2022年四川省绵阳市中考物理诊断试卷（三）（附答案详解）

2022年四川省绵阳市中考物理诊断试卷（三）

1.下列关于各图中声现象的说法，正确的是（）

甲乙丙丁

A.图甲敲击编钟所用的力越大，音调越高B.图乙钢尺振动得越快，响度越大

C.图丙街头设置噪声监测仪不可以控制噪声D.图丁8型超声波诊断仪可以传递能量

2.甲、乙两物体，同时从同一地点沿直线向同一方向运动，它们的s-t图象如图所示。下列

说法正确的是（）

A.2~4s内乙做匀速直线运动B.2~4s内，以甲为参照物，乙是静止的

C.0〜4s内乙的平均速度为2zn/sD.第2s时甲、乙相距6机

3.小明“探究凸透镜成像的规律”，如图所示的位置光屏上成清晰的像。下列说法正确的是

()

pui|i川|11叫1川|11川川平1川川ip川川ip叫川I前;1|1川|1川|11川川ip川川

0cm102()3()4()506()7()8()9()1()()

A.该次实验原理可以用来制成投影仪

B.图中若用遮光板挡住凸透镜的上半部分，光屏上只出现像的下半部分

C.若进行实验时一只虫子停在凸透镜镜面上，光屏上将看到虫子清晰缩小的像

D.若在凸透镜左侧“戴”上远视眼镜，要将蜡烛向右移光屏才能承接到清晰的像

4.下列关于压强知识的说法中:

①甲：压力相同，受力面积越小，压强越大；

②乙：往8管吹气，A管液面上升是因为4管上端空气流速变大，压强变大;

