2023年湖北省武汉市洪山区重点大学附中中考物理二调模拟试卷（含解析）

2023年湖北省武汉市洪山区重点大学附中中考物理二调模拟试

卷

一、单选题（本大题共12小题，共36.0分）

1.如图所示是物质在三种不同状态下的分子模型，下列说法正确的是（）

A.甲图中分子间距较大，分子之间作用力几乎为零

B.乙图中分子无固定排列，组成的物质具有流动性

C.丙图中分子间距最近不易被压缩容易被拉伸

D.若某物体的分子排列情况经过某一个过程由甲图变为丙图，则该物体内能增大

2.关于温度、内能、热量和能量，下列说法正确的是（）

A.在扩散现象中，分子只能从高温物体运动到低温物体

B.热传递过程中，放出热量的物体的内能一定大于吸收热量的物体的内能

C.同一物体温度越高，它的内能越大

D.外界对物体做功，物体所含的热量增加

3.关于下面如图四幅图的说法正确的是（）

A.W活塞压缩空气，硝化棉燃烧，此过程与热机的压缩冲程原理相同

B.瓶内空气推开瓶塞，内能减少，瓶口出现的白雾是汽化现象

二氧

化嬴

c.理学工加抽出玻璃板，下瓶中出现红棕色二氧化氮气体，表明气体间可以发生扩

空气__

散现象

悬挂重物不能把两块铅块分开，说明分子间存在引力，没有斥力

4.2022年5月20日，我国使用长征二号丙运载火箭同时将3颗试验卫星发射成功。火箭从地

面向上发射过程中，其外壳与大气摩擦后温度升高，这里面的能量转化过程与下面哪个冲程

相同（）

5.如图所示，用一段细铁丝做一个支架，作为转动轴，把一下、

橡胶椁

根中间戳有小孔（没有戳穿）的饮料吸管放在转动轴上，吸管

能在水平面内自由转动。用餐巾纸摩擦吸管4端，然后手持用力

毛皮摩擦过的橡胶棒靠近吸管4端，4端会远离橡胶棒。靠近吸管B端，B端会靠近橡胶棒,

可以判断（）

A.吸管是绝缘体，绝缘体不能导电的原因是物体内部含有的电荷较少

B.吸管4端带负电，B端带等量的正电

C.吸管与餐巾纸摩擦时，吸管的原子核束缚电子的本领比餐巾纸强

D.毛皮与橡胶棒摩擦时，橡胶棒上的电子转移到了毛皮上

6.如图所示，将4B两种不同的金属片分别插入土豆，制成“土豆电池”。闭合开关S,

发光二极管发光，电压表有示数。以下关于电路的理解，说法正确的是（）

A.闭合开关后，“土豆电池”内部的自由电荷移动形成了电流

B.“土豆电池”内部电流方向为从4流向B

C.闭合开关S,若发光二极管“正”、“负”极接反，电压表将没有示数

D.若断开开关S,电压表无示数，4、B两金属片间仍有电压

7.用遥控智能钥匙解锁汽车车门有两种方式。方式一：当驾驶员携带钥匙在车附近时,车

上的感应器感知到钥匙（相当于Si闭合），只需用手触揽车门把手（相当于S2闭合）汽车的车门就

会解锁；方式二：当司机距离汽车较远时.，只需直接按下开锁处（相当于闭合S3）,车门就会

解锁。以下能正确反映汽车开锁过程的电路图是（）

8.如图所示电路，闭合开关，甲乙两灯均正常发光，两电表均有示数。过一会儿，两个灯

泡突然同时熄灭，其中一个电表的示数减小到零，一个电表的示数反而增大。造成这个现象

的原因可能是（）

A.甲灯断路B.甲灯短路C.乙灯断路D.乙灯短路

9.如图所示，是小红同学家的电能表，根据图中所给的信息作出的

以下判断，正确的是（）

A.电能表在家庭电路中应和其它用电器并联

B.该电能表所在电路的最大电功率为2.2k"

