第6课电能-九年级科学上册学练测（浙教版）

第6课电能【满分测试】满分：120分考试时间90分钟一、选择题(共20题；共60分)1．小科用如图所示的电路测小灯泡功率。电路中电源电压恒为4.5V，电压表的量程为0~3V，电流表的量程为0~0.6A，滑动变阻器的规格为”20Ω1A”，灯泡标有”2.5V1.25W”字样。若闭合开关，两电表的示数均不超过所选量程，灯泡两端电压不允许超过额定值，不考虑灯丝电阻的变化，则下列说法正确的是（）D．滑动变阻器的电阻允许调节的范围是2.5~20Ω【答案】B【解析】A..灯泡的额定电流IL=PLUL=1.25W2.5V=0.5A，电流表的量程为0~0.6A，所以电路中电流最大值为I大当阻器接入电路的电阻最大，电路中电流最小，灯泡的功率最小，

电路中电流最小值为I小=U总R总=4.5V5Ω+20Ω=0.18A，

灯泡的最小功率是P小=I小2RL所以滑动变阻器阻值变化的范围是4Ω～20Ω．故D错误。故选B。2．某科学小组用L1、L2两个小灯泡及其它必要元件，设计了如图甲、乙、丙三个电路，电源电压相同且恒定不变，闭合开关后电路消耗的总功率P甲、P乙、P丙的关系是（）A．P乙<P甲<P丙 B．P甲>P乙>P丙C．P甲=P乙=P丙 D．P甲<P丙=P乙【答案】A【解析】根据图片可知，甲中只有灯泡L1，电阻为R1；

乙中两个灯泡串联，总电阻为R串；

丙中两个灯泡并联，总电阻为R并；

则总电阻R丙<R1<R串；根据P=U2R可知，总功率P丙>P甲3．（2023九上·拱墅期末）如图所示，两只灯泡L1和L2上分别标有“6V4W”和“3V1W”字样，将它们串联后接在电压可在3~6V之间调节的电源上，闭合开关S，若两灯的灯丝电阻不随温度变化，则下列说法正确的是（）A．通过灯L1的电流大于通过灯L2的电流B．当电源电压调节到6V时，灯L1正常发光C．在调节电源电压的过程中，灯L1始终比灯L2亮D．在调节电源电压的过程中，两灯的功率变化量相等【答案】D【解析】A.根据图片可知，两个灯泡串联，则通过它们的电流相等，故A错误；

1的电阻为：R1=U12P1=6V24W=9Ω；R24．（2023九上·拱墅期末）小乐猜想：“电流通过导体产生的热量的多少可能跟电流、电阻和通电时间有关”，于是设计了如图所示的装置①和②，先将电阻丝（R1＜R2）分别装入规格相同的烧瓶中，然后将带有相同的玻璃管的塞子塞紧烧瓶，玻璃管在外侧的一端与相同的瘪气球相连；实验过程中电源电压保持不变。下列叙述中，正确的是（）A．探究电流产生的热量与电流大小的关系，可比较气球甲、乙的体积变化B．探究电流产生的热量与电阻大小的关系，可比较气球丙、丁的体积变化C．装置①和②同时实验，通电相同时间后，体积变化最大的气球是丙气球D．装置①和②同时实验，通电相同时间后，体积变化最大的气球是甲气球【答案】C【解析】根据题意可知，电阻产生的热量越多，则烧瓶内气体温度越高，那么气球的体积越大。

A.探究电流产生的热量与电流大小的关系，需要控制电阻相同而改变电流的大小，而甲和乙中两个电阻串联电流相同，而电阻不同，故A错误；

B.探究电流产生的热量与电阻大小的关系，需要控制电流大小和时间相同，改变电阻大小，因此可以比较甲和乙气球的体积变化，故B错误；

CD.甲和乙中两个电阻串联，通过的电流相等，根据Q=I2Rt可知，乙中电阻产生的热量多，即Q乙＞Q甲。丙和丁中两个电阻并联，它们的电压相等，根据Q=U2Rt可知，丙中电阻产生的热量多，即Q丙＞Q丁。①和②中电源电压相等，则丁的电阻两端的电压肯定大于乙的电压，根据Q=U5．如图甲所示的电路，在滑动变阻器R2的滑片P从B向A滑动的过程中，电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示，则下列说法中正确的是（）A．电源电压是16VB．当电流表的示数是0.4A时，R2接入电路的阻值是30ΩC．R1的阻值是20Ω【答案】C【解析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。

