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文档简介
平顶山市重点中学2024届高一物理第二学期期末预测试题注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在本试卷上无效。3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分,选不全的得3分,有选错的或不答的得0分)1、(本题9分)关于物体的运动,下列说法中正确的是:()A.物体在变力作用下速度方向一定发生变化B.物体的速度与加速度的方向不平行时,物体做曲线运动C.做匀变速运动的物体,其轨迹一定是直线D.物体在恒力作用下可能做匀速圆周运动,也可能做直线运动2、一物体的速度大小为v0时,其动能为Ek,当它的动能为2Ek时,其速度大小为A. B.2v0 C. D.3、(本题9分)关于平抛运动,下列说法正确的是()A.不论抛出位置多高,抛出速度越大的物体,其水平位移一定越大B.不论抛出位置多高,抛出速度越大的物体,其飞行时间一定越长C.不论抛出速度多大,抛出位置越高,其飞行时间一定越长D.不论抛出速度多大,抛出位置越高,飞得一定越远4、(本题9分)下列各叙述中,正确的是()A.由功的定义式W=Fx可知,功是既有大小又有方向的物理量.B.在不需要考虑带电物体本身的形状和大小时,用点电荷来代替带电体的方法叫微元法C.牛顿在前人工作的基础上通过推导,提出了万有引力定律,并测出了引力常量的值D.比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例,例如电场强度E=F/q,电势差U=W/q都是采用了比值法定义的5、(本题9分)如图所示,从倾角为斜面上某点先后将同一小球以不同的初速度水平抛出,小球均落在斜面上.当抛出的速度为时,小球到达斜面时速度方向与斜面的夹角为;当抛出速度为时,小球到达斜面时速度方向与斜面的夹角为,则()A.无论v1、v2关系如何,均有α1=α2B.当v1>v2时,α1>α2C.当v1>v2时,α1<α2D.α1、α2的关系与斜面倾角θ有关6、关于力和运动的关系,以下说法中正确的是()A.物体做曲线运动,其加速度一定改变B.物体做曲线运动,其加速度可能不变C.物体的运动状态发生变化,该物体的受力情况一定发生变化D.物体在恒力作用下运动,其速度方向一定改变7、如图所示,长为L的绝缘细线一端系一质量为m、带电量为q的小球,另一端固定在定点O位置,置于电场强度大小为E、方向水平向右的匀强电场中.拉直细线将小球自O点正下方由静止释放,小球向上摆动,最大偏角θ=60°,重力加速度为g,以下说法正确的是A.小球带电量大小q=3B.小球从开始摆至最大摆角的过程中,机械能与电势能之和保持不变C.小球到达最大摆角处时细线上的拉力为T=2mgD.小球在摆动过程中的最大速率v8、(本题9分)如图,小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上,从小球接触弹簧到将弹簧压缩至最短的过程中(弹簧一直保持竖直)()A.小球的机械能先增大后减小B.小球的重力势能一直减小C.小球的动能先增大后减小D.弹簧的弹性势能一直在增大9、(本题9分)如图,电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r.将滑动变阻器滑片向下滑动,理想电压表示数变化量的绝对值分别为,理想电流表示数变化量的绝对值,则A.A的示数增大 B.的示数增大C.与的比值大于r D.大于10、(本题9分)如图所示,一辆可视为质点的汽车以恒定的速率驶过竖直面内的凸形桥。已知凸形桥面是圆弧形柱面,则下列说法中正确的是()A.汽车在凸形桥上行驶的过程中,其所受合力始终为零B.汽车在凸形桥上行驶的过程中,其始终处于失重状态C.汽车从桥底行驶到桥顶的过程中,其角速度恒定D.汽车从桥底行驶到桥顶的过程中,其加速度不变11、(本题9分)我国发射的“神舟七号”载人飞船,与“神舟六号”船相比,它在较低的轨道上绕地球做匀速圆周运动,如图所示,下列说法正确的是()A.“神舟七号”的角速度较大B.“神舟七号”的线速度较大C.“神舟七号”的周期更长D.“神舟七号”的向心加速度较大12、(本题9分)图示为一皮带传送装置,a、b分别是两轮边缘上的点,a、b、c的半径之比为3∶2∶1.