C.该电能表铝盘转动的越快，说明电能表在电路中消耗的电能越多

D.某用电器单独工作lmin,表盘转动50r,该用电器可能是电饭煲

10.如图所示，在探究电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关的实验装置中，两个

透明容器中分别接入了阻值均为5。的电阻丝%和/?2,将导线a和b接入电路进行实验，下列说

法正确的是（）

I（5Q）

A.该实验装置在左右容器中密封着体积相等的空气

B.若将右侧的两个电阻并联都放入容器中，通过相同时间，容器中产生热量之比为2：1

C.该实验装置是利用U形管中液体的热胀冷缩来反应电阻丝放出热量的多少的

D.右侧容器上方电阻的作用是使左右两侧的电阻不相等

11.在探究电阻一定时电流与电压关系的实验中，某同学连接的电路如图所示。已知电源电

压为3忆滑动变阻器上标有“300L4”字样。闭合开关，调节滑动变阻器，实验中得到的实

验数据如表所示，下列说法不正确的是（）

序号12345

U/V0.51.01.52.02.5

1/A0.100.190.420.390.49

①第1次实验的数据不是他实验中实际测得的

②第4次实验时滑动变阻器接入电路电阻与定值电阻的阻值之比为2：1

③多次实验的目的是为了减小误差

④该实验得出的结论是：通过导体的电流跟导体两端的电压与成正比

A.③④B.①③C.②③④D.①②③④

12.如图甲所示，电源电压恒为18V,灯泡L上标有“6U3W”字样，电流表量程为0〜0.64

电压表量程为0〜15V,滑动变阻器R的最大阻值为2000,当只闭合S和Si，移动滑动变阻器

的滑片P时，它两端的电压与其接入电路的电阻关系如图乙所示。当滑动变阻器接入电路的

阻值由%增大到4&时，定值电阻&的电功率变化了7.2匹（忽略灯泡电阻随温度的变化）。下

列描述错误的是（）

A.只闭合S和S2，在保证电路安全的情况下，灯泡最小的功率为0.75W

B.定值电阻R。的阻值为15。

C.只闭合S和S2,滑动变阻器允许调节的范围是180-600

D.只闭合S和Si，在保证电路安全的情况下，当电阻品消耗电功率最小时，滑动变阻器R消

耗的电功率为3W

二、填空题(本大题共2小题，共6.0分)

13.燃烧秸秆是造成雾霾天气的原因之一，为保护环境，在市郊建起了加工秸秆制成秸秆煤

发电的工厂。完全燃烧0.5kg的秸秆煤可放出______/的热量；若这些热量被质量为100kg,

初温为20冤的水吸收，则在标准大气压下可使水温升高到℃o该电厂年发电量可达9X

107kW-h,与发电效率20%的同等规模的火电厂相比，除可减少CO2的排放量，每年还能节

约kg标准煤。9秸秤煤=2.1xIO,j"g,q标准煤=3.0x107J/kg)

14.移动充电宝是一种可充电的锂聚合物电池，某品牌移动充电宝的部分参数如表格所示:

完全充电输出电压输出电流

150nL4/20V/5/15V800mA

对其完全充电一次，不计能量损失，它储存的电能为/；该充电宝对外供电时，其输

出功率为勿，不计能量损失，完全充电一次可供其对外正常供电儿

三、实验探究题(本大题共4小题，共19.0分)

15.如图所示为“比较不同物质吸热的情况”的实验装置。

(1)实验中，两烧杯内放入规格相同的电加热器，“规格相同”指的是两加热器的相

同，这样可以保证，水和食用油吸收的热量相等。

(2)实验中，从开始加热到第3分钟时，水增加的内能(选填“大于"''等于"或“小

于“)食用油增加的内能。

(3)由实验数据可知，水的比热容与食用油的比热容之比为。

16.在“探究影响导体电阻大小的因素”实验时，小红作出了如下猜想：①导体的电阻与导

体的长度有关；②导体的电阻与导体的横截面积有关；③导体的电阻与导体的材料有关。实

验室提供了4根电阻丝，规格、材料如表。

横截面积

编号材料长度/m

/mm2

A银铭合金0.50.5

B银铭合金1.00.5

C银铭合金0.51.0

D铳铜合金0.50.5

为了验证上述猜想，小红设计了如图所示的实验电路。

(1)在M、N之间分别接上不同的导体，则通过观察来比较导体电阻的大小。

(2)分别将4和B的两根电阻丝接入电路中M、N两点间时，电阻丝4接入时电流表示数较大，

由此得到的结论是：。

(3)在选用编号为4和。的两根电阻丝进行实验时，有同学认为小灯泡的电阻会随温度的变化

而变化，无法控制镶铜合金与镒铭合金的两端电压一定，所以无法通过电流比较它们的电阻

大小。你(“赞同”或“反对”)这样的观点，理由是。

17.小东同学在做“探究电流电阻的关系”实验时，准备以下器材：电源电压为3V且保持不

变，电流表(07).64)、电压表(0〜3V)、四个定值电阻(5。、100、150、200)开关、导线若

干。根据如图甲所示的实物电路图连接进行实验。

(1)小明按照电路图连接电路时，开关应处于状态，滑动变阻器的滑片应移到最

端。

(2)探究电流与电阻的关系时，小东通过调节滑动变阻器滑片P,保持通过定值电阻R两端的

电压不变，为了让4个定值电阻都能完成实验，则滑动变阻器的规格应选择o

A.滑动变阻器(30。0.24)

3.滑动变阻器(40。0.24)

C.滑动变阻器(50。0.14)

