新高考物理一轮复习知识梳理+分层练习专题37 动量守恒定律、在碰撞问题中应用动量守恒定律（含解析）

SKIPIF1<02023届高三物理一轮复习多维度导学与分层专练SKIPIF1<0专题37动量守恒定律、在碰撞问题中应用动量守恒定律导练目标导练内容目标1动量守恒定律内容、条件、四性目标2弹性碰撞目标3非弹性碰撞和完全非弹性碰撞目标4类碰撞模型【知识导学与典例导练】动量守恒定律内容、条件、四性1．动量守恒定律内容及条件(1)内容：如果系统不受外力，或者所受外力的合力为零，这个系统的总动量保持不变。(2)表达形式：m1v1＋m2v2＝m1v1′＋m2v2′。(3)常见的几种守恒形式及成立条件：①理想守恒：系统不受外力或所受外力的合力为零。②近似守恒：系统所受外力虽不为零，但内力远大于外力。③分动量守恒：系统所受外力虽不为零，但在某方向上合力为零，系统在该方向上动量守恒。2．动量守恒定律的“四性”(1)矢量性：表达式中初、末动量都是矢量，需要首先选取正方向，分清各物体初末动量的正、负。(2)瞬时性：动量是状态量，动量守恒指对应每一时刻的总动量都和初时刻的总动量相等。(3)同一性：速度的大小跟参考系的选取有关，应用动量守恒定律时，各物体的速度必须是相对同一参考系的速度。一般选地面为参考系。(4)普适性：动量守恒定律不仅适用于两个物体所组成的系统，也适用于多个物体组成的系统；不仅适用于宏观物体组成的系统，也适用于微观粒子组成的系统。【例1】A、B两物体质量之比mA∶mB＝3∶2，原来静止在平板小车C上，A、B间有一根被压缩的弹簧，地面水平光滑。当两物体被同时释放后，则（）A．若A、B与平板车上表面间的动摩擦因数相同，A、B组成系统的动量守恒B．若A、B与平板车上表面间的动摩擦因数相同，A、B、C组成系统的动量守恒C．若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B组成系统的动量守恒D．若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B、C组成系统的动量守恒【答案】BCD【详解】A．若A、B与平板车上表面间的动摩擦因数相同，由于A、B两物体质量之比为SKIPIF1<0：SKIPIF1<0：2，由SKIPIF1<0可知弹簧释放时，小车对A、B的滑动摩擦力大小之比为3：2，所以A、B组成的系统合外力不等于零，系统的动量不守恒，A错误；B．对于A、B、C组成的系统，由于地面光滑，系统的合外力为零，则系统动量守恒，B正确；C．若A、B所受的摩擦力大小相等，方向又相反，所以A、B组成的系统合外力为零，A、B组成的系统动量守恒，C正确；D．对于A、B、C组成的系统，系统的合外力为零，则系统动量守恒，D正确。故选BCD。弹性碰撞1.碰撞三原则：(1)动量守恒：即p1＋p2＝p1′＋p2′.(2)动能不增加：即Ek1＋Ek2≥Ek1′＋Ek2′或eq\f(p\o\al(2,1),2m1)＋eq\f(p\o\al(2,2),2m2)≥eq\f(p1′2,2m1)＋eq\f(p2′2,2m2).(3)速度要合理①若碰前两物体同向运动，则应有v后>v前，碰后原来在前的物体速度一定增大，若碰后两物体同向运动，则应有v前′≥v后′。②碰前两物体相向运动，碰后两物体的运动方向不可能都不改变。2.“动碰动”弹性碰撞v1v2v1’ˊv2’ˊm1m2发生弹性碰撞的两个物体碰撞前后动量守恒，动能守恒，若两物体质量分别为m1和m2，碰前速度为v1，v2，碰后速度分别为v1ˊ，v2ˊ，则有：

