点,利用导数法研究函数的零点即可求解
【详解】
2
令M=lnx,,y2^-^x+c,
因为必,%上存在关于*轴对称的点,
所以In毛=+c),则In/+c=0,
令/(x)=lnx-gx2+c,要使有对称点,则在e上有零点,
当xe时,r(x)>0,〃x)在口上单调递增,
当e]时,当(x)<0,f(x)在[1,e]上单调递减,
所—〃i)=T,
X/^=-l-^-+c«-l-07+c,/(^)=l-^e2+c«-2.7+c,
所以〃£U=/(e),
要使f(x)在%/(x)而=〃1)之。
e上有零点,
J(xL,=〃e)4。
—NO1],
即.1,^^—<c<—e2-1,
l--e2+c<0-
2
故选:C
9.(2021•山东师范大学附中高三期中)已知定义域为R的函数/(x)的导函数为了'(X),且
f'(x)=2xe'+f(x),若/⑴=e,则函数g(x)=/(x)-4的零点个数为()
A.0B.1C.2D.3
【答案】B
【分析】
由r(x)=2xe'+f(x),构造函数上,根据"l)=e,求得/(x)=xV,进而得到g(x)=/心-4,利用
e
导数法求解.
【详解】
因为/'(x)=2xex+/(%),
所以广(x)—/(x)=2xe*,
则(与)'JM)7(X)=2X,
所以第=X?+C,即/(x)=(d+c)e*,
因为〃l)=e,
所以/(l)=(l+c)e=e,解得c=0,
所以=
则g(x)=U,
所以g'(x)=eXx+2),
当x<—2或x>0时,g'(x)>0,当一2<x<0时,g'(尤)<0,
所以当x=-2时,函数g(x)取得极大值-l)<0,
当x=0时,函数g(x)取得极小值-4<0,
又当Xf+co时,g(x)-+oo,
所以函数g(x)=〃x)-4的零点个数为1,
故选:B
10.(2021•山东潍坊・高三期中)若函数/(乃=(/+如+2)©在R上无极值,则实数。的取值范围()
A.(-2,2)B.126,2⑹
C.[-262司D.[-2,2]
【答案】D
【分析】
求/'(》)=1+(。+2卜+。+2k*,由分析可得丫=刀2+(4+2户+4+220恒成立,利用△40即可求得实数
。的取值范围.
【详解】
由/(*)=(丁+ca+2>e"可得
尸(x)=(2x+a〉e*+(f+ax+2)-e'=[x?+(a+2)x+a+2}e],
e*>0恒成立,y=/+(a+2)x+a+2为开口向上的抛物线,
若函数f(x)=(x2+ar+2)-e’在R上无极值,
则了=丁+(4+2)、+。+22()恒成立,所以△=(a+2『一4(a+2)40,
解得:-2<a<2,
所以实数。的取值范围为[-2,2],
故选:D.
11.(2021.山东聊城.高三期中)关于函数f(x)=ae*-cosx,刀式一久万),下列说法错误的是()
A.当。=-1时,函数f(x)在(一匹乃上单调递减
B.当4=1时,函数“X)在(一匹1)上恰有两个零点
C.若函数/(X)在(一巴乃)上恰有一个极值,则4=0
D.对任意a>0,20恒成立
【答案】D
【分析】
分别在一万<x〈O和0<x<兀得至IJ/'(x)<0,由此可知A正确;
在平面直角坐标系中作出y=,与y=cosx图象,由图象可确定B正确;
将问题转化为。=-华在(-万,乃)上恰有一个解,令g(x)=-当,利用导数可确定g(x)单调性并得到
ee
其图象,数形结合可确定a=0,C正确;
令a=l,由B中结论可确定D错误.