(3)如果选择的滑动变阻器为“3000.54”，要完成4个定值电阻的所有实验，需要使得定值

电阻两端的电压不变，预设的这个不变的电压的范围是：。

(4)在使用50和10。电阻实验时，滑动变阻器消耗的电功率之比为。

18.在“测定小灯泡的电功率”的实验中，已知待测小灯泡的额定电压为2.5U,实验中滑动

变阻器的规格为“20014”，其他实验器材有电流表(0-0.64)、电压表(0〜3V)、电源电压

3V、导线若干。

(1)在图甲中，请用笔画线代替导线将实物电路图连接完整(要求：滑动变阻器的滑片向左移

时电压表示数变小)。

(2)如果闭合开关，发现灯泡发光较暗，电流表有示数。任意移动滑动变阻器的滑片，电压表

示数不变(示数不为零)且小于3人具体原因是。

(3)移动滑片，当滑片位于某一位置时，电压表的示数如图乙所示。为使小灯泡正常发光，应

该将滑片向调节(选填“4”或"夕')。

(4)图丙是小明根据实验数据绘成的/-U图象，由图可知小灯泡的额定功率是勿。

(5)小晨想通过实验来比较灯泡“实际电压是额定电压一半时的电功率PJ'和“实际电流是

额定电流一半时的电功率P2”的大小，一旁的小陶看了小明描绘的/-U图像后，告诉他不用

实验也可以比较，小陶指出Pi应P2(选填“大于”、“小于”或“等于”)。

四、计算题(本大题共1小题，共9.0分)

19.如图甲为某款双控温多功能家用涮烤两用分体电火锅，该电火锅部分参数如下表所示,

该锅可实现火锅、烧烤同时进行，也可以分开控制，其部分简化电路图如图乙所示，开关51控

制对中央区域汤锅进行加热的电路，%、/?2均为电热丝，/?2与温控开关并联；S左、S方可控

制左右两侧的烧烤盘的电路。

额定电压额定功率

烧烤盘汤锅

左盘右盘加热保温

2201V/

80014V/40014V/110000W1VZ

甲乙

(1)汤锅加热状态正常工作时，&的电阻为多少？

(2)若7?2的电阻为560,则该汤锅保温挡时的额定保温功率为多少？

(3)在一次野外烧烤中通过很长的导线从一电压为220U的农家拉到烧烤点，发现烤肉速度比

较慢。因为距离远，导线有电阻，所以导线会消耗了一些电能；当只让烧烤盘右盘工作时,

测得导线消耗的功率为36W,求此时右盘的实际电功率是多少W?

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：4、甲图是液体分子的模型，分子排列杂乱，分子间距较大，分子间的作用力较弱，