③丙：纸板托水实验证明了大气压的存在；

④丁：该现象说明，在液体压强的大小与液体的密度有关。

A.只有①③正确B.只有②④正确C.只有①④正确D.只有③④正确

5.如下图所示的四种现象中，现象和说法正确的是（）

图①

A.图①中，能看到水中的铅笔折断了，这是铅笔上的光经过玻璃杯时发生偏折形成的

B.图②中，由于水中的太阳不是圆形，故不是光的反射形成

C.图③中，雨后的彩虹是光的色散现象不是光的折射现象

D.图④中，这是倒影，是光的反射现象

6.电和磁让我们的生活丰富多彩，关于下图所示情景说法正确的是（）

A.甲图中的通电螺线管，它的B端是螺线管的S极

B.图乙为电动机工作原理图

C.图丙中的测电笔，在使用时手应接触测电笔尾部的金属体

D.图丁中水平放置的指南针受地磁场影响，指针N极总是指向地理南方

7.如图所示是一种风速测量装置，其中风速表是由电压表改装而成，R为定值电阻，&为滑

动变阻器.T型管道的竖直管内装有可上下无摩擦自由移动的轻质活塞，活塞通过轻质细杆

和滑动变阻器的滑片P相连，S闭合后，当风速增大时（）

A.活塞向下运动，风速表的示数变大B.活塞静止不动，风速表的示数不变

C.活塞向上运动，风速表的示数变大D.活塞向上运动，电路消耗的总功率变小

8.下列说法正确的是（）

A.目前核电站利用的核能与太阳内部能量的产生方式相同，核能属于不可再生能源

B.太阳能、风能和地热能属于可再生的一次能源，电能属于二次能源

C.卫星通信利用高频率微波来传输信号是因为电磁波的频率越高传输速度越快

D.北斗卫星导航系统利用了电磁波能够传递能量的性质

9.对下列图象中的物理信息描述正确的是（）

A.如图甲，该凸透镜的焦距是10cm

B.如图乙，该物质可能是水

C.如图丙，分别用两个完全相同的热源同时给质量和初温完全相同的匕两种液体加热所

得温度随时间的变化关系图象，由图可知＞Cb

D.如图丁，黑龙江北部（最低温度-52.3℃）可以使用水银温度计

10.从地面竖直上抛一小球，小球的动能和重力势能随着离地面高度的变化图线如图所示，下

列说法正确的是（）

♦能量J

10高度，m

A.小球的最大动能是4JB.甲是小球动能变化的图线

C.小球上升过程中机械能不守恒D.小球上升3小时动能和重力势能之比7：3

11.①将浓度分别为5.6%、22.4%的盐水一起放入-18℃的环境中足够长的时间后，发现浓度

为5.6%的盐水变为固态，而浓度为22.4%的盐水依旧为液态；

②在浓度为5.6%的盐水变为固态后，将其从-18℃的环境中拿出，刚拿出来的时候，装盐水

的杯子外壁上很快出现了白色的粉末;放置在恒温为26℃的室内一段时间后，发现浓度为5.6%

的盐水重新变为液态，杯子外壁的白色粉末也变为液态。关于以上过程，下列说法正确的是

（）

A.浓度为5.6%的盐水凝固点比浓度为22.4%的盐水凝固点高

B.浓度为5.6%的盐水变成固态后重新变为液态的过程是熔化过程，该过程需要放热

C.装盐水的杯子外壁出现白色粉末的过程是空气中的水蒸气液化而成的

D.杯子外壁的白色粉末变为液态的过程是液化过程，需要放热

12.叠放在一起的不同体积的物体A和B,如图所示，在大小恒为尸的力作用下都沿水平面做

匀速直线运动（不计空气阻力），则下列说法（）

①甲、乙两图中B物体受到地面对它的摩擦力大小均为F

②甲、乙两图中A物体受到的摩擦力大小均为产

③甲图中物体A对B的摩擦力与地面对B的摩擦力是一对平衡力，大小为F

④乙图中A对8的摩擦力与B对A的摩擦力是相互作用力，大小为F

A.只有①③正确B.只有①②正确C.只有②③正确D.只有②④正确

13.如图甲所示，电源电压保持不变，滑动变阻器R'标有"20014”，电流表的量程为0〜0.64,

电压表的量程。〜15U,丁丁进行了下面操作：先闭合开关S和Si，断开开关S2,在保障电路

元件安全的情况下，将滑动变阻器的滑片从最右端滑动到4点，灯泡L恰好正常发光，再断

开开关S1闭合开关S2,将滑动变阻器的滑片从a点向某一方向移动，直到电压表示数与灯泡L

的额定电压相同，图乙是两次调节过程中电流表与电压表示数变化关系图像，则下列说法正

确的是（）

A.电源电压为6V

B.灯泡L的额定功率为1.5勿

C.再断开开关S1闭合开关52时，滑片是从“点向左移动的

D.若丁丁重新调节开关和滑片，该电路的最小功率为1.2W

14.新农村建设中正在大力推广使用瓶装液化气。如果每瓶装10依液化气，液化气的热值取

4.2x107//kg,则每瓶液化气全部完全燃烧放出的热量为J；若放出的热量有40%被

3

水吸收，在标准大气压下可让500打、25℃的水温度升高匕次=4.2x10//（fc5・℃）］

15.小金推着购物车在超市购物，如图甲所示，购物车和货物的总重为150MA点离地面距

离为0.9m,B、C点为车轮与地面的接触点，如图乙所示，当购物车遇到障碍物时，小金先

后两次在A点对购物车施加了最小作用力，使车的前后轮分别越过障碍物。第一次购物车可

视为（选填“省力”或“费力”）杠杆；第二次的施力大小为M

16.如图所示，在魔术表演中，魔术师用一根筷子的一端穿过一颗橙子，用左

手提着筷子，让橙子处于筷子的下端，此时橙子因受而不会掉下来；

紧接着魔术师右手持锤子多次猛烈敲击筷子上方，在敲击的过程中，观众将会

看到橙子因具有相对于筷子向运动。

17.如图所示,绵阳富乐大桥的桥面距湖面3m,如果水面上涨0.5m,

那么桥面“倒影”与原来相比上升m-,小明在桥上看见水

中桥弧顶有一条鱼，他想用手电筒照亮那条鱼，他应该（选

填“对着看到的鱼的下方”“对着看到的鱼的上方”或“正对看

到的鱼”）照射。

18.现有一热敏电阻，其阻值R随温度f的升高而减小，部分

输出电压

数据如表所示，利用它可以制作温度报警器，其电路的一部

分如图所示，图中两个虚线框内一个接热敏电阻，一个接定

值电阻，电源电压恒为12V,当图中的输出电压达到或超过

8V时，便触发报警器（图中未画出）报警，不考虑报警器对电

路的影响。要求环境温度达到或超过40℃时开始报警，则热

敏电阻应接在虚线框（填数字）内，另一虚线框内定值电阻阻值为若将虚线框

内两元件对调，则报警器报警的最高温度为

环境温度t/笛5102030405060

热敏电阻R/k/26.04.42.81.81.10.80.7

19.在探究“海波熔化时温度的变化规律”的实验中，使用的实验装置如图甲所示:

（1）图甲中为了使试管中的海波受热均匀，应选择的海波进行实验（选填“大颗粒”或

“小颗粒”）。

（2）图乙是某时刻温度计的示数，然而有细心的同学发现这支温度计在测量标准大气压下冰水

混合物时示数为2℃,在测量实际温度为50℃的水时的示数为50℃,那么此时示数所对应的实

际温度是久。（精确到小数点后一位）

（3）图丙是更换温度计后测绘出的海波熔化时温度随时间变化的图像，图像中的段（选

填“A8”或“BC”）表示海波的熔化过程。海波在B点的内能C点的内能（选填“大

于”“等于”或“小于”）。

20.在“测量滑轮组机械效率”的实验中，小明利用同一滑轮组先后提升不同重量的物体进行

实验，如图甲和乙所示，不计空气阻力。实验测量的数据记录在表格中:

次数物重/N提升高度/m拉力/N绳端移动距离/加机械效率7;

130.12.00.350%

260.13.20.3

(1)根据测量的实验数据，可计算出表格中的横线上应填的数据大小为(用百分数表示

)。

(2)小明在实验操作过程中发现：一边拉动弹簧测力计一边读数，非常不方便，因为这样弹簧

测力计示数不稳定，为了方便读数，小明认为可以让弹簧测力计保持静止时读数，他的这种

想法显然是错误的，如果让弹簧测力计保持静止时读数，则所测出的滑轮组机械效率将比其

真实值______(选填“偏大”、“偏小”或“不变”)。

(3)如果不计绳重和摩擦，只是按照如图丙所示的绕绳方法组装滑轮组，并利用图丙方案提升

相同重量的物体，对比甲图和图丙所示的滑轮组的机械效率，可知〃/叩丙(选填“大

于”、“等于”或“小于”)。

甲乙丙

21.小泉同学用图甲所示的实验电路测量额定电压为2.5U的小灯泡正常发光时的电阻，其中电

源由四节新的干电池串联组成。

(1)检查电路后发现有一根导线连接错误，请在图甲中错误的导线上画“X”，并用笔画线代

替导线把电路连接正确。

(2)小泉选择了合适的滑动变阻器并且正确连接电路后，调节滑动变阻器，使小灯泡正常发光,

电流表示数如图乙所示，根据数据可以判断出他选用的滑动变阻器是(填序号)。

A.“1000.54”

