2021年江苏省南京市玄武区中考物理二模试卷（附答案详解）

2021年江苏省南京市玄武区中考物理二模试卷

一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）

1.关于能源和可持续发展，下列认识正确的是（）

A.煤、石油和天然气是当今人类利用的主要能源，它们是可再生能源

B.核电站是利用核裂变产生的巨大能量发电的

C.人们对太阳能的开发和利用，说明能量可以凭空产生

D.汽车制动过程中产生的内能可自动转化为机械能再用来驱动汽车

2.关于生活中的物态变化，下列说法正确的是（）

①②③④

①食品保鲜的时候会用到干冰，是利用干冰升华吸热

②用冰箱制作冰棒，发生了凝固放热的现象

③冷冻的牛排表面的霜是水蒸气吸热凝华而成的

④烧开水的时候，壶口的“白气“是水汽化吸热形成的水蒸气

A.①②B.①③C.①④D.③④

3.下列四幅光路图能正确解释生活中现象的是（）

图丙是太阳在树荫下形成的圆形光斑

图工是人观察对岸的树木在水中倒影

4.如图，小华站在平面玻璃制的地铁安全门外候车，小

华与安全门的距离为1〃?，下列说法正确的是（）

A.安全门后的墙壁上明亮的灯箱使小华能更清晰的

观察到她的像

B.若小华向安全门走近0.5m,则她与像的距离为1〃？

C.小华远离安全门，则她在安全门中成的像变小

D.若安全门向两侧打开，则小华在安全门中成的像位置发生改变

5.关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（）

A.在相同温度下，1依水比1kg冰内能大

B.物体温度越低内能越小，所以0。（：的物体没有内能

C.热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体

D.物体温度升高，一定是吸收了热量

6.中国将于2022年首次举办冬奥会，如图是滑雪运动员从

山上下滑的情景，下列说法中正确的是（）

A.下滑的过程中，重力没有对他做功

B.下滑的过程中，若一切外力都消失，他将停止运动

C.用撑杆撑地进行加速，是利用了力的作用是相互的

D.滑雪板长且宽，是为了增大压强

7.如图所示，放在水平桌面上的物块A与8用细线通过定滑轮与沙桶相连，当沙桶与

沙总重力为G时，物块AB恰好一起做匀速直线运动.此过程中下列说法正确的是

（）

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B

A.B受到向右的滑动摩擦力，其大小为G

B.A受到的重力与桌面对A的支持力是一对平衡力

C.小桶匀速下降的过程中重力势能转化为动能

D.8对A的压力是B的形变产生的

8.如图所示，甲、乙、丙装置完全相同，燃料的质量、液体的质量和初温都相等，当

燃料燃尽时（烧杯内的液体均未沸腾），温度计示数为7/>Tz>7两。下列说法正

确的是（）

）显度计

口液,液体体a

川崎界料J

乙

A.选择甲、乙，可以用燃烧相同时间比较液体升高温度来反映燃料热值的大小

B.选择甲、丙，可以用加热时间的长短来反映液体吸收热量的多少

C.液体4的比热容Ca与液体6的比热容分相比，有Ca>%

D.燃料1的热值qi与燃料2的热值02相比，有为<02

9.关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（）

图中的连接方式符合安全用电的原则

B.图中的方式使用测电笔，接触火线，窗管会发光

c.图中空气开关”跳闸“，一定是家庭电路出现短路造成的

.了315|3

D.图中安装该电能表的家庭同时使用的用电器总功率不能超

220V25(5)A50Hz

3000K/kW-h

过1100W

10.以下对四个实验的认识，不正确的是（）

，如图可探究感应电流产生的条件

D.K如图可用来演示发电机的工作原理

11.如图所示的电路，电源电压不变，电阻Ri、/?2和心的阻值分别是40、12。和90,

只闭合开关S2时，6的电功率为尸。下列说法正确的是（）

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A.只闭合开关Si、S29Ri和R3并联

B.只闭合开关Si，8的电功率仍为P

C.只闭合开关S3,电路的总功率为誓

D.所有开关都闭合，&和心串联

12.如图所示电路中，电源电压不变，%为90。的定值电阻，/?2为滑动变阻器，闭合开

关S,滑动变阻器接入电路的阻值由扁增大到5R。，电流减少了一半，定值电阻&的

功率变化了2.7W,此过程中（）

①电流表示数变化了0.14

②电压表示数变化了I8V

③滑动变阻器/?2的功率变化了

④电路消耗的总功率变化了3W

A.①②B.①③C.②③D.③④

二、填空题（本大题共7小题，共26.0分）

13.2021年2月，“天问一号”的环绕器绕火星同步飞行，

它相对火星地面是的。“天问一号”降落时与火

星大气层摩擦产生巨大热量使外表面温度升高,这是通过

方式改变了内能。其收集的信息通过传输

回地球，这种波在真空中传播的速度是m/s.