【详解】
对于A,f(x)=-e'-cosx,则/'(x)=sinx-e",
当一万<x40时,sinx<0,e*>0,,/'(x)<0,r./(x)单调递减;
当0<x<7i时,sinx<1,el>1,,r(x)<0,r./(x)单调递减;
综上所述:/(x)在(-巴编上单调递减,A正确;
x
对于B,/(x)=e'—cosx,令f(x)=0,得:e=cosx;
在平面直角坐标系中,作出丫=炉与丫=。。$》的图象如下图所示,
y
由图象可知:当-T<x<乃时,y="与y=cosx有且仅有两个不同交点,
二函数f(x)在(-乃,))上恰有两个零点,B正确;
对于C,由f(x)=ae*-cosx得:/7(%)=aex+sinx,
若〃x)在(一],))上恰有•个极值,则((x)在(-乃㈤上恰有一个变号零点,
即a=-斐在(-乃,万)上恰有一个解,
令g(x)=-詈(-万―),则小)=-cosx+sinx
当xe卜肛-弓)U((,左)时,g,(x)>0;当xe(一,总时,
g'(x)<0;
二g(x)在卜巴-,),%,兀上单调递增,在(-当,?)上单调递减,
又g(r)=O,g(O)=O,g(〃)=0,可得g(x)大致图象如下,
若a=-要在(-乃,乃)上恰有一个解,则a=0,
此时函数/(x)在(-乃,万)上恰有一个极值,C正确;
对于D,当。=1时,山B选项可知,现€(-万,0)‘使得e""=cos/,
x
当xw(%,0)时,e<cosx.即f(x)=e*-cosxcO,D错误.
故选:D.
12.(2021.山东临沂.高三期中)设函数y=/(x)在区间。上的导函数为用x),用x)在区间。上的导函
数为g(x),若在区间。上,g(为<0恒成立,则称函数“X)在区间。上为"凸函数''.已知实数,〃为常数,
y(x)=《-这-3/,若对满足|加区1的任何一个实数〃?,函数〃x)在区间(。力)上都为“凸函数”,贝姐-〃
的最大值为()
A.4B.3C.2D.1
【答案】A
【分析】
由题设知对任意帆41,在(口⑼上有g(x)=x2-znr-6<0恒成立,转化为一次函数=-g+/-6<0在
-l</w<l匕恒成立求X的范围,进而确定匕-4的最大值.
【详解】
32
由题设,/,(x)=y--^--6x,则g(x)=f一如一6,
,对任意,在(。力)上有g(x)=--尔-6<0恒成立,
令h(m)=-mx+\2-6<0在一14加41上恒成立,
/z(-l)=x2+x-6<0
可得一2<x<2,
/I(1)=X2-X-6<0
:.a>-2,b<2,故方—a的最大值为4.
故选:A
13.(2021•福建省福州第一中学高三期中)若对任意的王,%,«人物),且占<电,都有纪咏玉屿<2,
X2~X\
则加的最小值是()
13
A.-B.eC.1D.一
ee
【答案】A
【分析】
InX,+2InX.+2[nx+2
己知不等式变形为一一<—!—,引入函数/(x)=——,则其为减函数,由导数求出〃x)的减区间
后可加的最小值.
【详解】
x.InX)—Inx.一
==
因为0<%v%2,所以由------------v2可得%Jn2,一X,Inxx<2x^-2xt,
工2一工1
Inx2+2Inx+2
XjInx2+2xt<x2Inx1+2x2,艮|]--------<--------.
所以J”x+2在(m,+8)|二是减函数,
x
「,,.l-(lnx+2)lnx+1
JW=--------2------=--------,
XX
当0<x<1时,r(x)>0,〃x)递增,时,r(x)<0,/(X)递减,
ee
即〃X)的减区间是(L+8),
e
所以由题意加的最小值是1.
e
故选:A.
14.(2021•重庆•临江中学高三月考)定义方程〃x)=/'(x)的实数根号叫做函数f(x)的“躺平点”.若函数
g(x)=hu,〃(x)=x3-i的“躺平点”分别为a,夕,则a,4的大小关系为()
A.a>PB.a>pC.a</3D.a</3
【答案】D
【分析】
对g(x)=lnx求导,构造函数f(x)=lnx-J研究其单调性和零点,利用零点存在性定理求出ae(l,e):同
样的方法求出尸G(3,4),得到答案.
【详解】
80)=111%定义域为(0,+(»),g[x)=J,由题意得:lna=',令f(x)=lnx-1,xe(0,+oo),则夕为函数
f(x)=lnx—的零点,,'(x)=—।—7>0>所以f(x)=lnx—在xe(0,+oo)上.单调递增,乂f⑴=—1<(),
XXXX
z(e)=l-l>0,由零点存在性定理,ae(l,e).