v1v2v1’ˊv2’ˊm1m2v1’=SKIPIF1<0，v2’=SKIPIF1<0.特殊情况：若m1=m2，v1ˊ=v2，v2ˊ=v1.3.“动碰静”弹性碰撞的结论两球发生弹性碰撞时应满足动量守恒和机械能守恒。以质量为m1、速度为v1的小球与质量为m2的静止小球发生正面弹性碰撞为例，则有m1v1＝m1v1′＋m2v2′（1）eq\f(1,2)m1veq\o\al(2,1)＝eq\f(1,2)m1v1′2＋eq\f(1,2)m2v2′2（2）解得：v1′＝eq\f(（m1－m2）v1,m1＋m2)，v2′＝eq\f(2m1v1,m1＋m2)结论：(1)当m1＝m2时，v1′＝0，v2′＝v1(质量相等，速度交换)(2)当m1＞m2时，v1′＞0，v2′＞0，且v2′＞v1′(大碰小，一起跑)(3)当m1＜m2时，v1′＜0，v2′＞0(小碰大，要反弹)(4)当m1≫m2时，v1′＝v0，v2′＝2v1(极大碰极小，大不变，小加倍)(5)当m1≪m2时，v1′＝－v1，v2′＝0(极小碰极大，小等速率反弹，大不变)【例2】如图所示，光滑水平面上有外形相同的A、B两个物体均向左运动，物体A的动量p1=5kg·m/s，物体B的动量p2=7kg·m/s，在物体A与物体B发生对心碰撞后物体B的动量变为10kg·m/s，则A、B两个物体的质量m1与m2间的关系可能是（）A．m1=m2 B．m1=SKIPIF1<0m2 C．m1=SKIPIF1<0m2 D．m1=SKIPIF1<0m2【答案】C【详解】AB．两个物体在碰撞过程中动量守恒，所以有SKIPIF1<0即SKIPIF1<0由于在碰撞过程中，不可能有其他形式的能量转化为机械能，只能是系统内物体间机械能相互转化或一部分机械能转化为内能，因此系统的机械能不会增加，有SKIPIF1<0；SKIPIF1<0因为题目给出的物理情景是“物体A与物体B发生对心碰撞”，要符合这一物理情景，就必须有SKIPIF1<0即SKIPIF1<0同时还要符合碰撞后B物体的速度大于或等于A物体的速度这一物理情景，即SKIPIF1<0所以SKIPIF1<0故选C。【例3】如图所示，小球A、B均静止在光滑水平面上，现给A球一个向右的初速度，之后与B球发生对心碰撞。关于碰撞后的情况，下列说法正确的是（）A．碰后小球A、B一定共速B．若A、B球发生完全非弹性碰撞，A球质量等于B球质量，则A球将静止C．若A、B球发生弹性碰撞，A球质量小于B球质量，则无论A球初速度大小是多少，A球都将反弹D．若A、B球发生弹性碰撞，A球质量足够大，B球质量足够小，则碰后B球的速度可以是A球的3倍【答案】C【详解】A．小球A、B发生对心碰撞，有可能是完全弹性碰撞，完全非弹性碰撞，非弹性碰撞；若是完全非弹性碰撞，则AB两小球具有共同速度，若不是，两球速度不同，则A错误；B．若A、B球发生完全非弹性碰撞，AB碰后有共同速度，有动量守恒可得SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0若A球质量等于B球质量，则SKIPIF1<0故B错误；CD．小球A、B发生对心碰撞，若是完全弹性弹性碰撞，则根据动量守恒和机械能守恒，则SKIPIF1<0SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0，SKIPIF1<0若A球质量小于B球质量，有上述SKIPIF1<0和SKIPIF1<0的表达式可知SKIPIF1<0，A球质量足够大，B球质量足够小，有上述SKIPIF1<0和SKIPIF1<0的表达式可知SKIPIF1<0故C正确，故D错误。故选C。非弹性碰撞和完全非弹性碰撞1.非弹性碰撞介于弹性碰撞和完全非弹性碰撞之间的碰撞。动量守恒，碰撞系统动能损失。根据动量守恒定律可得：m1v1+m2v2=m1v1ˊ+m2v2ˊ(1)损失动能ΔEk，根据机械能守恒定律可得：SKIPIF1<0m1v12+SKIPIF1<0m2v22=SKIPIF1<0m1v1ˊ2+SKIPIF1<0m2v2ˊ2+ΔEk.(2)2.完全非弹性碰撞v1v1v2v共m1m2m1v1+m2v2=(m1+m2)v共（1）完全非弹性碰撞系统损失的动能最多，损失动能：ΔEk=½m1v12+½m2v22-½(m1+m2)v共2（2）联立（1）、（2）解得：v共=SKIPIF1<0；ΔEk=SKIPIF1<0【例4】A、B两球在光滑水平面上沿同一直线、同一方向运动，SKIPIF1<0，SKIPIF1<0，SKIPIF1<0，SKIPIF1<0，当A追上B并发生碰撞后，A、B两球速度的可能值是（）A．