但不为0,宏观特征是具有一定的体积，但没有固定的形状。故4错误；

8、乙图是气体分子的模型，分子无固定排列，分子间作用力几乎为零，分子运动剧烈；组成的物

质具有流动性。故8正确；

C、丙图固体分子的模型，分子间距离最小，分子间的作用力最大，有固定的形状和体积，不易

被压缩、拉伸。故C错误；

。、物质由甲状态变为丙状态即液态变成固态，是凝固过程，需要放热，内能减小。故。错误。

故选：Bo

物质的三态是指：固态、液态、气态。

(1)固态物质：分子排列紧密，分子间有强大的作用力，固体有一定的形状和体积；

(2)液态物质：分子没有固定的位置，运动比较自由，粒子间的作用力比固体的小；液体没有确定

的形状，具有流动性；

(3)气态物质：分子极度散乱，间距很大，并以高速向四面八方运动，粒子间的作用力极小，易被

压缩，气体具有很强的流动性。

物质由液态变成固态的过程叫凝固，凝固过程放出热量。

本题考查了分子运动以及固液气三种状态的不同，应该从分子的排列情况和分子的特点上去分析

理解。

2.【答案】C

【解析】解：4、扩散现象说明分子在永不停息地做无规则运动，无论温度高低，分子都在运动，

所以分子可以从低温物体运动到在高温物体，故A错误：

从发生热传递的条件是存在温度差，热传递过程中，放出热量的物体的内能不一定大于吸收热量

的物体的内能，故8错误；

C、一个物体的质量、状态相同，温度越高，分子运动越剧烈，其内能越大，故C正确；

D,热传递过程中，传递能量的多少叫热量，热量是一个过程量，不能说含有热量，只能说物体

内能增加，故。错误；

故选：c。

(1)扩散现象反映了组成物质的分子永不停息地做无规则运动；

(2)发生热传递的条件是存在温度差；

(3)内能的大小与物体的质量、温度等因素有关；

(4)热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量。

此题考查了热量的理解、热传递的条件、内能大小影响因素和改变内能的两种方式，是一道综合

题。

3.【答案】A

【解析】解：

4图甲所示，在一个配有活塞的厚壁玻璃筒中放一小团硝化棉，迅速向下压活塞，由于压缩玻璃

筒内的空气对其做功，使得空气的内能增加，温度升高，故是将机械能转化为内能的过程，故与

内燃机的压缩冲程相类似，故A正确；

B、乙图中，瓶内空气推开瓶塞，内能减少，瓶口出现的白雾是水蒸气遇冷液化现象，故B错误；

C、丙图中，上方的二氧化氮气体密度大，抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合，可能是扩散

现象，但也可能是重力的作用，故不能表明气体间可以发生扩散现象，故C错误；

。、图中两个压紧的铅块能吊起钩码而不分开，是由于分子间存在引力，但也有斥力，故。错误。

故选:A„

(1)改变内能的方式有两种，即做功和热传递：对物体做功，物体的内能会增加，物体对外做功，

其内能会减小；四冲程汽油机的做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程有能量转化，

将机械能转化为内能。

(2)汽化是从液态变为气态；液化是从气态变为液态；

(3)扩散现象表明，一切物质的分子都在不停地做无规则运动；

(4)分子同时存在相互作用的引力和斥力。

知道做功可以改变物体的内能，了解液化现象，熟知扩散现象的实验，了解分子间作用力的特点

等，可顺利解答此题。

4.【答案】D

【解析】解：火箭在大气层中高速飞行时，外壳与空气剧烈摩擦，此过程克服摩擦做功，机械能

转化为内能，从而使火箭外壳温度升高，内能增大；

。汽油机中两个气门关闭，活塞上行，是压缩冲程，将机械能转化为内能，与实验过程中的能量

转化是一致的。

故选：D。

(1)改变物体内能方式：做功和热传递，做功是能量的转化，热传递是能量的转移；

(2)物体对外做功，内能减少，内能转化为机械能；热机的做功冲程中，燃料燃烧产生能量，对外

做功，内能转化为机械能。

本题主要考查内能的改变方式、能量转化、热机的工作过程，是一道理论联系实际的题目，是一

道中挡题。

5.【答案】C

【解析】解：4、吸管不容易导电，是绝缘体，绝缘体不善于导电，是因为绝缘体内几乎没有可

以自由移动的电荷存在，故A错误；

B、毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，靠近吸管4端时互相排斥，说明吸管4端带负电，而B端靠近橡胶

棒是因为带电体吸引轻小物体，故B错误；

C、吸管与餐巾纸摩擦时，吸管得到部分电子带负电，餐巾纸失去部分电子带正电，因此吸管的

原子核束缚电子的本领比餐巾纸强，故C正确；

。、毛皮与橡胶棒摩擦时，毛皮上的部分电子转移到了橡胶棒上，故。错误。

故选:Co

(1)容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体，导体导电是因为导体内部有大量的自由

电荷，绝缘体不导电是因为绝缘体内部几乎没有自由电荷；导体和绝缘体没有绝对的界限；

(2)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；带电体具有吸引轻小物体的性质；

(3)(4)摩擦起电的实质是电子的转移。

此题考查了导体与绝缘体的概念、电荷间的相互作用规律、带电体的性质、摩擦起电的实质，属

基础题目。

6.【答案】D

【解析】解：

A、闭合开关后，“土豆电池''内部的自由电荷定向移动形成了电流，故A错误；

8、根据电压表正向偏转知，力是电源的正极，在电源内部，电流总是从电源的负极流向正极；则

由图可知，“土豆电池”内部电流从金属片B流向A,故8错误；

C、闭合开关s,若发光二极管“正”、“负”极接反，此时电压表测量的是电源电压，有示数，

故C错误；

。、电源的两端是存在电压的，与外部电路的通断情况无关，故O正确。

故选：Do

(1)电荷的定向移动形成电流；

(2)在电源外部，电流总是从电源的正极流向负极，内部是从负极流向正极；

(3)电压表需要并联接入电路中，电流从电压表的正接线柱流入，从负接线柱流出；

(4)电源两端存在电压。

本题主要考查了电压表的使用，能根据电压表的接法判断电源的正负极是本题的关键。

7.【答案】C

【解析】解：由题知，闭合S］和$2车门可解锁；闭合S3,车门可解锁。两种解锁方式互不影响，

即Si、S2与S3并联后同时控制开锁模块，工、S2同时闭合才能解锁，说明这两个开关是串联的；

由各选项电路图可知，4BD不符合题意，C符合题意。

故选：Co

根据题目要求有两种方式对汽车车门解锁，闭合S］和S2车门可解锁；闭合S3,车门可解锁。据此

分析电路中开关的连接情况。

本题考查电路的设计，关键是正确分析开关间的连接方式。

8.【答案】C

【解析】解：

4、若甲灯断路，乙灯泡不发光，电流表没有示数，电压表与电源两端不相连，电压表没有示数，

故A错误：

B、若甲灯短路，乙灯泡发光，电路中有电流，电流表有示数，电压表与电源两端相连，电压表有

示数，故B错误；

C、若乙灯断路，电流表没有示数，两灯泡不发光，电压表与电源两端相连，电压表有示数，故C

正确；

。、若乙灯短路，电压表也同时被短路，没有示数，甲灯泡发光，电路中有电流，电流表有示数，

故。错误。

故选：Co

先分析电路的连接方式，即两灯泡串联连接，电流表测量电路中的电流，电压表测量乙两端电压,

然后根据选项逐一分析，并选出符合要求的选项。

本题考查了学生利用电流表、电压表判断电路故障的分析能力，电路故障分短路和开路两种情况,

平时做实验时试一试，多总结、提高分析能力。

9.【答案】D

【解析】解：4、电能表是测量用电器消耗的电能的仪表，要串联在干路的最前端，故A错误;

