2022年广东省深圳市中考物理一模试卷(附答案详解)

第=page11页，共=sectionpages11页第=page22页，共=sectionpages22页实用文档2022年广东省深圳市中考物理一模试卷下列对生活中观察到的现象解释正确的是(    )A.水壶的壶盖要钻一个小孔，这是为了让壶嘴和壶身构成一个连通器

B.用吸管吸饮料是利用嘴的“吸力”把饮料吸入嘴里的

C.拦河坝设计成上宽下窄的形状，是因为液体内部压强随深度增加而增大

D.用手抓住瓶子，使之悬空静止；当手的握力增大时，手和瓶子之间的摩擦力也变大如图所示，电磁技术广泛应用于生活，下列说法不正确的是(    )A.动圈式话筒利用了电磁感应原理

B.手机无线充电效率不可能达到100%

C.转动风扇，灯泡亮起来，利用了电磁感应原理

D.电流表指针的偏转利用了电磁感应原理，且电流越大，偏角越大小丽同学通过探究学习，思考了一个问题：当自己荡秋千运动到右端最高点时，如果自己受到的力全部消失，自己将会处于怎样的运动状态呢？她做出了以下猜想(如图所示)，你认为其中正确的是(图中的黑点表示小丽同学)(    )A.保持静止状态 B.继续来回摆动

C.做匀速直线运动 D.做匀速圆周运动如图所示，从倒置的漏斗口用力吸气或向下吹气，乒乓球都不会掉下来。下列说法正确的是(    )A.吸气或吹气都减小了乒乓球上方气体的压强

B.吸气或吹气都增大了乒乓球下方气体的压强

C.吸气减小了乒乓球上方气体的压强，吹气增大了乒乓球下方气体的压强

D.吸气增大了乒乓球下方气体的压强，吹气减小了乒乓球上方气体的压强

四个悬挂着的轻质小球，相互作用情况如图所示，如果a球带正电，那么d球(    )A.带正电 B.带负电

C.带负电或者不带电 D.无法判断下列有关声音的说法中，错误的是(    )A.敲击鼓面，看到鼓面上的泡沫颗粒跳动，说明声音是由物体的振动产生的

B.把正在响铃的闹钟放在玻璃罩内，逐渐抽出其中的空气，音量减弱，说明空气能够传声

C.直尺伸出桌面的长度越短，拨动时发出的声音音调越高，说明响度由频率决定

D.发声的扬声器外，烛焰晃动，说明声音可以传递能量如图所示，装满水的密闭容器置于水平桌面上，其上下底面积之比为4：1，此时水对容器底部的压力为F，压强为p。当把容器倒置后放到水平桌面上，水对容器底部的压力和压强分别为(    )A.F，p B.4F，p C.14F，p D.F，如图所示是电阻甲和乙的U−I图象，下列说法正确的是(    )A.甲的电阻值保持10Ω不变

B.乙的电阻值保持20Ω不变

C.甲、乙并联时，当干路电流为0.3A时，乙的功率为0.4W

D.甲、乙串联时，当电路总电压为6V时，甲的功率为0.6W

如图是烟雾报警器的简化原理图，光敏电阻R的阻值随光照强度增大而减小，闭合开关，逐渐增大烟雾，则下列判断正确的是(    )

