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文档简介
山东省临沂市2021年中考数学试卷
阅卷人
-------------------、单选题(共14题;共28分)
得分
1.(2分)一;的相反数是()
A.-2B.2C.-JD.1
【答案】D
【考点】相反数及有理数的相反数
【解析】【解答】因为(一;)+;=0,所以—的相反数是1.
故答案为D
【分析】根据只有符号不同的两个数互为相反数可求解.
2.(2分)2021年5月15日,天问一号探测器成功着陆火星,中国成为全世界第二个实现火星着陆
的国家.据测算,地球到火星的最近距离约为55000000km,将数据55000000用科学记数法表示
为()
A.5.5x106B.0.55x108C.5.5x107D.55x106
【答案】C
【考点】科学记数法一表示绝对值较大的数
【解析】【解答】解:55000000=5.5xl07,
故答案为:C.
【分析】科学记数法的表示形式为axlO"的形式,其中以a|V10,n为整数.确定n的值时,要看把
原数变成a时,小数点移动了多少位,n的绝对值与小数点移动的位数相同.当原数绝对值>1时,n
是正数;当原数的绝对值<1时,n是负数,据此解答即可.
3.(2分)计算2a3.5a3的结果是()
A.10a6B.10a9C.7a3D.7a6
【答案】A
【考点】单项式乘单项式
【解析】【解答】解:2a3.5a3=10a6,
故答案为:A.
【分析】单项式与单项式相乘,把它们的系数,相同字母分别相乘,对于只在一个单项式里含有的
字母,则连同它的指数作为积的一个因式,据此解答即可.
4.(2分)如图所示的几何体的主视图是()
【答案】B
【考点】简单几何体的三视图
【解析】【解答】解:如图所示,
几何体主视图是:
故答案为:B.
【分析】视图:从物体正面所看的平面图形,注意:看到的棱画实线,看不到的棱画虚线,据此判
断即可.
5.(2分)如图,在AB//CD中,^AEC=40°,CB平分乙DCE,则乙4BC的度数为
()
D
A.10°B.20°C.30°D.40°
【答案】B
【考点】角的运算;平行线的性质
【解析】【解答】解:•••AB〃CD,
.\ZABC=ZBCD,
VCB平分NDCE,
.♦.NBCE=NBCD,
.\ZBCE=ZABC,
ZAEC=ZBCE+ZABC=40°,
.\ZABC=20°,
故答案为:B.
【分析】根据平行线的性质得出/ABC=/BCD,由角平分线的定义得出/BCE=NBCD,利用等量
代换可得NBCE=NABC,由三角形外角的性质得出NAEC=NBCE+NABC,据此即得结论.
6.(2分)方程x2—X=56的根是()
A.勺=7,%2=8B.=7,右=—8
C.勺=-7,%2=8D.%]=7,%2=-8
【答案】C
【考点】因式分解法解一元二次方程
【解析】【解答】解:••"2_%=56,
/•X2—%—56=0,
/.(x+7)(x-8)=0,
.,.x+7=0,x-8=0,
.\xi=-7,X2=8.
故答案为:C.
【分析】利用因式分解——十字相乘法解方程即可.
7.(2分)不等式号<支+1的解集在数轴上表示正确的是()
A.B.
-200
C.1D.।
-200
【答案】B
【考点】解一元一次不等式;在数轴上表示不等式的解集
【解析】【解答】解:解不等式号<%+1,
去分母得:x-1<3(x+1),
去括号得:x-1<3x+3,
移项合并得:2%>-4,
系数化为得:x>—2,
表示在数轴上如图:
故答案为:B.
【分析】先求出不等式的解集,然后在数轴上表示,最后判断即可.
8.(2分)计算(a—3+《—b)的结果是()
A.-JB.JC.--D.。
bbaa
【答案】A
【考点】分式的乘除法
【解析】【解答】解:(a——b)
_ab—1a
b~Xl^ab
a
=b
故答案为:A.
【分析】将括号内通分并利用同分母分式减法法则计算,再将除法转化为乘法,进行约分即可.