14.2021年春晚节目储宫夜宴》广受好评.观众能区别不

同乐器发出的声音，因为声音的不同.观众看到

演员的裙子呈绿色，是因为裙子（选填“吸收”

或“反射”）了绿光.如图所示，这是照相机拍摄的一个

画面,拍照时，相机镜头与演员之间的距离应大于。如果想让更多的演员进

入画面中，可将照相机的镜头（选填“远离”或“靠近”）演员。

15.用煤炉给10L水加热，加热过程中水温随时间变化的图像如图所示。燃烧的过程中

煤的化学能转化为能。加热6min,水所吸收的热量为人若煤炉烧

水时的热效率为60%,则需要燃烧kg的煤。［c次=4,2x旧/的■℃）/煤=

3X107J/kg]

16.如图所示，两个相同的溢水杯分别装满水和某种液体，放入不同的物体后，用两个

相同的容器承接排出的水和该液体.两物体静止时两个电子秤的示数相同.球状物和

碗状物所受的浮力大小关系：居F2,溢水杯底部受到的液体压强大小关系:

P水V处在两个溢水杯中放适量的盐，杯中液体的密度都增大，两物体仍

然处于原来的状态，则球状物所受的浮力（选填“变大”、“变小”或“不

变"，下同），碗状物所受的浮力

17.如图所示，起重机上的滑轮组匀速起吊重4.2x1（）3%的物体，物体

5s内上升了5m.此过程中有用功为J,绳子自由端移动的速度

为m/s；若滑轮组的机械效率为70%,则拉力F为N,

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拉力/的功率为卬。

18.如图所示，电源电压恒为6V,灯泡L标有“6V3W”的字样，灯为定值电阻，/?2为

标有“10014”字样的变阻器，电流表的量程为0〜34,电压表的量程为0〜3V。

灯泡心正常工作时的电流为4。当Si、S2、S3均闭合时，电流表的示数为1.74

则%的阻值为。。当闭合S],断开$2、S3时，在保证电路安全的情况下，R2

连入电路的阻值为0时电路总功率最小，最小值为W。

19.某科技小组设计了如图甲所示的多功能水位报警电路，当水面上升到警戒水位时,

a、b两点接通，控制开关连接两触点时仅电铃发出忽强忽弱的报警声。电

路中电源电压恒为6V,灯泡规格为“6U3W”（灯泡的电阻不变），岛为定值电阻，

电磁铁线圈及衔铁的阻值忽略不计。当控制开关与触点“4和5”接通时，灯泡两

端实际电压变化规律如图乙所示.已知当灯泡微弱发光时，其两端实际电压为%,

消耗的实际功率为额定功率的表，定制电阻R。为0,灯泡闪烁交替工作60s

消耗的电能为人

灯泡两端电压（伏）

____II1iIi1a

0~0.51.01.52.02.53.03.54.04.507101（秒）

甲乙

三、作图题（本大题共3小题，共6.0分）

20.当光线从水中射向空气时，它的反射光线如图所示，请

画出入射光线和折射光线.

21.图中，请画出与的力臂/,并在8端画出使杠杆平衡的最小AOB

力FB。

22.如图所示，闭合电路的一部分导体向右运动，导体

中感应电流的方向如图A所示.改变实验条件，请在

图8中画出导体的运动方向。

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四、实验探究题(本大题共6小题，共29.0分)

23.小明用图中所示的装置做“观察水的沸腾”实验。

(1)图甲装置中，存在的错误是。器材中纸板的主要作用是。

(2)在加热过程中，水中的气泡如图乙所示，此时水(选填“已沸腾”或“未

沸腾”)。

(3)其他同学分别采用如图丙的三个实验装置进行实验，根据实验数据分别画出水

温随时间变化的图像如图丁所示，则用装置③做实验画出的图像是。

24.小明在“探究凸透镜成像规律”的实验中，将凸透镜固定在光具座上50cM刻度线

处不动，移动蜡烛和光屏至如图所示位置时，光屏上成清晰的像。

0102030405060708090err

(1)此时光屏上成倒立、的实像。

(2)小明将一副近视眼镜放在蜡烛和透镜之间的适当位置，此时应将蜡烛向

(选填“左”或“右”)移动，光屏上才能再次成清晰的像。

(3)取走眼镜，小明将蜡烛放至光具座上20cm刻度线左侧的一段距离后，应将光屏

移至(选填序号)范围内才能看到清晰的像。

A.60〜65cznB.65〜80cmC.80〜95cm

(4)小明想用大小合适的玻璃板替换凸透镜探究平面镜成像规律，他取两只相同的

蜡烛是为了比较:光具座上有刻度的好处是。

25.利用图甲的实验装置探究“阻力对物体运动的影响”。

(1)实验中将同一小车放在同一斜面的，由静止开始下滑，小车分别停在如

图乙、丙、丁所示的位置上。由此可以得出的结论是：在初速度相同的条件下，

(2)在上述实验中，小车在毛巾表面运动过程中的速度变化量______(选填“大

于”、“等于”或“小于”)在木板表面运动过程中的速度变化量。

(3)若在此实验基础上，仅添加一个木块，利用甲图可探究物体的动能大小与

是否有关。

26.小明利用如图甲的装置研究液体压强与深度的关系。

(1)实验前用手指轻压橡皮膜，目的是»