A.电流表、电压表的示数均减小

B.电流表、电压表的示数均增大

C.电流表的示数减小，电压表的示数增大

D.定值电阻

R0的功率变小下列说法正确的是(    )A.寒冷的冬天，室外的人口中呼出“白气”是汽化现象，是吸热过程

B.打气筒打气时，筒壁发热主要是通过做功改变了内能

C.内燃机的做功冲程将机械能转化为内能

D.发现电流周围存在磁场的科学家是奥斯特如图所示，是小菲在物理学习中记录的一些图象，以下说法正确的是(    )A.晶体凝固的过程可用图甲来反映

B.由图乙可知，R甲>R乙

C.由图丙可知该物体的密度为

2×103kg/如图所示，轻质弹簧下悬挂一个条形磁铁，磁铁下方有一通电螺线管，为使悬挂磁铁的弹簧伸得更短些，下列措施中正确的是(    )A.滑片P向b端滑动

B.滑片P向a端滑动

C.螺线管内插入铁芯

D.把电源两极对调

一位同学利用如图所示的装置探究凸透镜成像规律，他先用焦距为20cm的凸透镜进行实验，在屏上得到清晰的像。接下来他想改用焦距为10cm的凸透镜继续进行实验，下列分

析正确的有(    )A.要使光屏再次成清晰的像，可只将光屏向右移

B.要使光屏再次成清晰的像，可只将蜡烛向右移

C.若只移动光屏重新得到清晰的像，像将变大

D.若只移动蜡烛重新得到清晰的像，像将变大小球在竖直细绳的拉力作用下在光滑斜面上处于静止状态，请在图中画出小球的受力示意图。

如图是人眼看见A物体在平面镜中的像A′的示意图，请确定物体A的位置并画出入射光线。

为了探究“滑动摩擦力大小与压力的关系“，小元设计了如图甲所示的实验装置。

实验次数1234压力(N)2.03.04.05.0测力计示数(N)0.81.21.62.0①在图甲、乙实验中，小元通过改变物块A对水平长木板的压力进行多次实验，弹簧测力计沿水平方向拉着物块A做匀速直线运动，记录的数据如表所示。通过分析数据可知，当______不变时，压力越大，滑动摩擦力越大。

②在图乙中，砝码与物块A一起向右做匀速直线运动，请在图中画出砝码受力的示意图。

③小元对实验进行了改进，如图丙所示，放在水平面上的小车在水平向右的拉力F作用下向右直线运动，物块A处于静止状态。当拉力F的大小为3N，小车加速向右直线运动，弹簧测力计(自重不计)的示数为2.6N，则物块A所受摩擦力的大小为______N，方向是水平向______。某物理兴趣小组在做“测量小灯泡的电功率”实验时，选取的电源为三节新干电池，使用的小灯泡额定电压为2.5伏．

(1)电路连接完成后，闭合开关，他们发现小灯泡不亮，电压表没有示数，电流表指针有明显的偏转，他们分析电路故障原因可能是______

A.小灯泡断路

B.小灯泡短路

C.滑动变阻器断路

(2)故障排除后重新闭合开关，移动滑动变阻器滑片P到某一位置时，电压表的示数如图乙所示，此时小灯泡两端电压为______V；

(3)在(2)的基础上，若要使小灯泡正常发光，他们应将图甲中滑片P向______(选填“A”或“B”)端移动；

(4)他们移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的图象，根据图象信息，可知小灯泡的额定功率是______W；

(5)一位小组成员将图甲中的小灯泡更换成定值电阻，电路其他部分不改变，他还可以完成的探究实验是______

A.探究电流的磁场强弱与电流大小的关系

B.探究电流与电压的关系

C.探究电流产生的热量与电阻的关系．科学选种是提高粮食产量的关键环节。小华想测量稻谷种子的密度，具体做法如下：

(1)用调好的天平测量适量稻谷种子的总质量m1，天平平衡时右盘砝码质量和游码在标尺上的位置如图甲所示，m1=______g。

(2)往量筒中加入适量的水，测得其体积V1为300mL，将上述种子放入量筒中，种子全部沉入水中，如图乙所示，此时水和种子的总体积V2=______mL。

(3)种子的密度ρ=______g/cm3，与真实值相比ρ偏______，理由是______。

(4)小华经过反思后改进了实验方案：将量筒中种子倒出，用纸巾吸干种子表面的水后，再次测得种子总质量为m2，则种子密度ρ′=______如图是小华买来的一桶体积为5L的“金龙鱼”植物油，植物油密度0.9×103kg/m3。瓶内油的高度是30cm，瓶子的底面积为250cm2。

(1)这桶植物油的质量是多少？

(2)油在容器底产生的压强是多少？

如图甲所示，电源电压恒定，R1为定值电阻，闭合开关，当滑动变阻器的滑片从a端移动到b端的过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系图像如图乙所示，求：

(1)R2的最大电阻值；

(2)电源电压和R1阻值；

(3)电路在最省电的工作状态时，R1的电功率。

“ETC”是一种对过往车辆无需停车即能实现收费的电子系统，目前在高速公路上已得到广泛应用。它是依托无线通信进行信息交换的无人自动化通行系统。如图甲是某公路出口处的ETC通道示意图。现有一辆汽车在公路上以图乙所示的速度计所示的速度开往收费站，在进入ETC收费岛区域前S1=50m处开始减速，经t1=4s后运动至ETC收费岛(图中阴影区域)边，此时速度为5m/s。然后，再以这个速度匀速通过ETC收费岛(长S2=35m)。已知车长5m。求：