另外〃(x)=d-i,h'(x)=3x2,由题意得:『-1=3俨,令s(x)=V—1—3f,则夕为函数s(x)=d—l—3f
的零点,s'(x)=3f-6x,令s'(x)>0得:x>2或x<0,令s'(x)<。得:0<x<2,所以5(%)=V一1一3f单
调递增区间为(9,0),(2,一),单调递减区间为(0,2),s(x)在x=0处取得极大值,s(0)=T<0,在x=2
处取得极小值,故s(x)在(9,2)上无零点,因为函数在(2,物)上单调递增,且s(3)=27-l-27<0,
5(4)=64-1-48>0,山零点存在性定理:4«3,4)
所以
故选:D
log2x-2x,x>0
15.(2021•江苏泰州•高三期中)函数/(x)hsin(69X+yL-^<X<0有且仅有2个零点,则正数。的取值范
围是()
(47][47]一(471[47一
A.—B.—C.—D.
[33j[33)(33)133」
【答案】B
【分析】
先利用导数研究当x>0时,/(x)=bg2X-2x没有零点,结合三角函数性质研究-乃4x40时,
,(x)=sin(0x+?)有且仅有两个零点问题,进而得答案.
【详解】
解:当x>0时,/(x)=log,x-2x,/'(x)=—-2,令/'(x)=0得
xln22In2
所以当0<*<全时,/(力>0,〃x)=log2x-2x单调递增,
当时,/'(x)<0,〃x)=log,x-2x单调递减,
由于X=当0<X<1时,/(x)=log,x-2x<0,
21n2In4
所以“X)极大值=/[壶)<°,即当x>0时.,〃%)=地2万—2》没有零点・
所以当-;74x40时,/(x)=sin1<yx+/)有且仅有两个零点,
冗冗冗
由于一;rWxWO时,-7TC0+—<CDX+—<—,
T[TT7T
所以函数》=$皿》(-7ra>+—<(ox+—<—)有且仅有两个零点,
兀47
所以一24<<一万,解得—<C0<—
「47、
所以正数0的取值范围是自向
故选:B
16.(2021•江苏泰州,高三期中)已知函数〃x)=e'-eT-2sinx,则关于x的不等式/(丁-3)+/(2x)<0的
解集为()
A.(—3,1)B.(—1,3)C.3)<J(l,+oo)D.[—1,3]
【答案】A
【分析】
根据题意可判断函数/(x)=e'-e7-2sinx为奇函数且在R上单调递增,进而根据奇偶性与单调性解不等式
即可.
【详解】
解:函数〃司=/-6-*-2而》的定义域为/?,
f(-x)=e-x-eA-2sin(-x)=ex-e'+2sinx=-/(x),
所以函数/(%)=e*-e-"-2sinx为奇函数,
因为/'(x)=ev+e-v-2cosx>2-2cosx>0,
所以函数/(%)=e'-e-“-2sinx在R匕单调递增,
所以f(x2-3)+〃2x)<0=f(x2-3)<-/(2x)=〃-2x),
所以*2一3<-2X,即X2+2X_3<0,解得-3<X<1
所以不等式/任-3)+〃2力<0的解集为(一3,1)
故选:A
17.(2020•河北・唐山一中高三期中)已知/(X)是可导的函数,且/'(x)<〃x),对于xeR恒成立,则下列
不等关系正确的是()
A./(l)>ef(O),/(2020)<e2O2°/(0)B./(1)>^(0),/(l)>e2/(-l)
C./⑴<虫0),/(1)<^2/(-1)D./(l)>ef(O),/(2O2O)>e2rao/(O)
【答案】C
【分析】
构造新函数g(x)=2?,求导后易证得g(x)在R上单调递减,从而有g(l)<g(O),g(2020)<g(0),
e
g(D<g(-l),故而得解.
【详解】
设g(x)=卒,
e
则g(x)J(x)”,
e
•.•/'(x)</(x),
g(x)<0,
即g(x)在R上单调递减,
g(D<g(0),
即&<平,
ee
即/⑴<e/(0),故选项A不正确;
g(2020)<g(0),
/(2020)/(O)
即f(2020)<e2027(0),故选项D不正确;
g(D<g(-D,
即&<21^2,Bp/(l)<^/(-l).
ee
故选项B不正确;
故选:C.