（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，

由图乙可知I1=0.9A，

由I=UR可得，电源的电压：U=I1R1=0.9A×R1①，

当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，

由图2可知，I2=0.2A，U2=14V，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以电源的电压：U=U2+I2R1=14V+0.2A×R1②，

①②联立解得：R1=20Ω，U=18V，故A错误，C正确；

电路的最大功率：P大=UI1=18V×0.9A=16.2W，故D错误；

当电流表的示数是0.4A时，电压表的示数为10V，

则R2的阻值为：6．（2023九上·嘉兴期末）教室内安装了10盏额定功率为36瓦的具有护眼功能的LED节能灯。节能灯正常工作时，下列有关说法正确的是（）A．正常工作时的电压是22伏 B．灯开得越多干路中电流越大C．比36瓦的日光灯做功慢 D．10盏灯每小时耗电1千瓦时【答案】B【解析】A.在家庭电路中，所有的灯泡都是并联，那么它们两端的电压都是220V，故A错误；

B.灯开得越多，则总功率越大，根据P=UI可知，则干路中通过的电流越大，故B正确；

C.电功率表示用电器电流做功的快慢，即电功率相等，则做功快慢相等，故C错误；

D.10盏灯每小时耗电：W=Pt=0.036kW×10×1h=0.36kW·h，故D错误。故选B。7．（2022九上·镇海区期末）小科想要利用风扇、发热电阻等元件，制作一个有低温挡和高温挡的暖风机。他设计了发热部分的两种电路，分别如图甲、乙所示。下列说法错误的是（）A．图甲中，当开关S闭合、S1断开时，此时处于低温挡工作状态B．图甲中，当开关S闭合、S1闭合时，此时处于高温挡工作状态C．图乙中，若电源电压为24伏，要实现电阻R3的发热电功率为120瓦，则R3阻值为5欧D．图乙中，暖风机高温挡总功率为200瓦，在高温挡工作1分钟，暖风机消耗电能1.2×104焦【答案】C【解析】图甲中，当开关S闭合、S1断开时，两个电阻串联，总电阻为R串；

图甲中，当开关S闭合、S1闭合时，只有R2单独工作，此时总电阻为R2；

根据串联电路的电阻规律可知，R串>R2；

根据公式P=U2R可知，总功率P串<P2；

那么前者为低温档，后者为高温档，故A、B正确不合题意；

图乙中，若电源电压为24伏，要实现电阻R3的发热电功率为120瓦，

则R3阻值R3=U28．（2023九上·杭州期末）如图所示，电源电压18V且保持不变，电流表接“0～0.6A”量程，电压表接“0～15V“量程，灯泡上标有“6V3W”字样，灯丝电阻保持恒定不变，要求两电表示数均不超过量程，灯泡两端电压不能超过额定电压，下列说法正确的是（）A．滑动变阻器的滑片向左移动时，两电表的示数都将变大B．当电流表示数为0.4A时，电压表示数为12VC．滑动变阻器允许调节的范围是24～60Ω【答案】C【解析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。

A.滑动变阻器的滑片向左移动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，

由I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，

由U=IR可知，灯泡两端的电压变大，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以滑动变阻器两端的电压变小即电压表的示数变小，故A错误；

B.由P=UI可得，灯泡的额定电流：

IL=PLUL=3W6V=0.5A；

灯泡的电阻：RL=ULIL=6V0.5A=12Ω，

当电流表示数为0.4A时，灯泡两端的电压：

UL″=IRL=0.4A×12Ω=4.8V，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，电压表的示数：

