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文档简介

河南省永州市新田县第一中学2024届数学高一下期末达标检测模拟试题注意事项1.考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回.2.答题前,请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.4.作答选择题,必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑;如需改动,请用橡皮擦干净后,再选涂其他答案.作答非选择题,必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答,在其他位置作答一律无效.5.如需作图,须用2B铅笔绘、写清楚,线条、符号等须加黑、加粗.一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每个小题给出的四个选项中,恰有一项是符合题目要求的1.设满足约束条件,则的最大值为()A.7 B.6 C.5 D.32.P是直线x+y+2=0上任意一点,点Q在圆x-22+yA.2 B.4-2 C.4+23.已知集合,则().A. B. C. D.4.已知数列(,)具有性质:对任意、(),与两数中至少有一个是该数列中的一项,对于命题:①若数列具有性质,则;②若数列,,()具有性质,则;下列判断正确的是()A.①和②均为真命题 B.①和②均为假命题C.①为真命题,②为假命题 D.①为假命题,②为真命题5.已知数列满足,,则数列的前5项和()A.15 B.28 C.45 D.666.已知数列是等比数列,若,且公比,则实数的取值范围是()A. B. C. D.7.已知扇形的半径为,圆心角为,则该扇形的面积为()A. B. C. D.8.函数的图象如图所示,为了得到的图象,可将的图象()A.向右平移个单位 B.向右平移个单位C.向左平移个单位 D.向左平移个单位9.在中,内角A,B,C的对边分别为a,b,c,若a,b,c依次成等差数列,,,依次成等比数列,则的形状为()A.等边三角形 B.等腰直角三角形C.钝角三角形 D.直角边不相等的直角三角形10.已知集合,,则()A. B.C. D.二、填空题:本大题共6小题,每小题5分,共30分。11.已知a,b为常数,若,则______;12.已知,,若,则______13.体积为8的一个正方体,其全面积与球的表面积相等,则球的体积等于________.14.已知,那么__________.15.直线与直线垂直,则实数的值为_______.16.设向量与向量共线,则实数等于__________.三、解答题:本大题共5小题,共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17.已知.(1)若对任意的,不等式上恒成立,求实数的取值范围;(2)解关于的不等式.18.一个盒子中装有4张卡片,每张卡片上写有1个数字,数字分别是1、2、3、4,现从盒子中随机抽取卡片.(Ⅰ)若一次从中随机抽取3张卡片,求3张卡片上数字之和大于或等于7的概率;(Ⅱ)若第一次随机抽取1张卡片,放回后再随机抽取1张卡片,求两次抽取的卡片中至少一次抽到数字2的概率.19.已知函数,.(1)求函数的值域;(2)若恒成立,求m的取值范围.20.某校为了了解学生每天平均课外阅读的时间(单位:分钟),从本校随机抽取了100名学生进行调查,根据收集的数据,得到学生每天课外阅读时间的频率分布直方图,如图所示,若每天课外阅读时间不超过30分钟的有45人.(Ⅰ)求,的值;(Ⅱ)根据频率分布直方图,估计该校学生每天课外阅读时间的中位数及平均值(同一组中的数据用该组区间的中点值代表).21.为了解学生的学习情况,某学校在一次考试中随机抽取了20名学生的成绩,分成[50,60),[60,70),[70,80),[80,90),[90,100]五组,绘制了如图所示频率分布直方图.求:(Ⅰ)图中m的值;(II)估计全年级本次考试的平均分;(III)若从样本中随机抽取分数在[80,100]的学生两名,求所抽取两人至少有一人分数不低于90分的概率.

参考答案一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每个小题给出的四个选项中,恰有一项是符合题目要求的1、A【解题分析】

考点:简单线性规划.专题:计算题.分析:首先作出可行域,再作出直线l0:y=-3x,将l0平移与可行域有公共点,直线y=-3x+z在y轴上的截距最大时,z有最大值,求出此时直线y=-3x+z经过的可行域内的点A的坐标,代入z=3x+y中即可.解:如图,作出可行域,作出直线l0:y=-3x,将l0平移至过点A(3,-2)处时,函数z=3x+y有最大值1.故选A.点评:本题考查线性规划问题,考查数形结合思想.解答的步骤是有两种方法:一种是:画出可行域画法,标明函数几何意义,得出最优解.另一种方法是:由约束条件画出可行域,求出可行域各个角点的坐标,将坐标逐一代入目标函数,验证,求出最优解.2、D【解题分析】