(2)如图乙所示，4、B两个相同的烧杯盛有质量相等的水，则金属盒所处深度的大

小关系是：hAHB；比较A、8两图可得：在同种液体内部，深度越深，压

强越o

(3)小明设计了如表格来记录实验数据，请将(a)处内容补充完整。

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27.用吸管做以下物理小实验。

足量的食盐

T

(1)图甲中对吸管吹气发出声音，不断将吸管剪短，发出声音的会变化。

(2)图乙中将餐巾纸摩擦过的吸管固定在支架上，用另一带电的物体靠近吸管带电

的一端，发现它们相互排斥，说明它们带的是(选填“同种”或“异种”)电

荷。

(3)图丙中往8管中吹气,A管中水面上升，这是因为A管口处气体压强变。

(4)图丁中利用底端封闭的吸管和食盐等器材来测一枚新鲜鸡蛋的密度，步骤如下:

①用刻度尺测出吸管的长度为L。；

②往吸管内装入适量的盐使其竖直漂浮在盛水的杯中，测出吸管露出水面的长度

为In；

③将鸡蛋放入水中，向水中加盐直至,再测出此时吸管露出液面的长度为

L2,则鸡蛋密度p=(用测量量和已知量表示，水的密度为P水)

28.在“探究电流与电阻的关系”实验中，小明选用如下器材：电压恒为4V的电源，

阻值为50、100、20。的定值电阻，规格为“30014”的滑动变阻器，电流表，电

压表，开关和若干导线。

(1)甲图中有一根线连接错误，请在这根线上打“X”，并在图中改正。

(2)改正后，闭合开关并调节滑动变阻器滑片，使电压表示数如图乙所示，记下此

时电流表示数。接着断开开关，保持滑片位置不动，将200电阻换成100电阻，再

闭合开关，应将滑片向移动，使电压表示数与第一次实验相同，此时电流

表示数应为A。

(3)将10。换成5。后重复上述实验，分析数据得出结论。

(4)实验后，小明又设计了如图丙所示的电路图测出了额定电压为U额的小灯泡的

额定功率，已知电源电压恒为U,定值电阻的阻值为&,请将实验步骤补充完整。

①开关国断开，S、S2闭合，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数为，小

灯泡正常发光。

②保持滑动变阻器滑片位置不动，(填三个开关的状态)，记录电压表示数

为U滑。

③小灯泡额定功率的表达式。额=o(用U、U额、U滑、Ro表示)

五、计算题(本大题共2小题，共15.()分)

29.如图是某品牌的纯电动汽车,

轮胎与地面总接触面积为

345。/.求:

(1)空车静止时对水平地面的压强。

(2)假设车上只有质量为60kg的司机，电动汽车充满电后在水平公路上匀速行驶

Wkm,所受阻力为总重力的0.04倍，求牵引力所做的功。

30.如图所示是某款水位自动测控仪的原理图，电源电压U恒为12匕定值电阻&=80,

%总长30皿,阻值为15。，其接入电路的阻值与长度成正比.轻质弹簧的阻值为20,

上端固定，滑片P固定在弹簧下端且与凡接触良好(摩擦忽略不计)。重60M高50c,〃、

底面积为80cm2的圆柱体例挂在弹簧下端。当水位处于最高点A时，M刚好浸没，

此时滑片尸恰在％最上端；当水位将至最低点3时，M的下表面刚好离开水面.已

知弹簧所受拉力尸与其伸长量△L的关系如下表所示.闭合开关S,求：

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(1)当水位处于位置A时，电压表的示数。

(2)当水位处于位置A时，此时弹簧的伸长量为

(3)水位由位置A降至8时，此时电路消耗的电功率。

F/N020406080

△L/cm010203040

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：A、煤、石油和天然气是当今人类利用的主要能源，它们是不可再生能源，

故A错误；

8、核电站是利用原子核裂变所释放的能量来发电，故B正确；

C、人们对太阳能的开发和利用，是太阳能转化为其他形式的能，能量是不能凭空产生

的，故C错误；

。、由于能量转化和转移具有方向性；汽车制动时，由于摩擦动能转化为内能，这些内

能不能自动地再次开动汽车，故。错误。

故选：Bo

(1)像风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能

源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；

(2)核电站是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的；

(3)能量既不能凭空产生也不能凭空消失，总是由一种能量转化为另一种能量，或从一

个物体转移到另一个物体，在转化和转移的过程中能的总量保持不变；

(4)能量转化和转移是有方向性；据热传递的定义分析即可判断。

本题考查的是我们对于能量转化现象的分析能力以及对能的守恒的理解，是一道基础题

目。

2.【答案】A

【解析】解：①食品保鲜的时候会用到干冰，是利用干冰升华吸热，起到降温作用；

②用冰箱制作冰棒，发生了液体的凝固放热的现象；

③冷冻的牛排表面的霜，是水蒸气放热凝华而成的；

④烧开水的时候，壶口的“白气“是水蒸气放热液化形成的小水滴。

故BCD错误，A正确。

故选：Ao

(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液

态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。

(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、

液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。

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分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状

