2021年江苏省无锡市滨湖区中考物理二模试卷（附答案详解）

2021年江苏省无锡市滨湖区中考物理二模试卷

一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）

1.小明和小华读出a、。、e三个拼音字母，利用软件采集到的数据如表，分析可知（）

字母小明小华

a109.2Hz261.2Hz

b115.4Hz279.0Hz

c120.5Hz282.8Hz

小明小华

A.小明声音音调低B.小明声音响度大

C.小华声音音调低D.小华声音响度大

2.下列现象中，能用光的反射解释的是（）

3.下列现象能用分子动理论解释的是（）

①温度越高，蒸发越快；

②酒精与水混合后总体积变小；

③液体很难被压缩；

④在显微镜下，看到细菌在活动；

⑤化纤衣服很容易粘上灰尘。

A.①②③④B.③④⑤C.①②③D.②③④⑤

4.坐船游览漓江时，时不时感觉到“满眼风波多闪灼，看山恰似走来迎”。人感觉山

仿佛“走来迎”，所选的参照物可能是（）

A.江旁的高山B.江旁的树木C.江旁的房屋D.乘坐的游船

5.下列关于信息和能源的说法正确的是（）

A.玩具遥控汽车是靠遥控器发送的电磁波向小汽车传送动作指令的

B.核电站利用核聚变释放能量

C.原子核由中子和电子组成

D.电能属于一次能源

6.下列情况中，不计空气阻力，物体的机械能保持不变的是（）

A.物体自由下落

B.人坐在热气球上匀速升空

C.运动物体在光滑的水平面上受拉力的作用，运动速度增大

D.利用滑轮组将物体匀速提高

7.图甲是海南网上扶贫超市给百香果配的多功能小勺X

子。把4点压在百香果上固定、B处的“刺刀”刺进

果壳，用力使勺子绕4点转动一周，“刺刀”就把果

壳切开（如图乙）关于勺子的构造和使用说法正确的甲

是（）

A.勺子转动切果时可作省力杠杆用

B.勺柄表面有花纹是为了减小摩擦

C.“刺刀”很尖利是为了增大压力

D.勺子绕着果转动时运动状态不变

8.如图所示，用滑轮组提升重物时，重400N的重物在10s内匀速上升

了1M。已知拉绳子的力尸为250N,不计绳重和摩擦，则提升重物的

过程中（）

A.绳子自由端下降速度为0.3m/s

B.动滑轮的重力为150N

C.拉力户的功率是40Mz

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D.滑轮组的机械效率是80%

9.如图甲所示，阿祺用弹簧测力计挂着一个小圆柱体物块，物块浸没在盛水的大水槽

中。现他将测力计缓缓提升，直到圆柱体物块全部露出水面一段距离，在该过程中

测力计的示数尸随圆柱体上升高度人的关系如图乙所示。己知g=10N/kg,P^=

1.0xl03kg/m3,水槽内水质量的变化可以忽略不计，则下列判断中正确的是（）

A.圆柱体浸没在水中时受到的浮力是1.0N

B.圆柱体被提升的整个过程电子秤的示数一直减小

C.圆柱体的底面积是0.5x10-2m2

D.圆柱体的密度是1.5x103fc^/m3

10.某种半导体材料的阻值随温度升高而减小利用该材料设计了一个通过电表示数反

应温度高低的电路，要求温度升高时电表示数增大。电源电压不变，以下电路符合

11.如图，甲、乙、丙三图的装置完全相同，燃料的质量相同，烧杯内液体的初温与质

量也相同，不考虑热量损失。下列选项正确的是（）

A.加热相同时间，对比甲、乙两图，若燃料2的热值较高，可得乙图液体末温较高

B.加热相同时间，对比乙、丙两图，若液体b的末温较高，可得燃料1的热值较大

C.加热相同时间，对比乙、丙两图，若液体a的末温较高，可得液体a的比热容较

小

D.对比甲、丙两图，若两液体的末温相同，甲燃料1消耗较多，可得液体a的比热

容较小

12.在如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，代为定值电阻，闭合开关S,将滑动

变阻器的滑片.P从最左端滑到最右端，两电压表示数随电流表示数变化的完整图

线如图乙所示。则下列说法正确的是（）

A.电压表匕对应的是图线②B./?2的最大阻值小于％的阻值

C.电压满足4=%+D.电路的最大总功率为

二、填空题（本大题共11小题，共26.0分）

13.今年年初在抗击新型冠状病毒期间，医护人员穿着厚厚的防护服、戴上口罩和眼罩,

眼罩上的玻璃片常常模糊不清，这是由于水蒸气在玻璃片上形成的；管控期

间各高速出口、小区出入口等地方需要进行测量体温，使用的一种测温枪可以快速

对进出人员进行非接触式体温测量，这种测温枪利用进行工作，它在真空中

的传播速度为m/So

14.如图所示，从左到右是小明测量盐水密度的过程，倒入量筒的盐水质量和体积分别

是__g和cm3,盐水的密度是kg/m3»

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15.“鲤鱼跃龙门”寄托着人们祈盼飞跃的美好愿望。当鲤鱼离开水面向上跃起的过程

