专题2.1 轴对称及其性质【十大题型】（举一反三）（浙教版）（解析版）

专题2.1轴对称及其性质【十大题型】【浙教版】TOC\o"1-3"\h\u【题型1轴对称图形的识别】 1【题型2确定轴对称图形对称轴的条数】 3【题型3轴对称在镜面对称中的应用】 5【题型4轴对称的操作应用】 7【题型5轴对称的实际应用】 10【题型6根据成轴对称图形的性质判断】 13【题型7根据成轴对称图形的性质求解】 16【题型8折叠问题】 20【题型9在网格中构造轴对称图形】 25【题型10利用轴对称设计图案】 27【知识点1轴对称与轴对称图形】（1）轴对称图形的概念：如果一个图形沿一条直线折叠，直线两旁的部分能够互相重合，这个图形叫做轴对称图形，这条直线叫做对称轴，这时，我们也可以说这个图形关于这条直线（成轴）对称．（2）轴对称图形是针对一个图形而言的，是一种具有特殊性质图形，被一条直线分割成的两部分沿着对称轴折叠时，互相重合；轴对称图形的对称轴可以是一条，也可以是多条甚至无数条．【题型1轴对称图形的识别】【例1】（2023春·吉林长春·八年级统考期末）甲骨文是我国目前发现最早的文字，其图画性强的特点非常明显，下列甲骨文图画是轴对称的是（

）A．

B．

C．

D．

【答案】D【分析】根据轴对称图形的概念对各选项分析判断即可得解．【详解】A、不是轴对称图形，故本选项不符合题意；B、不是轴对称图形，故本选项不符合题意；C、不是轴对称图形，故本选项不符合题意；D、是轴对称图形，故本选项符合题意．故选：D．【点睛】本题考查了轴对称图形的概念，轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分折叠后可重合．【变式1-1】（2023春·四川成都·八年级统考期末）汉字，又称中文、中国字，是汉语的记录符号．汉字是世界上最古老的文字之一，已有六千多年的历史，也是上古时期各大文字体系中唯一传承者．下列汉字中，哪个汉字可以看成是轴对称图形？（

）A．大 B．运 C．成 D．都【答案】A【分析】根据轴对称图形的概念：如果一个图形沿着一条直线折叠，直线两旁的部分能够互相重合，这个图形叫做轴对称图形，进行判断即可．【详解】解：A．是轴对称图形，故此选项符合题意；B．不是轴对称图形，故此选项不符合题意；C．不是轴对称图形，故此选项不符合题意；D．不是轴对称图形，故此选项不符合题意．故选：A．【点睛】本题考查轴对称图形的概念．理解轴对称图形的概念是解题的关键．【变式1-2】（2023春·广东潮州·八年级统考期中）如图，十个电子数字图形中，有个是轴对称图形．【答案】4【分析】平面内，一个图形沿一条直线折叠，直线两旁的部分能够完全重合的图形叫做轴对称图形．【详解】解：根据轴对称图形的定义可知：数字1，故答案为：4．【点睛】掌握轴对称图形的定义是解题的关键．【变式1-3】（2023春·宁夏石嘴山·八年级统考期末）在线段､角､圆､长方形､梯形､三角形､等边三角形中，是轴对称图形的有个．【答案】5【分析】根据轴对称图形的概念：如果一个图形沿一条直线折叠后，直线两旁的部分能够互相重合，那么这个图形叫做轴对称图形．据此作答．【详解】解：线段的垂直平分线所在的直线是对称轴，是轴对称图形，符合题意；角的平分线所在直线就是对称轴，是轴对称图形，符合题意；圆有无数条对称轴，是轴对称图形，符合题意；长方形有二条对称轴，是轴对称图形，符合题意；梯形不一定是轴对称图形，不符合题意；三角形不一定是轴对称图形，不符合题意；等边三角形三条中线所在的直线是对称轴，是轴对称图形，符合题意；故轴对称图形共有5个．故答案为：5．【点睛】本题考查了轴对称的概念．轴对称的关键是寻找对称轴，图象沿某一直线折叠后可以重合．【题型2确定轴对称图形对称轴的条数】【例2】（2023春·广东·八年级统考期末）下列轴对称图形中，对称轴最少的是（