态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

3.【答案】C

【解析】解：

A、潜水员在水中看岸上的树，所以入射光线应该来自岸上，根据光的折射规律，光从

空气中斜射入水中时，折射角小于入射角，故A错误；

8、第一次折射：先过入射点O垂直玻璃上表面作出法线，再在玻璃内部法线的另一侧

作出折射光线，注意折射角小于入射角；第二次折射：先过。'点垂直玻璃下表面作出法

线，再在玻璃的下侧空气中作出折射光线，注意折射角大于入射角，折射光线与玻璃上

表面的入射光线平行，故8错误；

C、太阳在树荫下形成的圆形光斑属于小孔成像，是由光的直线传播形成的，故C正确；

。、树木在水中倒影，是因为来自岸上树木的光线斜射到水面上发生反射，反射光线进

入眼睛，所以才能观察到对岸的树木在水中的倒影，故。错误。

故选：Co

(1)光的折射规律：折射光线、入射光线、法线在同一平面内，折射光线和入射光线分

居法线的两侧，且当光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角。由此分析判断；

(2)光线通过玻璃再进入空气发生两次折射：第一次是从空气斜射进入玻璃，折射光线

应该靠近法线偏折，折射角小于入射角；第二次是从玻璃斜射进入空气，折射光线应该

远离法线偏折，折射角大于入射角；由于玻璃上下表面垂直，第二次折射的入射角等于

第一次折射的折射角，所以第二次折射的折射角等于第一次折射的入射角，最后的出射

光线与入射光线相比，只是做了平移，即出射光线与入射光线平行；

(3)光的直线传播形成的现象包括：小孔成像，影子的形成，日、月食的形成等；

(4)首先确定光的传播方向，然后根据倒影属平面镜成像现象，其原理是光的反射。

本题考查了光的直线传播、光的反射、光的折射的光路图；要注意这几种现象的本质，

在日常生活中学习用所学知识解释有关现象。

4.【答案】B

【解析】解：A、安全门后的墙壁上明亮的灯箱，使物体和环境对比度越小，小华不能

清晰的观察到她的像，故A错误；

8、小华站在平面玻璃制的地铁安全门外候车，小华与安全门的距离为1相，小华向安全

门走近0.5m,她与安全门的距离为0.5m,她的像到安全门的距离也0.5m,则她与像的

距离为0.5m+0.5m=1m,故B正确；

C、物像大小相等，小华远离安全门，则她在安全门中成的像大小不变，故C错误；

。、物像连线与镜面垂直，安全门向两侧打开，则小华在安全门中成的像位置不会发生

改变，故。错误。

故选：B。

(1)探究平面镜成像实验时，物体和环境对比度越大，并且物体越亮，物体的像越清晰；

(2)平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像到镜面的距离相等，

物像连线与镜面垂直。

此题主要考查平面镜成像特点的应用。要熟练掌握平面镜成像特点。

5.【答案】A

【解析】解：

A、在相同温度下，水和冰的质量也相同，冰化成水需要吸收热量，所以1依水比1依

冰内能大，故A正确；

B、一切物体在任何温度下都具有内能，所以0国的物体仍具有内能，故B错误；

C、发生热传递的条件是：有温度差，热量总是从温度高的物体传递给温度低的物体或

从同一物体温度高的部分传递给温度低的部分，内能大的物体的温度不一定高，故c

错误；

。、物体温度升高，不一定是吸收了热量，还可能是外界对物体做了功，故力错误。

故选：A。

(1)内能是物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和，一切物体都有内能，内

能的大小跟温度、质量、状态有关；

(2)热传递的条件是物体之间有温度差，高温物体将能量向低温物体传递，直至各物体

温度相同；

(3)做功与热传递在改变物体的内能的效果上是等效的，但从能的转化观点来看它们的

区别在于：做功是其他形式的能转化为内能，能量的形式没有变化；热传递则是内能在

物体间发生转移。

本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、热传递的条件及改变物体内能方法的理

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解，是中考的热点，热学的重点。

6.【答案】C

【解析】解：A、下滑的过程中，在重力的方向上通过了距离，重力对他做了功，故A

错误；

8、运动员下滑过程中，若一切外力都消失，由牛顿第一定律可知，他将做匀速直线运

动，故B错误；

C、用撑杆撑地进行加速，是利用了力的作用是相互的，故C正确；

。、滑雪板长且宽，是在压力一定时，增大受力面积，减小压强，故。错误。

故选：Co

(1)做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离。

(2)一切物体在不受外力作用时•，总保持静止状态或匀速直线运动状态。

(3)物体间力的作用是相互的。

(4)减小压强的方法：在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；在受力面积一定

时，通过减小压力来减小压强。

本题考查了做功的两个必要因素、惯性、物体间力的相互作用、减小压强的方法等，是

一道综合性较强的题目，但总体难度不大。

7.【答案】D

【解析】解：

4、沙桶与沙的总重力为G,使用定滑轮不能改变力的大小(忽略细线与滑轮之间的摩擦

)，则物块受到的拉力大小为G；因为物块做匀速直线运动，拉力和滑动摩擦力是一对

平衡力，所以A和B所受滑动摩擦力的大小为G,8相对于A相对静止，没有摩擦力，

故A错误；

8、物块A受到的重力与桌面对物体A的支持力，大小不等，不是一对平衡力，故B错

误；

C、小桶匀速下降的过程中重力势能克服摩擦力做功转化为内能，故C错误。

D、AB之间相互挤压，B对4的压力是8的形变产生的，故。正确。