18.(2021•河北•唐山一中高三期中)己知奇函数式x)的定义域为(-1e),且/'(X)是./U)的导函数.若对任意
TTTT
xe(-5,0),都有/''(x)cosx+/(x)sinX<0,则满足/.(6)<2cos(9•/(])的,的取值范围是()
/7171、_.71兀、/471、
A.(六,?B.(一于一])5§节)
c.(44)D.邑刍
3332
【答案】D
【分析】
令g(x)=3,先判断函数g(x)为奇函数,再判断函数g(x)在区间(-g,令上单调递减,由
cosx22
/(0)<2cos0•/(!),得g(9)<gg),即可求出.
【详解】
令g(x)=^^,xe(-J,9),
COSX22
•••f(x)为奇函数,y=cosx为偶函数,
g(x)为奇函数.
•.•Vxe(-y,0),有f'(x)cosx+/(x)sinx<0,
3(上也丘学^<0,
cosX
TT
.•.g(x)在区间(一万,o)上单调递减,又g(x)为奇函数,
・•・g(x)在区间(《,,上单调递减,
当g),cosx>0,
jr
•.•/(0)<2cos0-/(y))
.f(。):吗)
cos0c…os—兀
3
〈吗),
冗~71
••.一<8<一
32
故选:D
19.(2021•福建宁德•高三期中)当x>l时,(4左-1-lnx)x<lnx-x+3恒成立,则整数k的最大值为()
A.—2B.—1C.0D.1
【答案】C
【分析】
根据题意转化为(胆+lnx+3)在(1,内)上恒成立,Tgg(x)=—+lnx+-,x>l,求得
g,(x)=Y=,令夕(x)=x—Inx—2,求得d(x)>0,单调。(x)=0在(1,田)上仅有一个实数根,设为看,
根据g'(3)<0,g'(4)<0,得到与e(3,4),将ln%=x°-2代入得到g(x)1nM=/+'-1,%€(3,4),即可求解.
【详解】
因为当x>l时,(4攵一1-lnx)x<lnx-X+3恒成立,
可得&<,(也+lnx+3在(1,E)上恒成立,
4xx
不妨设g(x)=^+lnx+[,x>l,可得g,(x)=A-:;-2,
令夕(x)=x-lnx-2,可得d(x)=l-4=±」>0,所以9(x)在(L+oo)上单调递增,
因为奴1)=-1<(),°(4)>(),所以8(x)=0在(1,转)上仅有一个实数根,设为%,
所以当了€(1,%)时,g<x)<0,g(x)单调递减;
当xe(%,*»)时,g<x)>0,g(x)单调递增,
所以gaU*=8(%)=^^+1!1%+3,
X。X。
因为8'(3)=^^<0,8'(4)=^^<。,所以/e(3,4),且%-2+3=0,
99x()
3x—2]
将lnXo=Xo-2代入可得g(x)而n=8(%)=%-2+—+」一=%+——l,xoe(3,4),
X()X。X()
因为/=%+-!--1在(3,4)上单调递增,所以松(!,上),
为34
1713
所以;gO—(台静,因为%为整数,所以%40.
故选:C.
20.(2021•福建省泉州第一中学高三期中)已知函数f(x)=log3(9v+l)-x,设
4==/'°),C=:^0nio),则“也C的大小关系为()
A.a<b<cB.a<c<b
C.c<a<bD.b<a<c
【答案】C
【分析】
/9、/9X
判断出f(x)奇偶性和单调性,得b=f=f,构造函数g(x)=e*-X-1,利用导数求最值得
\J\J
e、>x+l(xwO)判断尻a的大小,构造f(x)=lnx-x+l(x>0),利用导数求最值得lnx<x-l(xrl),判断c、
的大小可得答案.