中，它在水中所成的像与水面的距离像的大小（均选填“变大”、

“变小”或“不变”）。

16.在“探究凸透镜成像的规律”实验中，某同学的实验如图所示。

N

（1）如图所示，要使烛焰的像成在光屏的中央，光屏应向移动。

（2）实验用凸透镜的焦距为10cm,当把蜡烛放在距离凸透镜15c/n处，调节另一侧

光屏的位置，可得到烛焰清晰的倒立、（选填“放大”、“缩小”或“等

大”）的实像。

（3）某小组实验时对装置进行了改进，将蜡烛换成LED灯，而且将光屏换成带有方

格的光屏。你认为实验小组对该实验进行改进的优点之一是。

17.在“观察水的沸腾”的实验中，安装如图甲所示的实验装置时，石棉网的高度应根

据的高度调节，实验过程中，当水温上升到80久时，每隔0.5min记录一次温

度计的示数，当观察到水中有大量的气泡产生，且在上升过程中体积逐渐

升至水面破裂，我们认为水开始沸腾，沸腾一段时间后停止加热，测出该过程中的

温度绘制出温度随时间的变化图象如图乙所示，根据图象可知水的沸点为℃,

沸腾时，持续加热水温不变的主要原因是。

18.用燃气灶烧水时，把2kg初温为20久的水加热到100。，，共燃烧了40g天然气(假设

天然气完全燃烧).已知天然气的热值为4.2x107〃kg,水的比热容为4.2x

1。3J/(kg■℃)

(1)水的内能增加了_____J，这是通过的方式增加内能的。

(2)燃气灶烧水的效率为%»

19.如图探究影响滑动摩擦力大小的因素，物体4的重为12N。

(1)如图甲，加速拉动木板，则测得的力的摩擦力(选填“偏大”、“偏小”

或“不受影响”)。

(2)由图______两次实验，可以探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系。

(3)由甲、丙两图的实验结论可知，丁图中氢气球对4向上的拉力为N。

20.某同学用如图所示容器研究液体内部压强与哪些因素有关。他在容器中间用隔板分

成左右两部分，隔板靠近下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭，橡皮膜两侧压强不同时，

其形状发生改变。当隔板两侧注入相同深度、密度均为Pi的同种液体时，橡皮薄膜

形状如图(a)所示；当隔板两侧注入不同深度、密度均为生的同种液体时，橡皮薄

膜形状如图(b)所示；当隔板两侧注入相同深度、密度为pi和P2不同液体(Pl<P2)时,

橡皮薄膜形状如图(c)所示•

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①比较图(a)和(b)可知：

②比较图(a)和(c)可知：

21.如图电路中，8=120,R2=6/2,当开关S闭合时，电流

表为、&的示数比是,灯和此两端的电压之比是

22.踢足球是青少年喜爱的一项体育活动，用脚将足球踢起后，空中飞行的足球最终要

落回地面，这是因为足球受到了的作用，落回地面的球会滚动一会儿，最

终又停下来，这又是因为足球受到了的作用.

23.图甲是一个带开关和指示灯的三孔插座。小明发现当开关断开时指示灯不发光，插

孔也不能提供工作电压；当开关闭合时指示灯发光，插孔可以提供工作电压；如果

指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压。请在图乙中画出插座中的开关、

指示灯(连限流电阻)和插孔的连接方式，并把插座与电源线接通。

指小灯开关

三、作图题(本大题共2小题，共4.0分)

24.请在图中根据入射光线画出相对应的折射光线。

F

25.如图所示，烧杯静止在斜面上，小球悬浮在水中。请作

出小球所受的浮力和烧杯对斜面的压力的示意图。

四、实验探究题（本大题共2小题，共14.0分）

26.小明在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关“的实验中，他用质量不同的两个小

钢球m和的质量大于血），分别从不同的高度无和＞h）静止开始滚下，观察

木块B被撞击后移动的距离，实验过程中如图甲、乙、丙所示。

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m

（/）小明通过观察木块B移动的距离长短，来判断小球动能的大小，这种研究方法

（选填“控制变量法”或“转换法”）；若水平面绝对光滑，本实验将

（选填“能”或“不能”）达到探究目的。

（2）由甲、乙两图可得实验结论：物体的动能大小与。

（3）小丽根据甲、丙两图得出结论：物体动能的大小与质量有关，她的看法是否正

确。（选填“正确”或“错误”），理由是。

（4）另一同学用如图丁、戊所示的方法探究动能的大小与速度的关系，他将相同质

量的小球从不同高度（殳>卜）由静止开始释放,通过观察木块在铁板和毛巾上滑行

的距离来判断小球动能的大小，这种方法是（选填“正确的”或“错误

的”）。

27.小红和小明进行“测量小灯泡的额定功率”的实验，实验室提供的器材有：不同规

格的小灯泡和滑动变阻器、1.51/的干电池（若干）和其他常用器材。

（1）图甲是小红进行实验的实物电路图，小灯泡额定电压为3.8V,滑动变阻器的规

格为“10014”，请用笔画线代替导线，将图中的电路连接完整，使闭合开关时

滑动变阻器连入电路的阻值最大。

(2)连接好电路之后，闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终不发光，小红猜想可

能的原因：①小灯泡的灯丝断了；②小灯泡短路；③滑动变阻器断路。她再观察，

发现电流表示数为零，由此可判断猜想是错误的；又进一步观察到电压表有

示数，最终确定猜想是正确的。(两空均选填“①”、"②”或“③”)

(3)排除故障后，小红移动滑片，使电压表的示数达到小灯泡的额定电压，此时电

流表的指针如图乙所示，小灯泡的额定功率为皿。

(4)小明用小红的实验电路接着测量规格为“2.5V0.34”小灯泡的额定功率。闭合

开关，保证小灯泡发光的情况下，无论如何移动滑片，电压表示数始终高于2.5乙

为此必须对实验器材进行调整，下列措施可行的是：、。(填字母代

号)

A.换最大阻值较小的滑动变阻器

8.串联定值电阻

C.减少电池个数

D增加电池个数

五、计算题(本大题共1小题，共6.0分)