B.“3000.54”

C.“4O0O.L4”

(3)小星同学想用图甲改正后的实验电路和器材探究“电流与电阻的关系”，他找来了阻值为

50、10。、150、200的定值电阻代替小灯泡进行实验。

①小星将100电阻连入电路中，调节滑片使电压表示数为2%读出电流表示数。

②选用200电阻实验时，闭合开关后，无论怎样移动滑片都不能使电压表的示数为2匕小星

和同组同学讨论后，想通过减小电源电压的方式来完成实验，他应该减少(选填

“1”“2”或“1、2都可以”)节干电池。

(4)小泉和小星又想测量3.8V小灯泡的额定功率，他们重新找来器材设计了图丙所示的实验电

路，其中&阻值未知、R2阻值为10。，电源电压未知。他们用同一个电流表分别在图中的①②③

三个位置测量出电流(不接电流表时该位置用导线代替)，测量出了小灯泡的额定功率。

①将电流表先接在图中3的位置上，闭合开关后，调节滑片使小灯泡正常发光，并记录下此

时电流表的示数。

②将电流表接在图中2的位置上。保持滑片位置不动，闭合开关。读出电流表的示数为0.584

③将电流表接在图中1的位置上，保持滑片位置不动，闭合开关，读出电流表的示数为0.44。

④小灯泡的额定功率。额=卬。

22.如图甲所示为“无人机”(多功能飞行器)，它具有4个旋翼，可通过无线电进行操控，其

在拍摄调查、无人配送等方面具有广阔的前景。

启

控

动

制

摄

电

像

路

机

01.02.03.04.05.06.0

图甲图乙图丙

(1)该无人机一个旋翼的电动机额定功率为30W,额定电压为15匕一个电动机正常工作时，

通过的电流为多少？

(2)该机所需的能量是由一块输出电压为15V、容量为5000mA力的电池提供，若电能的80%

用于飞行，飞行时的实际功率为100W,则该机最多能飞行的时间为多少？

(3)该“无人机”携带的微型摄像机带有自动拍摄功能，未出现火情时处于待机状态，等到火

情来临产生一定强度的红外线，摄像机将自主启动进入工作状态。小明利用红外探测器设计

了一个“模拟自启系统”，如图乙所示。该系统由“自启电路”“控制电路”等组成。其中

电源由“无人机”的锂电池提供，锂电池额定电压为15匕R是电阻箱，Rp是红外探测器，

可视为可变电阻，它的阻值与红外线强度变化的对应关系如下表所示。(E为红外线强度，cd

表示其单位)

E/cd1.02.03.04.06.0

Rp/n18964.53

①据表中数据，请在图丙坐标系中描点作出R-E的关系图线。

②若a、6两端电压必须等于或大于9V时，控制电路才能启动摄像机进入工作状态。小明设

定红外线强度为4.5cd时启动摄像机工作，电阻箱的阻值至少应调到多少？

23.水平升降台上有一个足够深且底面积为300cm2的柱形容器，容器中水深20cm,.十、

则水对容器底部的压强为p,现将底面积为100cm2、高20c/n的圆柱体A悬挂在固”

定的弹簧测力计下端，使A浸入水中，稳定后，A的下表面距水面3a”，此时物体

受到的浮力为F],弹簧测力计的示数为9N。(已知弹簧受到的拉力每减小1N,弹!