B、电能表的工作电压是220N,允许通过的最大电流为404所以，电路中允许接入的最大功率

P=UI=220Vx404=8800勿=8.8kW,故8错误;

C、电能表的转盘转得越快，说明用电器消耗的电能越快，并不能说明用电器消耗电能越多，故C

错误;

W_蒜

。、电能表表盘转动50转，电路消耗电能为：W=^-kW-h.用电器的功率：P=

t一小

IkW=1000W,而电饭煲功率一般在1000〃左右，因此该用电器可能是电饭煲，故。正确。

故选：D。

(1)电能表在家庭电路中的最前端，串联在干路中，用来测量电路中消耗的电能；

(2)图中电能表的工作电压是220V,标定电流为104,允许通过的最大电流为404,根据P=U/求

出电路中允许接入的最大功率；

(3)电能表是测量家庭电路中一段时间消耗电能多少的仪表，转盘转动快慢反映此时电流做功的快

慢；

(4)3000r//cW•/I表示的是电路中每消耗1k勿•八的电能，电能表表盘转动3000转，据此求出电能

表表盘转动50r电路中消耗的电能，然后求出用电器的功率，据此进行判断。

本题考查电能的计算和电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是理解电能表参数

的物理意义，解题过程中还要注意单位的换算。

10.【答案】B

【解析】解：4、该实验装置在左右容器中密封着质量相等的空气，故A错误；

。、装置中一个5。的电阻与两个50的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两

个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即/右=/左，两个50的电阻并联，根据并联电路的电流

特点知/方=A+/2,两电阻阻值相等，则支路中电流相等，。=/2,所以右边容器中的通过电阻

的电流是左侧通过电流的一半；

右侧容器上方电阻与下方的5欧姆的电阻并联，这样做的目的时控制电阻相同，通过左右两个电阻

的电流不同，故。错误：

C、电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但容器中空气温度的变化会导致容器中空气体

积的变化，即可以通过U形管中液面高度差的变化来反映电阻丝放出热量的多少，故C错误；

8、若将右侧的两个电阻并联都放入容器中，把右侧的电阻看做一个整体，根究并联电路的电阻关

系可知，其电阻为50x；=2.50,此时左侧电阻和右侧电阻是串联的，则电流和通电时间都是相

同的，根据焦耳定律的公式Q=/2以可知，电流、通电时间相同，热量与电阻大小成正比，则产

生的热量比值为Qi：Q2=5/2：2.50=2：1,故B正确。

故选：B。

电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关。

(1)探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；

(2)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但空气温度的变化可以通过液面高度差的变化来

反映，体现的是转换思想。

此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与什么因素有关的”实验的理解和掌握，注

意控制变量法和转换法的运用，同时考查了学生对焦耳定律变形公式的理解和掌握，难度较大。

11.【答案】D

【解析】解：①已知电源电压为3匕根据串联电路电压规律可知，滑动变阻器两端电压为〃滑=

U-Ui=3V—0.5V=2.5U,

则滑动变阻器接入电路的阻值为：

R滑=牛=篇=25。＜300，所以第1次实验的数据是他实验中实际测得的，故①错误；

②第4次实验时，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压为U酒=U-U4=3V-2V=W.

根据串联分压原理可知，

乞=g=叱=工，故②错误；

RU42V2J

③在探究电阻一定时电流与电压关系的实验中，多次实验的目的是为了寻找普遍规律，故③错误;

④若忽略误差不计，由表中正确数据可知，电压增大为原来的几倍，通过导体的电流也增大为原

来的几倍，所以得出的结论是：当电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比，故④

错误。

故选：D«

①根据串联电路电压规律结合欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值，然后进行分析回答；

②根据串联电路电压规律和分压原理分析回答；

③在探究电阻一定时电流与电压关系的实验中，多次实验的目的是为了寻找普遍规律；

④根据表中数据分析回答。

本题探究电阻一定时电流与电压关系的实验，数据分析、串联电路的特点、多次实验的目的及实

验结论等知识。

12.【答案】C

【解析】解：人由「=以可得，灯泡的额定电流：〃=钱=笨=0,54由欧姆定律可知，灯泡

的电阻：氏=半=急=12。；

/£U.3月

只闭合S和$2,灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器R两端的电压，电流表测电路中的

电流；

由「="=f可知，灯泡两端的电压最小时，灯泡的电功率最小，由串联电路的电压特点可知，

R

此时滑动变阻器两端的电压最大，因为电压表的量程为。〜15U,所以滑动变阻器两端的最大电压

为15V,由串联电路的电压特点可知，灯泡两端的最小电压：又小=U-%大=18U-15K=3匕

由欧姆定律可知，电路中的最小电流：/小=侬=的=0.254

JRL1212

此时滑动变阻器接入电路的电阻：/?大=牡=品=60。＜2000,符合题意，

八//JU.O/1

则灯泡的最小功率：PL小=11L/J小=3Vx0.25/1=0.754,故\正确；

C、电流表的量程为0〜0.64,灯泡的额定电流为0.54由串联电路的电流特点可知，为了安全，

电路中的最大电流为0.5A,

u18y“c

由欧姆定律可知，电路中的最小总电阻：n总小=厂=两=360,

大

由串联电路的电阻特点可知，滑动变阻器接入电路的最小电阻："R总小-3360-120=

240,

因此只闭合S和S2,滑动变阻器允许调节的范围是240-600,故C错误；

B、只闭合S和S],定值电阻咒与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器R两端的电压，电流表测