U滑=UUL″=18V4.8V=13.2V，故B错误；

C.因串联电路中各处的电流相等，且灯泡的额定电流为0.5A，电流表的量程为0～0.6A，

所以，电路中的最大电流为0.5A，

此时电路中的总电阻：

R=UI大=18V0.5A=36Ω，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：

R滑小=RRL=36Ω12Ω=24Ω，

当电压表的示数最大为15V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，

9．（2023九上·杭州期末）小科同学利用如图所示装置来研究电热与哪些因素有关。甲、乙两瓶中煤油的质量与初温都相同，瓶中电阻丝的大小关系为R甲＜R乙，以下说法正确的是（）A．通过两根电阻丝的电流大小关系为I甲＞I乙B．烧瓶内选用比热容较小的液体，可使实验现象更明显C．通过此实验，可以得出导体产生的热量跟电流的平方、导体电阻及通电时间成正比D．若要比较水和煤油的比热容大小，只需将一个烧瓶内的煤油换成等质量的水【答案】B【解析】A.由图可知，该电路为串联电路，通过两根电阻丝的电流是相同的，故A错误；

B.在液体质量相同、吸收热量相同的情况下，比热容小的物质温度要升高的多，所以用比热容小的液体可以使实验现象更明显，故B正确；

C.如图所示的实验中，通过滑动变阻器改变通过甲、乙两个电阻丝的电流，所以实验可以得出，电流通过导体产生的热量跟电流、电阻和通电时间有关，但并不能得到它们之间的数值关系，故C错误；

D.比较水和煤油的比热容大小时，需要用相同的加热器加热质量相同的不同液体，使它们在相同的时间内吸收相同的热量，所以需要控制两个电阻的阻值相同，故D错误。故选B。10．（2023九上·长兴期末）两个灯泡L1和L2额定电压均为6V，将两灯串联后接入电路中，接通后发现L2要亮一些，则下列判断正确的是（）A．L1的电阻比L2大B．串联时L1两端电压比L2大C．L2的额定功率比L1大D．若两灯并联，通过L1的电流比L2大【答案】D【解析】两个灯泡串联后，通过它们的电流大小相等。L2灯泡更亮些，则它的实际功率更大些，根据P=I2R可知，灯泡L2的电阻比L1的电阻大，故A错误；

根据U=IR可知，串联时L2的电压比L1的电压大，故B错误；

根据P=U2R可知，电阻R2>R1，则额定功率P2<P1，故C错误；

两灯并联时，它们两端的电压相等，根据U=IR可知，通过灯泡L211．（2023九上·上城期末）如图是四种家用电器的铭牌，下列相关说法正确的是（）54cm彩色电视机工作电压220V工作频率50Hz额定功率85WBC65B电冰箱额定电压220V工作频率50Hz额定功率70W耗电量0.5kW·h/24hFS69电风扇额定电压220V规格400mm工作频率50Hz额定功率65WK33GW空调机额定电压220V工作频率50Hz制冷/制热电流A．彩色电视机在220V电压下工作时的实际功率为85WB．电冰箱连续工作30天需要消耗电能30度C．使用电风扇比使用空调消耗电能更少D．空调机制冷和制热两种工作状态下电流做功快慢不同【答案】A【解析】A.根据图片可知，彩色电视机的额定功率为85W，即在220V电压下工作时的实际功率为85W，故A正确；

B.电冰箱每天消耗电能0.5kW·h，则连续工作30天消耗的电能：W总=nW=0.5kW·h×30=15kW·h，故B错误；

C.根据公式W=Pt可知，消耗电能的多少与电功率和时间大小有关，则电风扇的电功率小不一定消耗的电能少，故C错误；

D.空调机制冷和制热时的电流相同，根据P=UI可知，两种状态下电功率相等，即做功快慢相同，故D错误。故选A。12．（2023九上·上城期末）某班一些同学关于教材中的四幅图提出以下观点，其中合理的是（）A．甲图，聚变反应中原子种类发生了变化，所以是化学变化B．乙图，活塞快速向下对简内空气做功，空气内能增加温度升高，内能转化为机械能C．丙图，研究与电阻关系，在相同时间和电流时，比较放有不同电阻的两烧瓶中液柱变化D．丁图，做功冲程中高温高压的燃气对活塞做功，机械能转化为内能【答案】C【解析】A.在化学变化中，分子发生改变，而原子保持不变，甲中原子种类发生改变，因此不是化学变化，故A错误；