）A．

B．

C．

D．

【答案】A【分析】如果一个图形沿着一条直线对折，两侧的图形能完全重合，这个图形就是轴对称图形．折痕所在的这条直线叫做对称轴．由此即可求解．【详解】解：解：A选项，有2条对称轴；选项B，有3条对称轴；选项C，有4条对称轴；选项D，有6条对称轴．故选：A．【点睛】本题主要考查轴对称图形的对称轴，识别轴对称图形是解题的关键．【变式2-1】（2023春·云南大理·八年级校考期中）下列各项中是轴对称图形，而且对称轴最多的是（）A．等腰梯形 B．等腰直角三角形C．等边三角形 D．直角三角形【答案】C【详解】等腰梯形是轴对称图形，对称轴是上底和下底中点的连线所在直线，只有一条对称轴；等腰直角三角形是轴对称图形，对称轴是底边的中垂线所在直线，只有一条对称轴；等边三角形是轴对称图形，对称轴是三个角的角平分线所在直线，有3条对称轴；一般的直角三角形不是轴对称图形.故选C.点睛：理解轴对称图形的概念，并会判断对称轴.【变式2-2】（2023春·山东德州·八年级统考期中）图1和图2中所有的小正方形都全等，将图1的正方形放在图2中①②③④的某一位置，使它与原来7个小正方形组成的图形是轴对称图形，并且有两条对称轴，这个位置是（

）A．① B．② C．③ D．④【答案】A【分析】根据轴对称图形的定义（如果一个图形沿一条直线折叠，直线两旁的部分能够完全重合，那么这个图形叫做轴对称图形）进行判断即可得．【详解】解：A、放入①的位置的图形为，是轴对称图形，并且有两条对称轴，则此项符合题意；B、放入②的位置的图形为，不是轴对称图形，则此项不符题意；C、放入③的位置的图形为，是轴对称图形，但只有一条对称轴，则此项不符题意；D、放入④的位置的图形为，不是轴对称图形，则此项不符题意；故选：A．【点睛】本题考查了轴对称图形，熟记定义是解题关键．【变式2-3】（2023春·广东广州·八年级广州市第四十一中学校考期末）轴对称图形都有自己的对称轴，请你尝试写出：只有1条对称轴、只有3条对称轴、有无数条对称轴的平面图形名称、、．【答案】等腰三角形（答案不唯一）等边三角形（答案不唯一）圆（答案不唯一）【分析】根据轴对称图形的定义和常见的平面图形判断填空即可．【详解】等腰三角形只有1条对称轴、等边三角形只有3条对称轴、圆有无数条对称轴．故答案为：等腰三角形（答案不唯一），等边三角形（答案不唯一），圆（答案不唯一）．【点睛】本题考查轴对称图形的定义和求对称轴条数．掌握轴对称图形沿对称轴折叠后可重合是解题关键．【题型3轴对称在镜面对称中的应用】【例3】（2023春·福建龙岩·八年级校联考期中）假定某天上午你在镜子里看到的时钟如图所示，则此时真正时间是．【答案】9:25【分析】镜面图形与实际图形互为轴对称图形．钟表的时针实际指向9和10之间，分针指向25．【详解】解：作对称图形如下：则此时的准确时间是9:25．故答案为：9:25．【点睛】本题主要考查的是轴对称的性质，掌握其性质是解决此题的的关键．【变式3-1】（2023春·河北石家庄·八年级统考期中）小强从镜子中看到的电子表的读数如图所示，则电子表的实际读数是（

）A．15：01 B．10：51 C．10：21 D．10：15【答案】C【分析】根据镜子中看到的数字与实际数字是关于镜面成垂直的线对称求解即可．【详解】解：镜子中看到的数字与实际数字是关于镜面成垂直的线对称．注意镜子的5实际应为2，电子表的实际时刻是10：21．故选C．【点睛】本题主要考查了镜面对称的特点：上下前后方向一致，左右方向相反．【变式3-2】（2023春·安徽淮北·八年级统考期末）小明在镜中看到身后墙上的时钟，实际时间最接近8时的是下图中的（