故选：£>«

(1)当物体之间存在相对运动或相对运动趋势时会受到摩擦力的作用；

(2)二力平衡的条件是：作用在同一物体上的两个力，如果大小相等，方向相反，并且

在一条直线上；

(3)小桶匀速下降的过程中重力势能克服摩擦力做功转化为内能；

(4)明确弹力产生的原因是施力物体发生形变要恢复原状而产生的，从而分析物体受到

弹力的原因。

此题考查平衡力的辨别、摩擦力、能量的转化以及弹力的产生，是一道综合题。

8.【答案】B

【解析】解：

A、选择甲、乙，液体的质量和种类相同，燃料的种类不同，可以探究热值的大小；实

验中燃烧相同的时间，无法判定燃料燃烧的质量的大小，所以无法根据液体升高的温度

来反映燃料热值的大小，故A错误；

8、选择甲、丙，燃料的种类相同，液体的质量相同，种类不同，可以探究比热容的大

小，实验中用加热时间的长短来反映液体吸收热量的多少，故B正确；

C、甲、丙所示实验中所用燃料种类与质量相同，相同时间内燃料燃烧释放的热量相等，

燃料燃烧释放的热量被烧杯中的液体吸收，则Qa=Qb，甲、丙两实验烧杯中液体的初

温相等，末温丁用〉丁丙,则△t/>△t丙,即4ta>△力，因为Qa=Qb，相等，△tl>△t2,

Q=cm&t,所以由c=看;可知，©。〈电，故C错误；

。、甲、乙两实验所使用的燃料质量"?相同而种类不同，加热质量相同的同种液体，液

体温度升高的越高，则表明燃料放出的热量越多，燃料的热值越大，由于7>>丁乙，所

以勺1>勺2，故。错误。

故选：Bo

(1)为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质

量相同，通过比较温度计升高的示数，判断两种液体比热容的大小关系：

(2)燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出

热量的多少，而液体吸收热量的多少跟液体的质量和升高的温度有关，因此为了比较热

值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过比较温度计升高的

示数比较吸热多少，进而判断热值大小。

本题考查了学生对热值概念、比热容概念的了解与掌握，分析时用好控制变量法是本题

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的关键。

9.【答案】D

【解析】解：4为保证安全开关应接在火线和用电器之间，则图中连接方式不符全安全

用电原则，故A错误；

B.图中的测电笔接触火线，手没有接触尾部金属体，鼠管不会发光，故B错误；

C.当发生短路或用电器的总功率过大时，都会引起电路中的电流过大，空气开关就会出

现“跳闸”现象，故C错误；

D电能表上所标“2.5(5)4”中，说明电能表平时工作允许通过的最大电流/康大=54,

电能表工作电压U=220V,

则电路中同时使用的用电器的最大电功率：P康大=〃展大=22017X54=1100〃，即

电路中同时使用的用电器总功率不能超过H00W,故。正确。

故选：Da

(1)为保证安全，电路设计时要求开关应接在火线和用电器之间；

(2)使用测电笔辨别火线和零线时，用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线，通管发光，

表明检测的是火线；

(3)电流过大的原因：一是短路；二是用电器的总功率过大；

(4)电能表上所标“2.5(5)4”中，2.54是指电能表的标定电流，5A是指电能表平时工作

允许通过的最大电流，220V是指电能表的工作电压，利用尸=U/求出电路中同时使用

的用电器的最大电功率。

本题考查了安全用电的注意事项，要掌握，本题在现实生活中具有现实意义，是一道好

题。

10.【答案】D

【解析】解：A、通电后绕有线圈的铁钉可吸引小铁钉，说明通电螺线管周围产生磁场，

演示的是电流的磁效应，故4正确；

8、图中有电源，线圈内通以电流，则通电线圈在磁场力的作用下发生运动，故演示的

为磁场对电流的作用，即电动机的工作原理，故3正确；

C、图中导体棒"在磁场中做切割磁感线运动时，电流表中会产生感应电流，故演示的

为电磁感应，故C正确；

。、图中接通电源后，直导线内通以电流，则导体在磁场力的作用下发生运动，故演示

的为磁场对电流的作用，即电动机的工作原理，故。错误。

故选：Do

本题考查电磁感应、电流的磁效应以及磁场对通电导体的作用，可根据实验装置及实验

的现象进行判断。

物理为实验学科，很多知识来自于实验，故应注意对实验学习的重视，掌握好实验的原

理及现象。

11.【答案】c

【解析】解：只闭合开关S2时:%、/?2串联，R1两端的电压小于电源电压，电路中的电

流/=可=而五=五排根据P=/2R可知%的电功率为p=/2%=（总）2X40=焉。

4、只闭合开关a、Sz，电路为%的简单电路，故4错误；

B、只闭合开关S],电路为&的简单电路，&两端的电压等于电源电压，根据P=?可

知治的电功率P1=连=卷＞P,故8错误；

t/2f/2t/264

C、只闭合开关S3,/?2和角串联，电路的总功率P总=4=五孱正=示=五'P，故C

正确；

。、所有开关都闭合，R1和7?3并联，故。错误。

故选：Co

只闭合开关S2时:%、/?2串联，根据欧姆定律得出电路中的电流，根据P=/2R可知R1的

电功率为P的值。4、只闭合开关工、52，电路为R1的简单电路；

B、只闭合开关S1，电路为%的简单电路，R1两端的电压等于电源电压，根据P=?可

知R1的电功率：C、只闭合开关S3,/?2和色串联，根据P=?可知电路的总功率；

D、所有开关都闭合，咒和/i3并联。

本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，综合性强，难度较大。

12.【答案】B

第20页，共35页

【解析】解：由电路图可知，闭合开关S,8与/?2串联，电压表测/?2两端的电压，电流