28.图甲是某新型太阳能汽车，该汽车的动力完全由安装在车顶的电池板收集的太阳能

提供。汽车(包括司乘人员)的质量为1.2t,接收太阳能电池板的面积为8m2,在水

平路面上以恒定功率做直线运动的u-t图象如图乙(取g=ION/kg)。

(1)如汽车匀速行驶过程中所受阻力大小为车重的0.02倍，则汽车牵引力为多大？

(2)求汽车在0〜20s内牵引力做的功。

(3)若汽车吸收的太阳能转化为机械能的效率为40%,则太阳光照射到地面单位面

积上的辐射功率为多少？

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六、综合题（本大题共1小题，共6.0分）

29.图1是自动注水喷洒循环工作装置示意图：可绕。点自由转动的轻质杠杆4端通过轻

绳悬挂一圆柱体，B端固定一轻质三角支架，支架与固定不动的压力敏感电阻心保

持水平接触挤压，杠杆保持水平平衡。已知。4OB=1：4,圆柱体的底面积为

0.01m2,高度为2m,质量为16kg,圆柱体底面到水箱底部的距离为0.2加圆柱体

水箱的底面积S=0.41^2,水箱高度足够；闭合Si和S2,当电磁铁线圈中的电流/2

0.24时，吸引衔铁K,喷洒系统将水箱中的水抽出，向外喷洒；当电磁铁线圈中的

电流/<0.124时，释放衔铁K,注水系统向水箱中注水，线圈电阻不计；电压U=6V,

电阻箱R调至某一阻值；RF的阻值与支架所施加压力户的关系图线如图2所示，g取

（1）从如图1所示的水位开始注水，随着水位上升，圆柱体受到的浮力将,

电磁铁的磁性（以上两空均选填“增大”或“减小”）。

（2）已知水箱内的初始水位即为所设定的最低水位0.4m（如图1）；注水系统正常工作

时，其功率100W,每秒钟给水箱注水量恒为0.004血3；喷洒系统正常工作时，其

功率为200W,每秒钟喷出水量恒为0.002m3,求：

①电阻箱R的阻值为n,所设定的最高水位为m；

②该装置正常工作12m讥，喷洒系统和注水系统消耗的总电能。

（3）为增大设定的最高水位，应适当______（选填“增大”或“减小”）电阻箱R的

阻值，与原来相比，此时水箱内最高水位与最低水位高度差将（选填“增

大“、“减小”或“不变”）.

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答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：由表中数据可知，小明和小华读出a、。、e三个拼音字母时，小华发出声