B.乙图，活塞快速向下对筒内空气做功，空气内能增加温度升高，则机械能转化为内能，故B错误；

C.丙图，研究电流通过导体产生的热量与电阻关系，在相同时间和电流时，比较放有不同电阻的两烧瓶中液柱变化，故C正确；

D.丁图，做功冲程中高温高压的燃气对活塞做功，将内能转化为机械能，故D错误。故选C。13．连接如图所示的电路，闭合开关后，调节滑动变阻器，观察到小灯泡L1比L2亮，下列说法中正确的是（）A．灯泡L1的实际功率比L2大B．灯泡L1对应的电压表示数比L2小C．灯泡L1、L2规格是相同的D．可以验证电功率与电流大小的关系【答案】A【解析】根据图片可知，灯泡L1与L2串联，电压表分别与它们并联，分别测它们的电压。

1大于L2，则灯泡L1的实际功率大于L2，故A正确；

1>P2，通过它们的电流I1=I2，根据P=UI可知，L1的电压大于L2的电压，故B错误；

C.如果两个灯泡的规格相同，那么它们的电阻相等。根据P=I2R可知，两个灯泡的实际功率相等，则它们的亮度相同，故C错误；

D.探究电功率与电流大小的关系时，必须控制电压相同而改变电流，故D错误。故选A。14．（2023九上·南浔期末）如图所示，一个标有“6伏3.6瓦”字样的小灯泡L和最大阻值为50欧的滑动变阻器Ｒ串联后接在电源电压U恒为6伏的电路中，设灯泡电阻不变，下列判断不正确的是（）A．无论如何移动滑片P，电路中总功率不会超过2瓦C．当滑片P滑至某个位置时，L和Ｒ的电功率相等D．当滑片P由A滑向B的过程中，灯泡L的电功率一直是减小的【答案】A【解析】A.根据图片可知，当滑动变阻器的滑片移到a端时，电路中只有灯泡L自己工作，此时电路的总电阻最小，而总功率是最大的。因为电源电压等于灯泡的额定电压，所以灯泡此时消耗的实际功率等于额定功率，即为3.6W，故A错误符合题意；

B.当滑动变阻器的滑片移到b端时，此时电路的总电阻最大，而总功率是最小的；

灯泡的电阻：RL电路的总电阻：R总=RL+R=10Ω+50Ω=60Ω，

电路的总功率：P总故B正确不合题意；

C.根据串联电路的电流规律可知，通过它们的电流相等。根据公式P=I2R可知，当电流相同时，滑动变阻器的阻值与灯泡的阻值相等，它们消耗的功率也是相等的，故C正确不合题意；

D.当滑片P由a滑向b的过程中，滑动变阻器的阻值在增大，则电路中的电流在减小。根据公式P=I2R可知，灯泡的功率不断减小，故D正确不合题意。故选A。15．如图是家庭、宾馆常用的无线电水壶（一种在倒水时导线脱离，用电加热的方便水壶），用规格“220V，1200W”这种电水壶在正常工作时烧开水，将质量为1千克、温度为18℃的水，经过一段时间加热把水烧开（在一个标准大气压下）．水的比热为4.2×103焦/千克•℃，不考虑电水壶的散热。由上述已知条件，可求得的物理量是（）①通过电水壶的电流②电水壶电热丝的电阻③加热的时间④电流做的功。A．①② B．①②③ C．②③④ D．①②③④【答案】D【解析】根据“220V，1200W”已知电水壶的额定电压和额定功率，由P=UI可得I=PU=1200W220V=5.45A。所以①可求。