SKIPIF1<0，SKIPIF1<0B．SKIPIF1<0，SKIPIF1<0C．SKIPIF1<0，SKIPIF1<0D．SKIPIF1<0，SKIPIF1<0【答案】C【详解】两球碰撞过程中系统动量守恒，以两球的初速度方向为正方向，如果两球发生完全非弹性碰撞，由动量守恒定律得SKIPIF1<0代入数据解得SKIPIF1<0如果两球发生完全弹性碰撞，有SKIPIF1<0由机械能守恒定律得SKIPIF1<0代入数据解得SKIPIF1<0SKIPIF1<0则碰撞后A、B的速度SKIPIF1<0；SKIPIF1<0故选C。类碰撞模型类“完全弹性碰撞”类“完全非弹性碰撞”子弹打木块模型板块模型弹簧模型弧形槽模型摆球模型【例5】长为L、质量为M的木块在粗糙的水平面上处于静止状态，有一质量为m的子弹（可视为质点）以水平速度SKIPIF1<0击中木块并恰好未穿出。设子弹射入木块的过程时间极短，子弹受到木块的阻力恒定，木块运动的最大距离为x，重力加速度为g，下列说法中正确的是（）A．子弹受到的阻力大小SKIPIF1<0B．子弹受到的阻力大小SKIPIF1<0C．木块与水平面间的动摩擦因数SKIPIF1<0D．木块与水平面间的动摩擦因数SKIPIF1<0【答案】AC【详解】AB．设子弹射入木块的过程时间极短，由动量守恒得SKIPIF1<0根据动能定理得SKIPIF1<0联立解得SKIPIF1<0，A正确，B错误；CD．子弹和物块一起做减速运动，由动能定理得SKIPIF1<0联立解得SKIPIF1<0C正确，D错误。故选AC。【例6】如图甲所示，光滑的水平地面上放着一个足够长的长木板，t=0时，一质量为m的滑块以初速度v0滑上长木板，两者的v﹣t图像如图乙所示，当地的重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．在0～t0时间内，滑块在长木板上滑过的位移为SKIPIF1<0B．长木板的质量为SKIPIF1<0C．在0～t0时间内，滑块受到的摩擦力为SKIPIF1<0D．在0～t0时间内，滑块与长木板之间因摩擦而产生的热量为SKIPIF1<0【答案】C【详解】A．在0～t0时间内，滑块在长木板上滑过的位移为SKIPIF1<0，A错误；B．根据动量守恒定律得SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0，B错误；C．在0～t0时间内，对木板根据动量定理得SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0，C正确；D．在0～t0时间内，根据能量守恒定律得SKIPIF1<0，D错误。故选C。【例7】如图甲所示，一轻质弹簧的两端分别与质量是m1、m2的A、B两物块相连，它们静止在光滑水平面上，两物块质量之比m1：m2＝2：3．现给物块A一个水平向右的初速度v0并从此时刻开始计时，两物块的速度随时间变化的规律如图乙所示，下列说法正确的（）A．t1时刻弹簧长度最短，t2时刻弹簧长度最长B．t2时刻弹簧处于伸长状态C．v2＝0.8v0D．v3＝0.5v0【答案】AC【详解】AB.从图象可以看出，从0到t1的过程中，m1的速度比m2的大，弹簧被压缩，t1时刻两物块达到共同速度，此后，m1的速度比m2的小，两者间距增大，弹簧的压缩量减小，所以t1时刻弹簧长度最短，t2时刻m2的速度最大，此后m2的速度减小，弹簧被拉伸，则t2时刻弹簧恢复原长，t3时刻两滑块速度相等，此时弹簧最长，故A符合题意，B不符合题意；C.两滑块组成的系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：m1v0＝﹣m1v1+m2v2t2时刻弹簧恢复原长，弹簧弹性势能为零，系统机械能守恒，由机械能守恒定律得：SKIPIF1<0解得：v2＝0.8v0故C不符合题意；D.