(1)图乙所示的速度计所示的速度为v=______km/ℎ=______m/s；

(2)汽车完全通过ETC收费岛所用的时间t2为______s；

(3)汽车减速时，受到的阻力______(填“大于”、“等于”或“小于”)动力。

(4)汽车从减速开始，到完全通过收费岛的过程中，平均速度______5m/s。(填“大于”、“等于”或“小于”)

(5)汽车水箱的重要作用是给发动机的缸体降温，选用水做降温物质，是因为答案和解析1.【答案】C

【解析】解：A、水壶的壶盖上有一个小孔，是为了让水壶内部与外界大气相通，在外界大气压的作用下，将壶内的水倒出来，故A错误；

B、用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管，故B错误；

C、因为水的压强随深度增加而增大，所以拦河大坝之所以修成上窄下宽的形状，可以承受更大的压强，故C正确；

D、瓶子静止悬在空中，处于平衡状态，瓶子受到竖直方向上的摩擦力和重力是一对平衡力，用手抓住瓶子，使之悬空静止；当手的握力增大时，瓶子的重力不变，则手和瓶子之间的摩擦力也不变，故D错误。

故选：C。

A、水壶的壶盖上有一个小孔，是为了让水壶内部与外界大气相通，在外界大气压的作用下，将壶内的水倒出来；

B、我们在吸饮料的时候，是大气压把饮料压入嘴里的；

C、拦河坝设计成下宽上窄的形状，是因为液体的压强随深度的增加而增大；

D、瓶子静止悬在空中，处于平衡状态，瓶子受到竖直方向上的摩擦力和重力是一对平衡力。

本题考查了摩擦力大小的影响因素、液体压强的特点、大气压等物理知识，重点考查了学生运用所学知识分析实际问题的能力，要求学生在生活中多观察，多思考。

2.【答案】D

【解析】解：A、对着话筒说话时，产生的声音使膜片振动，与膜片相连的线圈也跟着一起振动，线圈在磁场中的这种运动，能产生随着声音的变化而变化的电流，其原理是电磁感应现象，故A正确；

B、手机无线充电存在能量的损失，效率不可能达到100%，故B正确；

C、转动风扇、线圈做切割磁感线运动，产生电流，灯泡发光，利用了电磁感应原理，故C正确；

D、电流表指针偏转，利用了通电导线在磁场中受到力的作用，电流越大，偏角越大，故D不正确。

故选：D。

首先要清楚两个原理的内容：

(1)电磁感应现象是闭合电路的一部分导体在切割磁感线运动时，产生感应电流；

(2)磁场对通电导体力的作用是通电的导体在磁场中受到力的作用；

其次要知道能量在转换的过程中会有损失。

电磁感应现象是由运动产生电流，磁场对通电导体作用是由电流受力而产生运动，互为相反过程，对比记忆。

3.【答案】A

【解析】解：当自己荡秋千运动到右端最高点时，此时重力势能最大，物体速度为零，所以此时处于静止状态，若受到的力全部消失，根据牛顿第一定律可知，仍保持静止。

故选：A。

掌握牛顿第一定律的内容，当物体不受任何外力时将静止或做匀速直线运动。

此题考查了学生对牛顿第一定律的理解，要深刻理解“静止或做匀速直线运动”的含义：原来静止将保持静止状态，原来运动将做匀速直线运动。

4.【答案】A

【解析】【分析】

流动的气体和液体都称为流体，流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大。据此分析回答。

本题考查了流体压强与流速的关系，看学生能否将所学知识灵活运用到实际生活中，学以致用，有意义。

【解答】

从漏斗口向下用力吹气时，乒乓球上部空气流速大、压强小，而乒乓球下部空气流速小压强大；吸气时，乒乓球上方空气仍是流速大压强小，这样在乒乓球的上、下部就会产生一个向上的压力差，从而托起乒乓球。