表测电路中的电流。

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

.UU

所以，当滑动变阻器接入电路的阻值为Ro时，电路中的电流：11=或=嬴拓，

当滑动变阻器接入电路的阻值为5/?0时，电路中的电流：72=4=嬴说，

因滑动变阻器接入电路的阻值由R。增大到5R。，电流减少了一半，定值电阻公的功率变

化了2.7W,

所以，。=2/2,即三T=2蒜",整理可得：&=：&=2x900=30。，

***1IK。十Ki33

△匕=/位1一女R1=(2/2)2七一/"1=3/科=3(^^)2%=3X(5X3O：+9()JX

9on=2.7UZ,

解得：U=24V。

①电流表示数变化了△I=ll-I2=212-I2=I2=^-=菽就痂=0.14,故①正

确；

②两电压表的示数分别为4=/述2=嵩X&=茄怒而X30。=6V,U2'=12R2'=

—^―x5/?0=———x5x300=15K,

5R()+Riu5X30C+90。

则电压表示数变化了△U2=U2'-U2=15V-6V=97,故②错误；

③滑动变阻器/?2的功率变化了△「2=久%-UJi=U2'I2-U2x2I2=③'一

24)/2=(15V-2x6V)xO.U=0.31V,故③正确；

④电路消耗的总功率变化了△P=Uh-UI2=U(/1-I2)=U^1=24Vx0.14=

2.41V,故④错误。

综上可知，①③正确。

故选：B。

由电路图可知，闭合开关S,心与/?2串联，电压表测7?2两端的电压，电流表测电路中的

电流。根据电阻的串联和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值为自和5R。时电路中

的电流，滑动变阻器接入电路的阻值由&增大到5岛，电流减少了一半，根据电流表示

数的变化量得出等式即可求出R。的阻值，根据P=U/=MR表示出定值电阻⑹的功率变

化了2.7皿即可求出电源的电压，然后结合选项进行解答得出答案。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确得出电源的电压和品

的阻值是关键，要注意电压表不测带电源用电器两端的电压。

13.【答案】静止做功电磁波3x108

【解析】解：(1)“天问一号”的环绕器绕火星同步飞行时相对于火星地面的位置没有

发生改变，“天问一号”相对于火星地面是静止的；

(2)“天问一号”降落时与火星大气层摩擦，机械能转化为内能，使“天问一号”外表

面温度升高，这是通过做功的方式改变内能的；

(3)“天问一号”火星探测器是利用电磁波将其收集的信息传输回地球，电磁波在真空

的传播速度为3x108m/so

故答案为：静止；做功；电磁波；3x108。

(1)在判断物体的运动静止时，要看物体相对于参照物的位置是否发生改变，如果改变，

物体是运动的，如果不变，则物体是静止的。

(2)改变内能的方式有两种，即做功和热传递。

(3)电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空

中传播，广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的；电磁波的传播速度等

于光速。

此题以““天问一号”火星探测器为素材，考查了运动与静止的相对性、改变内能的方

式、电磁波的应用等，难度不大，属于基础性题目。

14.【答案】音色反射二倍焦距远离

【解析】解：观众能区别不同乐器发出的声音，因为声音的音色不同。观众看到演员的

裙子呈绿色，是因为裙子反射绿光。拍照时，相机镜头与演员之间的距离应大于二倍焦

距。如果想让更多的演员进入画面中，可将照相机的镜头远离演员。

故答案为：音色；反射；两倍焦距；远离。

(1)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声

音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由

发声体本身决定的一个特性。

(2)不透明物体的颜色由它反射的色光决定。

(3)物体到透镜的距离大于二倍焦距时，成倒立缩小的实像，照相机是根据这一原理工

作。

第22页，共35页

(4)当凸透镜成实像时，物体到透镜的距离越远，所成的像越小。

区分声音的三个特征，知道物体颜色的奥秘，理解凸透镜成像的特点和应用，可解答此

题。

15.【答案】内2,52x1060.14

【解析】解：(1)煤燃烧的过程中煤的化学能转化为内能；

(2)经过6min时间加热，水温由20汽升高到8CTC,

水所吸收的热量：

Q吸=cm(t-to)=4.2X103J/(kg•℃)x10kgx(80℃-20℃)=2.52X1067.

(3)由4=穿得，煤燃烧需放出热量：

Q放

、放=｝与J.2XW，

由Q放=mq得，燃烧煤的质量：

Q放4.2X106/...

m=——=---z---=0n.14kg。

煤wq3xio7J/kgv

故答案为：内;2.52x106；0.14。

(1)燃料的燃烧都是将化学能转化为内能；

(2)由图知，经过6min时间加热，水升高的温度值，利用吸热公式求水吸收的热量；

(3)根据晟求出需要放出的热量，根据Q成=mq求出需要的煤。

本题考查了学生对吸热公式、燃料完全燃烧放热公式的掌握和运用，能从液体的温度随

时间变化的图象搜集有关信息是本题的关键。

16.【答案】=>变大不变

【解析】解：(1)两个电子天平的示数相同，说明溢出液体的质量相同，根据G=mg知，

溢出液体的重力相同，根据阿基米德原理可知：物体所受浮力等于排开液体的重力，所

以球状物所受的浮力等于碗状物所受的浮力

由图知，溢出水的体积小于溢出液体的体积，根据p=蔡可知，水的密度大于液体的密

度；

根据p=pg/i可知，装有水的溢水杯底部受到的压强大;