两滑块组成的系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：m1v0＝（m1+m2）v3解得：v3＝0.4v0故D不符合题意；【例8】如图所示，质量为4m的光滑物块a静止在光滑水平地面上，物块a左侧面为圆弧面且与水平地面相切，质量为m的滑块b以初速度v0向右运动滑上a，沿a左侧面上滑一段距离后又返回，最后滑离a，不计一切摩擦，滑块b从滑上a到滑离a的过程中，下列说法正确的是（）A．滑块b沿a上升的最大高度为SKIPIF1<0B．物块a运动的最大速度为SKIPIF1<0C．物块a对滑块b的冲量大小SKIPIF1<0D．物块a对滑块b的所做的功SKIPIF1<0【答案】BD【详解】A．b沿a上升到最大高度时，两者速度相等，取向右为正方向，在水平方向，由动量守恒定律得mv0=(m＋4m）v由机械能守恒定律得SKIPIF1<0mv02=SKIPIF1<0（m＋4m）v2＋mgh解得h=SKIPIF1<0，A错误；B．滑块b从滑上a到滑离a后，物块a运动的速度最大。系统在水平方向动量守恒，对整个过程，以向右为正方向，由动量守恒定律得mv0=mvb＋4mva由机械能守恒定律得SKIPIF1<0mv02=SKIPIF1<0mvb2＋SKIPIF1<0×4mva2解得va=SKIPIF1<0v0，vb=SKIPIF1<0v0，B正确；C．对b由动量定理SKIPIF1<0，C错误；D．对b由动能定理SKIPIF1<0，D正确。故选BD。【例9】如图所示，质量为m滑块A套在一水平固定的光滑细杆上，可自由滑动。在水平杆上固定一挡板P，滑块靠在挡板P左侧且处于静止状态，其下端用长为L的不可伸长的轻质细线悬挂一个质量为3m的小球B，已知重力加速度大小为g。现将小球B拉至右端水平位置，使细线处于自然长度，由静止释放，忽略空气阻力，则（）A．滑块与小球组成的系统机械能不守恒B．滑块与小球组成的系统动量守恒C．小球第一次运动至最低点时，细线拉力大小为3mgD．滑块运动过程中，所能获得的最大速度为SKIPIF1<0【答案】D【详解】A．滑块与小球运动过程中，系统内没有除重力之外的力对系统做功，所以系统机械能守恒，故A错误；B．小球向下摆动过程中，滑块受到挡板的作用力，滑块与小球组成的系统合外力不为零，系统动量不守恒，故B错误；C．设小球第一次运动至最低点时的速度为v，根据机械能守恒定律有SKIPIF1<0①在最低点根据牛顿第二定律有SKIPIF1<0

②联立①②解得小球第一次运动至最低点时细线拉力大小为SKIPIF1<0③故C错误；D．当小球通过最低点后，P不再受挡板的作用力，此时小球与滑块组成的系统在水平方向动量守恒，设某时刻小球和滑块的速度分别为v1和v2，规定水平向左为正方向，根据动量守恒定律有SKIPIF1<0

④由上式可知，当v1与v反向且达到最大值时，v2也将达到最大值，即小球第二次通过最低点时，滑块速度达到最大，根据机械能守恒定律有SKIPIF1<0⑤联立①④⑤解得SKIPIF1<0⑥故D正确。故选D。【多维度分层专练】1．如图所示，小车a静止于光滑水平面上，a上有一圆弧PQ，圆弧位于同一竖直平面内，小球b由静止起沿圆弧下滑，则这一过程中（）A．若圆弧不光滑，则系统的动量守恒，机械能不守恒B．若圆弧不光滑，则系统的动量不守恒，机械能守恒C．若圆弧光滑，则系统的动量不守恒，机械能守恒D．若圆弧光滑，则系统的动量守恒，机械能守恒【答案】C【详解】不论圆弧是否光滑，小车与小球组成的系统在小球下滑过程中系统所受合外力都不为零，则系统动量都不守恒。但系统水平方向不受外力，所以系统水平方向的动量守恒；若圆弧光滑，只有重力做功，系统的机械能守恒；若圆弧不光滑，系统要克服摩擦力做功，机械能减少，故ABD错误，C正确。故选C。2．