簧的长度就缩短p次=1.0Xl()3kg/7n3,g取i0N/kg)求：__u|_

(I)P的大小；w

(2)物体A的密度；一"一

(3)若在A的下表面距水面3cm时，使升降台上升5cm,再次稳定后，此时水对容器底的压力。

答案和解析

I.【答案】c

【解析】解：A、敲击编钟所用的力越大，编钟的振幅越大，响度越大，故A错误；

B、钢尺振动得越快，频率越高，声音的音调越高，故B错误；

C、街头设置噪声监测仪可以监测噪声，但不可以控制噪声，故C正确；

D、8型超声波诊断仪可以传递信息，故。错误。

故选：Co

(1)声音的高低叫音调，影响因素是频率；

(2)声音的大小叫响度，影响因素是振幅和距离发声体远近；

(3)街头设置噪声监测仪可以监测噪声，但不可以控制噪声；

(4)声可以传递信息，声可以传递能量。

此题考查了声音的特性、声音的等级和噪声的危害、声的利用，属基础题目。

2.【答案】C

【解析】解：由图像知，甲是一条过原点的直线，说明甲通过的路程与其时间成正比，即甲保持

匀速直线运动；

前2s,乙是一条过原点的直线，所以做匀速直线运动；2s后乙的位置没有变化，所以处于静止状

态，即乙是先匀速直线运动后静止。

A、2〜4s内，乙的路程没有发生变化，所以乙是静止状态，故A错误；

B、2〜4s内甲是匀速直线运动状态，乙是静止状态，若以甲为参照物，乙是运动的，故8错误；

C、0〜4s乙运动的路程是8w，时间是4s,平均速度为u=：=誓=2m/s,故C正确；

。、由图知：第二s时甲、乙相距4,〃，故O错误。

故选：Co

此图像为s-t图像，先明确甲乙的运动状态，然后比较甲乙的运动速度和通过的距离。

此题考查了s-t图像的分析和平均速度计算公式的应用，根据图像特点确定物体运动状态，是解

决此类问题的第一步。

3.【答案】D

【解析】解：A、由图可知，此时物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用为照相机，故A错

误；

8、挡住了透镜上半部分，光能通过下半部分会聚成像，只是光线变少了能成一个变暗的完整的像，

故8错误；

C、若进行实验时一只虫子停在凸透镜镜面上，此时物距小于焦距，成正立、放大的虚像，虚像

不能成在光屏上，故C错误；

。、若在凸透镜左侧“戴”上远视眼镜，由于远视眼镜是凸透镜，对光线具有会聚作用，要将蜡

烛向右移光屏才能承接到清晰的像，故。正确。

故选：Do

(1)当物距小于像距时，成倒立、缩小的实像，应用为照相机；

(2)若用遮光板挡住凸透镜的上半部分，光屏上仍能出现完整的像；

(3)当物距小于焦距时，成正立、放大的虚像，虚像不能成在光屏上；

(3)远视眼镜是凸透镜，对光线具有会聚作用。

此题是凸透镜成像规律的常规题目，考查了学生对透镜成像规律的应用。

4.【答案】A

【解析】解：①由图可知，两手指受到的压力相同，左边手指与铅笔的接触面积大，由p=(可知，

在压力一定时，受力面积越大，压强越小，故①正确；

②当用8管用力吹气时，A管上端空气流速变大，因为流速大的地方压强小，所以A管上端压强

变小，下端大气压没有变化，从而形成了向上的压强差，因此A管中的水面会上升，故②错误；

③大气压对纸板有向上的压力且大于水对纸板向下的压力，故纸板未脱落，纸板托水实验证明了

大气压的存在，故③正确；

④容器下方的液体流的远，说明液体产生的压强大，故此现象说明液体压强与液体的深度有关，

故④错误。

故选：Ao

(1)根据P=(分析受力面积和压强的关系；

(2)流体的压强跟流速有关，流速越快的地方压强反而越小；

(3)大气压对纸板有向上的压力且大于水对纸板向下的压力，故纸板未脱落；

(4)液体压强与液体的深度和密度有关。

此题考查压强的大小比较、流体压强和流速的关系、液体压强特点、大气压的存在等，都是与压

强相关的知识点，平时学习物理知识时要多联系生活实际、多举例、多解释，提高利用所学物理

知识分析实际问题的能力。

5.【答案】A

【解析】解：A、铅笔反射的光从水斜射入空气时，发生折射，折射光线偏离法线，向水面偏折,

我们看水中的铅笔时，认为光是沿直线传播的，我们看到的水中的铅笔在折射光线的反向延长线

上，比铅笔的实际位置偏高，所以斜插在水中的铅笔看上去向上弯折了，这是光的折射现象造成

的，故A正确；

8、看到水中的太阳，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B错误；

C、雨后的彩虹是光的色散现象，属于光的折射现象，故C错误；

D,由图可知，这是影子，不是倒影，是由光的直线传播形成的，故。错误。

故选：A。

本题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，属于基础

知识。

6.【答案】C

【解析】解：

A、由图甲可知，电流从螺线管的左侧流入、右侧流出，根据安培定则，用右手握住螺线管，四指

指向电流方向，则大拇指指向B端，所以通电螺线管的8端是N极，故A错误；

B、由图可知，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这叫电磁

感应现象，是发电机的工作原理，故8错误；

C、测电笔在使用时，手应接触测电笔尾部的金属体，使导线、测电笔、人体、大地之间形成通

路，这样才能正确辨别火线和零线，故C正确：

。、图丁中水平放置的指南针受地磁场影响，指针N极总是指向地理北方，故。错误。

故选：Co

(1)安培定则：用右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指的方向是通电螺线管的N极;

据此判断螺线管的极性；

(2)发电机就是根据电磁感应原理制成的；

(3)测电笔的正确使用方法：手一定接触笔尾金属体，但不能接触笔尖金属体；

(4)地球是一个大磁体，地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，小磁针放在地球这

个磁体的磁场中，即可指南北。

本题考查了安培定则的应用、发电机的工作原理、地磁场以及试电笔的使用，综合性强，但难度

不大。

7.【答案】C

【解析】解：由电路图可知，&与R串联，电压表测定值电阻R两端的电压，当风速增大时，活

塞上方空气的流速变大，大于下方空气的流速，由流速大的地方压强小可知，此时会产生向上的

力，使滑片向上移动，&接入电路中的电阻变小，根据串联电路电阻规律可知，总电阻变小：由

/=g可知，电路中的电流变大，由(/=//?可知，R两端的电压变大，即电压表(风速表)的示数变

大，故C正确，48错误；

由「="可知，电路消耗的总功率变大，故。错误。

故选：Co

由电路图可知，心与R串联，电压表测R两端的电压，根据流体压强与流速的关系(流速越快的地

方压强越小)判断产生压力的方向，然后判断滑片移动的方向确定接入电路中电阻的变化，根据欧

姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，利用P=U/可知电路消耗总功率的变

化。

本题是力学和电学的综合题，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的应用，会利用流体压强和流速的关