以v1、v2、v3分别表示这三点线速度的大小,以ω1、ω2、ω3分别表示三点的角速度大小,则以下关系正确的是().A.v1∶v2∶v3=3∶2∶1 B.v1∶v2∶v3=3∶3∶1C.ω1∶ω2∶ω3=3∶2∶3 D.ω1∶ω2∶ω3=2∶3∶2二.填空题(每小题6分,共18分)13、(本题9分)如图,长为1m的轻杆OA可绕O处铰链在竖直平面内转动,质量均为1kg的小球固定在A、B两处,B为杆的中点.若杆在水平位置由静止起开始自由转动,不计阻力,转动30°角时B球的速度为______m/s,此过程中杆对A球做的功为______J.14、质量为1kg的物体,在空中由静止开始自由落下,经5s落地(g=10m/)。前2s内小球的动能增量为__;前2s内重力做功的功率为_____;第2s末重力做功的瞬时功率________。15、(本题9分)下图为密闭的理想气体在温度T1、T2时的分子速率分布图像,图中f(v)表示v处单位速率区间内的分子数百分率,则T1______T2(选填“大于”或“小于”);气体温度升高时压强增大,从微观角度分析,这是由于分子热运动的_______增大了.三.计算题(22分)16、(12分)质量为m=4kg的风车,在与水平面成θ=37°角的斜向上拉力F=40N的恒力作用下沿粗糙水平面运动,风车所受的空气阻力不能忽略,其大小与速度大小成正比,比例系数k未知。今测得风车运动的v-t图像如图所示,且AB是t=0时曲线的切线,B点的坐标为(4,15),CD平行于t轴(sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2)(1)风车开始阶段做什么运动?最后做什么运动?(2)求当v0=5m/s和v1=10m/s时,物体的加速度大小;(3)求比例系数k及风车与水平面间的动摩擦因数。17、(10分)(本题9分)如图甲所示.水平放置的两平行金属板、B相距为d,板间加有如图乙所示随时间变化的电压.、B板中点O处有一带电粒子,其电荷量为,质量为m,在时间内粒子处于静止状态.已知重力加速度为g,周期.求:(1)判定该粒子的电性;(2)在方时间内两板间的电压U0:(3)若时刻,粒子恰好从O点正下方金属板A的小孔飞出,那么的比值应满足什么条件.
参考答案一、选择题(本题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分,选不全的得3分,有选错的或不答的得0分)1、B【解题分析】
物体在变力作用下速度方向不一定发生变化,例如非匀变速直线运动,选项A错误;物体的速度与加速度的方向不平行时,物体做曲线运动,选项B正确;做匀变速运动的物体,其轨迹不一定是直线,例如平抛运动,选项C错误;物体在恒力作用不可能做匀速圆周运动,可能做直线运动,选项D错误.2、C【解题分析】
设物体的质量为m,当一物体的速度大小为v0时,其动能为Ek,则有当它的动能为2Ek时,有解得:A..故选项A不符合题意.B.2v0.故选项B不符合题意.C..故选项C符合题意.D..故选项D不符合题意.3、C【解题分析】试题分析:物体平抛运动的水平位移,初速度越大,水平位移不一定大,还与抛出点的高度有关,故A错误.根据知,高度越高,飞行的时间越长,与初速度无关,故B错误,C正确.根据知,高度越高,水平位移不一定大,还与初速度有关,故D错误.故选C.考点:平抛运动【名师点睛】此题是对平抛运动的规律的考查;解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律,知道运动的时间由高度决定,初速度和时间共同决定水平位移.4、D【解题分析】A、功是标量,只有大小无方向,而其正负表示力和位移的夹角体现正功或负功,故A错误.B、在不需要考虑带电物体本身的大小和形状时,用点电荷来代替物体的方法叫建立理想化模型的方法,故B错误.C、牛顿发现了万有引力定律,卡文迪许测出了引力常量,故C错误.D、电场强度E=F/q,电势差U=W/q都是采用了比值法定义,体现与两个物理量无关,反映场本身的性质,故D正确.故选D.【题目点拨】在高中物理学习的过程中,我们会遇到多种不同的物理分析方法,这些方法对我们理解物理有很大的帮助,故在理解概念和规律的基础上,要注意方法的积累.5、A【解题分析】