）A．B．C． D．【答案】C【分析】镜面对称的性质：平面镜中的像与现实中的事物恰好左右或上下顺序颠倒，且关于镜面对称，据此判断即可．【详解】解：实际时间最接近8时的时钟，在镜子里看起来应该是4点，所以图C所示的时间最接近8时．故选：C．【点睛】此题主要考查了镜面对称的性质的运用，解答此题的关键是要注意联系生活实际．【变式3-3】（2023春·江苏扬州·八年级统考期中）如图，是平面镜里看到背向墙壁的电子钟示数，这时的实际时间应该是.【答案】12：05【分析】注意镜面对称的特点，并结合实际求解.【详解】解：根据镜面对称的性质，如图所示的真实图象应该是12：05.故答案为12：05.【点睛】考查了镜面对称的知识，解决此类问题要注意所学知识与实际情况的结合．【题型4轴对称的操作应用】【例4】（2023春·河北保定·八年级统考期末）如图，将一张矩形纸片对折两次，然后剪下一个角，再将剪下的角展开，得到一个四边形，根据图中所给数据，下列判断正确的是（

）

甲：展开后的图形是正方形；

乙：展开后的图形的面积为64A．只有甲对 B．只有乙对 C．甲、乙都对 D．甲、乙都不对【答案】A【分析】通过观察发现剪下的部分为一个等腰直角三角形，进而得到展开后的图形是正方形；通过题中数据可求该三角形面积，然后由折叠2次可知，展开图像面积为该三角形面积的4倍，即可求得结果．【详解】解：观察发现剪下的部分为一个等腰直角三角形，∴展开后的图形是4个该等腰直角三角形拼接而成，∴展开后的图形是正方形；由折叠2次可知，展开图像面积为该三角形面积的4倍，所以剪下部分展开得到的四边形的面积为4×1∴只有甲对．故选：A．【点睛】本题考查了折叠问题，直角三角形的面积，求出直角三角形的面积是解题的关键．【变式4-1】（2023春·山西临汾·八年级统考期末）如图1，将一张正方形纸片沿虚线对折得到图2，再沿虚线对折得到图3，然后沿虚线剪去一个角，展开铺平后的图形如图4，则图3中沿虚线的剪法是（

）

A．

B．

C．

D．

【答案】A【分析】如图4，连接四边形的对角线，可知从图3到图4，是在正方形中心减去了4个全等的三角形，然后进行判断即可．【详解】解：如图4，连接四边形的对角线，

∴从图3到图4，是在正方形中心减去了4个全等的三角形，∴A符合要求，故选：A．【点睛】本题考查了轴对称的性质．解题的关键在于对知识的熟练掌握与灵活运用．【变式4-2】（2023春·福建福州·八年级校考期末）如图，将一张长方形纸片对折，然后剪下一个角，如果剪出的角展开后是一个直角，那么剪口线与折痕AB形成的夹角度数是()A．180° B．90° C．45° D．22．5°【答案】C【分析】根据折叠图形的性质即可解答．【详解】解：根据折叠图形的性质可知：剪口线与折痕AB形成的夹角的度数=90°÷2=45°，故选择C．【点睛】本题主要考查的就是角平分线的性质以及折叠图形的性质，在解决这个问题的时候关键就是要明白折痕AB为这个角的角平分线．在解答折叠问题的时候，我们一定要明白哪些角是对应角，哪些线段是对应线段，然后根据折叠图形的性质可以进行求解，从而得出所求的答案．【变式4-3】（2023春·江西南昌·八年级统考期中）剪纸是我国传统的民间艺术．将一张正方形纸片按图1，图2中的方式沿虚线依次对折后，再沿图3中的虚线裁剪，最后将图4中的纸片打开铺平，所得图案应该是（