(2)在两个溢水杯中放足量的盐搅拌后，液体的密度变大，

①由于球状物仍然沉在盐水底部，则排开的液体体积不变，根据尸:>=G扉=p液匕癖可

知浮力变大；

②由于碗状物始终处于漂浮状态，根据漂浮条件可知：浮力与物体的重力相等，由于

碗状物重力不变，所以碗状物所受浮力不变。

故答案为：=;>;变大；不变。

(1)根据阿基米德原理可知：物体所受浮力等于排开液体的重力；根据密度公式P=?判

断出水和液体的密度，根据p=pg/i分析溢水杯底部受到的压强的大小；

(2)在两个溢水杯中放足量的盐搅拌后，液体的密度变大，由于球状物沉在盐水底部，

排开的液体体积不变，利用F浮="P股"分析球状物所受的浮力变化；

由于碗状物处于漂浮状态，根据漂浮条件即可判断碗状物所受的浮力变化。

本题考查物体浮沉条件、阿基米德原理的灵活应用，利用好漂浮条件是本题的关键。

17.【答案】2.1x104320006000

【解析】解：(1)有用功：

W有用=Gh=4.2x103/Vx5m=2.1x1047；

(2)由图可知，n=3,绳子自由端移动的距离：

s=nh=3x5m=15m,

绳子自由端移动的速度：

s15m介.

七=1=W=3M/S；

(3)根据7?=宝网得，总功为：

21x10474

WM=-==3x107；

点T]70%)

根据W=Fs可得拉力：

F=—==2000N;

s15m

拉力的功率：

P=—==6OOOUZ0

t5s

故答案为：2.1x1033；2000；6000»

(1)有用功等于物重与物体升高的高度的积，W=G/i；

第24页，共35页

(2)先判断由承担总重绳子的段数"，根据s=凡"计算出绳端移动的距离，再根据速度公

式求绳子自由端移动的速度；

(3)根据4—谭^求总功，根据W=Fs求拉力，再根据P=:求拉力的功率。

W总t

本题考查了有用功、额外功、功率、机械效率的计算公式，属于中档题。

18.【答案】0.5553.6

【解析】解：(1)灯泡正常发光时的电压4=6L功率匕=3〃，

由2="可得，灯泡L正常工作时的电流：〃=今=3=0.54；

ULbv

(2)当Si、S2、S3均闭合时，灯泡L与定值电阻氏并联，电流表测干路电流，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，此时灯泡两端的电压为6匕灯泡正常发光，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，通过此的电流：。=/-〃=1.74-0.54=1.24,

则&的阻值：&=，=言=5。；

(3)当闭合Si，断开S?、S3时，定值电阻&与滑动变阻器&串联，电压表测/?2两端的电

压，电流表测电路中的电流，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，当电压表的示数4=3V时，R1两端的电压：Ur=U-U2=6V-3V=3V,

因串联电路中各处的电流相等，

所以，电路中的电流：/'=*=5=0.64

此时滑动变阻器接入电路中的电阻：/?2=々=各=5。＜100,

此时电路安全，此时电路中的电流最小，电路的总功率最小，

则p"=UI'=6Kx0.64=3.6忆

故答案为：0.5；5；5；3.6»