故选：A。

5.【答案】C

【解析】解：a和b相互排斥，因此它们一定带同种电荷，a球带正电，则b球带正电；

b和c相互排斥，则c与b带同种电荷，因b球带正电，所以c球带正电；

c和d相互吸引，由于带电体能吸引轻小物体，则d球可能带电，也可能不带电，若d球带电，则带负电。

故选：C。

利用图中所示的四个悬挂着的小球之间的相互作用情况，结合电荷间的作用规律来分析解决。两物体相互吸引时，要注意有两种情况：①异种电荷相互吸引，②带电体具有吸引轻小物体的性质。

解答本题要注意：能够相互吸引的轻小物体不一定是带异种电荷的，也有可能是一个带电，另一个不带电。

6.【答案】C

【解析】【分析】

(1)声音的产生靠物体的振动，物体的振动可借助其它物体(如纸屑)的跳动来体现，这是一种转换的思想；

(2)声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播；

(3)声音的音调高低由塑料尺伸出桌面的长度有关，料尺伸出桌面的长度越长，振动越慢，塑料尺振动时发出的音调越低，塑料尺伸出桌面的长度越短，振动越快，听到的音调越高；

(4)声音可以传播信息和能量。

本题考查声学的知识点，属于基础题。

【解答】

A.敲击鼓面，看到鼓面上的泡沫颗粒跳动，说明声音是由物体的振动产生的，故A叙述正确；

B.把正在响铃的闹钟放在玻璃罩内，逐渐抽出其中的空气，音量减弱，说明空气能够传声，且声音不能在真空中传播，故B叙述正确；

C.直尺伸出桌面的长度越短，拨动时发出的声音音调越高，说明音调由频率决定，故C叙述错误；

D.发声的扬声器外，烛焰晃动，说明声音可以传递能量，故D叙述正确。

故选C。

7.【答案】B

【解析】解：液体对容器底部和侧壁都会产生压强，同种液体深度越大，压强越大，

容器倒置后，水的深度不变，则水对容器底部的压强不变，仍为p；

图中上下底面积之比为4：1，则倒置后受力面积S增大为原来的4倍，根据F=pS可知，水对容器底部的压力也增大为原来的4倍，变为4F。

故选：B。

解答此题的关键是明确液体对容器底部和侧壁都会产生压强，同种液体深度越大，压强越大。

此题考查了学生对压强的大小及其计算的理解和掌握。同时要让学生区分压强公式和液体压强公式的正确使用。

8.【答案】C

【解析】【分析】

本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。

(1)根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻的电流与两端的电压成正比，据此分析图象甲乙电阻的变化，并读出定值电阻通过的电流与对应的电压，根据欧姆定律求出对应的电阻；

(2)甲、乙并联时，它们两端的电压相等且干路电流等于各支路电流之和，根据图象读出符合要求的电流与电压，根据P=UI求出乙的功率；

(3)甲、乙串联且电路总电压为6V时，通过它们的电流相等且总电压等于各分电压之和，根据图象读出符合要求的电流与电压，根据P=UI求出甲的功率。【解答】

(1)由图象可知，甲对应的电流与电压成正比，根据欧姆定律可知甲电阻的阻值不变，乙电阻的阻值变化，故B错误；

当U甲=2V时，对应的电流为0.1A，

由I=UR可得，甲的电阻值：R甲=U甲I甲=2V0.1A=20Ω，故A错误；

(2)甲、乙并联时，

因并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，

所以，由图象可知，当电源的电压U=2V、I甲=0.1A、I乙=0.2A时符合，

此时电路总电流I=I甲+I乙=0.1A+0.2A=0.3A，

则乙的功率P乙=UI乙=2V×0.2A=0.4W

9.【答案】CD

【解析】解：ABC、由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量光敏电阻两端的电压；

由于光敏电阻R的阻值随光照强度的增大而减小，当有烟雾时，光敏电阻的阻值会增大，总电阻会增大，由串联电路分压原理可知其两端的电压变大，即电压表示数变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表示数变小，故AB错误，C正确；

D、根据串联电路电压规律可知定值电阻两端的电压变小，由P=UI可知定值电阻的功率变小，故D正确。

故选：CD。

ABC、由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量光敏电阻两端的电压；

由于光敏电阻R的阻值随光照强度的增大而减小，当有烟雾时，光敏电阻的阻值会增大，由串联分压原理可知其两端的电压变化，根据串联电路电阻规律可知电路总电阻变化，根据欧姆定律可知通过电路的电流变化；