R=UI=220V5.45A=40Ω。所以②可求。

根据水升高的温度可以求出水吸收的热量，Q=cm∆t=4.2×1016．某同学在家中要自制1000W的电炉，但手边只有500W和2000W的电炉丝各若干，下列方法不可行的是（）A．将两根500W电炉丝并联B．将两根500W电炉丝串联C．将500W的电炉丝分成相等的两段，取其中一段D．将两根2000W电炉丝串联【答案】B【解析】A、将两根500W电炉丝并联，各自在额定电压下工作，功率为额定功率500W，相加即为总功率1000W，故A可行。

B、将500W的电炉丝串联，R总=2U2P=2×(220V)2500W=193.6Ω，P总=U2R总17．如图所示，电源电压恒为9V，定值电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器滑片位于中间某一位置．闭合开关S后，移动滑动变阻器的滑片P，使滑动变阻器R2的阻值增大60Ω，电压表示数变化了2V，则下列说法中正确的是（）B．滑片P移动过程中，电压表的示数从4V变为6VC．R1D．R2【答案】C【解析】2，R2的阻值增大了60Ω，电压表示数应增加了2V，R1的电压则减少了2V，

电路中电流的变化：∆I=ΔUR1=2V10Ω=0.2A

即UR1+RB.移动前电压表的示数：U2=I×R2=0.3A×20Ω=6V

移动后的电流I'=UR=9VC.移动前R1的电功率P1=I2R1=(0.3A)2

移动后R1的电功率P1'=I'2R1=(0.1)2

因此R1消耗的功率减小了0.9W0.1W=0.8W，C正确D.移动前R2的电功率：P2=I2R2=(0.3A)2

移动后R2的电功率：P2'=I'2R2=(0.1A)2

因此R2消耗的电功率减小了1W，D错误故答案为：C18．（2022九上·舟山月考）如图所示，2只相同的烧瓶，瓶塞上各插入1支温度计，瓶内装有电阻丝，电阻丝的阻值分别为R1、R2，在烧瓶中装入煤油或水（水的比热容已知），两电阻丝接入相应的电路，无法完成的实验是（)A．烧瓶中装入等质量的煤油，若R1＜R2串联，探究电热与电阻大小的关系B．烧瓶中装入等质量的煤油，若R1＜R2且并联，探究电热与电流大小的关系C．烧瓶中分别装入等质量的水和煤油，若R1＝R2且串联，比较水和煤油的吸热能力D．烧瓶中分别装入等质量的水和煤油，若R1＝R2且串联，粗略测量煤油的比热容【答案】B【解析】A.要探究“电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系”，应控制电流相同、通电时间相同、液体的质量、种类相同，而电阻的大小不同，所以当烧瓶中装入等质量的煤油，若R1＜R2且串联时，可以探究电热与电阻大小的关系，故A正确不合题意；

B.要探究“电流通过导体产生的热量与电流大小的关系”，应控制电阻相同、通电时间相同、液体种类和质量相同，而电流的大小不同，所以当烧瓶中装入等质量的煤油，若R1＜R2且并联，不能探究电热与电流大小的关系，故B错误符合题意；

C.在探究水和煤油的吸热能力时，采用的是控制变量法，需要控制水和煤油的质量和初温相同，实验中需要将阻值相同的两电阻丝串联，这样保证电热丝在相同时间内放出的热量相同，通过比较升高的温度来比较水和煤油的吸热能力，故C正确不合题意；

1=R2且串联，两电阻的电流和电阻相同，根据Q=I2Rt知在相同时间内电流产生的热量相同，可以让相同质量的水和食用油吸收相同的热量，则能粗略测量食用油的比热容，故D正确不合题意。故选B。19．（2022九上·舟山期中）如图所示，图甲是某款即热式电热水龙头，图乙是它的电路原理图，R1和R2是阻值分别为22Ω和44Ω的电热丝。通过旋转手柄改变与开关S接触的两个相邻触点，实现冷水、温水、热水挡的切换。则以下说法正确的是（）A．开关S接触2、3触点时，水龙头放出的是热水B．开关S接触3、4触点时，电热丝R1、R2串联C．水龙头在温水挡正常工作时的电流是10AD．水龙头在热水挡正常工作时的功率是3300W【答案】D【解析】当开关S接触2、3触点时，只有R2工作，此时总功率较小，水龙头放出的是温水，故A错误；