音的频率比小明高，所以小华声音的音调高，小明声音的音调低，故A正确，C错误。

响度大小与振幅和距离发声体的远近有关，从表中得不到影响响度的信息，无法比较响

度大小，故8。错误。

故选:A„

音调是指声音的高低，音调的高低与发声体振动快慢有关,物体振动越快,音调就越高，

物体振动越慢，音调就越低。

响度是指声音的大小，影响响度的因素是振幅和距离发声体的远近，振幅越大，响度越

大；距离发声体越近，响度越大。

本题考查了对影响音调和响度的因素的理解和应用，是一道基础题。

2.【答案】C

【解析】解：

4、鱼在水中，而人在船上，则来自鱼的光线需要从水中射向空气中进入人眼，此时光

线就会发生折射，折射光线进入人眼，人看到的是鱼的虚像，由于虚像的位置比鱼的位

置要高，所以我们要瞄准看到的鱼的下方去叉；与题意不符；

以由图可知，激光引导掘进方向是利用了光的直线传播，由于光是沿直线传播的，所

以光引导的掘进方向也是直的；与题意不符；

C、看到地上物体是由于光的反射，反射光线进入眼睛。符合题意；

。、凸透镜会聚光线是由于光的折射。与题意不符；

故选：Co

要解决此题，需要掌握光的反射现象，知道平面镜成像是由于光的反射形成的。

要掌握光的折射现象，知道水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市

蜃楼、凸透镜成像都是光的折射。

要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传

播形成的。

此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解,

在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。

3.【答案】C

【解析】解：①温度越高，分子无规则运动越快，蒸发越快，故能用分子动理论解释；

②酒精与水混合后，由于分子在永不停息地做无规则运动且分子间存在间隙，酒精分

子和水分子彼此进入对方，总体积变小，故能用分子动理论解释；

③液体很难被压缩，是因为分子有一定的体积和分子间存在斥力，故能用分子动理论

解释；

④在显微镜下，看到细菌在活动，细菌不是分子，故不能用分子动理论解释；

⑤化纤衣服很容易粘上灰尘，这是静电现象，故不能用分子动理论解释。

故选：Co

分子动理论包括：物质是由大量分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，分子间

存在着相互的引力和斥力。

本题难度不大，掌握分子的基本性质及利用分子的基本性质分析和解决问题的方法是解

答此类题的关键。

4.【答案】D

【解析】解：人感觉山仿佛“走来迎”，被研究的物体是山在运动，山和船之间发生了

位置的改变，而与江旁的高山、树木、房屋之间的位置没有发生改变，所以选择乘坐的

游船为参照物。

故选：。。

首先判断被研究的物体，被研究的物体是静止的，选择和被研究的物体位置不变的物体

为参照物。被研究的物体是运动的，选择和被研究的物体位置发生改变的物体是参照物。

一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物；所选取的参照物不同，得到

的结论也不一定相同，这就是运动和静止的相对性。

5.【答案】A

第14页，共33页

【解析】解：4、玩具遥控汽车是靠遥控器发送的电磁波向小汽车传送动作指令的，故

A正确。

B、核电站利用核裂变工作，故8错误。

C、原子核由质子和中子构成，故C错误。

。、通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源，如电能，故。错误。

故选：4。

(1)电磁波的传播不需要介质，可用于信息的传递。

(2)核电站利用核裂变工作。

(3)原子由原子核和电子构成，原子核由质子和中子构成。

(4)无法从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源；如

电能。

了解电磁波的应用、核电站的工作原理，知道原子的构成、能源的分类，可解答此题。

6.【答案】A

【解析】解：4、在没有空气阻力的情况下，物体自由下落时，重力势能转化为动能，

没有能量的损失，即机械能的总和不变，故4正确；

8、人坐在热气球上匀速升空，动能不变，但重力势能在增大，故机械能增大，故B错

误；

C、运动物体在光滑的水平面上受拉力的作用，运动速度增大的过程中，动能增大，重

力势能不变，故机械能增大，故C错误；

。、利用滑轮组将物体匀速提高的过程中，物体的动能不变，重力势能增大，故机械能

增大，故。错误；

故选：Ao

机械能包括动能和势能；动能的大小与质量和速度有关，质量越大、速度越快则动能越

大：重力势能大小与质量和高度有关，质量越大、高度越大则重力势能越大；抓住选项

中质量、速度、高度的变化情况，进行分析。

(1)掌握动能、重力势能的影响因素。(2)能判断动能、重力势能、机械能的变化。

7.【答案】A

【解析】解：4、勺子转动切果时，动力臂可以大于阻力臂，所以可作省力杠杆用，故

A正确；

8、勺柄表面有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故8

错误；

C、“刺刀”很尖利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，受力面积的大

小不能改变压力的大小，故C错误；