光滑水平面和竖直光滑曲面相切于曲面的最低点，大小相同的弹性小球A、B质量分别为mA和mB。B静止于曲面的最低点，让球A从曲面上一定高度h滑下，在最低点与球B发生正碰，碰撞过程无机械能损失，水平面足够长。下列说法正确的是（）A．两小球不可能发生第二次碰撞B．当SKIPIF1<0时，两小球只能发生一次碰撞C．增大h可能让两小球发生第二次碰撞D．若mA<mB，两小球一定能发生第二次碰撞【答案】B【详解】AC．由能量守恒定律和动量守恒定律，有SKIPIF1<0；SKIPIF1<0两球撞击后的速度为SKIPIF1<0；SKIPIF1<0当它们速度同向时，SKIPIF1<0，不会发生第二次碰撞；若球A反弹后滑上曲面，由于机械能守恒，球A回到水平面时的速度与反弹时的速度大小相等，当SKIPIF1<0时，可以发生第二次碰撞，与h无关，选项AC错误；BD．若发生第二次碰撞，则有SKIPIF1<0计算得SKIPIF1<0，所以当SKIPIF1<0时，球A、B只能发生一次碰撞，故B正确，D错误。故选B。3．如图所示，一个质量为0.5kg的小球在离车底面高度20m处以一定的初速度向左平抛，落在以7.5m/s的速度沿光滑的水平面向右匀速行驶的敞篷小车中，小车的底面上涂有一层油泥，车与油泥的总质量为4kg，设小球在落到车的底面前瞬间的速度是25m/s，则小球与小车相对静止时，小车的速度是（）（g=10m/s2）A．5m/s B．4m/s C．8m/s D．9.5m/s【答案】A【详解】小球抛出后做平抛运动，根据动能定理得SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0小球和车作用过程中，水平方向的外力之和为零，动量守恒，有SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0故A正确，BCD错误。故选A。4．如图所示，在固定的水平杆上，套有质量为m的光滑圆环，轻绳一端拴在环上，另一端系着质量为M的木块，现有质量为m0的子弹以大小为v0的水平速度射入木块并留在木块中（此过程时间极短），重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．子弹射入木块后的瞬间，木块的速度大小为SKIPIF1<0B．子弹射入木块后的瞬间，绳子拉力等于（M＋m0）gC．子弹射入木块之后，圆环、木块和子弹构成的系统机械能守恒D．子弹射入木块之后，圆环、木块和子弹构成的系统动量总是守恒的【答案】C【详解】A．子弹射入木块后的瞬间，子弹和木块系统的动量守恒，则m0v0=(M+m0)v1解得速度大小为SKIPIF1<0故A错误；B．子弹射入木块后的瞬间，根据牛顿第二定律可得SKIPIF1<0可知绳子拉力SKIPIF1<0故B错误；C．子弹射入木块之后，系统只有重力做功，所以圆环、木块和子弹构成的系统机械能守恒，故C正确；D．子弹射入木块之后，圆环、木块和子弹构成的系统水平方向没有外力，圆环、木块和子弹构成的系统只在水平方向动量守恒，竖直方向动量不守恒，所以子弹射入木块之后，圆环、木块和子弹构成的系统动量不守恒的，故D错误；故选C。5．如图所示，足够长的小平板车SKIPIF1<0的质量为SKIPIF1<0，以水平速度SKIPIF1<0向右在光滑水平面上运动，与此同时，质量为SKIPIF1<0的小物体SKIPIF1<0从车的右端以水平速度SKIPIF1<0沿车的粗糙上表面向左运动。若物体与车面之间的动摩擦因数为SKIPIF1<0，则在足够长的时间内（）A．若SKIPIF1<0，物体SKIPIF1<0对地向左的最大位移是SKIPIF1<0B．若SKIPIF1<0，小车SKIPIF1<0对地向右的最大位移是SKIPIF1<0C．无论SKIPIF1<0与SKIPIF1<0的大小关系如何，摩擦力对平板车的冲量均为SKIPIF1<0D．