当开关S接触3、4触点时，两个电阻同时工作，此时二者为并联，此时总功率最大，为热水档，故B错误；

当开关S接触2、3触点时，只有R2工作，为温水档，

此时电路的电流I=UR2=220V44Ω=5A；

故C错误；

当开关S接触3、4触点时，电路中R1、R220．连续阴雨，空气潮湿，能见度低，为保证师生安全，同学们设计了图甲所示的模拟电路，电路中电源电压为6V，警示灯的规格为“6V3W”，电磁铁线圈电阻忽略不计，警示灯电阻保持不变。当湿度达到一定程度时，警示灯能不断明暗闪烁，且明亮时灯泡正常发光。则下列说法正确的是（）A．当电流通过电磁铁时，电磁铁上端为S极B．湿敏电阻应接在图甲电路中B位置C．根据设计要求，应选择图乙中的R1作为湿敏电阻【答案】B【解析】根据图片可知，线圈上电流方向向右。右手握住螺线管，弯曲的四指指向右侧，此时大拇指指向上端，则电磁铁上端为N极，故A错误；

由图乙可知：R1的电阻随湿度的增加而增加，R2的电阻随湿度的增加而减小；

由题意可知，空气湿度较小时，电磁铁不吸合，灯泡较暗，当空气湿度达到一定程度时，湿敏电阻的阻值减小，电路的电流增大，电磁铁的磁性增强，电磁铁吸合，湿敏电阻被短路，电路为警示灯的简单电路，灯泡变亮，由于电磁铁也被短路无磁性，电磁铁不吸合，据此可知警示灯能不断亮暗闪烁，所以应选图乙中的R2湿敏电阻，且串联在图甲电路中B位置，故B正确、C错误；

警示灯的电阻为：RL=U额2P额=(6V)23W=12Ω；

由图甲知，当空气湿度为80%时，R2的电阻为12Ω，

二、填空题(共5题；共22分)21．（2023九上·舟山开学考）光伏发电技术已走入寻常百姓家，其简化电路如图。（1）当太阳能电池板只为蓄电池充电时，应闭合控制开关（填“S1”、“S2”或“S1和S2”）；（2）某用户的光伏发电板总功率为1600W，若每天有效光照时间为5h，刚好满足该用户一天用电量，则该用户每天的用电量是kW·h。【答案】（1）S1（2）8【解析】（1）如下图所示，当太阳能电池板只为蓄电池充电时，应闭合控制开关S1，

（2）该用户每天的用电量为：W=Pt=1.6kW×5h=8kW·h。22．密闭的房间里有一台规格为“220V800W”的取暖器，闭合开关使其正常工作30分钟，（1）该取暖器消耗的电能为焦耳；（2）若房间里空气质量为45千克，取暖器放出热量的15%被空气吸收，则这段时间房间里空气温度升高了℃(数字准确到小数点后一位)。[空气的比热为1000J/(kg．℃)]【答案】（1）1.44×106【解析】（1）该取暖器消耗的电能为：W=Pt=800W×1800s=1.44×106J；

（2）根据Q=cm△t得到：1.44×106J×15%=1000J/(kg．℃)×45kg×△t；

解得：△t=4.8℃。23．（2022九上·镇海区期末）学校消防通道内安装的应急灯的参数如下：“蓄电池规格6V2400mAh”，“灯泡规格6V3.6W”，“灯泡数量2个”。“2400mA·h”表示当工作电流为2400毫安，电池能持续供电1小时。当外接电源断开时，应急灯的2个灯泡都自动点亮，此时由蓄电池供电。该应急灯的两灯为联状态，该应急灯（两灯）能用于应急照明的最长时间为分钟。【答案】并；120【解析】（1）在并联电路中，电路的总电压等于各支路两端的电压。蓄电池的电压等于灯泡的额定电压，则该应急灯的两灯为并联状态；