）A． B．C． D．【答案】A【分析】依据翻折变换，将图4中的纸片按顺序打开铺平，即可得到一个图案．【详解】解：将图4中的纸片打开铺平，所得图案应该是：故选：A．【点睛】本题主要考查了剪纸问题，解决这类问题要熟知轴对称图形的特点，关键是准确地找到对称轴．一般方法是动手操作，拿张纸按照题目的要求剪出图案，展开即可得到正确的图案．【题型5轴对称的实际应用】【例5】（2023春·四川自贡·八年级校考期中）球桌为如图所示的长方形ABCD，小球从A沿45°角击出，恰好经过5次碰撞到B处，则AB:BC=．【答案】2:5【分析】根据题意画出图形，再根据轴对称的性质求出矩形的长与宽的比值即可．【详解】先作出长方形ABCD，小球从A沿45度射出，到BC的点E，AB=BE．从E点沿于BC成45度角射出，到AC边的F点，AE=EF．从F点沿于AD成45度角射出，到CD边的G点，DF=DG．从G沿于DC成45度角射出，到BC边的H点，HF垂直于AD．AB=2GC=2CH从H点沿于CB成45度角射出，到AC边的M点，EM垂直于AD，从M点沿于CA成45度角射出，到B点，看图是2个半以AB为边长的正方形，所以1：2.5=2：5．故答案为2:5．【点睛】本题考查的是轴对称的性质，解答此题的关键是画出图形，再根据对称的性质求解．【变式5-1】（2023春·全国·八年级专题练习）身高1.80米的人站在平面镜前2米处，它在镜子中的像高米，人与像之间距离为米；如果他向前走0.2米，人与像之间距离为米．【答案】1.8m4m3.6m【分析】利用镜面对称的性质求解,镜面对称的性质:在平面镜中的像与现实中的事物恰好顺序颠倒,且关于镜面对称．【详解】解：身高1.80米的人站在平面镜前2米处,它在镜子中的像高1.80米,人与像之间距离为2×2=4米,如果他向前走0.2米,人与像之间距离为4-0.2×2=3.6米．【点睛】本题主要考查镜面对称的原理与性质,解决本题的关键是要熟练掌握关于镜面对称的图形大小、形状相同，且到镜子的距离相等．【变式5-2】（2023春·黑龙江双鸭山·八年级统考期末）如图是台球桌面示意图，阴影部分表示四个入球孔，小明按图中方向击球（球可以多次反弹），则球最后落入的球袋是（

）A．1号袋 B．2号袋 C．3号袋 D．4号袋【答案】B【分析】利用轴对称画图可得答案.【详解】解：如图所示，球最后落入的球袋是2号袋，故选：B.【点睛】此题主要考查了生活中的轴对称现象，关键是正确画出图形.【变式5-3】（2023春·全国·八年级专题练习）判断说理：元旦联欢会上，八年级（1）班的同学们在礼堂四周摆了一圈长条桌子，其中北边条桌上摆满了苹果，东边条桌上摆满了香蕉，礼堂中间B处放了一把椅子，游戏规则是这样的：甲、乙二人从A处（如图）同时出发，先去拿苹果再去拿香蕉，然后回到B处，谁先坐到椅子上谁赢．张晓和李岚比赛，比赛一开始，只见张晓直奔东北两张条桌的交点处，左手抓苹果，右手拿香蕉，回头直奔B处，可是还未跑到B处，只见李岚已经手捧苹果和香蕉稳稳地坐在B处的椅子上了．如果李岚不比张晓跑得快，张晓若想获胜有没有其他的捷径？若有，请说明你的捷径，若没有，请说明理由．【答案】有，捷径见解析【分析】利用轴对称得出找到A，B的对称点A'，B'，连接A'B'，交两长条桌于C【详解】解：如下图，假设北边和东边条桌各为一个平面镜，光线经过两次反射到达B点．因此，分别以北条桌和东条桌为对称轴，找到A，B的对称点A'，B'，连接A'B'，交两长条桌于C，D连接A'M,B在△A'M所以A'M+B即折线ACDB就是捷径．【点睛】本题考查了轴对称，三角形三边关系，解题的关键是找到A，B的对称点A'，B'，连接A'B'【知识点2轴对称的性质】（1）如果两个图形关于某直线对称，那么对称轴是任何一对对应点所连线段的垂直平分线．由轴对称的性质得到一下结论：①如果两个图形的对应点的连线被同一条直线垂直平分，那么这两个图形关于这条直线对称；②如果两个图形成轴对称，我们只要找到一对对应点，作出连接它们的线段的垂直平分线，就可以得到这两个图形的对称轴．（2）轴对称图形的对称轴也是任何一对对应点所连线段的垂直平分线．【题型6根据成轴对称图形的性质判断】【例6】（2023春·广东潮州·八年级统考期中）如图所示，△A'B'C'与△ABC关于直线MN成轴对称，则线段