。、勺子绕着果转动时，勺子的运动方向发生变化，其运动状态发生变化，故。错误。

故选：Ao

(1)要判决杠杆是省力杠杆还是费力杠杆，要先判断动力臂和阻力臂的大小关系，再判

断它是属于哪种类型的杠杆；

(2)增大摩擦力的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。在接触

面粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力；

(3)增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力来增大压强；在压力一定时，减小

受力面积来增大压强；

(4)运动状态保持不变，指的是物体速度的大小和方向都不能发生变化，否则物体的运

动状态就变了。

本题考查了学生对增大摩擦的方法、杠杆的分类，增大压强的方法，都属于基础知识,

只要细心并不难解答。

8.【答案】D

【解析】解：

A、由图知，n=2,绳子自由端被拉下的距离：s=2h=2xIm=2m,

绳子自由端下降的速度：u=：=鬻=0.2m/s,故A错误；

B、不计绳重和摩擦，拉力F=+G动)，则动滑轮的重力：G动=2F-G=2x250N-

400/V=100N,故8错误；

C、拉力做的总功：勿忌=Fs=250/Vx2m=500/,

拉力做功的功率：。=.=幽=50勿，故C错误；

t10s

D、拉力做的有用功：

IV有=Gh=400NX1m=4007,

第16页，共33页

滑轮组的机械效率：

〃=2=黑乂100%=80%,故力正确。

“总5UUJ

故选：D。

(1)由图知，n=2,绳子自由端移动的距离s=2/i,再利用速度公式求绳子自由端下降

速度；

(2)不计绳重和摩擦，利用F=|(G+G动)求动滑轮的重力；

(3)利用勿=Fs求拉力做的总功，再利用P=?求拉力做功功率；

(4)利用W=G/i求拉力做的有用功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。

本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率、机械效率的计算，要利用好关系式：不

计绳重和摩擦，拉力F=T(G+G动)。

9.【答案】D

【解析】解：A由图乙可知，圆柱体在空气中时弹簧测力计的示数尸=3N,即圆柱体的

重力G=F=3N,

圆柱体浸没时弹簧测力计的示数F'=1N,则圆柱体浸没在水中时受到的浮力F浮=G-

F'=3N-1N=2N,故A错误；

8.因圆柱体受到的浮力和圆柱体对水的压力是一对相互作用力，

所以，圆柱体对水的压力尸尔=「浮，

又因物体对水平面的压力和自身的重力相等，

所以，电子秤的示数尸=G水槽+G次+尸笈=G次樽+G次+F浮，

由图乙可知，圆柱体被提升的整个过程中弹簧测力计的示数先不变后变大再不变，

则圆柱体受到的浮力先不变后变小再不变(此时浮力为0),所以电子秤的示数先不变后

变小再不变，故B错误；

C.因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，

所以，由F次=。液。晞可得，圆柱体的体—=嗫=怎==2X

10-4m3,

圆柱体从刚出水面到完全离开时，由图乙可知，圆柱体上升的高度九=6cm-2c/n=

4cm,

水面下降的高度△%=*，圆柱体的高度H=/i+△%,

3容

则圆柱体的底面积S=-=—<-=丝U二M=0.5x10-2m2,故C错误；

Hh+A/ih4xl0-2m

»由6=叫9可得，圆柱体的质量m=?=就商=0.3kg,

33

圆柱体的密度p=/=2x：：骞p=1・5X10kg/mf故。正确。

故选：Do

(1)根据图乙读出圆柱体在空气中时弹簧测力计的示数即为圆柱体的重力，然后读出圆

柱体浸没时弹簧测力计的示数，根据称重法尸浮=G--求出圆柱体浸没在水中时受到

的浮力；

(2)圆柱体受到的浮力和圆柱体对水的压力是一对相互作用力，二力大小相等，电子秤

的示数等于水槽和水、圆柱体对水的压力之和，根据图乙得出圆柱体被提升的整个过程

中弹簧测力计的示数变化，根据称重法尸；7=G-F'可知圆柱体受到的浮力变化，从而

得出电子秤的示数的变化；

(3)根据产浮=P/嗫求出圆柱体浸没时排开水的体积即为圆柱体的体积，根据图乙读

出圆柱体从刚出水面到完全离开时圆柱体上升的高度，根据U=S/i求出水面下降的高度,

再根据U=S/i求出圆柱体的底面积；

(4)根据G=mg求出圆柱体的质量，利用P=?求出圆柱体的密度。

本题考查了称重法求浮力和阿基米德原理、密度公式、重力公式的综合应用等，从图像

中获取有用的信息是关键。

10.【答案】C

【解析】解：

A、由图知，定值电阻Ro与半导体并联，电流表测量定值电阻中的电流；因为并联电路

中各支路互不影响，所以半导体的电阻随温度的升高而减小时，通过定值电阻的电流不

变，即电流表示数不变，故A错误；

B、由图知，定值电阻岛与半导体并联，电压表测量并联电路两端电压；因为并联电路

两端电压等于电源电压且不被，所以电压表示数不变，故B错误；

C、由图知，定值电阻R。与半导体串联，电压表测量定值电阻两端电压；当温度升高时，

半导体的阻值变小，则串联电路中的总电阻变小；由欧姆定律可知，电路中的电流变大；

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由公式U=/R可知，定值电阻两端电压变大，即电压表的示数变大，故C正确；