（2）蓄电池充满电储存的电能：W=UIt=6V×2.4A×3600s=51840J，

两只灯泡正常发光的总功率：P=2×3.6W=7.2W，

两只灯泡连续发光时间：t=W24．（2023九上·温州期末）图甲是一款家用电热器，旋钮开关位置如图乙所示三种：关闭、低温档(400瓦)和高温档(800瓦)。电热器内部有两根电热丝R1和R2，小明绘制了简易原理图如图丙。（1）电热器的工作原理是通过电流做功将电能转化为。（2）在图丙上闭合开关S1、S2和S，相当于电热器旋钮开关位于图乙中的。(选填①②③)（3）为了比较高温档和空调的功率大小，小明测出空调4小时耗电量为3.6度，其功率为。【答案】（1）内能（2）③（3）900瓦【解析】（1）电热器的工作原理是通过电流做功将电能转化为内能。

（2）根据丙图可知，当闭合开关S1、S2和S时，此时两个电阻并联，总电阻最小，而总功率最大，应该为高温档，相当于电热器旋钮开关位于图乙中的③位置。

（3）空调的电功率为：P=W25．（2022九上·舟山月考）是我们最常用的通讯工具，使用的是可充电电池，电池上标有“电压”和“容量"”两个重要参数。容量的单位通常为“毫安时”(符号mAh)，小秘同学的爸爸使用的可充电电池所标的电压是3.6V，容量是1500mA，使用该充满电一次能够持续通话的实际时间可长达5h，则该在通话状态的放电功率为W。电池在放电时将能转化为电能。【答案】1.08；化学【解析】（1）一次充电存储的电能：W=UIt=3.6V×1500×103A×3600s=19440J；

通话时的功率：P=Wt=三、实验探究题(共3题；共20分)26．在”测小灯泡额定功率”的实验中，提供的器材有：电压恒为4.5V的电源，额定电压为2.5V的待测小灯泡(电阻约为8Ω)，电流表(0~0.6A、0~3A)，电压表(0~3V、0~15V)，开关和导线若干，另有标有：“30Ω2A”的滑动变阻器R1和标有”5Ω1A”的滑动变阻器R2。（1）实验电路如图甲所示，请选择合适的量程，并用笔画线代替导线在图甲中将电路连接完整；（2）本实验选择的滑动变阻器是(填”R1”或”R2”)；（3）若增加一个阻值为10Ω的定值电阻R0，只利用一只电表，通过简单操作(开关S接”a”“、”b”各一次)来测量小灯泡的额定功率，如图乙、丙是两种不同方案的电路图，则下列判断正确的是______。(填字母代号)A．两种方案都能 B．两种方案都不能C．乙方案能，丙方案不能 D．乙方案不能，丙方案能【答案】（1）（2）R1（3）B【解析】（1）灯泡的额定电压为2.5V，则电压表选择的量程为0～3V。灯泡的电阻约为8Ω，所以小灯泡的额定电流约为：I额；

（2）电源电压恒为4.5V，当灯泡正常发光时，

滑动变阻器两端的电压：UR=UUL=4.5V2.5V=2V，

根据串联电路电压与电阻成正比得到：UUL=RRL；

即2V2.5V=（3）图乙中，无论开关接“a”还是接“b”都无法得知小灯泡是否正常发光，此方案不能测定小灯泡的额定电功率；

图丙中，R0、小灯泡和滑动变阻器三者串联，开关S接“a”时，电压表测量定值电阻的电压，当开关接“b”时测量灯泡和定值电阻的总电压，不能通过调节滑动变阻器使灯泡两端的电压为2.5V，所以此方案不能测出小灯泡的额定功率；27．（2023九上·宁海期末）在“测量小灯泡的电功率”实验中，实验器材有：两节新干电池、电流表、电压表、额定电压2.5V的小灯泡、滑动变阻器、开关、导线若干，部分实物电路如图甲所示。（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整（要求：滑片P向右移动时小灯泡变亮）。（2）移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示；若要测量小灯泡的额定功率（选填“A”或“B”）端移动。（3）图丙是由实验数据描出的小灯泡的I﹣U图像，若将该实验中的两个相同的小灯泡串联在3V的电源上，则电路消耗的总功率为W。（4）若用第（2）题中所测得数据算出灯泡的电阻RL，再根据P＝U2/RL计算灯泡的额定功率。按此方法算出灯泡的额定功率比真实值（选填“偏大”或“偏小”）。【答案】（1）（2）B（3）0.6（4）偏大【解析】（1）滑动变阻器应该与开关串联。小灯泡变亮则电流增大，那么总电阻减小，即滑动变阻器的阻值减小。根据甲图可知，当滑片向右移动时，滑片右边的电阻丝阻值减小，那么应该将右边接入电路，即选择右下角的B接线柱，如下图所示：