【详解】
v
/(x)=log.,(9+l)-x=log3(3,+3-,)(xeR),
.,•/(-x)=log,(3*+3-*)=/(x),〃x)为偶函数,
令y=3,+3",设%々>0,
贝IJX-必=3』一3七+3』一3』=(3』一3不
(OA)+X>_]、
因为占一々>0,西+%>0,3**2>1,所以(3,-3-“多?「0,
所以%>%,所以),=3"+3一,在(0,田)是增函数,又f(x)=log3X为增函数,
所以“X)=log,(3^+3T)在(0,+8)上为增函数,
/9\/9\
所以人=/一)而=f/历,
\/\/
由g(x)=F—x—l,得g<x)=e*-l,
当x>0时g'(x)>0;当x<0时g'(x)<0,所以g(x)Ng(O)=O,
当且仅当x=0时取等号,
所以e*>X+1(XH0),
_291
故£1°>------F1=—,即力>",
1010
令/(x)=lnx-x+l(x>0),rz(x)=--1=-~-(x>0),
当x>l时,(x)〈0;当Ovxvl时,'(x)>0,所以f(x)〈(l)=0,
当且仅当x=l时取等号,
.1M.1111111.
..InA,<x—1),..In—v-----1——.a>c.
v7101010
综上力>〃>c.
故选:c.
21.(2021•江苏•金陵中学高三期中)设a=20211n2019,Z?=2020In2020,c=20191n2021,则()
A.a>b>cB.ob>aC.a>c>bD.b>a>c
【答案】A
【分析】
比较大小,转化为比较喘詈,黑当大小,构造函数f(x)=半,通过求导判断/*)的单调性,可得
20202021x+1
出。泊大小;比较4C大小,转化为比较?黑,喘M,构造函数g(x)=2V,求导判断g(x)单调性,得
20192020x-1
到出Ac大小,即可得出结论.
【详解】
11
11tH---Inx
设〃x)=等,r(*)=「।,
x+\(x+1)-
当xe[e2,-H»)时,/,(X)<O,/(X)在[°2,+8)上单调递减,
/(2019)>/(2020),即鬻〉嗡
2021In2019>2020In2020,所以a>b;
[1,
、门i1----Inx
V
以g(x)=E,g'(x)=2
x-1(x-1)
当xeGm)时,g'(X)<0,g(X)在[e[,+8)上单调递减,
……),即端〉嗤
2020In2020>2019In2021,所以>>c,
所以”>b>c.
故选:A.
x+l,x<0,
22.(2021・河北•衡水市冀州区第一中学高三期中)已知/(x)=.八右
smx,0<x<^,
/(Xl)=/(X2)=/(X3),XI<X2<X3>则2玉+2X2+3X3+2的最大值是()
cC5》r.17"
A.3万B.2+——C7D.1+——
26
【答案】C
【分析】
利用数形结合,画出了(X)的图像可得马+毛为定佰,再将2玉+2々+3匕+2转化为关于X的函数,最后利用
求导求出2%+2々+3当+2的最大值.
【详解】
如图作出〃x)的图象,
依题意,X]+l=sinx2=sinx3,注意到々+毛=",=sinx3-l,
因此2玉+2X2+3X5+2=£+2sinx3+2万,其中不£(多乃)
设g(x)=x+2sinx+2;r,g'(x)=l+2cosx,当、6(于可卜时g'(x)>0,当时g,(x)<0,
因此g(x)在(不等)上单调递增,在(年上单调递减,
则g(x)€(3〃,6+?,
即2芭+2々+3当+2的最大值为5/3+y
故选:C.
23.(2021•广东福田•高三月考)己知a,h,c£(0,1),且/—21n。—1=-----,Z?2—2In/?—1=—,c2—21nc-1=------,
3e7V
贝|J()
A.c>b>aB.a>c>bC.a>b>cD.c>a>b
【答案】D
【分析】
令/(x)=f—21nx—l,即可得至lj〃a)=孚,〃b)=L/(c)=—,利用导数说明〃x)在(0,1)的单调
性,再令g(x)=lu,利用导数说明其单调性,即可得到叱<塔<L从而得到/(c)<”a)<y®,即
x715e
可得解;
【详解】
解:令/(x)=f-21nx-l,(x>0),所以f(a)=a2-21na-l=浮,f(b)=b2-2\nb-l=-,
/(c)=c2-21nc-l=—,所以r(x)=2x-2=2(x+l)(xl),因为a,6,。€(0,1),所以当xe(0,l)时
71XX
/(x)<0,即f(x)在(0,1)上单调递减,令g(x)=W,(x>0),则/(力=上要,所以当x«0,e)时,
g'(x)>0,函数单调递增,当XW(e,4<»)时,g'(x)<0,函数单调递减,所以g(x)在x=e处取得极大值即
最大值,g(工心=g(e)=J,因为乃>3>e,所以?<?<一,即/(c)<7(a)</(》),所以c>a>。,
故选:D
二、多选题
Y-4-1
24.(2021•湖北•高三期中)已知函数/(x)=lnx-^—,下列结论成立的是()
X-]
A.函数/(x)在定义域内无极值
B.函数〃x)在点A(2J(2))处的切线方程为y=|x+ln2-8
C.函数/(x)在定义域内有且仅有一个零点
D.函数/(x)在定义域内有两个零点占,X?,且西・迎=1
【答案】ABD
【分析】
求出定义域与导函数可判断A;利用导数的几何意义可判断B;利用函数单调性以及零点存在性定理可判断
C:根据选项C可判断D.