。、由图知，定值电阻&与半导体串联，电压表测量半导体两端电压；当温度升高时，

半导体的阻值变小，由串联分压的规律可知，半导体分得的电压减小，即电压表的示数

变小，故。错误。

故选：Co

4、根据电路图可知，定值电阻心与半导体并联，电流表测量定值电阻中的电流；根据

并联电路中各支路可以独立工作、互不影响的特点可知电流表示数的变化；

8、根据电路图可知，定值电阻R。与半导体并联，电压表测量并联电路两端电压；根据

并联电路电压规律可知电压表示数的变化；

C、根据电路图可知，定值电阻岛与半导体串联，电压表测量定值电阻两端电压；根据

半导体与温度的关系得出电路阻值的变化，然后根据欧姆定律可知电路电流的变化，最

后根据欧姆定律的变形公式可知定值电阻两端电压的变化：

。、根据电路图可知，定值电阻岛与半导体串联，电压表测量半导体两端电压；根据半

导体与温度的关系得出电路阻值的变化，然后根据串联电路分压规律可知半导体两端电

压的变化。

本题考查了电路的动态分析，涉及到串并联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好“半

导体的阻值是随环境温度的升高而减小的”是关键。

11.【答案】A

【解析】解：4、甲、乙两图液体的初温与质量相同，且燃料的质量相同，若燃料2的

热值较高，最终燃料2放出的热量多，则乙图液体吸收的热量更多，液体的末温更高，

故A正确；

8、乙、丙两图中时两种液体的比热容不同，无法通过液体最终升温情况来比较吸收的

热量多少，故不能判断燃料1、2放出的热量，也不能判断热值大小，故B错误；

C、乙、丙两图中燃料的种类不同，热值不同，无法通过液体最终升温情况来比较吸收

的热量多少，故不能判断必吸收热量多少，也不能判断处的比热容大小，故C错误；

。、甲丙燃料种类相同，相同时间内放出的热量相同，若两液体的末温相同，甲燃料1消

耗较多，说明液体a吸收的热量较多，由=可知，液体a比热容比液体b大，

故。错误。

故选：Ao

根据控制变量法的要求，根据实验目的选择符合要求的实验。

探究不同物质的吸热能力时要利用相同质量的不同物体，探究不同燃料的热值时，要利

用相同质量的不同燃料。

12.【答案】C

【解析】解：由图可知，闭合开关S,该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，

电压表匕测量的是定值电阻两端的电压，电压表/测量的是滑动变阻器两端的电压；

4、滑片在最右端时，&接入电路的阻值为零，因此此时电压表彩示数为零，由图像可

得，图线②反映的是电压表彩示数随电流的变化，图线①反映电压表匕示数随电流的

变化，故A错误；

8、从图乙可以看出，电路中电流最小时为〃，此时滑动变阻器两端的电压要大于此两

端的电压，根据分压原理，滑动变阻器的最大阻值要大于治的阻值，故B错误；

C、从图乙可以看出，电路中电流为〃时，电压表匕示数为4,电压表彩示数为UJ，根

据串联电路的电压规律可知，电源电压〃=Ua+UJ

当滑动变阻器接入电路的电阻为。时，电压表匕测量的是电源电压，此时的示数为4,

所以Uc=Ua+UJ故C正确；

D、由图可知，当电路中电流为/c时，电流是最大的，则最大功率为：P=UJc，故。

错误。

故选：C。

由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表力测量的是定值电阻

两端的电压，电压表/测量的是滑动变阻器两端的电压；

(1)滑片在最右端时，K接入电路的阻值为零，因此此时电压表七示数为零，据此分析；

(2)根据欧姆定律知，当滑动变阻器连入电路中的电阻最大时，电路中电流最小，由图

判断两电阻的电压关系，根据分压原理确定两电阻的关系；

(3)在串联电路中，电源电压等于各部分电压之和：

(4)根据公式「=U/可知，当电路中电流最大时，总功率最大。

本题考查欧姆定律及串联电路的规律的灵活运用，关键是从图获取有效的信息，有难度。

13.【答案】液化红外线3x108

第20页，共33页

【解析】解：眼罩上的玻璃片常常模糊不清，这是由于呼出的水蒸气在玻璃片上液化形

成的。

测温枪是利用红外线工作的。

红外线在真空中的传播速度为3x108m/s„

故答案为：液化；红外线；3x108。

(1)物质由气态变为液态，叫液化。

(2)红外线的热作用强，常用在遥控器和测温枪上。

(3)红外线、紫外线、可见光都属于电磁波，电磁波在真空中的传播速度为3x108nl小。

知道液化概念、红外线的应用，知道电磁波的传播速度，可解答此题。

14.【答案】45401.125X103

【解析】解：根据甲图可知，烧杯和剩余盐水的总质量为：Tn】=50g+20g+2.4g=

72.4g

烧杯和剩余盐水的总质量Tn?=20g+5g+2.4g=27.4g,

则倒出盐水的质量rn=mi-m2=72Ag-27.4g=45g,

根据图乙可知倒出盐水的体积V=40cm3,

盐水的密度p=£==1.1255/cm3=1.125x103^/m3«

故答案为：45：40；1.125x103。

读取天平示数时应将右盘中祛码质量与游码在标尺上的示数相加，倒出盐水的质量等于

总质量与剩余的总质量之差，量筒的示数就是倒出盐水的体积，再利用公式P=£可求

出盐水的密度。

本题主要考查的是学生对天平和量筒的使用、密度计算公式的理解和掌握，基础性题目。

注意单位换算lm，=1cm3,,

15.【答案】变大不变

【解析】解：当鲤鱼离开水面向上跃起的过程中，鲤鱼与水面之间的距离变大，由于像

到水面的距离等于鲤鱼到水面的距离，所以鲤鱼在水中所成的像与水面的距离变大，像

的大小始终和鲤鱼的大小相同，故像不变。

故答案为：变大；不变。

物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，像和物体到镜面的距离相等。

本题主要考查了平面镜成像特点的应用，属基础知识的考查，应熟练掌握平面镜成像的

特点。

16.【答案】下放大实验现象更明显(便于观察或减少污染)