（2）根据乙图可知，电压表的量程为0~3V，分度值为0.1V，则示数为2V。由于2V＜2.5V，所以电压表的示数要增大。根据U=IR可知，此时的总电流要减小，而总电阻要减小，即滑动变阻器的阻值要减小，因此滑片向B端移动。

（3）两个完全相同的小灯泡串联在3V电源上，根据串联电路的分压规律可知，此时每个小灯泡两端的电压都是1.5V。根据丙图可知，此时通过灯泡的电流为0.2A，此时电路的总功率为：P=UI=3V×0.2A=0.6W。

（4）第（2）题中灯泡的电压低于额定电压，此时灯丝温度低，因此此时灯泡的电阻偏小。根据公式P＝U228．为了探究电流产生的热量跟哪些因素有关，小明同学先后采用如图所示的甲、乙两个装置进行实验。她将两段电阻丝R1、R2分别封闭在两个相同的烧瓶中(R1<R2)，用玻璃管将烧瓶分别与相同的气球相连，两次实验电源电压不变。（1）要探究通电时间和通电电流大小相同时。电流产生的热量与电阻的关系，应选择装置进行实验。(选填(甲》或“乙”)（2）实验中研究电流产生的热量多少，是通过比较气球的体积变化大小来比较的，这种实验方法称为。（3）小明用气球替代温度计进行实验，你对此的评价是。【答案】（1）甲（2）转换法（3）气体的热胀冷缩气球更直观，但无法测出温度﹐温度计更适合液体的温度变化【解析】（1）在甲图中，两个电阻串联，根据串联电路各处电流都相等的规律可知，此时通过它们的电流大小相等，通电时间相等，那么可以探究电流产生的热量多少与电阻的关系。

（2）实验中研究电流产生的热量多少，是通过比较气球的体积变化大小来比较的，这种实验方法称为转换法。

（3）小明用气球替代温度计进行实验，对此的评价是：气体的热胀冷缩气球更直观，但无法测出温度﹐温度计更适合液体的温度变化。四、解答题(共3题；共18分)29．如图所示的电锅，其内部简化电路如图乙所示，S1是旋钮开关，S2是温控开关(当锅体温度达到设定温度时，当锅体温度低于一定值时自动闭合)，R是指示灯的分压电阻，不起到加热作用，发热如图丙所示，滑片转动时只能与滑动触头接触，0挡为断开状态，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ挡是不同功率的档位，电热丝被均分为四段接入电路，其他元件的电阻均忽略不计。（1）S1从0挡转到Ⅰ挡开始工作，温控开关S2的状态是(选填”断开”或”闭合”)。（2）图丙中，滑片顺时针转动，发热管的加热功率增大，Ⅳ挡时功率最大。则接线柱a、b、c中连入电路的应该是（3）已知电火锅Ⅳ挡加热功率为1000瓦，若电火锅在Ⅲ挡工作5分钟，求发热管消耗的电能。【答案】（1）闭合（2）bc（3）1.5×105J【解析】（1）S1从0挡转到Ⅰ挡刚开始工作，即此时发热管被接通，因此温控开关S2的状态闭合；

（2）加热时，锅内水温逐渐升高，其中改变水的内能的方式是热传递；

（3）图丙中，滑片顺时针转动，发热管的加热功率增大，

由P=U2R（4）已知电火锅Ⅳ挡加热功率为1000瓦，

则Ⅳ挡加热时的电阻为：RⅣ=U2PⅣ=(220V)21000W=48.4Ω，

所以Ⅲ挡工作时的