A．直线MN被线段AA'垂直平分 B．线段AAC．直线MN经过线段AA'中点，但不垂直 D．直线MN与线段【答案】B【分析】成轴对称图形的性质：对应点的连线被对称轴垂直平分，据此即可得到答案．【详解】解：∵△A'B'C∴线段AA'被直线故选：B【点睛】此题考查了成轴对称图形的性质，熟练掌握“成轴对称图形的对应点的连线被对称轴垂直平分”是解题的关键．【变式6-1】（2023春·天津南开·八年级天津育贤中学校考期中）下列说法：①关于某条直线对称的两个三角形是全等三角形②两个全等的三角形关于某条直线对称③到某条直线距离相等的两个点关于这条直线对称④如果图形甲和图形乙关于某条直线对称，则图形甲是轴对称图形其中，正确说法个数是（）A．1 B．2 C．3 D．4【答案】A【分析】利用轴对称图形的性质逐一分析探讨得出答案即可.【详解】①关于某条直线对称的两个三角形是全等三角形,①是正确的；②两个全等的三角形不一定组成轴对称图形，②是错误的；③对应点的连线与对称轴的位置关系是互相垂直,且到这条直线距离相等的两个点关于这条直线对称,③错误；④如果图形甲和图形乙关于某条直线对称，则图形甲不一定是轴对称图形,④错误，正确的说法有1个，所以A选项是正确的.【点睛】此题考查了轴对称的性质，利用对应点所连的线段被对称轴垂直平分，对应线段相等,对应角相等的概念是解决本题的关键.【变式6-2】（2023春·河北保定·八年级统考期末）如图，点A在直线l上，△ABC与△AB'C'关于直线l对称，连接BB'，分别交AC，AC'于点D，D'，连接CC'A．∠BAC=∠B'AC' B．CC'∥BB'C．BD=B'D' D．AD=DD'【答案】D【分析】利用轴对称的性质和全等三角形的性质逐项判断即可．【详解】解：∵△ABC与△AB'C'关于直线l对称，∴△ABC≅△AB'C'，BB'⊥l，CC'⊥l，AB=AB'，AC=AC'，∴∠BAC=∠B'AC'，CC'∥BB'，即选项A、B正确；由轴对称的性质得：OD=OD',OB=OB'，∴OB-OD=OB'-OD'，即BD=B'D'，选项C正确；由轴对称的性质得：AD=AD'，但AD不一定等于DD'，即选项故选：D．【点睛】本题考查了轴对称的性质、全等三角形的性质，熟练掌握轴对称的性质是解题关键．【变式6-3】（2023春·福建厦门·八年级厦门市第十一中学校考期末）定义：在平面内由极点、极轴和极径组成的坐标系叫做极坐标系．如图，在平面上取定一点O为极点；从点O出发引一条射线Ox称为极轴；线段OP的长度称为极径，点P的极坐标就可以用线段OP的长度以及从Ox转动到OP的角度（规定逆时针方向转动角度为正）来确定，即P3,60°或P3,-300°或P3,420°等，则点P关于极轴对称的点QA．Q3,-420° B．Q3,-60° C．Q3,660°【答案】D【分析】根据轴对称的定义以及给OP的角度关于Ox对称后的角度加上360°的整数倍即可．【详解】解：∵P（3，60°）或P（3，-300°）或P（3，420°），由点P关于极轴对称的点Q的极坐标表示点Q可得：点Q的极坐标为（3，-60°-360°=-420°）或（3，-60°）或（3，-60°+720°=660°）或（3，-60°+360°=300°）．故选D．【点睛】本题考查轴对称的问题，掌握轴对称的定义成为解答本题的关键．【题型7根据成轴对称图形的性质求解】【例7】（2023春·广东珠海·八年级统考期末）已知∠AOB=30°，在∠AOB内有一定点P，点M，N分别是OA,OB上的动点，若△PMN的周长最小值为3，则OP的长为（