【解析】解：

(1)应使蜡烛、凸透镜、光屏，三者三者的中心大致在同一高度，图中，光屏过高，所

以应将光屏向下调整；

(2)若此凸透镜的焦距为10cm,蜡烛放在距离凸透镜15cm处，满足/<n<2/,调节另

一侧光屏的位置可得到烛焰清晰、倒立、放大的实像；

(3)蜡烛换成灯的优点：实验现象更明显、便于观察、减少了污染等。

故答案为：(1)下；(2)放大；实；(3)实验现象更明显(便于观察或减少污染)。

(1)探究凸透镜成像的实验时，在桌面上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直

线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中心。

(2)凸透镜成像时，f<u<2f,成倒立、放大的实像。

(3)蜡烛换成LED灯便于观察，稳定且减少污染。

本题考查了凸透镜成像实验中注意的事项、成像规律的运用和实验的改进，是一道好题。

17.【答案】酒精灯外焰变大99大量的热量随着水蒸气散失到空气中

【解析】解：实验中需要用酒精灯的外焰加热，安装如图甲所示的实验装置时，应该用

酒精灯外焰的高度调节石棉网的高度；

沸腾时，由于此时整个容器内的水温相同，气泡不断升高，深度不断减小，水压不断减

小，并且有大量水蒸气进入气泡，气泡逐渐变大；

如图乙所示，水沸腾时保持99T温度不变，所以水的沸点是99?；

水温达到沸点，继续吸热水就会沸腾汽化，大量的热量随着水蒸气散失到空气中，水吸

收的热量与汽化散失的热量达到动态的平衡，沸腾时温度保持不变。

故答案为：酒精灯外焰；变大；99；大量的热量随着水蒸气散失到空气中。

(1)因为在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应从下向上固定实验器材的位置；

(2)沸腾时，水吸热温度保持不变，不变的温度即为沸点，气泡在上升过程中体积逐渐

变大，达到水面处破裂；

第22页，共33页

(3)水温达到沸点，继续吸热水就会沸腾汽化，大量的热量随着水蒸气散失到空气中。

本题考查探究水沸腾的实验，关键是将实验操作原则及结论掌握清楚，仔细分析即可。

18.【答案】6.72x105热传递40

【解析】解：

(1)水吸收的热量：

Q吸=cm(t-玲)=4.2x103J/(kg•℃)x2kgx(100℃-20℃)=6.72x10s7,

即水的内能增加了6.72x105;；这是通过热传递的方式增加内能的；

(2)天然气完全燃烧放出的热量：

Q泓=mq=40xlO-3^x4.2X107J/kg=1.68x1067；

燃气灶的效率：

T]=—x100%=672X10?x100%=40%o

16

QIA1.68X107

故答案为：(1)6.72x105；热传递；(2)40o

(1)知道水的质量、水的比热容，求出水温度的升高值，利用吸热公式Q股=At求水

吸收的热量，即水的内能增加值；改变内能的方式是做功和热传递。

(2)由Q^=mq可求出天然气完全燃烧放出的热量；水吸收的热量跟天然气完全燃烧放

出的热量之比等于燃气灶的效率。

本题主要考查了燃料完全燃烧放热公式Q放=aq、Q吸=cmxt=cm(t-％)和效率公

式的掌握和运用，计算时注意：水吸收热量、内能增加，水的内能增加值等于水吸收的

热量。

19.【答案】不受影响甲、乙2

【解析】解：(1)如图甲，实验中，若加速拉动木板，4与木板的压力、接触面粗糙程度

不变，则测得的4的摩擦力不受影响；

(2)探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系时，需要控制压力相同，接触面的粗糙程

度不同，故对比甲、乙两图；

(3)如图甲，根据二力平衡的原理可知，向左拉动木板，当4静止后，A受到的滑动摩擦

力就等于弹簧测力计的示数，为2.4N；

力的重力为12N,则4对木板的压力为12N,受到的摩擦力为2.4N,则摩擦力与压力的比

由图丁可知，此时的摩擦力为2N,减小的摩擦力为2.4N-2N=0.4N,则减小的压力

为：翳=2N,即氢气球对4向上的拉力为2N。

故答案为：(1)不受影响；(2)甲、乙；(3)2。

(1)影响滑动摩擦力的因素是压力和接触面的粗糙程度；

(2)找出压力相同，而接触面粗糙程度不同的两组实验；

(3)根据压力和摩擦力的大小得出压力与摩擦力的关系，然后求出减小的压力，从而得

到气球的拉力。

在探究“滑动摩擦力的大小与什么有关”的实验中，注意控制变量法和二力平衡原理的

运用，熟练掌握影响滑动摩擦力的因素，能结合实验现象进行分析，是解答本题的关键。

20.【答案】同种液体，深度越深，液体内部压强越大深度相同，液体密度越大，液体

内部压强越大

【解析】解：①比较图(a)和(b)同种液体，深度相同时，橡皮膜两侧压强相同，形状不

发生改变，压强相同，同种液体，深度不相同时，橡皮膜两侧压强不相同，形状向左发

生形变，右侧深度深的压强大，可知：同种液体，深度越深，液体内部压强越大；

②比较图(a)和(c)不同种液体，深度相同时，橡皮膜两侧压强不相同，形状向左发生形

变，右侧液体密度越大，液体内部压强越大，可知：深度相同，液体密度越大，液体内

部压强越大；

故答案为：①同种液体，深度越深，液体内部压强越大；②深度相同，液体密度越大，

液体内部压强越大。

根据控制变量法分析回答；分别分析图中液体对橡皮膜的压强方向，通过观察橡皮膜的

形变方向来比较两侧液体压强的大小。

本题探究液体压强，考查控制变量法和转换法的运用，要掌握.

21.【答案】2：31：1

【解析】解：由电路图可知，两电阻并联，电流表必测/?2支路的电流，电流表4测干

路电流；

第24页，共33页

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以R1和/?2两端的电压之比是1：1；

所以，通过两支路的电流分别为：

,_U_U._U_U

1-R1_12/2,2-&-6C，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，干路电流：

/=/1+/2=示+而=而，

则电流表4与4示数之比：

而-2：3。

故答案为：2：3；1：1。

由电路图可知，两电阻并联，电流表公测/?2支路的电流，电流表必测干路电流；根据

并联电路的电压特点和欧姆定律表示出两支路的电流，再根据并联电路的电流特点求出

干路电流，进一步求出两电流表的示数之比。

本题考查了欧姆定律和并联电路特点的应用，关键是电路串并联的辨别和电流表所测电

路元件的判断。

22.【答案】重力；阻力

【解析】解：

用脚将足球踢起后，足球要受到重力作用，由于重力的方向是竖直向下的，因此飞行中

的足球最终落向地面是由于受到重力的作用；

滚动的正确由于受到地面对它的阻力作用，所以会运动得越来越慢，最后停下来.

故答案为：重力；阻力.

重力是指地球附近的一切物体都要受到的力，它是由于地球对物体的吸引而产生的，方

向竖直向下；

物体在运动过程中，同时也会受到阻力的作用，力是改变物体运动状态的原因.

此题主要考查了常见的惯性现象以及力的作用效果，除了要了解惯性的概念，还会通过

物体状态的改变分析物体受力情况.