D、根据串联电路电压规律和电功率公式可知定值电阻的功率变化。

本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用。

10.【答案】BD

【解析】解：A、寒冷的冬天，室外的人口中呼出的“白气”是呼出的温度较高的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，此过程放热，故A错误；

B、打气筒给轮胎打气时气筒壁发热，即通过做功的方式改变内能，此过程机械能转化为内能，故B正确；

C、内燃机的做功冲程，燃料燃烧产生的燃气对外做功，将内能转化为活塞的机械能，故C错误；

D、丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，发现电流周围存在磁场，故D正确。

故选：BD。

(1)物质由气态变成液态的过程叫液化，液化是放热过程；

(2)改变内能的方法有：做功和热传递；

(3)内燃机的做功冲程将燃气内能转化为机械能；压缩冲程将机械能转化为内能；

(4)1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，发现电流周围存在磁场。

本题考查了液化现象、改变内能的方式、内燃机能量转化和物理学史，具有一定的综合性，熟练掌握各项知识是解题的关键。

11.【答案】AC

【解析】解：A、物体温度降低到一定温度，不断放热，温度保持不变，符合晶体凝固特点，是晶体凝固的图象，故A正确；

B、由I−U图象可知，电压U相等时，I甲>I乙，由I=UR的变形式R=UI可知，R甲<R乙.故B错误；

C、由图可知，该物体体积为30cm3时，质量为60g，物质密度：ρ=mV=60g30cm3=2g/cm3=2×103kg/m3，故C正确；12.【答案】BC

【解析】由右手螺旋定则可知，图中通电螺线管的上端为N极，下端为S极，则通电螺线管与条形磁铁相互排斥。

A、滑片P向b移动，接入电路的电阻变大，由欧姆定律可知电路中的电流变小，能使通电螺线管的磁性减弱，通电螺线管对条形磁铁的排斥力减小，弹簧伸得更长些，A不符合题意；

B、滑片P向a移动，接入电路的电阻变小，由欧姆定律可知电路中的电流变大，能使通电螺线管的磁性增强，通电螺线管对条形磁铁的排斥力增大，弹簧伸得更短些，B符合题意；

C、螺线管内插入铁芯，通电螺线管的磁性增强，能使通电螺线管的磁性增强，通电螺线管对条形磁铁的排斥力增大，弹簧伸得更短些，C符合题意；

D、将电源的两极对调后，电流从螺线管的上方流入，由右手螺旋定则可知螺线管的上端为S极，螺线管与条形磁铁相吸引，悬挂磁铁的轻弹簧伸得更长，D不符合题意；

故选：BC。

(1)电磁铁的磁性强弱的影响因素：电流的大小，匝数的多少，有无铁芯。电流越小，匝数越少，没有铁芯磁性越弱。

(2)右手螺旋定则：用右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指的方向是通电螺线管的N极。

(3)同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。

(4)磁场的强弱(大小)与电流的大小有关。

13.【答案】BD

【解析】【分析】

本题考查了凸透镜成像的规律，要注意理解应用。此题比较有拓展性，有一定的拔高难度。

凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小。

【解答】

解：

AB、先用焦距为20cm的凸透镜进行实验，在屏上得到清晰的像，接下来改用焦距为10cm的凸透镜继续进行实验，在蜡烛和凸透镜位置不变的情况下，相当于增大了物距，则像距应该减小，所以应该将光屏向左移动，才能在光屏上呈现清晰的像；若不移动光屏，此时应该减小物距来增大像距，即将蜡烛向右移动，故A错误，B正确；

C、若只移动光屏重新得到清晰的像，像距变小了，则像会变小，故C错误；

D、若只移动蜡烛重新得到清晰的像，物距变小，像距变大，像将变大，故D正确。

故选：BD。

14.【答案】

【解析】【分析】

画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按要求画出各个力。

画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。

【解答】

解：

因为是光滑的斜面，且绳子处于竖直状态(球与斜面虽然接触但不发生挤压)，所以小球不受摩擦力和支持力的作用；则小球受到重力和拉力的作用，重力的方向竖直向下，拉力的方向沿绳子向上，两个力的作用点都画在球的重心上，这两个力是一对平衡力，大小相等，作图时两条线段的长度相等。如图所示：

15.【答案】解：作像A′关于平面镜的对称点A，连接AO并画上箭头，则AO为入射光线。如图所示：

【解析】已知反射光线反向延长线过像点，根据平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称作出发光点A，并完成光路图。