）A．1.5 B．3 C．33 D．【答案】B【分析】根据题意画出符合条件的图形，求出OD=OE=OP，∠DOE=60°，得出等边三角形DOE，求出DE=3，求出△PMN的周长【详解】解：作P关于OA的对称点D，作P关于OB的对称点E，连接DE交OA于M，交OB于N，连接PM，PN，则此时连接OD，∵P、D关于OA对称，∴OD=OP，同理OE=OP，∴OD=OE=OP，∵P、D关于OA对称，∴OA⊥PD，∵OD=OP，∴∠DOA=∠POA，同理∠POB=∠EOB，∴∠DOE=2∠AOB=2×30°=60°，∵OD=OE，∴△DOE是等边三角形，∴DE=OD=OP，∵△PMN的周长是PM+MN+PN=DM+MN+EN=DE=3，∴OP=3故选：B．【点睛】本题考查了轴对称-最短路线问题，关键是画出符合条件的图形．【变式7-1】（2023春·河南安阳·八年级统考期中）如图，△ABC和△ADE关于直线MN对称，BC与DE的交点F在直线MN上．

(1)图中点D的对应点是点____________，∠E的对应角是____________；(2)若CF=3，DF=2，则DE的长为____________(3)若∠DAE=108°，∠EAF=39°，求∠DAC的度数．【答案】(1)B，∠C(2)5(3)30°【分析】（1）根据轴对称的性质解答即可；（2）由题意可得△ABC≌△ADE，再由全等三角形的性质解答即可；（3）根据对称性可得∠CAF=∠EAF=39°，从而得出∠CAE=78°，最后可得答案；【详解】（1）∵△ABC和△ADE关于直线MN对称，∴图中点D的对应点是点B，∠E的对应角是∠C；故答案为：B，∠C．（2）∵△ABC和△ADE关于直线MN对称，∴△ABC≌△ADE，∴EF=CF=3，∴DE=DF+EF=5．故答案为：5．（3）∵∠DAE=108°，∠EAF=39°∴根据对称性：∠CAF=∠EAF=39°