如图所示,由平抛运动的规律知,,则得:;由图知:,可得:,所以与抛出速度无关,故,、的大小与斜面倾角有关,但α1、α2的关系与斜面倾角θ无关,一定相等.故选项A正确,B、C、D错误.6、B【解题分析】
AB.物体做曲线运动的条件是受到的合力和运动方向不在一条直线上,做曲线运动的物体加速度不一定改变,只要合力不变,加速度就不变,如平抛运动,故A错误,B正确;
C.物体的运动状态发生变化,就是速度发生了变化,物体就一定有加速度,物体的合外力就不为零,而受力情况却不一定发生变化,如平抛运动,故C错误
D.物体在恒力作用下运动,当恒力的方向(加速度方向)与速度方向不在同一条直线上,物体就做曲线运动,速度方向一定改变;当恒力的方向(加速度方向)与速度方向相同时,物体在恒力的作用下速度方向不发生改变,故D错误.7、BD【解题分析】
AB.如图所示,带电小球受竖直向下的重力、水平向右的恒定电场力和细线的拉力.从最低点到最高点过程中,细线的拉力不做功,根据动能定理得qELsinθ-mgL(l-cosθ)=0,得小球带电量大小q=3mgC.小球到达最大摆角处时速度为零,沿细线方向受力平衡,则线上的拉力为mg,故C错误;D.由重力与电场力合力方向沿与竖直方向成30°角斜向下,当速度方向与合力方向垂直时速度最大,由动能定理得qELsin30°-mgL(1-cos30°)=12mv8、BCD【解题分析】
解答本题需要掌握:正确判断物体机械能是否守恒;正确分析小球下落过程中弹簧弹力的变化从而进一步明确速度、加速度的变化情况;弄清小球下落过程中的功能转化,小球和弹簧接触直至压缩最短过程中,弹簧弹力对小球做负功,因此小球机械能减小。【题目详解】A项:小球下落过程中小球与弹簧组成的系统机械能守恒,但是小球机械能不守恒,因下落过程中弹簧弹力对其做负功,所以小球机械能减小,故A错误;B项:小球在下落过程中,重力做正功,所以重力势能一直减小,故B正确;C项:小球下落和弹簧接触过程中,开始做加速度逐渐减小的加速运动,当弹簧弹力等于重力时速度最大,然后做加速度逐渐增大的减速运动,故其动能先增大后减小,故C正确;D项:小球下落将弹簧压缩,所以弹簧的弹性势能一直在增大,故D正确。【题目点拨】弹簧问题往往是动态变化的,分析这类问题时用动态变化的观点进行,同时注意其过程中的功能转化关系。9、ACD【解题分析】
A.滑动变阻器的滑片向下滑动,导致滑动变阻器阻值变小,由于电压表断路,定值电阻和滑动变阻器为串联,滑动变阻器阻值变小,总电阻变小,电源电动势不变,总电流变大,即电流表示数变大,选项A对;B.电压表测量定值电阻的电压,电阻不变,总电流变大,所以电压变大即示数增大.电压表测量定值电阻和滑动变阻器总电压即路端电压,示数变小,选项B错;D.电压表测量滑动变阻器电压,设电流增加量为,则根据,,所以,选项D对;C.电压表的变化量,所以,选项C对.10、BC【解题分析】
AB.汽车在凸形桥上行驶的过程中因为做匀速圆周运动,汽车的合力始终不为零;汽车的向心加速度有竖直向下的加速度分量,所以处于失重状态,故A错误,B正确.CD.汽车从桥底行驶到桥顶的过程中,因速率恒定,做匀速圆周运动,故角速度不变,加速度大小不变,方向一直在改变,故C正确,D错误11、ABD【解题分析】根据人造卫星的万有引力等于向心力,得:,可得,,,可知卫星的轨道半径越大,角速度、线速度、向心加速度小,周期越大,由题神舟七号轨道半径小于神舟六号的轨道半径,则知神舟七号周期小,神舟七号角速度、速度和向心加速度都大,故C错误,A、B、D正确.故选ABD.【题目点拨】本题关键抓住万有引力提供向心力,列式求解出线速度、角速度、周期和向心力的表达式,再进行讨论.12、BD【解题分析】
a、c两点共轴转动,角速度相等,则有:ω1:ω3=1:1a、c两点到转轴O1的距离之比为3:1,则结合v=rω知:v1:v3=3:1.a、b两点同缘转动,则线速度相等,即v1∶v2=1∶1根据v=rω,a、b的半径之比为3∶2,则ω1∶ω2=2∶3则v1∶v2∶v3=3∶3∶1ω1∶ω2∶ω3=2∶3∶2故AC错误,BD正确;故选BD.点睛:解决本题的关键知道线速度、角速度的关系,以及知道共轴转动,角速度相等;同缘转动线速度相等.二.填空题(每小题6分,共18分)13、1【解题分析】
A、B及轻杆组成的系统机械能守恒,有可得,;对A应用动能定理得
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