电路中的电流；

由图乙可知，当滑动变阻器接入电路的电阻为此时，滑动变阻器两端的电压为U1，由欧姆定律可

知，此时电路中的电流为=3,由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，电源电压：U=/式&+

&)……①

当滑动变阻器接入电路的电阻为4心时，滑动变阻器两端的电压为2/，由欧姆定律可知，此时电

路中的电流为b=等=义义?，则/2=?i，

电源电压：U=/2(RO+4RI)='I(RO+4RI)…②

由①②解得：&=2&,

由「=U/=/2R可知，两次定值电阻品的电功率变化量：AP0=P01-P02=I^R0-gRo=(/i-

I分%=由一(22风=2°=7.2W,

解得：PO1="Ro=9.6W,P02=2.4

由「=U/=/R可知，滑动变阻器接入电路的电阻为&时,滑动变阻器消耗的电功率:P&=*Ri=

Q11-I

/fxi/?0=3Ro=1x9.61V=4.8”,

则此时电路的总功率：Pi=P0i+PR[=9.6W+4.81V=14.41V,

由「=口可知，此时电路中的电流：A=3=喘^=0.84,

Ulor

由欧姆定律可知，电路中的总电阻：勺白=3=嘉=22.50,

1a

由串联电路的电阻特点可知，勺总=&+8=&+5Ro=]&=22.5/2,

解得：&=150,故8正确；

2

D、由p=u/=巴可知，出两端的电压最小时，R。的电功率最小，由串联电路的电压特点可知此

R

时滑动变阻器两端的电压最大，因为电压表的量程为0〜15V,所以滑动变阻器两端的最大电压为

15V,由串联电路的电压特点可知，&两端的最小电压：U0/J.=U-UR^=18V-15V=3V,

由欧姆定律可知，电路中的最小电流：//=也=孚-=0.24，

RQ15/2

U口十iw

此时滑动变阻器接入电路的电阻：/?/=/=言=75。＜200亿符合题意，

八

I小।U.Z/1

则电阻品消耗电功率最小时，滑动变阻器R消耗的电功率：PR=U次/=15Vx0.24=3IV,故

。正确。

故选：Co

(1)根据尸=U/求出灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻；只闭合S和S2,灯泡L与滑动

2

变阻器R串联，电压表测滑动变阻器R两端的电压，电流表测电路中的电流；根据P="=二可

R

知，灯泡两端的电压最小时，灯泡的电功率最小，根据串联电路的电压特点可知此时滑动变阻器

两端的电压最大，根据电压表的量程确定滑动变阻器两端的最大电压，根据串联电路的电压特点

求出灯泡两端的最小电压，根据欧姆定律求出电路中的最小电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器

接入电路的电阻，与滑动变阻器的最大阻值进行比较，进而确定滑动变阻器两端的最大电压，根

据P=U/求出灯泡的最小功率；

(2)根据电流表的量程和灯泡的额定电流，利用串联电路的电流特点确定电路中的最大电流，根据

欧姆定律和串联电路的电阻特点求出滑动变阻器接入电路的最小电阻，进而确定滑动变阻器接入

电路的电阻范围；

(3)只闭合S和丛,定值电阻岛与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器R两端的电压，电流表测

电路中的电流；根据图乙可知滑片在两个位置时滑动变阻器接入电路的电阻和其两端的电压，根

据欧姆定律求出两次电路中的电流关系，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律表示出电源电压，

解方程求出岛与&之间的关系；根据P=U/=/2R表示出两次定值电阻岛的电功率变化量，进而

求出两次定值电阻&的电功率，根据P=U/=/2R求出滑动变阻器的电功率，进而求出电路中的

总功率，根据P=U/求出电路中的电流，根据欧姆定律和串联电路的电阻特点求出品的阻值；

(4)根据p=u/=,可知，Ro两端的电压最小时，&的电功率最小，根据串联电路的电压特点可

知此时滑动变阻器两端的电压最大，根据电压表的量程确定滑动变阻器两端的最大电压，根据串

联电路的电压特点求出岛两端的最小电压，根据欧姆定律求出电路中的最小电流，根据欧姆定律

求出滑动变阻器接入电路的电阻，与滑动变阻器的最大阻值进行比较，进而确定滑动变阻器两端

的最大电压，根据P=U/求出电阻Ro消耗电功率最小时，滑动变阻器R消耗的电功率。

本题考查串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，关键是根据图乙找出滑片在两个位置

时滑动变阻器接入电路的电阻和其两端的电压，根据欧姆定律求出两次电路中的电流关系。

13.【答案】1.05x107455.4x107

【解析】解：(1)秸秆煤完全燃烧释放的热量：

77

Q故=m秸秆嫄桔秆煤=0.5kgx2.1x10J/kg=1.05x107o

(2)由题意可知，水吸收的热量为：Q级=Q成=1.05x107,

由Q^=cm/t可得，水升高的温度:

1.05X1()7/

4.2xl03//(^℃)xl00ki9=25℃,

在标准大气压下可使水温升高到:

t=t0+At=20℃+25℃=45℃；

(3)秸秆电厂每年可提供电能:

W=9x107kW•h=9xIO’x3.6x106/=3.24x1014/>

w

由〃=嬴X100%可得，标准煤完全燃烧释放的热量:

QV=*"X】明，

由Q或=mq可得，每年可节约标准煤的质量:

Q放1.62X10157

=5.4x107kg

m=--标-准--煤-=-3-.-0-x-l-(-)=7-〃--kgQ

故答案为：1.05x107；45；5.4x107。

(1)知道秸秆煤的质量和秸秆煤的热值，利用公式Q^=mq可计算秸秆煤完全燃烧放出的热量;

(2)知道水的质量、水的比热容，根据、放=<?女=。山加可计算水升高的温度，再计算水的末温;

w

(3)知道秸秆电厂每年可提供的电能，根据〃=%x100%求出标准煤完全燃烧释放的热量，利用

(2成=mq求出每年可节约标准煤的质量。

本题考查学生对燃料完全燃烧放出热量公式和吸热公式以及效率公式的掌握和运用，计算时科学

记数法的使用。

14.【答案】5.4x10443.75

【解析】解：(1)由表格数据可得，充电宝完全充电可以储存的电能：

W=Ult=20Vx0.154x5x3600s=5.4x104/；

(2)充电宝的输出功率:P=U'l'=5Vx0.84=4W；

(4)由P=f得，完全充电一次可供其对外正常供电的时间：廿=(=必婪=13500s=3.75九。

tP4W

故答案为：5.4x104；4；3.75。

(1)已知充电宝的充电电流、电压和工作时间，利用W=U/t可以得到储存的电能;

(2)已知充电宝的输出电压和输出电流，利用P=U/得到输出功率；

(4)根据勿=Pt求出供电时间。

本题考查了电能、电功率的应用等，由充电宝铭牌获取所需信息，应用基本公式或规律即可正确

解题。

15.【答案】电功率相同时间等于3：2

【解析】解：(1)实验中，两烧杯内放入规格相同的电加热器，根据Q="=Pt,“规格相同”