系是解题的关键。

8.【答案】B

【解析】解：A、目前核电站利用的核能是核燃料发生核裂变产生的，太阳内部能量的产生方式是

核聚变，核能会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故A错误；

8、太阳能、风能和地热能可以从自然界直接获得，属于可再生的一次能源，电能无法从自然界直

接获取，必须通过消耗一次能源才能得到，属于二次能源，故B正确；

C、卫星通信利用高频率微波来传输信号，但电磁波的传输速度一定，故C错误；

D,北斗卫星导航系统利用了电磁波能够传递信息的性质，故。错误。

故选：B。

(1)核电站利用核裂变中的链式反应来发电，太阳内部氢原子核在超高温下发生聚变，释放出巨大

的核能；越用越少，不能在短期内从自然界得到补充的能源属于不可再生能源，可以在自然界里

源源不断地得到的能源属于可再生能源。

(2)可以从自然界直接获得的能源属于一次能源；无法从自然界直接获取，必须通过消耗一次能源

才能得到的能源属于二次能源。

(3)真空中电磁波的传输速度一定。

(4)卫星通信利用电磁波传递信息。

此题考查了核能、能源的分类、电磁波的传播与应用，属基础题目。

9.【答案】B

【解析】解：4由凸透镜成像的规律可知，u=v=2f,由图可知，u=v=2f=10cm,f=5cm,

所以该凸透镜的焦距是5cM故A错误；

8.由图乙可知，该物质的m=5g时，V=5cm3,所以该物质的密度为p=蔡=前=lg/cm3,

由密度可知，该物质可能是水，故8正确；

c•根据。=焉可知，质量相同的〃、。两种液体升高相同的温度，匕需要的加热时间长，也就是吸

收的热量多，所以b的比热容较大，。的比热容较小，，即Ca<%,故C错误；

。.由图丁可知，水银的凝固点为-39℃,黑龙江北部最低温度-52.3℃,水银会凝固成固态，不能

再使用，故。错误。

故选；B。

明确每一图像中横纵轴所表示的量，再结合相关的知识对这一变化关系做出判断。

阅读和分析坐标图，是物理学习中应该掌握的基本能力之一，明确表示的两个变量，再结合知识

才能进行正确判断。

10.【答案】D

【解析】解：

B、从地面竖直上抛一小球，小球在上升过程中，高度增加，重力势能增大，所以甲为重力势能变

化的图象；上升过程中小球的速度减小，动能减小，所以乙为动能变化的图象，故B错误；

AC、由图象可知，当高度h=0时，小球的初始动能为8J,此时的动能是最大的，而重力势能为

0J；

当高度Zi=10m时，动能减小为0J,重力势能增大为8J,这表明功能全部转化为重力势能，故小

球的机械能是守恒的，故AC错误；

D,由图可知，甲乙都是直线，表明动能匀速减小、重力势能匀速增加；小球上升10根减小的动

能为8J,则小球上升1，"减小的动能为和=0.8/；上升三米时减小的动能(即增加的重力势能)为

0.8/x3=2.47,此时的动能为8/-2.4J=5.6J,此时的重力势能为0/+2.4/=2.4/；

所以，小球上升3米时动能和重力势能之比为5.6J：2.47=7：3,故。正确。

故选：Do

(1)(3)根据图象找出动能的最大值和重力势能的最大值分析机械能是否守恒；

(2)动能的大小与质量和速度有关，重力势能的大小与高度和质量有关；

(4)根据图象分析每上升1〃?时减小的动能，从而求出上升3,”时的动能和重力势能。

本题考查了动能、重力势能的相互转化和机械能守恒，根据机械能守恒求出重力势能的大小是解

题的关键。

11.【答案】A

【解析】解：A、-18℃的环境中，浓度为5.6%的盐水变为固态，而浓度为22.4%的盐水依旧为液

态，说明浓度为5.6%的盐水凝固点比浓度为22.4%的盐水凝固点高，故A正确；

B、浓度为5.6%的盐水变成固态后重新变为液态的过程是熔化过程，此过程需要吸热，故B错误；

C、装盐水的杯子外壁出现白色粉末的过程是凝华现象，故C错误；

。、杯子外壁的白色粉末变为液态的过程是熔化现象，需要吸热，故。错误。

故选：Ao

(1)凝固点指的是物体由液态转变为固态的临界温度值；

(2)物质由固态变为液态叫做熔化，熔化的过程中需要吸热；

(3)物质由气态变为液态叫做液化，液化的过程中需要放热；物质由气态直接变为固态叫做凝华,

凝华的过程中需要放热。

本题考查了凝固点和熔点的知识以及物态变化相关内容，要注意物质变化前后的状态。

12.【答案】A

【解析】解：

甲图以A为研究对象,A做匀速直线运动,在水平方向受拉力厂和B时它的静摩擦力作用，且/=F,

以AB为整体，整体受到水平向右的拉力和水平向左的滑动摩擦力的作用，这两个力是一对平衡

力，B物体受到地面对它的摩擦力大小等于F；

甲图中以B为研究对象，B处于平衡状态，物体A对8的摩擦力与地面对B的摩擦力是一对平衡

力，大小为F;