23.【答案】解：插线板上的指示灯在开关闭合时会发光，插孔正常通电，说明开关同

时控制灯泡和插座，灯泡和插座之间可能是串联，也可能是并联，如果两者并联，开关

应该在干路上；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能正常通电，说明灯泡和插座之间

是并联的，开关接在灯泡、插座和火线之间控制火线使用更安全。如图所示：

【解析】干路开关控制所有的用电器。并联电路各用电器之间互不影响，串联电路的用

电器互相影响。

本题主要考查了对常见播线板的连接情况的掌握，注意辨别它们的连接方式，并且能看

懂和画出相应的连接图。

24.【答案】解：

过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将

过焦点，如图所示：

【解析】仔细观察入射光线的特点，根据凸透镜的光学特点(三条特殊光线)作图。

凸透镜三条特殊光线的作图：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴：②平

行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；③过光心的光线经凸透镜折射后传播方

向不改变。

25.【答案】解：

(1)小球受到的浮力F次方向竖直向上，作用点在小球的重心；

(2)在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面、

带箭头的线段，符号为凡可得烧杯对斜面的压力示意图。如图所示：

第26页，共33页

F

【解析】(1)漂浮的物体受到的浮力方向竖直向上，作用点在物体的重心；

(2)压力是接触面受到的力，因此压力的作用点在接触面上，即烧杯与接触面的中点；

然后根据压力的方向垂直于受力面，并过压力作用点表示出压力的方向即可。

本题的关键是确定浮力和压力的作用点和方向，并会用力的示意图表示力的三要素。注

意浮力的方向始终竖直向上。

26.【答案】转换法不能速度有关错误没有控制速度一定错误的

【解析】解：(1)实验中通过观察木块B移动的距离长短，来判断小球动能的大小，这里

用到的物理学研究问题的方法是转换法；

若水平面绝对光滑，则木块运动时不受摩擦力作用，撞击后将保持匀速直线运动，不能

通过木块移动的距离长短来判断小球动能的大小，所以本实验将不能达到探究目的。

(2)甲、乙两图中小球的质量一定，初始高度不同，到达水平面的时的速度不同，对木

块做功多少不同，故可以得出结论：物体的动能大小与速度有关。

(3)小丽的看法是错误的，因为要探究动能与质量的关系，需要保证小球的速度不变，

甲、丙两图中小球下落的高度不同，则到达水平面的速度不同，故不能得出动能大小与

质量的关系。

(4)图2所示的方法探究动能的大小与速度的关系，应改变小球撞击木块前的速度，控制

其它因素相同，而实验中没有控制水平面的粗糙程度相同，故错误的。

故答案为：(1)转换法；不能；(2)速度有关；(3)错误；没有控制速度一定；(4)错误的。

(1)实验中通过观察木块被推动的距离来比较物体动能的大小；根据牛顿第一定律，若

水平面绝对光滑，则木块不受摩擦力作用，撞击后将保持匀速直线运动，实验将不能达

到探究目的；

(2)(3)(4)动能大小跟质量和速度有关；在探究动能大小跟质量关系时，控制速度大小不

变；在探究动能大小跟速度关系时，控制质量不变；影响动能大小的因素有物体的质量

与速度，因此，在探究和分析结论时，一定要注意控制变量法的运用，并据此得出结论。

掌握动能大小的影响因素，利用控制变量法和转换法，探究动能大小跟各因素之间的关

系。

27.【答案】②①1.14BC

【解析】解：(1)连接电路图，使闭合开关时滑动变阻器连入电路的阻值最大，滑动变

阻器采用一上一下的连接方式，故选择右下接线柱，因小灯泡的额定电压为3.8叭选择

电压表的量程为0〜15V，与小灯泡并联连接，连接电路如图所示：

(2)连接好电路之后，闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终不发光，电流表示数为零，

可以判断电路是断路，由此可判断猜想小灯泡短路是错误的；又进一步观察到电压表有

示数，说明电压表与电源之间的电路连接是通路，最终确定猜想小灯泡的灯丝断了是正

确的；

(3)如图乙所示，电流表选用的是小量程，分度值为0.024电流表的示数为0.34此时

小灯泡的电压为额定电压3.8W根据功率公式计算可得小灯泡的额定功率为：P=UI=

3.8VX0.34=1.141V；

(4)闭合开关，保证小灯泡发光的情况下，无论如何移动滑片，电压表示数始终高于2.51/,

说明小灯泡两端的电压较大，应采取措施减小灯泡两端的电压，根据串联电路中电流和

电压规律可知，可以通过增加电路中总电阻的方法，降低电路中的电流，使灯泡两端的

电压减小，故换最大阻值较大的滑动变阻器和串联定值电阻的方法可行，故A错误，B

正确；还可以从电源电压考虑，减小电源电压，即减少电池个数，故C正确，。错误；

故选：BC；

故答案为:(1)如图所小；(2)@;①；(3)1.14；(4)B；C；

(1)滑动变阻器采用一上一下的连接方式，选择电压表的量程；

(2)根据故障现象分析故障原因，通过分析电流表和电压表的示数，判断电路故障原因；

(3)根据电流表的量程读出电流表的示数，通过P=U/计算功率；

(4)根据串联电路中电流和电压规律分析降低灯泡两端电压的方法。

第28页，共33页

本题是测量小灯泡功率的实验，考查了滑动变阻器的应用，电压表的读数及电功率的计

算，并且涉及到串联电路中电流和电压规律的应用。

28.【答案】解：

(1)由题可知汽车的质量为m=1.2t=1.2x103kg,

4

汽车所受的重力为G=mg=1.2x103kgx^GN/kg=1.2x10/V,

汽车所受阻力为f=0.02G=0.02X1,2X104N=240/V,

因为汽车匀速行驶，牵引力与阻力是一对平衡力，大小相等，

所以牵引力F=f=240N；

(2)由图乙可知，汽车匀速行驶时，v=15m/s

则汽车的恒定功率为：

P=Fv=240NX15m/s=36001V；

汽车在0〜20s内牵引力做的功为：

W=Pt=3600WZx20s=7.2x1047；

(3)由题可知，汽车获得的机械功率为P极=3600”

太阳照射在地面的辐射总功率为：

=90001V；

440%

太阳照射在地面单位面积上的辐射功率：

P总9000W„..

0n太=丁=^^=1125c皿z//加2。

答：(1)汽车牵引力为240N；

(2)汽车在0〜20s内牵引力做的功是7.2x1047；

(3)太阳光照射到地面单位面积上的辐射功率为1125W/m2。

【解析】(1)知道太阳能汽车的质量，根据G=mg求出重力，根据重力和阻力的关系求

出阻力大小，匀速直线运动的物体受到平衡力作用，根据平衡力条件求出驱动电机提供

的牵引力；

(2)汽车在10〜20s内做匀速运动，处于平衡状态，牵引力等于阻力，利用P=F”可求

汽车的恒定功率，再根据W=Pt可求汽车在0〜20s内牵引力做的功；

(3)根据P总=£可求太阳照射在地面的辐射总功率，进而得出太阳光照射到地面单位面

积上的辐射功率。

此题主要考查了功率、重力、二力平衡等，计算时注意公式变换以及单位统一。

29.【答案】增大增大51.2增大不变

【解析】解：(1)从如图1所示的水位开始注水，随着水位上升，圆柱体排开水的体积变

大，

由尸浮=。/嗫可知，圆柱体受到的浮力将增大，

根据?浮=6-尸拉可知，轻绳对圆柱体的拉力减小，即杠杆4端受到的拉力减小，

由杠杆的平衡条件以-OA=FB-。8可知，杠杆8端受到的压力减小，即压敏电阻受到的

压力减小，

根据图2可知，压敏电阻的阻值减小，控制电路的总电阻减小，

由/=£可知，控制电路的电流增大，则电磁铁的磁性增大；

(2)①圆柱体的重力：G=mg=16kgxION/kg=160/V,

注水系统正常工作时，水箱内的初始水位为0.4m,

此时圆柱体排开水的体积：V排=S画柱(物■浸=S圆柱体也低-九。)=0.01m2X(0.4m-

0.2m)=2x10-3m3,

圆柱体受到的浮力：F浮=「水9丫排=1.0x103kg/m3x10N/kgx2x10-3m3=20/V,

杠杆4端受到的拉力：5=G-尸浮=160/V-20/V=140/V,

由杠杆的平衡条件以-OA=F-OB可得，压敏电阻受到的压力：FB=等自=；x

BUD4

1407V=35N,

由图2可知，RF与F的关系为一次函数，可设为七=/cF+b,

把F=0N、RF=100和尸=40N、/?F=500代入可得：100=ONxk+b,50/2=40/Vx

k+b,

联立等式可得：b=10/2,k=in/N,即RF=1O/NXF+1O0,

则F=FB=35N时，RF=IH/Nx35/V+100=450,

由题意可知，注