指的是两加热器的是电功率相同，这样可以保证相同时间，水和食用油吸收的热量相等。

(2)实验中，从开始加热到第3分钟时，根据转换法，水和食用油吸热相同，故水增加的内能等于

食用油增加的内能。

(3)由实验图中数据可知升高20K,甲、乙的加热时间分别为2m讥和3机)，由转换法，甲、乙的

吸热之比为2：3,根据比较吸热能力的方法，故可知乙的吸热能力强，乙为水，甲为油，根Q=cmAt

可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，水的比热容与食用油的比热容

之比为32。

故答案为：(1)电功率；相同时间；(2)等于：(3)3：2。

(1)根据Q=W=Pt分析；

(2)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；

(3)由实验图中数据可知升高20。(：甲、乙的加热时间，由转换法可知甲、乙的吸热之比；

使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热

能力强，据此确定吸热能力强的物质；根据水的比热容大确定吸热能力强的物质乙为水，甲为油，

根。=。血必可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，据此回答。

本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q=

的运用，为热学中的重要实验。

16•【答案】电流表示数在导体的材料、横截面积相同的情况下，导体的长度越长，电阻越大反

对接入较小的电阻时，灯泡的亮度变大，灯丝的电阻变大，若此时电路中的电流变大，仍然可

以说明材料会影响导体的电阻

【解析】解：

(1)实验中，在M、N之间分别接上不同的导体，则通过观察电流表示数来比较导体电阻的大小；

(2)4、B两电阻丝的材料、横截面积相同而长度不同，将4和B两电阻丝接入电路中M、N两点间，

电阻丝4的长度短，电阻丝4接入时电流表示数较大，这说明电阻丝4的电阻小，由此可知，在导

体的材料、横截面积相同的情况下，导体的长度越长，电阻越大；

(3)在选用编号为4和。的两根电阻丝进行实验时，小灯泡的电阻会随温度的变化而变化，接入较

小的电阻时，灯泡的亮度变大，灯丝的电阻变大，若此时电路中的电流变大，仍然可以说明材料

会影响导体的电阻。

故答案为：(1)电流表示数；(2)在导体的材料.、横截面积相同的情况下，导体的长度越长，电阻

越大；(3)反对；接入较小的电阻时，灯泡的亮度变大，灯丝的电阻变大，若此时电路中的电流变

大，仍然可以说明材料会影响导体的电阻。

(1)电流表串联在电路中，导体电阻越大，电路电流越小，导体电阻越小，电路电流越大，可以通

过电流表示数大小(或小灯泡亮度)判断导体电阻大小；

(2)(3)导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积有关，实验探究时应采用控制变量法；

在研究导体的电阻与导体的材料是否有关时，应控制导体的长度和横截面积不变；

在研究导体的电阻与导体的长度的关系，应控制导体的材料和横截面积不变；

在研究导体的电阻与导体的横截面积是否有关时，应控制导体的材料和长度不变。

探究影响电阻大小的因素采用了控制变量法的思想，电阻大小的变化是通过电流表的示数变化体

现的，这里采用了转换法的思想。

17.【答案】断开右81.2~2.5V2：1

【解析】解：(1)为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态，滑动变阻器的滑片应移到阻

值最大处，即最右端；

(2)实验中使用的定值电阻阻值最大为200,定值电阻两端的电压始终保持即=IV,根据串联电

路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U^=U-Uv=3V-W=2V,滑动变阻器分得的电压

为电压表示数的今=2倍，根据分压原理，当接入200电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：

R汾=2x20。=40。，即所选择的滑动变阻器的最大阻值不能小于400；

当定值电阻为50时，电路中电流最大，最大电流为/'=兴=得=0.24>0.14,故选：B；

(3)由图甲可知，电流表选用小量程，滑动变阻器允许通过的最大电流为0.54即电路中最大电流

为0.54当电路中电流最大，定值电阻阻值最小时，定值电阻两端电压最大，故定值电阻两端最

大电压为：

Uy大=l肃定小=0.5^4x50=2.5V；

研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，滑动变阻器与定值电阻串联，设电压表示数为为',

根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：

r

U^=U^-Uv=3V-Uv',

根据分压原理有：

因电压表示数比'为定值，由①式知，方程左边为一定值，故右边也为一定值，故当定值电阻取

最大时，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，由①式得：

3V-Uv'_30。

uv'=2on'

解得电压表的示数：uv'=1.2V,即为完成实验，电压表的最小电压为1.2匕

故为顺利完成4次实验，定值电阻两端的电压需要控制在1.2〜2.5U范围内；

(4)由(2)知定值电阻两端的电压为IV,当50接入电路时，电路电流为/'=0.24；

当100接入电路时，电路电流为/"=谷=老=0.14

1UJZ

因为定值电阻两端电压相等，电源电压不变，因此滑动变阻器两端电压也相等；

由P=U/可得，滑动变阻器消耗的电功率之比：

P：P'=UI'：UI"=I'：I"=0.2/1：0.14=2：lo

故答案为:(1)断开;右;(2)8；(3)1.2〜2.5(;(4)2：1。

(1)为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处；

(2)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出滑动变阻

器分得的电压，根据分压原理，求出当接入200电阻时滑动变阻器连入电路中的电阻，结合电路

中最大电流，进而确定滑动变阻器的规格；

(3)根据允许的最大电流和最小电阻确定控制电压表的最大电压；当将定值电阻换上较大的电阻时,

如果控制电压表示数较小，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器就要分去更多的电压，由分压

原理，滑动变阻器连入电路中的阻值将要求更大，而题中滑动变阻器的最大电阻为300,根据串

联电路电压的规律得出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理表达式讨论，当用最大电阻200电

阻进行实验时，滑动变阻器连入电路中的电阻应最大，由此得出控制电压表的最小电压；

(4)根据欧姆定律求出定值电阻50和10。时的电流，然后利用P=U/即可求出滑动变阻器消耗的电

功率之比。

此题是探究电流电阻的关系实验，考查注意事项、器材的选择、控制变量法、欧姆定律及电功率

公式的运用，是一道综合题，有一定的难度。

18.【答案】滑动变阻器只将两个下端接线柱接入了电路B0.625大于

【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片向左移时电压表示数变小，根据串联电路电压规律可知，滑动

变阻器两端电压变大，根据分压原理可知，滑动变阻器接入电路的阻值变大，故滑动变阻器选用

右下接线柱与开关串联在电路中，如下图所示：

(2)如果闭合开关，发现灯泡发光较暗，电流表有示数，说明电路是通路，且电路中电流较小，电

阻较大，任意移动滑动变阻器的滑片，电压表示数不变(示数不为零)且小于3V,说明滑动变阻器

没有变阻的作用，故具体原因是滑动变阻器将两个下端接线柱接入了电路；

(3)移动滑片，当滑片位于某一位置时，电压表的示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值0.1M,

其示数为2.4人小于灯泡额定电压2.5U,为使小灯泡正常发光，应增大灯泡两端电压，根据串联

电路电压规律，应减小滑动变阻器两端电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，

故应该将滑片向B调节；

(4)由图丙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.254则小灯泡额定功率为：

PL=ULlL=2.5VX0.254=0.625VK；

(5)如果灯泡电阻不随温度变化，即R为一定值，因为P=UI=-<故电功率与电压的平方成正比；

R

则灯泡电压为其额定电压一半时，其实际功率等于额定功率的四分之一；

实际上，灯的电压越大，通过的电流越大，灯丝的温度越高，灯丝的电阻越大，所以，灯泡实际