乙图，4B同时向前做匀速直线运动，所以AB之间没有相对运动的趋势，A不受摩擦力的作用；

以48为整体，整体受到水平向右的拉力和水平向左的滑动摩擦力的作用，这两个力是一对平衡

力，3物体受到地面对它的摩擦力大小等于F；

综上所述，①③正确，②④错误。

故选：Ao

在分析时，分别以整体、A、B为研究对象进行分析，且物体处于匀速直线运动状态时，受平衡力

的作用。

此题考查了摩擦力大小的判定，将甲乙两图相互对比，关键是能够对整体和部分进行受力分析，

根据平衡力的知识进行判断，对学生来说应属于难题。

13.【答案】ABD

【解析】解：人闭合开关S和S],断开开关S2,灯泡和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压

表测量灯泡两端的电压，在保障电路元件安全的情况下，将滑动变阻器的滑片从最右端滑动到a

点，由于灯泡电阻随温度变化，故可知此过程中电流表与电压表示数变化关系图乙中的曲线，则

另一次调节过程中电流表与电压表示数变化关系图像为图乙中的直线，滑动变阻器的滑片在最右

端时，电路中总电阻最大，根据欧姆定律/可知，电路中电流最小，从图中可知是0.25A,灯

泡两端电压为IV,变阻器两端电压为UR,=IR'=0.254x20。=5V,

根据串联电路的电压特点可知电源电压U=1U+5V=61Z,故4正确；

BC、再断开开关Si闭合开关S2,电阻R和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量R两端

的电压，由图乙可知，两条图像中电压相等时(等于灯泡额定电压)电路中的电流为/'=0.34,且

变阻器滑片在a点时，电路中的电流为0.3754电阻R两端的电压为3.75V,

此时变阻器接入电路中的电阻Ra*=6：；7=6。，R的阻值R=器=黑=10。，

1U.J/IUJ/Oxi

可知电路中的电流从0.375A变为0.34根据欧姆定律可知电路中的电阻变大，变阻器接入电路的

电阻值变大，故滑片滑片是从。点向右移动的，故C错误；

当电路中的电流为0.34时，R两端的电压等于灯泡的额定电压，即U颛=/'R=0.34x100=37,

在闭合开关S和Si，断开开关S2,且滑片在«点时，可知灯泡的额定电流/新=光=丹7=0.5/1,

灯泡的额定功率P^=U弑额=31/x0.54=1.5W,故8正确；

D、灯泡正常工作时的电阻&=等=怒=60<R,根据P=UI=4可知，电路中电阻最大时，

/额M：U.D/1K

功率最小，故可知当闭合开关S和S2,断开开关S1，且变阻器接入电路中阻值最大时，电路的总

功率最小，为P="=益编=1.2W，故。正确。

JK总JZlUJZ-rZUJz

故选：ABD.