(D灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，功率和额定功率相等，根据p=w求出灯

泡L正常工作时的电流；

(2)当Si、52、S3均闭合时，灯泡L与定值电阻％并联，电流表测干路电流，根据并联

电路的电压特点结合灯泡的额定电压确定灯泡正常发光，根据并联电路的电流特点求出

通过长的电流，利用欧姆定律求出％的阻值；

(3)当闭合Si，断开S2、S3时，定值电阻R】与滑动变阻器&串联，电压表测两端的电

压，电流表测电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出电压表的示数为3V时％两

端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，利用欧姆定律求出

此时滑动变阻器接入电路中的电阻，然后判断出电路安全，此时电路中的电流最小，电

路的总功率最小，利用P=U/求出其大小。

本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确得出最后一问中电

路的最小电流是关键，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。

19.【答案】2、34864.8

【解析】解：(1)当水面上升到警戒水位时，。、。两点接通，控制开关连接2、3两触点

时仅电铃发出忽强忽弱的报警声；

(2)灯泡微弱发光时灯泡与心串联，根据指示灯规格为“6V3W”且灯泡的电阻不变，可

知，灯泡的电阻是R=?=需=120；

已知当灯泡微弱发光时，其两端实际电压为%,消耗的实际功率为额定功率的表，即此

时实际功率为卷X3W=0.12W,据尸=/2R可知，/=叵=叵亚=01小

257R712D

故此时灯泡的电压是：U=IR=0.Mx1212=1.2V,所以定值电阻的电压是：U'=6V-

1.2V=4.8U；

故定值电阻的阻值是：&=牛=黑=48。；

(3)此时灯泡发出微弱的光时的功率是：P'=Q=^X3W=0.12MZ；

故据图乙可知，每1.5s的时间，指示灯3W工作时间是0.5s,0.12”工作时间是Is,故

指示灯工作60s,以3W功率工作的时间是口=黑x0.5s=20s,所以以0.121V工作的

时间是t2=60s-20s=40s；

由P=/可得，

以3W功率消耗的电能是%=Pt.=3Wx20s=60/；

则以0.12卬功率消耗的电能是肌=P、2=0.121Vx40s=4.8/；

60s共消耗的电能是：W=607+4.87=64.871,

故答案为：2、3；48；64.8o

解：(1)据图可知，控制开关连接2、3两触点时电铃发出忽强忽弱的报警声，控制开关

连接3、4两触点电铃报警同时电灯会亮、暗交替闪烁发光，控制开关连接4、5两触点

第26页，共35页

时仅有灯泡闪烁发光，则灯泡与电铃并联：

(2)据灯泡的规格可以计算出灯泡的电阻，灯泡微弱发光时灯泡与R。串联，据灯泡的电

阻和灯泡的实际功率可以计算出灯泡的实际电流，而后再据串联电路电压和电流的规律

分析即可得出答案；

(3)计算出指示灯两种功率下的工作时间，而后据公式W=Pt计算电能即可。

本题考查电阻、电功、电功率的计算，关键是公式及其变形的应用，难度较大。

20.【答案】解：在发生光的反射时，反射角等于入射角，据此在法线右侧的水中画出

入射光线；光从水中斜射入空气中，折射角大于入射角，折射光线远离法线，据此在法

线左侧的空气中画出折射光线.如图所示.

【解析】一束光线从水里射向空气中时，既要发生反射，又要发生折射，反射角等于入

射角，折射角大于入射角.据此完成光路图.

在两种透明介质的界面上，反射和折射一般是同时发生的，反射与入射在同种介质中，

折射与入射在两种介质中，反射角等于入射角，光由空气斜射入其它透明介质中时，折

射角小于入射角，光由其他透明介质斜射入空气中时，折射角大于入射角.

21.【答案】解：从支点。向以的作用线作垂线，垂线段的长度为4的力臂/；

根据杠杆平衡条件，动力臂越长越省力，力的作用点确定，从支点到动力作用点的距离

便为最长的力臂；图中。为支点，要使杠杆平衡且动力最小，就应该让力尸作用在B

点，OB最长的力臂，则力F应与OB垂直且向下。如图所示：

【解析】(1)动(阻)力臂是指从支点到动(阻)力作用线的距离；已知支点，画出力的作用

线，过支点作力的作用线的垂线段，画出力臂；

(2)根据杠杆平衡的条件，F1XL1=F2XL2,在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下,

要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。而在通常情况下，连接杠杆上支点和动力作

用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题。

要做出杠杆中的最小动力，可以按照以下几个步骤进行：①确定杠杆中的支点和动力

作用点的位置；②连接支点与动力作用点，得到最长的线段；③经过动力作用点做出

与该线段垂直的直线；④根据杠杆平衡原理，确定出使杠杆平衡的动力方向。

22.【答案】解：由图可知，导体中的电流方向不变，磁场的方向改变，则导体切割磁

感线运动的方向会改变，如图所示：

【解析】感应电流的方向与导体运动方向、磁场的方向有关。

本题考查了影响感应电流方向的因素，属于基础题。

23.【答案】温度计的玻璃泡接触了容器底减少热量的损失从而减少加热时间未沸

腾b

【解析】解：(1)由图可知，温度计的玻璃泡接触了容器底；

纸板盖在烧杯口，可以减少热量的损失，缩短加热时间，还可以固定温度计；

(2)水的气泡在上升过程中体积逐渐变大，所以是沸腾时的现象，图中气泡由大变小，

此时水未沸腾；

(3)由图丁可知，装置①②③中均有盖，所以水面上方的气压相同，水的沸点相同，而

图戊的图象中〃、b、c的沸点相同；

装置②中水的初温为92久，装置①③水的初温为90。&用相同的酒精灯加热，装置②

中的水最先达到沸点，所以装置②对应的图象是c；

装置①中的水较少，③中的水较多，用相同的酒精灯加热，①中的水温度升高得快，③

中的水温度升高得慢，所以，装置①对应的图象是小装置③对应的图象是出

故答案为：

(1)温度计的玻璃泡接触了容器底；减少热量的损失从而减少加热时间；(2)未沸腾；(3)人

(1)根据温度计的使用方法分析；为了减少热量的散失，要在烧杯上加盖，这样可以缩

第28页，共35页

短实验时间，并可起到固定温度计的作用；

(2)水在沸腾过程中产生大量气泡，气泡在上升过程中体积逐渐变大；

(3)根据图象中温度与时间的变化关系及其沸点来分析得出结论。

本题考查水的沸腾实验的灵活应用与变通，读懂题意，根据常识灵活变通是解决此类问

题的关键。

24.【答案】等大右B像与物的大小关系便于比较像与物到平面镜的距离关系

【解析】解：(1)由图可知，此时的物距等于像距，凸透镜成倒立、等大的实像；

(2)将近视眼镜的镜片放在蜡烛和透镜之间适当位置，近视眼镜是凹透镜，对光线有发

散作用，像会推迟会聚，此时应将蜡烛向右移动，