【详解】
A,函数〃x)=lnxY--4-31定义域为(0,1)11(1,田),
x-1
\1x-l-(x+l)12
/(x)=--------\,、=_+----T>0,
(X-1)2X(X-1)2
,了("在(0,1)和(1,例)上单调递增,则函数/(同在定义域内无极值,故A正确;
B,山小)=?高广则/⑵
2-|-1
X/(2)=ln2--=-3+ln2,
,函数〃力在点A(2J(2))处的切线方程为y+3-ln2=|(x-2)
即y=gx+ln2-8,故B正确;
C,,•・/(X)在(L+oc)上单调递增,
p工(、.e+][e+1—2
又/(e)=Ine-----=1------=----<0,
e-le-1e-1
2\i2e+1△e~+l3
/1片/=ln/一/--_-]=2一一/:—一]=-/:一—1>0,
所以函数/(X)在(el)存在/,使/(Xo)=lnx。-铝=0,
X。-1
111八1I
又'T<一<一,即0<一<1,
ex(}e/
即,为函数〃X)的一个零点,所以函数“X)在定义域内有两个零点,故C错误.
玉)
1
D,由选项C可得占=一,所以x「w=l,故D正确.
故选:ABD
25.(2021•山东泰安•高三期中)已知函数f(x)=x+2tanx,其导函数为/(x),设g(x)=/'(x)cosx,则()
A.f(x)的图象关于原点对称B.f(x)在R上单调递增
C.2万是g(x)的一个周期D.g(x)在(。e)上的最小值为2及
【答案】AC
【分析】
对A:求出f(x)的定义域,再利用奇偶性的定义判断即可;
对B:利用/。)的导数可判断;
对C:计算g(x+2万),看是否等于g(x)即可;
对D:设f=cosx,根据对勾函数的单调性可得最值.
【详解】
f(x)=x+2tanx的定义域是1Ix^|+^Jez|,其定义域关于坐标原点对称,
且f(-x)=T+2tan(-x)=-x-2tanx=-(x+2tanx)=-f(x),
所以/(x)是奇函数,所以/(幻的图象关于原点对称,故A项正确;
,2,2
由/*)=x+2tanx,得/'(幻=1+———,贝i」g(/)=f\x)cosx=cosx+----.
cosxcosx
/。)=1+^^>0恒成立,所以“X)在+版■,^+版](%€2)上单调递增,并不是在R上单调递增,
cos'xk22J
故B项错误;
2
由g(x)=cosx+----,得函数g(x)的定义域是
COSX
2
[xlxw:+A),k£z|g(x+2;r)=cos(x+2;F)+—zx=cosx+-^―=g(x),IjJjiEfiffi;
[2Jcos(x+27r)COSX
设,=cosx,当时,fw(O,l),
此时〃⑺=g(x)=r+:,fe(O,D,根据对勾函数的单调性,〃⑺在(0』)上单调递减,
.•.g(x)>〃⑴=3,故D项错误.
故选:AC.
26.(2021.福建宁德•高三期中)已知函数f(x)=e*cosx,则下列有关/a)的叙述正确的是()
7T
A.在x=0处的切线方程为y=x+IB.在一万,0上是单调递减函数
C.x=?是极大值点D.在-法上的最小值为0
【答案】ACD
【分析】
求出导函数,利用导数的几何意义可判断A;利用导数与函数单调性之间的关系可判断B;利用极大值点的
定义可判断C;利用极值以端点值可判断D.
【详解】
/(x)=excosx,/.(x)=excosx-eKsinx="(cosx-sin
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