9.(2分)如图,点4,B都在格点上,若80=浮,则AC的长为()
B
A.V13B.C.2mD.3V13
【答案】B
【考点】勾股定理
【解析】【解答】解:由图可知:
AB=762+42=2V13,
BC=2同,
.\AC=AB-BC=2m一空=警,
故答案为:B.
【分析】利用勾股定理求出AB,由AC=AB-BC进行计算即可.
10.(2分)现有4盒同一品牌的牛奶,其中2盒已过期,随机抽取2盒,至少有一盒过期的概率是
()
A.1B.1C.|D.|
【答案】D
【考点】概率公式
【解析】【解答】解:•••有4盒同一品牌的牛奶,其中2盒已过期,
设未过期的两盒为A,B,过期的两盒为C,D,随机抽取2盒,
则结果可能为(A,B),(A,C),(A,D),(B,C),(B,D),(C,D),
共6种情况,其中至少有一盒过期的有5种,
...至少有一盒过期的概率是|,
故答案为:D.
【分析】列举出共有6种等可能情况,其中至少有一盒过期的有5种,然后利用概率公式计算即可.
11.(2分)如图,PA、PB分别与QO相切于A.B,4P=70。,C为。0上一点,
则乙ACB的度数为()
p
B
A.110°B.120°C.125°D.130°
【答案】C
【考点】圆内接四边形的性质;切线长定理
【解析】【解答】解:如图所示,连接OA,OB,在优弧AB上取点D,连接AD,BD,
VAP,BP是切线,
.\ZOAP=ZOBP=90°,
,ZAOB=360°-90o-90o-70°=l10°,
r.ZADB=55°,
又:圆内接四边形的对角互补,
ZACB=180°-ZADB=180°-55°=125°.
故答案为:C.
【分析】连接OA,OB,在优弧AB上取点D,连接AD,BD,根据切线的性质得出NOAP=NOBP
=90°,利用四边形内角和可求出AOB=110。,根据圆周角定理得出/ADB§NAOB=55。,利用圆内
接四边形的对角互补,可得NACB=180"/ADB,据此计算即可.
12.(2分)某工厂生产A、B两种型号的扫地机器人.B型机器人比A型机器人每小时的清扫
面积多50%;清扫lOOn?所用的时间A型机器人比B型机器人多用40分钟.两种型号扫地机
器人每小时分别清扫多少面积?若设A型扫地机器人每小时清扫xm2,根据题意可列方程为
)
A100_100,2口100,2100
A,=~+30^E+3=~
「100,2100n100100,2
C-L/京D.-=1^+3
【答案】D
【考点】列分式方程
【解析】【解答】解:设A型扫地机器人每小时清扫xnE
由题意可得:挈=罂+|,
故答案为:D.
【分析】设A型扫地机器人每小时清扫xnR根据“清扫lOOm?所用的时间A型机器人比B型机
器人多用40分钟''列出方程即可.
13.(2分)已知a>b,下列结论:@a2>ab;(2)a2>b2;③若b<0,则a+b<2b;
④若b>0,则台>其中正确的个数是()
A.1B.2C.3D.4
【答案】A
【考点】不等式的性质
【解析】【解答】解::aAb,则
①当a=0时,a2=ab,故不符合题意;
②当aVO,bVO时,a2<b2,故不符合题意;
③若b<0,则b+b<a+b,即a+b>2b,故不符合题意;
④若b>0,则a>b>0,则:</,故符合题意;
故答案为:A.
【分析】不等式的基本性质①不等式的两边同时加上或减去同一个数(或式子),不等号方向不
变;②不等式的两边同时乘以或除以同一个正数,不等号方向不变;③不等式的两边同时乘以或除
以同一个负数,不等号方向改变;据此逐一判断即可.
14.(2分)实验证实,放射性物质在放出射线后,质量将减少,减少的速度开始较快,后来较慢,
实际上,物质所剩的质量与时间成某种函数关系.下图为表示镭的放射规律的函数图象,据此可计
算32mg镭缩减为Img所用的时间大约是()
m
0162032404860时间年
A.4860年B.6480年C.8100年D.9720年
【答案】C
【考点】探索数与式的规律
【解析】【解答】解:由图可知:
1620年时,镭质量缩减为原来的|,
再经过1620年,即当3240年时:镭质量缩减为原来的上=当,
111
-=--
再经过1620x2=3240年,即当4860年时,镭质量缩减为原来的823
11
再经过1620x4=6480年,即当8100年时,镭质量缩减为原来的尹=显,
此时32x壶=1mg,
故答案为:C.