首先求出圆心到直线的距离与半径比较大小,得到直线与圆是相离的,根据圆上的点到直线的距离的最小值等于圆心到直线的距离减半径,求得结果.【题目详解】因为圆心(2,0)到直线x+y+2=0的距离为d=2+0+2所以直线x+y+2=0与圆(x-2)2所以PQ的最小值等于圆心到直线的距离减去半径,即PQmin故选D.【题目点拨】该题考查的是有关直线与圆的问题,涉及到的知识点有直线与圆的位置关系,点到直线的距离公式,圆上的点到直线的距离的最小值问题,属于简单题目.3、B【解题分析】

求解一元二次不等式的解集,化简集合的表示,最后运用集合交集的定义,结合数轴求出.【题目详解】因为,所以,故本题选B.【题目点拨】本题考查了一元二次不等式的解法,考查了集合交集的运算,正确求解一元二次不等式的解集、运用数轴是解题的关键.4、A【解题分析】

本题是一种重新定义问题,要我们理解题目中所给的条件,解决后面的问题,把后面的问题挨个验证.【题目详解】解:①若数列具有性质,取数列中最大项,则与两数中至少有一个是该数列中的一项,而不是该数列中的项,是该数列中的项,又由,;故①正确;②数列,,具有性质,,与至少有一个是该数列中的一项,且,若是该数列中的一项,则,,易知不是该数列的项,.若是该数列中的一项,则或或,a、若同,b、若,则,与矛盾,c、,则,综上.故②正确.故选:.【题目点拨】考查数列的综合应用,此题能很好的考查学生的应用知识分析、解决问题的能力,侧重于对能力的考查,属中档题.5、C【解题分析】

根据可知数列为等差数列,再根据等差数列的求和性质求解即可.【题目详解】因为,故数列是以4为公差,首项的等差数列.故.故选:C【题目点拨】本题主要考查了等差数列的判定与等差数列求和的性质与计算,属于基础题.6、C【解题分析】

由可得,结合可得结果.【题目详解】,,,,,,故选C.【题目点拨】本题主要考查等比数列的通项公式,意在考查对基础知识的掌握与应用,属于基础题.7、A【解题分析】

化圆心角为弧度值,再由扇形面积公式求解即可.【题目详解】扇形的半径为,圆心角为,即,该扇形的面积为,故选.【题目点拨】本题主要考查扇形的面积公式的应用.8、A【解题分析】

函数过代入解得,再通过平移得到的图像.【题目详解】,函数过向右平移个单位得到的图象故答案选A【题目点拨】本题考查了三角函数图形,求函数表达式,函数平移,意在考查学生对于三角函数图形的理解.9、A【解题分析】

根据a,b,c依次成等差数列,,,依次成等比数列,利用等差、等比中项的性质可知,根据基本不等式求得a=c,判断出a=b=c,推出结果.【题目详解】由a,b,c依次成等差数列,有2b=a+c(1)由,,成等比数列,有(2),由(1)(2)得,又根据,当a=c时等号成立,∴可得a=c,∴,综上可得a=b=c,所以△ABC为等边三角形.故选:A.【题目点拨】本题考查三角形的形状判断,结合等差、等比数列性质及基本不等式关系可得三边关系,从而求解,考查综合分析能力,属于中等题.10、A【解题分析】

先化简集合,根据交集与并集的概念,即可得出结果。【题目详解】因为,,所以,.故选A【题目点拨】本题主要考查集合的基本运算,熟记概念即可,属于基础题型.二、填空题:本大题共6小题,每小题5分,共30分。11、2【解题分析】

根据极限存在首先判断出的值,然后根据极限的值计算出的值,由此可计算出的值.【题目详解】因为,所以,又因为,所以,所以.故答案为:.【题目点拨】本题考查根据极限的值求解参数,难度较易.12、【解题分析】

根据向量垂直的坐标表示列出等式,求出,再利用二倍角公式、平方关系即可求出.【题目详解】由得,,解得,.【题目点拨】本题主要考查了向量垂直的坐标表示以及二倍角公式、平方关系的应用.13、【解题分析】

由体积为的一个正方体,棱长为,全面积为,则,,球的体积为,故答案为.考点:正方体与球的表面积及体积的算法.14、2017【解题分析】,故,由此得.【题目点拨】本题主要考查函数解析式的求解方法,考查等比数列前项和的计算公式.对于函数解析式的求法,有两种,一种是换元法,另一种的变换法.解析中运用的方法就是变换法,即将变换为含有的式子.也可以令.等比数列求和公式为.15、【解题分析】