∴∠CAE=78°

∴∠DAC=∠DAE-∠CAE=108°-78°=30°【点睛】本题考查轴对称的性质，解题的关键是灵活运用所学知识解决问题，属于中考常考题型．【变式7-2】（2023春·陕西·八年级校考期中）如图，点P是∠ACB外一点，点D，E分别是∠ACB两边上的点，点P关于CA的对称点P1恰好落在线段ED上，点P关于CB的对称点P2落在ED的延长线上．若PE=2,PD=4,ED=5，则线段P1A．4 B．5 C．6 D．7【答案】D【分析】利用轴对称图形的性质得出EP=EP1，DP=DP2，进而利用DE=5，得出P1D的长，即可得出P1P2的长．【详解】解：∵点P关于CA的对称点P1恰好落在线段ED上，P点关于CB的对称点P2落在ED的延长线上，∴EP=EP1，DP=DP2，∵PE=2，PD=4，DE=5，∴DP2=4，EP1=2，∴DP1=DE−EP1=5−2=3，则线段P1P2的长为：P1D+DP2=4+3=7，故选：D．【点睛】此题主要考查了轴对称图形的性质，得出EP=EP1，DP=DP2是解题关键．【变式7-3】（2023春·四川成都·八年级统考期末）如图，在直角三角形ABC中，∠C=90°，点D在AB上，点G在BC上，△BDG与△FDG关于直线DG对称，DF与B交于点E，若DF∥AC，∠B=28°，则∠DGC的度数是度．【答案】59【分析】由轴对称的性质可得∠F=∠B=28°，∠DGB=∠DGF，利用平行线的性质和对称性质求出∠EGF=62°，∠DGC=x°，则∠DGB=∠DGF=62°+x°，再由∠DGC+∠DGB=180°，可得x+62+x=180，解方程即可得到答案．【详解】解：由轴对称的性质可得∠F=∠B=28°，∠DGB=∠DGF，∵DF∥AC，∴∠DEB=∠C=90°，∴∠EGF=∠DEB-∠F=62°，设∠DGC=x°，则∠DGB=∠DGF=∠DGC+∠EGF=62°+x°，∵∠DGC+∠DGB=180°，∴x+62+x=180，∴x=59，∴∠DGC=59°，故答案为：59．【点睛】本题主要考查了轴对称的性质，正确求出∠EGF=62°是解题的关键．【题型8折叠问题】【例8】（2023春·湖北黄冈·八年级统考期末）如图，图①是一个四边形纸条ABCD，其中AB∥CD，E，F分别为边AB，CD上的两个点，将纸条ABCD沿EF折叠得到图②，再将图②沿DF折叠得到图③，若在图③中，∠FEM=26°，则∠EFC=

【答案】102°【分析】根据折叠的性质，先求出图②的∠B'EF的度数，再根据平行线的性质，求出∠EFM的度数，由邻补角特点可求出∠EFC'的度数，再由折叠性质可得∠EFC=∠EFC'，再根据∠MFC=∠EFC-∠EFM求得∠MFC的度数为102°，由折叠的性质得图③【详解】解：第一次折叠后，如图②，由折叠可得：∠B∵AB∴∠EFM=∠B∴∠EFC∵∠EFC=∠EFC∴∠MFC=∠EFC-∠EFM=154°-26°=128°，第二次折叠后，如图③，由折叠可得：∠MFC=∠MFC″∴∠EFC=∠MFC-∠EFM=128°-26°=102°．

【点睛】本题考查了折叠的性质和平行线的性质，熟练掌握折叠的性质和平行线的性质是解题的关键．【变式8-1】（2023春·浙江宁波·八年级校考期末）如图，三角形纸片ABC，点D是BC边上一点，连结AD，把△ABD沿着AD翻折，得到△AED，DE与AC交于点F．若点F是DE的中点，AD=8，△ADF的面积为12，则点B、E之间的距离为．

【答案】12【分析】先根据面积求B到AD的距离，再求B，E的距离．【详解】解：∵F是DE的中点，∴S如图，连接BE交AD于H，

由翻折的性质得BE=2BH，BE⊥AD，S△ABD∴1∴BH=48∴BE=2BH=12，故答案为：12．【点睛】本题考查翻折的性质，充分利用翻折性质，利用面积公式求高是解决本题的关键．【变式8-2】（2023春·江苏宿迁·八年级统考期末）如图，将长方形纸片ABCD沿EF折叠后，点D、C分别落在D'、C'的位置，ED'的延长线交

(1)如果∠GFE=62°，求∠1的度数；(2)如果已知∠GFE=x°，则∠BGD'=__________(3)探究∠GFC'与【答案】(1)56°(2)2x°(3)∠GFC【分析】（1）由平行线性质得到∠DEF的度数，再由折叠性质得到∠GEF的度数，最后根据平角定义即可求出∠1的度数；（2）由平行线性质和折叠性质得到∠GEF=∠GFE，根据外角性质即可得到∠BGD（3）由平行线性质得到∠1=∠EGF和∠GFC【详解】（1）解：∵AD∥∴∠DEF=∠GFE=62°，由折叠知∠DEF=∠GEF=62°，∴∠1=180°-∠DEF-∠GEF，=180°-62°-62°=56°；（2）∵AD∥∴∠GFE=∠DEF，由折叠的性质可得：∠GEF=∠DEF，∴∠GEF=∠GFE∴∠BGD（3）∵AD∥∴∠1=∠EGF，∵ED∴∠EGF=∠GFC∴∠GFC【点睛】本题考查了平行线的性质，折叠性质，外角性质，熟练掌握这些性质是解答本题的关键．【变式8-3】（2023春·上海虹口·八年级上外附中校考期末）如图，△ABC，AF⊥BC于F，将AF沿AC翻折至AE，联结EC并延长，在射线EC上取点D使得∠BAD=∠EAF，若CD=5，CE=3，AE=7，则S△ABC=