无论SKIPIF1<0与SKIPIF1<0的大小关系如何，摩擦力的作用时间均为SKIPIF1<0【答案】B【详解】规定向右为正方向，根据动量守恒定律有SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0A．若SKIPIF1<0，SKIPIF1<0所受的摩擦力SKIPIF1<0对SKIPIF1<0，根据动能定理得SKIPIF1<0则得物体SKIPIF1<0对地向左的最大位移SKIPIF1<0故A错误；B．若SKIPIF1<0，对SKIPIF1<0，由动能定理得SKIPIF1<0则得小车SKIPIF1<0对地向右的最大位移SKIPIF1<0故B正确；C．根据动量定理知，摩擦力对平板车的冲量等于平板车动量的变化量，即SKIPIF1<0故C错误；D．根据动量定理得SKIPIF1<0；SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0故D错误。故选B。6．物理学中有一种碰撞被称为“超弹性连续碰撞”，通过能量的转移可以使最上面的小球弹起的高度比释放时的高度更大。如图所示，A、B、C三个弹性极好的小球，相邻小球间有极小间隙，三球球心连线竖直，从离地一定高度处由静止同时释放（其中C球下部离地H），所有碰撞均为弹性碰撞，且碰后B、C恰好静止，则（）A．C球落地前瞬间A球的速度为SKIPIF1<0B．从上至下三球的质量之比为1∶2∶6C．A球弹起的最大高度为25HD．A球弹起的最大高度为9H【答案】ABD【详解】A．因为A、B、C球由静止同时释放，所以落地瞬间的速度相等，由自由落体运动公式v2=2gH解得SKIPIF1<0，A正确；B．由题意可知，C球碰地，反向碰B，B在反向碰A，因都是弹性碰撞，设向上为正方向，由动量守恒定律和机械能守恒定律，所以C碰B有mCvC−mBvB=mBvB＇；SKIPIF1<0B碰A有mBvB＇−mAvA=mAvA＇；SKIPIF1<0由以上几式可得mA﹕mB﹕mC=1﹕2﹕6，B正确；CD．由B选项分析解得SKIPIF1<0，A球弹起的最大高度SKIPIF1<0；SKIPIF1<0，C错误，D正确。故选ABD。7．如图甲所示，一轻弹簧的两端与质量分别为SKIPIF1<0和SKIPIF1<0的两物块A、B相连接，并静止在光滑的水平面上。现使A瞬时获得水平向右的速度3m/s，以此刻为计时起点，两物块的速度随时间变化的规律如图乙所示遵循正弦变化关系，已知SKIPIF1<0=1kg，下列说法正确的是（）A．物块B的质量为2kgB．弹簧的最大弹性势能为1.5JC．从开始到弹簧第一次恢复原长时物块B的位移数值为SKIPIF1<0D．从开始到弹簧第一次恢复原长过程中弹簧对物块A的冲量大小为SKIPIF1<0【答案】ACD【详解】A.由图像可知A物块的初速度SKIPIF1<0，t1时刻两物块达到共速SKIPIF1<0，由动量守恒得SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0故A正确；B.由图像可知t1时刻弹簧的压缩量最大，此时弹性势能最大，由能量守恒得SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0故B错误；C.从开始到弹簧第一次恢复原长所经历的时间为t2，此时B的位移为图线与t轴所围成的面积，由图线的对称性可得，位移为SKIPIF1<0故C正确；D.B速度最大时，弹簧恢复原长，由动量守恒得SKIPIF1<0由能量守恒得SKIPIF1<0解得此时A的速度为SKIPIF1<0故从开始到弹簧第一次恢复原长过程中弹簧对物块A的冲量为SKIPIF1<0大小为SKIPIF1<0，故D正确。故选ACD。8．如图所示，在光滑水平面上停放质量为m装有弧形槽的小车．现有一质量也为m的小球以v0的水平速度沿切线水平的槽口向小车滑去(不计摩擦)，到达某一高度后，小球又返回小车右端，则()A．小球在小车上到达最高点时的速度大小为SKIPIF1<0B．小球离车后，对地