【分析】根据物质所剩的质量与时间的规律,即可求出结论.
阅卷入
匚、填空题(共5题;共5分)
得分
15.(1分)分解因式:2a3-8a=.
【答案】2a(a+2)(a-2)
【考点】提公因式法与公式法的综合运用
【解析】【解答]解:原式=2a(a2-4)=2a(a+2)(a-2),
故答案为:2a(a+2)(a-2)
【分析】原式提取2a,再利用平方差公式分解即可.
16.(1分)比较大小:265(选填“〉”、“="、“<”).
【答案】<
【考点】实数大小的比较
【解析】【解答】解::2乃=回,5=V25r
而24<25,
/.2V6<5.
故答案为:<.
【分析】由于2乃=旧,5=侬,根据被开方数大,算术平方根就大进行解答即可.
17.(1分)某学校八年级(2)班有20名学生参加学校举行的“学党史、看红书”知识竞赛,成绩统
计如图.这个班参赛学生的平均成绩是.
【答案】95.5
【考点】加权平均数及其计算
【解析】【解答】解:由题意可得:
3x85+2x90+5x95+10x100_<><<
3+2+5+10'
故答案为:95.5.
【分析】利用加权平均数公式进行计算即可.
18.(1分)在平面直角坐标系中,^ABCD的对称中心是坐标原点,顶点4、8的坐标分别是
(-1,1).(2,1),将曲4BCD沿%轴向右平移3个单位长度,则顶点C的对应点Ci的坐标
是.
【答案】(4,-1)
【考点】坐标与图形变化-平移
【解析】【解答】解:在平行四边形ABCD中,
:对称中心是坐标原点,A(-1,1),B(2,1),
AC(1,-1),
将平行四边形ABCD沿x轴向右平移3个单位长度,
.\Ci(4,-1),
故答案为:(4,-1).
【分析】根据平行四边形的性质及对称中心是坐标原点,求出点C坐标,利用平移的性质将点Cx
轴向右平移3个单位长度即得C1的坐标.
19.(1分)数学知识在生产和生活中被广泛应用,下列实例所应用的最主要的几何知识,说法正确
的是(只填写序号).
①射击时,瞄准具的缺口、准星和射击目标在同一直线上,应用了“两点确定一条直线”;
②车轮做成圆形,应用了“圆是中心对称图形”;
③学校门口的伸缩门由菱形而不是其他四边形组成,应用了“菱形的对角线互相垂直平分”;
④地板砖可以做成矩形,应用了“矩形对边相等”.
【答案】①
【考点】真命题与假命题
【解析】【解答】解:①射击时,瞄准具的缺口、准星和射击目标在同一直线上,应用了“两点确定
一条直线”,故符合题意;
②车轮做成圆形,应用了“同圆的半径相等“,故不符合题意;
③学校门口的伸缩门由菱形而不是其他四边形组成,应用了“菱形的四边相等”,故不符合题意;
④地板砖可以做成矩形,应用了“矩形的四个角是直角,可以密铺”,故不符合题意;
故答案为:①.
【分析】①根据两点确定一条直线进行判断即可;②由于车轮中心与地面的距离保持不变,坐车的
人保持平稳,根据“同圆的半径相等”进行判断即可;③根据“菱形的四边相等''进行判断即可;
④根据“矩形的四个角是直角,可以密铺'’进行判断即可.
阅卷入
三、解答题(共7题;共74分)
得分
20.(5分)计算|-V2|+(V2-1)2-(V2+|)2.
【答案】解:|-V2|+(V2-1)123-(V2+1)2
=V2+[(^2-1)+(V24-1)][(V2-2)-(V24-
=V2-2V2
=-V2
【考点】二次根式的混合运算
【解析】【分析】利用绝对值的性质和平方差公式进行计算,然后合并即可.