(1)闭合开关S和S],断开开关S2,灯泡和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量灯泡两

端的电压，在保障电路元件安全的情况下，将滑动变阻器的滑片从最右端滑动到“点，由于灯泡

电阻随温度变化，故可知此过程中电流表与电压表示数变化关系图乙中的曲线，则另一次调节过

程中电流表与电压表示数变化关系图像为图乙中的直线，滑动变阻器的滑片在最右端时，电路中

总电阻最大，根据欧姆定律/=?可知，电路中电流最小，从图中可知是0.254灯泡两端电压为

IV,根据欧姆定律得出变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点得出电源电压；

(2)再断开开关工闭合开关S2,电阻R和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量R两端的

电压，由图乙可知，两条图像中电压相等时(等于灯泡额定电压)电路中的电流为/'=0.34且变

阻器滑片在a点时，电路中的电流为0.3754电阻R两端的电压为3.75l根据欧姆定律得出变阻

器此时接入电路的电阻和R的电阻；电路中的电流从0.3754变为0.34,根据欧姆定律可知电路中

的电阻变大，变阻器接入电路的电阻值变大，故滑片滑片是从a点向右移动的，据此分析C：

当电路中的电流为0.34时，R两端的电压等于灯泡的额定电压，据此结合欧姆定律得出灯的额定

电压，在闭合开关5和Si，断开开关S2,且滑片在〃点时，根据欧姆定律得出通过变阻器的电流，

即为灯泡的额定电流，根据P=U/得出灯泡的额定功率；

(3)先根据欧姆定律得出灯泡正常发光时的电阻，并分析此电阻和R的大小关系。

根据p=u/=5可知，电路中电阻最大时，功率最小，故可知当闭合开关S和S2,断开开关工，

且变阻器接入电路中阻值最大时，电路的总功率最小，

最后根据P=UI=(计算该电路的最小功率。

本题考查等效电路分析、欧姆定律的应用和电功率的计算问题，并考查分析图像获取信息的能力，

综合性强，难度较大。

14.【答案】4.2x10875

【解析】解：(1)整瓶液化气完全燃烧释放热量：

Q放=mq=10kgx4.2X107J/kg=4.2X108/,

(2)若放出的热量有40%被水吸收，则Q吸=Q成x40%=4.2x108/x40%=1.68x1087,

根据Q殁=c水6川亡得水的升高的温度为：

At=%=一产8x1啊_=go。％

cm水4.2xl03〃(kg：C)x500kg

由于水的沸点为100℃,故水的最终温度为100℃,故水实际升高的温度为：100℃一25℃=75℃。

故答案为：4.2X108；75。

(1)利用＜?放=mq求整瓶液化气完全燃烧放出的热量；

(2)已知放出的热量有40%被利用，用这些热量加热水，知道水的比热容和水的温度升高值，利用

吸热公式求水的质量。

本题综合考查了水吸收热量的计算和燃料燃烧放出热量的计算，利用好Q收=40%Q成是关键，因

条件已给出，难度不大。

15.【答案】省力30

【解析】解：当购物车前轮遇到障碍物时，支点为8轮，故应在A端施加一个垂直AB所在直线

向下的力时，所用的力是最小的；此时的动力臂大于阻力臂，为省力杠杆；

当购物车后轮8遇到障碍物时，小明应竖直向上提扶把，车体是绕着C点转动的，故C点就是支

点，故应在A端施加一个垂直4c所在直线向上的力时，所用的力是最小的；由图知，此时心动=

7(0.6+0.3m+0.3m)2+(0.9m)2=1.5m,1阳=0.3m,

由杠杆平衡条件可知：F23=G",

即：F'x1.5m=150JVx0.3m,

解得F=30N。

故答案为：省力；30。

首先应找到本题的支点在前轮的着地点；其次知道使手推车后轮向上翘起，阻力为手推车的重力，

阻力臂为支点到重力作用线的距离，然后根据杠杆平衡条件，会用数学方法分析出动力臂最长时

动力最小，能突破：支点到动力的作用点的距离为动力臂时力臂最长。

该题考查最小力和力臂的判断以及杆平衡条件的应用，关键是判断出支点位置。

16.【答案】摩擦力惯性上

【解析】解：魔术师用一根筷子的一端穿过一颗橙子，用左手提着筷子，让橙子处于筷子的下端，

此时橙子处于静止状态，受到竖直向下的重力、筷子对橙子竖直向上的摩擦力的作用；

魔术师右手持锤子多次猛烈敲击筷子上方，在敲击的过程中，筷子在敲击力的作用下向下运动，

而由于橙子具有惯性，仍然要保持原来的运动状态，静止不变，所以观众将会看到橙子相对于筷

子向上运动。

故答案为；摩擦力；惯性；上。

根据橙子的运动状态判定其受力情况；任何物体在任何状态下都有惯性，据此分析。

本题考查了物体的受力分析、惯性现象，难度不大。

17.【答案】1正对看到的鱼

【解析】解：(1)平静的水面相当于平面镜，富乐桥的像和富乐桥到水面的距离相等，如果水面上

涨0.5m,则桥面到水面的距离缩小0.5m,桥面与像的倒影之间的距离缩小1〃?，桥面不动，桥面

的像上升1/72；

(2)鱼反射出的光线在水面处发生折射，折射光线进入眼睛，光的折射中光路是可逆的，从看到鱼

的位置正对鱼照射，才能把鱼照亮。

故答案为：1；正对看到的鱼。

(1)平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面

镜的距离相等；

(2)从水面上能看到鱼，上因为光从水中斜射入空气中时，在水面发生折射进入人的眼睛，光的折

射中光路是可逆的，要想从水面上照到鱼，应正对着鱼照射。

本题考查了平面镜成像特点和光路的可逆性，难度不大。

18.【答案】22.210

【解析】解：(1)当环境温度是40℃时，热敏电阻的阻值是1.M0,此时输出电压为8V,当环境温

度超过40℃时，热敏电阻的阻值变小，输出电压超过8匕说明环境温度从40℃升高时，热敏电阻

两端的电压变小，定值电阻两端的电压变大，即输出电压变大，故热敏电阻接在2位置，定值电

阻接在1位置；

(2)当热敏电阻接在2位置，定值电阻接在1位置，环境温度是40℃,热敏电阻是1.M0,此时定

值电阻两端的电压是8匕根据串联电路总电压等于各串联导体两端电压之和可知，热敏电阻两端

的电压《将=〃一(/定=12y-8K=4K,

U拉U比

根据串联电路电流相等可得：/=9=萨，

热定

代入数据有，嬴=熟

定

则定值电阻的阻值R定=22000=2.2k。；

(3)当热敏电阻和定值电阻的位置互换，定值电阻的阻值是2.2k0,输出电压为8匕即热敏电阻两

端的电压是8V,

根据串联电路电压特点得，定值电阻两端的电压瞑=U-5=12展8唳4叭

U奴U卢

根据串联电路电流相等可得：I，=¥=丰、

R热R定

代入数据有，?4V

2200。'

R热

则热敏电阻的阻值RZ=44000=4.4k0,

由表格数据知，当热敏电阻的阻值是4.4/C0时，环境温度是10。

故答案为：2；2.2；10。

(1)热敏电阻和定值电阻串联在电源上，根据串联电路各电阻起分担电压的作用，电阻越大分担电

压越大，当环境温度是40℃时，热敏电阻的阻值是1.1A0,此时输出电压为8匕当环境温度超过40℃

时，热敏电阻的阻值变小，输出电压超过8匕说明环境温度从40℃升高时，热敏电阻两端的电压

变小，定值电阻两端的电压变大，故热敏电阻接在2位置，定值电阻接在1位置。

(2)当热敏电阻接在2位置，定值电阻接在1位置，环境温度是40℃,热敏电阻是1.M0,定值电

阻两端的电压是8V,根据串联电路电压特点求出热敏电阻两端的电压，根据串联电路电流相等，

求出定值电阻的阻值。

(3)当热敏电阻和定值电阻的位置互换，知道定值电阻的阻值，根据串联电路各电阻两端的电压比

等于电阻比，求出热敏电阻的阻值，从表格中找到对应的环境温度。

本题两次利用串联电路电流相等，列出等式求出位未知量，或者利用串联电路各电阻分担的电压

之比等于电阻之比求解都是比较常用的方法。

19.【答案】小颗粒41.7BC小于

【解析】解：

(1)实验中为了使试管中的海波受热均匀，应选择小颗粒的海波进行实验；

(2)温度计一个小格表示的温度等于：塞=喘℃；从图乙中可以读出此时温度计的示数为42℃,

rn℃

因此其实际温度为：t实=(42-2)x■«41.7°c；

(3)海波熔化过程中，吸收热量，温度保持不变，内能逐渐增大，所以图像中3c段表示海波的熔

化过程，海波在8点的内能小于C点的内能。

故答案为：(1)小颗粒；(2)41.7；(3)BC；小于。

(1)实验中为了使试管中的海波受热均匀，应选择小颗粒的海波进行实验；

(2)此类型的题，首先求出一个小格表示的温度：读出距离冰水混合物时的温度间隔有多少格，就

知道此时的实际温度；

(3)晶体在熔化过程中，吸收热量，温度不变，内能增大。

晶体和非晶体的熔化和凝固实验，是考试最常考的一类大题，最主要的要能熟练掌握晶体的熔化

曲线，对于该曲线所对应的时间、物质状态、处于的阶段都能清晰的了解。

20.【答案】62.5%62.5%偏大等于

【解析】解：(1)根据表中数据，第2次实验的机械效率为:

小有Gh_

6NxO.lmx100%=62.5%；

片匹=k=3.2NxO.3nl

表格中的横线上应填的数据大小为62.5%；

(2)如果让弹簧测力计保持静止时读数，则机械之间不存在摩擦，测力计示数偏小，得出的总功偏

小，根据7/=/知所测出的滑轮组机械效率将比其真实值偏大；

(3)如果不计绳重和摩擦，克服动滑轮的重力做的功为额外功的唯一来源，〃额外=G

机械效率：广蔡=谭而=建^1。。％，可知叫等于“

故答案为：(1)62.5%；(2)偏大；(3)等于。

w方rh

(1)根据表中数据，由4=至二=皆X100%得出第2次实验的机械效率；

(2)只有用测力计沿竖直方向匀速拉动绳子，系统处于平稳状态，测力计示数才等于拉力大小，如

果让弹簧测力计保持静止时读数，则机械之间不存在摩擦，测力计示数偏小，得出的总功偏小，

据此分析；

(3)如果不计绳重和摩擦，克服动滑轮的重力做的功为额外功的唯一来源，根据"=六=

总

=7^—X100%分析。

G,效力+GhG动+G

本题测量滑轮组机械效率，考查机械效率公式的运用、注意事项，注意只有在不计绳重和摩擦时,

克服动滑轮的重力做的功为额外功的唯一来源。

21.【答案】81、2都可以0.76

【解析】解：(1)甲图中电流表与电压表串联，由于电压表内阻很大，使该支路几乎无电流，故电

流表几乎无示数；电流表、灯泡和滑动变阻器应串联接入电路，电压表应该并联在灯泡两端，修

改电路如下：

(2)当小灯泡两端的实际电压达到额定电压2.5U时灯泡正常发光，故调节滑动变阻器时要观察电压

表的示数，使电压表的示数为2.5V,此时小灯泡正常发光；

电源由四节新的干电池串联组成，电源电压为1.5VX4=6乙灯泡两端电压为2.5P,则滑动变阻

器分得电压为：U滑=6U-2.5V=3.5人

由图乙知此时电路中的电流为0.24则滑动变阻器接入电路中的电阻为：/?潸=聿=焉=17.50,

词/0.2A

所选滑动变阻器的最大电阻应大于17.50,由于电路中的电流大于0.14故滑动变阻器C不合适，

应选8；

(3)②要使200电阻分得2V电压，则此时电路中的电流为：/=等=q=0.14,

定

所用滑动变阻器的规格为“300,0.54”，当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，所分担的电压

最大，分担的最大电压为：C/漕=/R滑=0.14x30。=3心

则电源的最大电压为：U=U^+U.^=2V+3V=5V,

所以为了使200电阻分得2丫电压，所用电源电压的范围是2U<U<5V,每节干电池的电压为1.5V,

则需要2节或3节干电池作为电源，故在原有4节干电池的基础上，减少1节或2节干电池都可

以；

(4)结合题意观察图丙知，小灯泡、电阻R】、电阻色是并联接入电路，三者两端电压相等，&阻值

为100,则让&两端电压为3.8叭小灯泡即正常发光，止匕时，通过8的电流为：/2=¥=黑=

KJLUJ2

0.384,

故实验步骤为：

①将电流表先接在图中3的位置上，闭合开关后，调节滑片使电流表的示数为0.384,小灯泡正常

发光；

②将电流表接在图中2的位置上，保持滑片位置不动，闭合开关，读出电流表的示数为0.584

此时电流表测量的是通过&和%的总电流，所以通过％的电流为：4=0.584-0.384=0.24

③将电流表接在图中最后一个的位置上，保持滑片位置不动，闭合开关,读出电流表的示数为0.44

此时电流测量的是通过灯泡和&的总电流，所以通过灯泡的电流为：3=0.4A-0.24=0.24

则小灯泡的额定功率为：P^=U城灯=3.8Vx0.2A=0.76亿

故答案为：(1)见解答；(2)8；(3)②1、2都可以；(4)④0.76。

(1)甲图中电压表和电流表串联，然后与小灯泡并联，会使电流表几乎无示数；电流表、灯泡和滑

动变阻器应串联接入电路，电压表应该并联在灯泡两端，据此修改原电路；

(2)小灯泡两端的实际电压达到额定电压2.5V时灯泡正常发光；利用串联电路电压的规律和欧姆定

律计算出小灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路中的电阻，由此确定滑动变阻器的规格；

(3)②所用滑动变阻器的规格为“30。0.54”，要使200电阻分得2y电压，根据串联电路特点和

欧姆定律，求出电源电压的最大值，由此确定需要减少干电池的节数；

(4)要想测量3.81/小灯泡的额定功率，要先让小灯泡两端实际电压达到额定电压，小灯泡正常发光,

然后测量出小灯泡的电流，再根据P=U/计算出小灯泡的额定功率。

本题涉及测量小灯泡的电阻、探究电流与电阻的关系、测量小灯泡的电功率三个实验，考查了实

物电路的连接、器材的选取、实验现象分析、特殊法测电功率，考查范围广且有一定难度。