【答案】38.5【分析】由翻折的性质可知，AF=AE=7，∠FAC=∠EAC，先利用“SAS”证明△AFC≌△AEC，得到∠AEC=∠AFC=90°，CF=CE=3，再利用“ASA”证明△AFB≌△AED，得到BF=DE=8，进而得到BC=11，即可求出S△ABC【详解】解：由翻折的性质可知，AF=AE=7，∠FAC=∠EAC，∵AF⊥BC，∴∠AFB=∠AFC=90°，在△AFC和△AEC中，AF=AE∠FAC=∠EAC∴△AFC≌△AECSAS∴∠AEC=∠AFC=90°，CF=CE=3，∵∠BAD=∠EAF，∴∠BAD+∠DAF=∠EAF+∠DAF，∴∠BAF=∠EAD,在△AFB和△AED中，∠BAF=∠DAEAF=AE∴△AFB≌△AEDASA∴BF=DE，∵CD=5，CE=3，∴BF=DE=CD+CE=5+3=8，∴BC=BF+CF=8+3=11，∴S故答案为：38.5．【点睛】本题考查了翻折的性质，全等三角形的判定和性质，熟练掌握全等三角形的判定和性质是解题关键．【题型9在网格中构造轴对称图形】【例9】（2023春·山东菏泽·八年级统考期末）如图，3×3方格图中，将其中一个小方格的中心画上半径相等的圆，使整个图形为轴对称图形，这样的轴对称图形共有个．【答案】3【分析】利用轴对称图形的定义作出轴对称图形后即可确定轴对称图形的个数．【详解】解：将其中一个小方格的中心画上半径相等的圆，使整个图形为轴对称图形，这样的轴对称图形为：故答案为：3．【点睛】考查了轴对称图形的知识，解题的关键是了解轴对称图形的定义，难度不大．【变式9-1】（2023春·重庆南岸·八年级统考期末）图是4×4的正方形网格，每个小正方形的顶点称为格点．其中点A,B,C均在格点上．请在给定的网格中，找一格点D，使以点A,B,C,D为顶点的四边形是轴对称图形，满足条件的点D的个数是个．

【答案】2【分析】根据轴对称图形的定义，动手逐个判断即可求解．【详解】解：如图所示，

即：满足条件的点D的个数为2个，故答案为：2．【点睛】本题主要考查了轴对称图形，熟练掌握轴对称图形的定义：一个图形沿一条直线折叠，直线两旁的部分能够完全重合的图形是解题的关键．【变式9-2】（2023春·河北承德·八年级统考期末）如图是3×3的正方形网格，其中已有2个小方格涂成了黑色.现在要从编号为①‒④的小方格中选出1个也涂成黑色，使黑色部分依然是轴对称图形，不能选择的是（

）A．① B．② C．③ D．④【答案】D【分析】根据轴对称图形的概念分别找出各个能成轴对称图形的小方格，剩下的一个即为所求．【详解】如图所示：从编号为①‒④的小方格中选出1个也涂成黑色，使黑色部分依然是轴对称图形，使黑色部分成为轴对称图形，这样的白色小方格有：①，②，③，方格④不可以．故选：D．【点睛】此题主要考查了利用轴对称设计图案，正确利用轴对称图形的性质得出是解题关键．【变式9-3】（2023春·湖南永州·八年级校考期末）如图，在2×2