由题得(-1),解之即得a的值.【题目详解】由题得(-1),所以a=2.故答案为;2【题目点拨】本题主要考查两直线垂直的斜率关系,意在考查学生对该知识的理解掌握水平和分析推理能力.16、3【解题分析】

利用向量共线的坐标公式,列式求解.【题目详解】因为向量与向量共线,所以,故答案为:3.【题目点拨】本题考查向量共线的坐标公式,属于基础题.三、解答题:本大题共5小题,共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、(1);(2)见解析.【解题分析】

(1)参变分离后可得在上恒成立,利用基本不等式可求的最小值,从而得到参数的取值范围.(2)原不等式可化为,就对应方程的两根的大小关系分类讨论可得不等式的解集.【题目详解】(1)对任意的,恒成立即恒成立.因为当时,(当且仅当时等号成立),所以即.(2)不等式,即,①当即时,;②当即时,;③当即时,.综上:当时,不等式解集为;当时,不等式解集为;当时,不等式解集为.【题目点拨】含参数的一元二次不等式,其一般的解法是:先考虑对应的二次函数的开口方向,再考虑其判别式的符号,其次在判别式大于零的条件下比较两根的大小,最后根据不等号的方向和开口方向得到不等式的解.一元二次不等式的恒成立问题,参变分离后可以转化为函数的最值进行讨论,后者可利用基本不等式来求.18、(1)(2)【解题分析】

古典概型要求能够列举出所有事件和发生事件的个数,本题可以列举出所有事件,概率问题同其他的知识点结合在一起,实际上是以概率问题为载体,主要考查的是另一个知识点(1)由题意知本题是一个古典概型,试验包含的所有事件是任取三张卡片,三张卡片上的数字全部可能的结果,可以列举出,而满足条件的事件数字之和大于7的,可以从列举出的结果中看出.(2)列举出每次抽1张,连续抽取两张全部可能的基本结果,而满足条件的事件是两次抽取中至少一次抽到数字3,从前面列举出的结果中找出来.解:(Ⅰ)设A表示事件“抽取3张卡片上的数字之和大于或等于7”,任取三张卡片,三张卡片上的数字全部可能的结果是(1、2、3),(1、2、4),(1、3、4),(2、3、4),共4种,数字之和大于或等于7的是(1、2、4),(1、3、4),(2、3、4),共3种,所以P(A)=.(Ⅱ)设B表示事件“至少一次抽到2”,第一次抽1张,放回后再抽取1张的全部可能结果为:(1、1)(1、2)(1、3)(1、4)(2、1)(2、2)(2、3)(2、4)(3、1)(3、2)(3、3)(3、4)(4、1)(4、2)(4、3)(4、4),共16个事件B包含的结果有(1、2)(2、1)(2、2)(2、3)(2、4)(3、2)(4、2),共7个所以所求事件的概率为P(B)=.19、(1);(2)或.【解题分析】

(1)根据用配方法求出二次函数对称轴横坐标,可得最小值,再代入端点求得最大值,可得函数的值域;(2)由(1)可得的最大值为6,转化为求恒成立,求出m的取值范围即可.【题目详解】(1)因为,而,,,所以函数的值域为.(2)由(1)知,函数的值域为,所以的最大值为6,所以由得,解得或,故实数m的取值范围为或.【题目点拨】本题考查二次函数的值域及最值,不等式恒成立求参数取值范围,二次函数最值问题通常求出对称轴横坐标代入即可求得最值,由不等式恒成立求参数取值范围可转化为函数最值不等式问题,属于中等题.20、(Ⅰ);(Ⅱ)中位数估计值为32,平均数估计值为32.5.【解题分析】

(Ⅰ)由频率分布直方图的性质列出方程组,能求出,;(Ⅱ)由频率分布直方图,能估计该校学生每天课外阅读时间的中位数及平均值.【题目详解】(Ⅰ)由题意得,解得(Ⅱ)设该校学生每天课外阅读时间的中位数估计值为,则解得:.该校学生每天课外阅读时间的平均数估计值为:.答:该校学生每天课外阅读时间的中位数估计值为32,平均数估计值为32.5.【题目点拨】本题考查频率、中位数、平均数的求法,考查频率分布直方图的性质等基础知识,考查运算求解能力,是基础题.21、(I)0.045;(II)75;(III)0.7【解题分析】

(Ⅰ)根据频率之和为1,结合题中数据,即可求出结果;(II)每组的中间值乘以该组频率,再求和,即可得出结果;(III)用列举法列举出总的基本事件,以及满足条件的基本事件,基本事件

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