利用平面镜成像作图时，实际上就是作对称图，注意垂直符号和虚线。

16.【答案】接触面粗糙程度

2.6

右

【解析】解：①通过表中数据分析可知，当接触面粗糙程度不变时，接触面受到的压力越大，测力计示数越大，滑动摩擦力越大；

②在乙图中，砝码与木块一起做匀速直线运动，砝码相对木块没有相对运动的趋势，故水平方向不受摩擦力的作用，只受重力G和支持力F的作用，如下所示：

③物体A静止不动，所以A受到弹簧测力计水平向左的拉力与A受到水平向右的摩擦力是一对平衡力，则f=F示=2.6N，方向水平向右。

故答案为：①接触面粗糙程度；②如上图所示；③2.6；右。

(1)结合甲乙两图，根据表中数据分析；

(2)根据摩擦力产生的原因分析砝码不受摩擦力，分析砝码在竖直方向上受力情况，据此画出砝码受力示意图；

(3)物体A静止不动，则受平衡力的作用，根据平衡力的知识判断摩擦力的大小和方向。

本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法和转换法的运用，体现了对过程和方法的考查。17.【答案】B；2.4；B；0.5；B

【解析】【分析】

本题考查了实验故障分析、电表读数、求灯泡功率，本电路在初中物理电学实验中应用广泛．可用于测灯泡的电阻、功率，还能探究在电流跟电压、电阻的关系。电路是相同的，元件在实验中的作用有相同之处，也有不同之处，注意区分，对比记忆，印象深刻。

(1)常见的电路故障有断路与短路两种，根据电路故障现象分析电路故障原因；(2)由图乙所示电压表确定其量程与分度值，读出其示数；(3)灯泡电压达到额定电压时正常发光，由此根据串联电路的分压原理分析可得；(4)由图丙读出灯泡电压为2.5V时的电流，然后由P=UI求出灯泡功率；(5)已知电阻值，电路可测电阻两端的电压，流过电阻的电流，据此判断可完成哪个实验。

【解答】解：(1)A、如果小灯泡断路，电路断路，电流表示数为零，不符合题意，故A错误；

B、如果小灯泡短路，电路是通路，电流表有示数，与灯泡并联的电压表示数为零，符合题意，故B正确；

C、如果滑动变阻器断路，电路断路，电流表示数为零，不符合题意，故C错误；

(2)由图乙所示电压表可知，其量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为2.4V；

(3)灯泡电压达到额定电压时正常发光，由(2)知灯泡电压低于额定电压，根据串联电路的分压原理可知，应减小变阻器连入阻值，即将滑片向B端滑动；

(4)由图丙读出灯泡电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.2A，

所以P=UI=2.5V×0.2A=0.5W；

(5)把小灯泡换成定值电阻后，电阻阻值R已知，由电压表可测出电阻两端的电压U，电流表可测流过电阻的电流，因此利用该电路可完成“探究电流与电压的关系”关系实验．故选B．

故答案为：(1)B；(2)2.4；(3)B；(4)0.5；(5)B。

18.【答案】153

400

1.53

大

种子浸入水中，由于吸水，测得体积会偏小

m1ρ【解析】解：(1)天平平衡时物体的质量等于右盘砝码质量加上游码在标尺上所对的刻度值：m=100g+50g+3g=153g；

(2)由图乙读出V2=400mL=400cm3；

(3)种子的体积V=V2−V1=400mL−300mL=100mL=100cm3

种子的密度ρ=m1V=153g100mL=1.53g/cm3

种子浸入水中，由于吸水，测得体积会偏小，故密度偏大；

(4)根据题意浸入水中种子吸收的水的体积V′=m2−m1ρ水

种子的实际体积V=V′+V2−V1=m2−m1ρ19.【答案】解：

(1)植物油的体积：

V油=V容=5L=5×10−3m3，

由ρ=mV可得，这桶植物油的质量：

m油=ρ油V油=0.9×103kg/m3×5×10−3m3=4.5kg；

(2)瓶内油的高度ℎ=30cm=0.3m，

油在容器底产生的压强是p=ρ油gℎ=0.9×【解析】(1)已知油桶的容积(装满植物油的体积)和植物油的密度，利用公式m=ρV即可求出这桶植物油的质量；

(2)已知瓶内油的高度，由p=