21.(14分)实施乡村振兴计划以来,我市农村经济发展进入了快车道,为了解梁家岭村今年一季度
经济发展状况,小玉同学的课题研究小组从该村300户家庭中随机抽取了20户,收集到他们一季度
家庭人均收入的数据如下(单位:万元):0.69;0.73;0.74;0.80;0.81;0.98;0.93;0.81;0.89;
0.69;0.74;0.99;0.98;0.78;0.80;0.89;0.83;0.89;0.94;0.89
研究小组的同学对以上数据进行了整理分析,得到下表:
分组频数
0.65<x<0.702
0.70<x<0.753
0.75<x<0.801
0.80<x<0.85a
0.85<x<0.904
0.90<x<0.952
0.95<x<1.00b
统计量平均数中位数众数
数值0.84cd
(1)(4分)表格中:a=,b=,c=,d=;
(2)(5分)试估计今年一季度梁家岭村家庭人均收入不低于0.8万元的户数;
(3)(5分)该村梁飞家今年一季度人均收入为0.83万元,能否超过村里一半以上的家庭?请说
明理由.
【答案】(1)5;3;0.82;0.89
(2):•样本中收入不低于0.8万元的户数有5+4+2+3=14户,
今年一季度梁家岭村家庭人均收入不低于0.8万元的户数为300=210户;
(3)•••样本中的中位数为0.82,梁飞家今年一季度人均收入为0.83万元,
0.83>0.82,
...梁飞家今年一季度人均收入能超过村里一半以上的家庭.
【考点】频数(率)分布表;分析数据的集中趋势
【解析】【解答】解:在0.95WxV1.00中的教据有0.98,0.99,0.98三个,
...b=3,
,a=20-2-3-l-4-2-3=5,
从小到大排列,中位数是第10个和第11个数据的平均数,
即为0咒083=082,
其中0.89出现的次数最多,出现了4次,
则众数为0.89,
故答案为:5,3,0.82,0.89;
(2)•••样本中收入不低于0.8万元的户数有5+4+2+3=14户,
...今年一季度梁家岭村家庭人均收入不低于08万元的户数为300x珠=210户;
(3)•.•样本中的中位数为0.82,梁飞家今年一季度人均收入为0.83万元,
0.83>0.82,
,梁飞家今年一季度人均收入能超过村里一半以上的家庭.
【分析】(1)根据所给的数据直接求出a、b的值;根据中位数和众数的定义求解即可;
(2)利用样本中收入不低于0.8万元的百分比乘以300即得结论;
(3)由于样本中的中位数为0.82,梁《家今年一季度人均收入为0.83万元,即得0.83>0.82,据此
判断即可.
22.(5分)如图,在某小区内拐角处的一段道路上,有一儿童在C处玩耍,一辆汽车从被楼房遮挡
的拐角另一侧的A处驶来,已知CM=3cm,CO=5cm,DO=3cm,NAOD=70。,汽车从A处前
行多少米才能发现C处的儿童(结果保留整数)?(参考数据:sin37°~0.60,cos370~0.80,
tan37°~0.75;sin70°=0.94,cos70°~0.34,tan70°«2.75)
【答案】解::CM=3,OC=5,
,OM=y/0C2-CM2=4,
VZCMO=ZBDO=90°,ZCOM=ZBOD,
/.△COM^ABOD,
.CM_OMgn3_4
••前=砸'即前,'
9
=-=
BD42.25,
/.tanZAOD=tan70°=前,
日nAB-^~BDAB4~2.25
即—D0~=-3-《2o.75,
解得:AB=6,
汽车从A处前行6米才能发现C处的儿童.
【考点】相似三角形的应用;解直角三角形的应用
【解析】【分析】利用勾股定理求出0M=4,证明△COMs/XBOD,可得需=器,据此求出BD,
由于tanAOD=tan70°=需=券彩,据此求出AB的长.
(3
x^x-一1)
23.(15分)已知函数y=<3x(-1<%<1)
[沁21)
(1)(5分)画出函数图象;
列表:
X..・•••
y......
描点,连线得到函数图象:
3m.
42_
」
-l_二
-l_H
__
-二
l_m
-
m_
-一
(2)(5分)该函数是否有最大或最小值?若有,求出其值,若没有,简述理由;
7=0
(3)(5分)设(Xi,yi),(x2,y2)是函数图象上的点,若%i+x2=°,证明:J1+y2-
【答案】(1)解:列表如下:
X-3-2-101234•・・
333
•••-1-3031•••
y"224
函数图像如图所示:
(2)根据图像可知:
当x=l时,函数有最大值3;当%=-1时,函数有最小值3
(3),>'(x1,y1),(x2,y2)是函数图象上的点,+x2=0,
Axi和x2互为相反数,
当一1<<1时,-1<冷<1,
.'.y1=3打,y2=3X2,
:.y1+y2=3%1+3X2=3(X1+x2)=o;
当Xi<-1时,,x2>1,
则丫1+丫2=怖+尚=号;'2)=0;
同理:当%131时,冷三一1,
3,33(4+%2)
%+丫2=---------------0,
X1x2x/2
综上:%+、2=°-
【考点】分段函数;通过函数图象获取信息并解决问题
【解析】【分析】(1)选取特殊值,代入函数解析式,求出y值进行填表,然后描点、连线,即可画
出图象;
(2)观察图象接口求出函数的最值;
(3)由于小+支2=0,可得X1和%2互为相反数,分三种情况:①当一1<%]<1时,一1<
%2<1>②当久1W—1时,21,③当21
时,x2<-1,分别证明丫1+%=°即可•
24.(10分)如图,己知在€)0中,,0C与AD相交于点E.求证:
(1)(5分)AD〃BC
(2)(5分)四边形BCDE为菱形.
【答案】(1)解:连接BD,
,:=KC=8,
.\ZADB=ZCBD,
,AD〃BC;
(2)连接CD,
•.•AD〃BC,
.•.ZEDF=ZCBF,
•:配=6,
,BC=CD,
r.BF=DF,XZDFE=ZBFC,
DEF^ABCF(ASA),
;.DE=BC,
四边形BCDE是平行四边形,又BC=CD,
四边形BCDE是菱形.
【考点】菱形的判定;圆心角、弧、弦的关系
【解析】【分析】⑴连接BD,根据同弧所对的圆周角相等,可得ADBMCBD,利用内错角相
等,两直线平行可证ADBC;
(2)连接CD,证明△DEF^^BCF(ASA),可得DE=BC,由DE〃BC可证四边形BCDE是平行四
边形,由BC=CD,即证四边形BCDE是菱形.
25.(10分)公路上正在行驶的甲车,发现前方20m处沿同一方向行驶的乙车后,开始减速,减速后
甲车行驶的路程s(单位:m)、速度v(单位:m/s)与时间t(单位:s)的关系分别可以用二次函
数和一次函数表示,其图象如图所示.
(1)(5分)当甲车减速至9m/s时,它行驶的路程是多少?
(2)(5分)若乙车以10m/s的速度匀速行驶,两车何时相距最近,最近距离是多少?
【答案】(1)解:由图可知:二次函数图像经过原点,
设二次函数表达式为s=at2+bt,一次函数表达式为v=kt+c,
I一次函数经过(0,16),(8,8),
则[8;8k+c,解得:(k=-l;
(16=c=16
一次函数表达式为v=—t+16,
令v=9,则t=7,
.•.当t=7时,速度为9m/s,
•.•二次函数经过(2,30),(4,56),
则鹿XT吃,解得:卜=T,
116a+4b=56〔6=16
二次函数表达式为s=-1t2+16t,
令t=7,则s=-竽+16x7=87.5,
...当甲车减速至9m/s时,它行驶的路程是87.5m;
(2)•.•当t=0时,甲车的速度为16m/s,
.,.当10VvV16时,两车之间的距离逐渐变小,
当0<v<10时,两车之间的距离逐渐变大,
当v=l()m/s时,两车之间距离最小,
将v=10代入v=—t+16中,得t=6,
将t=6代入5=-|t24-16t中,得s=78,
此时两车之间的距离为:10x6+2O-78=2m,
.♦.6秒时两车相距最近,最近距离是2米.
【考点】待定系数法求一次函数解析式;通过函数图象获取信息并解决问题
【解析】【分析】(1)根据图象信息,利用待定系数法分别求出二次函数与一次函数解析式,令
v=9,求出t=7,再将t值代入二次函数解析式中求出s即可;
(2)分析可得当v=10m/s时,两车之间距离最小,然后代入计算即可.
26.(15分)如图,已知正方形ABCD,点E是BC边上一点,将△ABE沿直线AE折叠,点B落在
F处,连接BF并延长,与/DAF的平分线相交于点H,与AE,CD分别相交于点G,M,连接HC
(1)(5分)求证:AG=GH:
(2)(5分)若AB=3,BE=1,求点D到直线BH的距离;
(3)(5分)当点E在BC边上(端点除外)运动时,NBHC的大小是否变化?为什么?
【答案】(1)解:「△ABE沿直线AE折叠,点B落在点F处,
AAG1BF,
ZAGF=90°,
:AH平分NDAF,
NFAH=1ZFAD,
NEAH=NGAF+NFAH
=1ZBAF+1ZFAD
=1(ZBAF+ZFAD)
=1ZBAD,
♦••四边形ABCD是正方形,
.•./BAD=90°,
/.ZEAH=|ZBAD=45°,
/.ZGHA=45°,
,GA=GH;
(2)连接DH,DF,交AH于点N,
由(1)可知:AF=AD,ZFAH=ZDAH,
/.AH±DF,FN二DN,
.\DH=HF,ZFNH=ZDNH=90°,
又・・,NGHA=45。,
.・・ZFHN=45°=ZNDH=ZDHN,
/.ZDHF=90°,
・・・DH的长即为点D到直线BH的距离,
由(1)知:在RSABE中,AE2=AB2+BE2,
**AE=V324-12=V10,
ZBAE+ZAEB=ZBAE+ZABG=90°,
.\ZAEB=ZABG,
ABG^AAEB,
.AG_BG_AB
9*AB=BE=AE'
.AB299回
/ABBE33710
-二矿B,
由(1)知:GF=BG,AG=GH,
・“3710.9710
••GF=Bni
.-.DH=FH=GH-GF^_^O=^O)
即点D到直线BH的长为争;
(3)作正方形ABCD的外接圆,对角线BD为圆的直径,
VZBHD=90°,
・・・H在圆周上,
AZBHC=ZBDC,
・••四边形ABCD是正方形,
.\ZBCD=90o,BC=CD,
...NBDC=NDBC=45°,
NBHC=45。,
当点E在BC边上(除端点外)运动时,/BHC的大小不变.
【考点】相似三角形的判定与性质;四边形的综合
【解析】【分析】(1)由折叠的性质得出/BAG=NGAF=|BAF,B、F关于AE对称,根据角平分
线的定义及正方形的性质可得出EAH=1BAD=45°,有等腰直角三角形的性质即得结论;
(2)连接DH,DF,交AH于点N,由(1)可知:AF=AD,□FAH=ODAH,从而求匚DHF=90°,禾I」
用勾股定理求出AE的长,证明口人860口人£8,可得的=||=籥,据此可求出AG、BG的长,
由于GF=BG,AG=GH,利用DH=FH=GH-GF求出DH的长即得结论;
(3)作正方形ABCD的外接圆,对角线BD为圆的直径,可得点H在圆周上,利用正方形的性质得
出BDC=DBC=45。,利用同弧所对的圆周角相等可得NBHC=NBDC=45。,据此即得结论.
试题分析部分
1、试卷总体分布分析
总分:107分
客观题(占比)30.0(28.0%)
分值分布
主观题(占比)77.0(72.0%)
客观题(占比)16(61.5%)
题量分布
主观题(占比)10(38.5%)
2、试卷题量分布分析
大题题型题目量(占比)分值(占比)
填空题5(19.2%)5.0(47%)
解答题7(26.9%)74.0(69.2%)
单选题14(53.8%)28.0(26.2%)
3、试卷难度结构分析
序号难易度占比
1普通(80.8%)
2容易(15.4%)
3困难(3.8%)
4、试卷知识点分析
序号知识点(认知水平)分值(占比)对应题号
1频数(率)分布表14.0(13.1%)21
2圆内接四边形的性质2.0(1.9%)11
3坐标与图形变化-平移1.0(0.9%)18
4相反数及有理数的相反数2.0(1.9%)1
5分式的乘除法2.0(1.9%)8
6圆心角、弧、弦的关系10.0(9.3%)24
7单项式乘单项式
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